2025年人民版高三物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人民版高三物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖，A、B兩個物體的質(zhì)量均為1kg，兩個物體之間用輕彈簧栓接，彈簧的勁度系數(shù)為100N/m．兩個物體均處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)用恒力F=20N豎直向上提起物體A，當(dāng)B恰好要離開地面時，下列說法正確的是（）（g=10m/s2）A.在上述過程中，以B物體為系統(tǒng)的機(jī)械能守恒B.在上述過程中，物體A的機(jī)械能守恒C.當(dāng)B恰好離開地面時，物體A的速度為2m/sD.當(dāng)B恰好離開地面后，物體B的加速度始終大小相等2、關(guān)于參考系的選取，下列說法正確的是（）A.參考系必須選取靜止不動的物體B.參考系必須是在地面上的物體C.在空中運(yùn)動的物體不能做為參考系D.運(yùn)動的物體也可以做為參考系3、如圖是一汽車在平直路面上啟動的速度-時間圖象，在0～t1段圖象是直線段，t1時刻起汽車的功率保持不變．已知路面阻力不變；則由圖象可知（）

A.0～t1時間內(nèi)；汽車的牽引力增大，加速度增大，功率不變。

B.0～t1時間內(nèi)；汽車的牽引力不變，加速度不變，功率增大。

C.t1～t2時間內(nèi)；汽車的牽引力減小，加速度減小。

D.t1～t2時間內(nèi)；汽車的牽引力不變，加速度不變。

4、【題文】下列關(guān)于光的波粒二象性的說法中，正確的是（）A.有的光是波，有的光是粒子B.光子與電子是同樣的一種粒子C.光的波長越長，其波動性越顯著，波長越短，其粒子性越顯著D.大量光子產(chǎn)生的效果往往顯示粒子性5、【題文】如圖所示；為一質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動的速度—時間圖象，下列說法錯誤的是：()

A.整個過程中，CE段的加速度最大B.在18s末，質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動方向發(fā)生了變化C.整個過程中，D點(diǎn)所表示的狀態(tài)離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)D.BC段所表示的運(yùn)動通過的位移是34m6、關(guān)于質(zhì)點(diǎn)，下列說法中正確的是（）A.研究微小的灰塵時，灰塵一定可以看成質(zhì)點(diǎn)B.計(jì)算火車通過南京長江大橋的時間，火車可以看成質(zhì)點(diǎn)C.研究行駛在京九鐵路上北京到深圳的火車，火車可以看成質(zhì)點(diǎn)D.研究體操運(yùn)動員在空中的動作時，運(yùn)動員可以看成質(zhì)點(diǎn)7、地球的半徑為R，某地球衛(wèi)星在地球表面所受萬有引力為F，則該衛(wèi)星在離地面高度約6R的軌道上受到的萬有引力約為（）A.6FB.7FC.FD.F8、如圖所示，開關(guān)S處于斷開狀態(tài)，把一個架在絕緣支架上的枕形導(dǎo)體放在正電荷形成的電場中，導(dǎo)體處于靜電平衡時，下列說法正確的是（）A.B兩點(diǎn)電場強(qiáng)度不相等，電勢不相等B.枕形導(dǎo)體感應(yīng)起電是由于導(dǎo)體中正、負(fù)電荷同時向兩端移動引起的C.感應(yīng)電荷在B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度E′A＜E′BD.當(dāng)電鍵S閉合時，電子從大地沿導(dǎo)線向?qū)w移動評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、將輕彈簧上端固定，下端懸掛小鋼球，把小鋼球從平衡位置豎直向下拉下一段距離，放手讓其運(yùn)動．從小鋼球通過平衡位置開始計(jì)時，其振動圖象如圖所示，下列說法正確的是（）A.鋼球的振動周期為4sB.在t0時刻彈簧的形變量為4cmC.鋼球振動半個周期，回復(fù)力做功為零D.鋼球振動四分之一周期，通過的路程可能大于5cm10、兩顆人造衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動，它們的軌道半徑比為1：4，則（）A.它們的運(yùn)動速率之比為2：1B.它們的周期之比為1：4C.它們的運(yùn)動速率之比為4：1D.它們的周期之比為1：811、如圖所示，AB

兩物塊的質(zhì)量皆為m

靜止疊放在水平地面上。AB

間的動摩擦因數(shù)為4?B

與地面間的動摩擦因數(shù)為?

最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g

現(xiàn)對A

施加一水平拉力F

則A.當(dāng)F<4?mg

時，AB

都相對地面靜止B.當(dāng)F=7?mg

時，A

的加速度為3?g

C.當(dāng)F>8?mg

時，A

相對B

滑動D.無論F

為何值，B

的加速度不會超過?g

12、關(guān)于動能，下列說法正確的是（）A.運(yùn)動的物體所具有的能叫做動能B.運(yùn)動的物體所做的功的大小叫做動能C.做變速運(yùn)動的物體，動能一定在變化D.速度不變的物體，其動能一定不變13、如圖所示，一傾角θ=30°的光滑斜面固定在箱子底板上，一小球用一細(xì)繩拴于箱子頂部，細(xì)繩與斜面間夾角也為θ，細(xì)繩對小球的拉力為T，斜面對小球的支持力為N，重力加速度為g，小球始終相對斜面靜止，則下列運(yùn)動能確保T、N中只有一個為0的是（）A.箱子自由下落B.箱子水平向右做加速運(yùn)動，且加速度大小為gC.箱子水平向右做減速運(yùn)動，且加速度大小為gD.箱子以任意加速度豎直向上做加速運(yùn)動14、如圖所示，一截面為三角形的斜劈，放在粗糙的水平面上，A，B兩個小物體中間夾一個輕質(zhì)彈簧，在沿斜面向下的推力F作用下，恰好都能沿斜面勻速下滑．現(xiàn)突然撤去F，且撤去F前后斜面始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，下列說法正確的是（）A.撤去F瞬間，A的加速度方向沿斜面向上B.撤去F瞬間，B的加速度方向沿斜面向下C.撤去F之前，地面對斜劈的摩擦力方向向左D.撤去F前后瞬間，斜劈對地面的壓力不變15、甲、乙兩物體分別放在廣州和北京，它們隨地球一起轉(zhuǎn)動時，下面說法正確的是（）A.甲的線速度大B.甲的角速度大C.甲的向心加速度大D.甲和乙的角速度相等16、甲、乙兩車沿同一平直公路運(yùn)動的速度圖象，如圖所示．已知t2=2t1，則（）A.甲的加速度大于乙的加速度B.在t1時刻，兩車相遇C.0～t2時間，兩車位移相等D.0～t1時間，兩車位移相等17、如圖是類氫結(jié)構(gòu)的氦離子能級圖．已知基態(tài)的氦離子能量為E1=-54.4eV．在具有下列能量的光子中，能被基態(tài)氦離子吸收而發(fā)生躍遷的是（）A.40.8eVB.41.0eVC.43.2eVD.54.4eV評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)18、在某個點(diǎn)電荷形成的電場的A點(diǎn)，放入試探電荷q=2C，受到的電場力為2N，則該點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為____N/C；若把試探電荷q拿走后，該點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小又為____N/C；若又把另一個試探電荷q=3C放入該點(diǎn)，則該點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小又為____N/C．19、初速度為零的勻加速直線運(yùn)動中，第一個T、第二個T、第三個T內(nèi)的位移之比為____；通過連續(xù)相等的位移所用時間之比為____．20、一個質(zhì)量為m=0.5kg的物體，在F=10N的向心力的作用下做半徑r=0.2m的勻速圓周運(yùn)動，它的向心加速度為a=____m/s2，線速度v=____m/s．21、用長為l的細(xì)線拴一個小球使其繞細(xì)線的加一端在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動，當(dāng)球通過圓周的最高點(diǎn)時，細(xì)線受到的拉力等于球重的2倍，已知重力加速度為g，則球此時的速度大小為____，角速度大小為____，加速度大小為____．22、（1）氫原子的能級如圖1所示，設(shè)各能級的能量值分別為E1、E2、E3En，且，n為量子數(shù)．有一群處于n=4能級的氫原子，當(dāng)它們向低能級躍遷時，最多可發(fā)出____種頻率的光子．若n=4能級的氫原子向n=2能級躍遷時，發(fā)出的光子照射到某金屬時恰能產(chǎn)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，則該金屬的極限頻率為____（用E1、E2、E3En，普朗克常量h表示結(jié)果），上述各種頻率的光子中還能使該金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)的光子有____種．

（2）如圖2所示，木塊A的質(zhì)量mA=1kg，足夠長的木板B的質(zhì)量mB=4kg，質(zhì)量為mC=2kg的木塊C置于木板B上，水平面光滑，B、C之間有摩擦，現(xiàn)使A以vo=10m/s的初速度向右運(yùn)動；與B碰撞后以立即以4m/s的速度彈回．求：

①B運(yùn)動過程中的最大速度；

②若B、C間的動摩擦因數(shù)為0.6，則C在B上滑動的距離．23、【題文】⑴（5分）如圖為頻率f=1Hz的波源產(chǎn)生的橫波，圖中虛線左側(cè)為A介質(zhì)，右側(cè)為B介質(zhì)。其中x=14m處的質(zhì)點(diǎn)振動方向向上。則該波在A、B兩種介質(zhì)中傳播的速度之比vA：vB=____。若圖示時刻為0時刻，則經(jīng)0．75s處于x=6m的質(zhì)點(diǎn)位移為____cm。24、（2016春?彭州市期中）如圖所示彈簧下面掛一個質(zhì)量為m的物體；物體在豎直方向作振幅為A的簡諧運(yùn)動，當(dāng)物體振動到最高點(diǎn)時，彈簧正好為原長．重力加速度為g．則物體在振動過程中。

（1）物體在豎直方向作簡諧運(yùn)動的過程中機(jī)械能是否守恒？____．

A．機(jī)械能守恒B．機(jī)械能不守恒C．不確定。

（2）物體在最高點(diǎn)回復(fù)力____最低點(diǎn)回復(fù)力．（大于；小于或等于）

（3）物體的最大彈性勢能等于____．

（4）物體最低點(diǎn)彈力等于____．評卷人得分四、判斷題(共2題，共20分)25、“寧停三分，不搶一秒”指的是時間．____．（判斷對錯）26、公式E=和對于任何靜電場都是適用的．____．（判斷對錯）評卷人得分五、畫圖題(共2題，共20分)27、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）28、在圖示中，物體A處于靜止?fàn)顟B(tài)，請畫出各圖中A物體所受的彈力．評卷人得分六、簡答題(共1題，共6分)29、籃球以10m/s的速度水平撞擊籃板后以8m/s的速度反向彈回，球與板接觸的時間為0.1s，以初速度方向?yàn)檎?，則籃球在這段時間內(nèi)加速度多大？方向如何？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】根據(jù)只有重力做功；機(jī)械能守恒，即可判定；

由動能定理；結(jié)合重力做功，即可求解A的速度大?。?/p>

根據(jù)牛頓第二定律，結(jié)合受力分析，即可確定加速度的大小關(guān)系．【解析】【解答】解：A；當(dāng)選取A、B與彈簧作為系統(tǒng)時；在運(yùn)動過程中，除重力與彈力做功，還有外力做功，機(jī)械能不守恒，而選A、B或A機(jī)械能也不守恒，故AB錯誤；

C、由題意可知：A原來壓彈簧，現(xiàn)在相同質(zhì)量的B拉彈簧，由胡克定律可知，形變量相同，即為：x=；因此當(dāng)物體B恰好離開地面時，A的位移為0.2m，由動能定理，則有：F?2x=；解得：v=2m/s，故C正確；

D；物體B剛好離開地面時；A的速度大于B的速度，所以彈簧先變長，根據(jù)牛頓第二定律，A加速度小于B，故D錯誤；

故選：C．2、D【分析】【分析】參考系，是指研究物體運(yùn)動時所選定的參照物體或彼此不作相對運(yùn)動的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：A；任何物體均可作為參考系；并不要求是否靜止，如我們常用來作為參考系的地面，其實(shí)一直在運(yùn)動的，故A錯誤；

B；參考系的選取是任意的；應(yīng)根據(jù)所研究的問題靈活選取，并不是一定是選取地面上的物體為參考系，故B錯誤；

C；空中的物體可以作為參考系；如研究炸彈的運(yùn)動時，可以將運(yùn)動的飛機(jī)作為參考系，故C錯誤；

D；參考系的選取是任意的；故任何物體都可以作為參考系，故D正確；

故選：D．3、B|C【分析】

A、0～t1時間內(nèi)；汽車的速度是均勻增加的，是勻加速運(yùn)動，所以汽車的牽引力不變，加速度不變，功率增大，所以A錯誤．

B；由A的分析可知；B正確．

C、t1～t2時間內(nèi)；汽車的功率已經(jīng)達(dá)到最大值，功率不能再增加，所以汽車的牽引力在減小，加速度也要減小，所以C正確．

D；由C的分析可知；D錯誤．

故選BC．

【解析】【答案】由圖可知；汽車從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動，隨著速度的增加，汽車的功率也要變大，當(dāng)功率達(dá)到最大值之后，功率不能在增大，汽車的牽引力就要開始減小，以后就不是勻加速運(yùn)動了，當(dāng)實(shí)際功率達(dá)到額定功率時，功率不能增加了，要想增加速度，就必須減小牽引力，當(dāng)牽引力減小到等于阻力時，加速度等于零，速度達(dá)到最大值．

4、C【分析】【解析】

試題分析：光子既有波動性又有粒子性；波粒二象性中所說的波是一種概率波，對大量光子才有意義．波粒二象性中所說的粒子，是指其不連續(xù)性，是一份能量．個別光子的作用效果往往表現(xiàn)為粒子性；大量光子的作用效果往往表現(xiàn)為波動性．

A；光既是波又是粒子；A錯誤；

B；光子不帶電；沒有靜止質(zhì)量，而電子帶負(fù)電，由質(zhì)量，B錯誤；

C；光的波長越長；其波動性越顯著，波長越短，其粒子性越顯著，C正確；

D；個別光子的作用效果往往表現(xiàn)為粒子性；大量光子的作用效果往往表現(xiàn)為波動性；D錯誤；

故選C

考點(diǎn)：光的波粒二象性．

點(diǎn)評：光的波粒二象性是指光波同時具有波和粒子的雙重性質(zhì)，但有時表現(xiàn)為波動性，有時表現(xiàn)為粒子性．【解析】【答案】C5、B【分析】【解析】

試題分析：整個過程中，CE段傾斜角最大，故其加速度數(shù)值最大，故A正確；在18s末，質(zhì)點(diǎn)的速度圖象還在時間軸上方，方向沒有發(fā)生改變，故B錯誤；從靜止到D點(diǎn)的圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積在時間軸的上方，位移為正，D點(diǎn)以后位移為負(fù)，說明此時已經(jīng)反方向運(yùn)動了，故D點(diǎn)離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)，故C正確；BC段與時間軸圍成的梯形面積為故D正確；

讓選錯的；故選B；

考點(diǎn)：本題是速度--時間圖象的應(yīng)用；

點(diǎn)評：v-t圖象中，傾斜的直線表示勻變速直線運(yùn)動，斜率表示加速度，傾斜角越大表示加速度越大；圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，在時間軸上方的位移為正，下方的面積表示位移為負(fù)【解析】【答案】B6、C【分析】【分析】當(dāng)物體的形狀和大小相對所研究的問題可以忽略不計(jì)的時候，物體可以看做質(zhì)點(diǎn)．【解析】【解答】解：A；如果研究微小的灰塵結(jié)構(gòu)時；灰塵不可以看成質(zhì)點(diǎn)，故A錯誤；

B；計(jì)算火車通過南京長江大橋的時間；火車的長度不能忽略，不可以看成質(zhì)點(diǎn)，故B錯誤；

C；研究行駛在京九鐵路上北京到深圳的火車；火車的長度能忽略，火車可以看成質(zhì)點(diǎn)，故C正確；

D；研究體操運(yùn)動員在空中的動作時；運(yùn)動員的形狀和大小不能忽略，運(yùn)動員不可以看成質(zhì)點(diǎn)，故D錯誤；

故選：C．7、D【分析】【分析】根據(jù)萬有引力定律公式F=，結(jié)合軌道半徑的變化，求出萬有引力的大小．【解析】【解答】解：衛(wèi)星在地面受到的萬有引力：F=．

衛(wèi)星在離地面高度為2R的圓形軌道上受到的萬有引力：

=．故D正確；ABC錯誤．

故選：D．8、D【分析】【分析】枕形導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在枕形導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．當(dāng)點(diǎn)電荷移走后，電荷恢復(fù)原狀．【解析】【解答】解：

A；枕形導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近；出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在枕形導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，靜電平衡時內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電勢相等，故A錯誤．

B；枕形導(dǎo)體感應(yīng)起電是由于導(dǎo)體中負(fù)電荷移動引起；正電荷不移動，故B錯誤．

C、在枕形導(dǎo)體內(nèi)部處處為零，是因?yàn)辄c(diǎn)電荷的產(chǎn)生電場強(qiáng)度與感應(yīng)電荷產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小相等、方向相反引起的，點(diǎn)電荷的產(chǎn)生電場在A點(diǎn)的場強(qiáng)大于在B點(diǎn)的場強(qiáng)，所以感應(yīng)電荷在A點(diǎn)產(chǎn)生的附加電場較大，即有E′A＞E′B；故C錯誤．

D；當(dāng)電鍵S閉合時；電子從大地沿導(dǎo)線移向?qū)w中和枕形導(dǎo)體右端的正電荷，相當(dāng)于右端正電荷流向遠(yuǎn)端，故D正確．

故選：D．二、多選題(共9題，共18分)9、CD【分析】【分析】由振動圖象可以讀出鋼球振動的周期、某時刻的位移以及振幅；t0時刻彈簧相對于平衡位置的距離為4cm；簡諧運(yùn)動，經(jīng)過半個周期后位移與之前的位移關(guān)系是大小相等、方向相反；速度、加速度也有同樣的規(guī)律．根據(jù)時間與周期的關(guān)系確定質(zhì)點(diǎn)通過的路程．【解析】【解答】解：A；由振動圖象可以看出鋼球的振動周期為2s；故A錯誤；

B、鋼球振動的平衡位置應(yīng)該是重力和彈力相等的位置，即平衡位置時彈簧的形變量并不為零，t0時刻在平衡位置的上方距離平衡位置為4cm處；則彈簧的形變量小于4cm，故B錯誤；

C；經(jīng)過半個周期后；位移與之前的位移關(guān)系是大小相等、方向相反；速度也有同樣的規(guī)律，故動能不變，根據(jù)動能定理，合力做的功為零，即鋼球振動半個周期，回復(fù)力做功為零，故C正確；

D；若鋼球的初始位置在平衡位置或最大位移處；振動四分之一周期，通過的路程等于5cm；若初始時鋼球不在平衡位置或最大位移處，正向平衡位置靠近，速度在增大，則振動四分之一周期，通過的路程大于5cm，故D正確．

故選：CD．10、AD【分析】【分析】衛(wèi)星運(yùn)動由萬有引力提供向心力即：，列式求出線速度、周期之比即可．【解析】【解答】解：由衛(wèi)星運(yùn)動由萬有引力提供向心力即：得：

（1），得它們運(yùn)行速率之比；故A正確C錯誤；

（2），得它們周期之比；故B錯誤D正確．

故選AD．11、BC【分析】略【解析】BC

12、AD【分析】【分析】動能是由于物體運(yùn)動而具有的，所以運(yùn)動物體的動能大小與物體的質(zhì)量和速度有關(guān)，物體的質(zhì)量越大，速度越大，它具有的動能就越大．一個物體能夠?qū)α硪粋€物體做功，這個物體就具有能量，能夠做功指的是具有做功的能力．【解析】【解答】解：A；動能是由于物體運(yùn)動而具有的能量；所以A正確。

B；一個物體能夠做功；我們說這個物體具有能量，做功的大小對應(yīng)動能變化，所以B錯誤。

C；物體動能大小與物體的質(zhì)量和速度有關(guān)；做變速運(yùn)動的物體，動能不一定在變化，如勻速圓周運(yùn)動，所以C錯誤；

D；物體動能大小與物體的質(zhì)量和速度有關(guān)；速度不變的物體，其動能一定不變，所以D正確．

故選：AD．13、BC【分析】【分析】對小球受力分析，由牛頓第二定律可明確小球的受力情況，再由受力分析可明確小球受力情況，從而明確是否能滿足題意．【解析】【解答】解：A；當(dāng)箱子自由下落時；球?qū)覓煳锛爸С治锞鶝]有作用力；故A錯誤；

B、當(dāng)箱子水平向右勻加速時，加速度為g，則合外力F=ma=mg；則由幾何關(guān)系可知；此時物體只受繩子的拉力；而支持力對小球的作用力為零；故B正確；

C、當(dāng)繩子水平向右減速時，加速度大小為g，則合外力F=ma=mg；則由幾何關(guān)系可知；此時物體只受斜面的支持力力；而繩子對斜面的拉力為零；故C正確；

D；當(dāng)箱子向上勻加速運(yùn)動時；合外力沿豎直方向，此時根據(jù)水平方向的平衡及豎直方向上的勻加速直線運(yùn)動可知，繩子和斜面均有作用力；故D錯誤；

故選：BC．

14、AD【分析】【分析】分別對物體A、B和斜面體受力分析，結(jié)合平衡條件進(jìn)行分析即可，注意n個力平衡時，任意（n-1）個力的合力與第n個力等值、反向、共線．【解析】【解答】解：A；物體A勻速運(yùn)動時受重力、推力、支持力、彈簧的彈力和摩擦力；撤去F瞬間，其余4力不變，根據(jù)平衡條件，這4個力的合力與推力F等值、反向、共線，故物體A的加速度平行斜面向上，故A正確；

B；物體B勻速時受重力、支持力、彈簧的彈力和摩擦力；撤去F瞬間，每個力都不變，依然平衡，故B的加速度為零，故B錯誤；

CD；斜面勻速時受重力、兩個物體的壓力和摩擦力、地面的支持力和摩擦力；對A、B、斜面整體；受重力、支持力、推力和向右的靜摩擦力；撤去推力F的瞬間，斜面體受到的重力、兩個物體的壓力和摩擦力均不變，故地面的支持力和靜摩擦力也不變，故C錯誤，D正確；

故選：AD15、ACD【分析】【分析】甲、乙兩個物體分別放在北京和廣州，它們隨地球一起轉(zhuǎn)動時它們的周期相同，角速度相同，但半徑不同，甲的轉(zhuǎn)動半徑大于乙的轉(zhuǎn)動半徑，由線速度和角速度的關(guān)系v=ωr知甲的線速度大于乙的線速度．【解析】【解答】解：A、B、D、甲、乙兩個物體隨地球一起轉(zhuǎn)動時它們的周期相同，角速度相同，由v=ωr；而甲的半徑大于乙的半徑，所以甲的線速度大，乙的線速度小，故A正確，B錯誤，D正確；

C、根據(jù)公式a=rω2；甲；乙兩個物體角速度相同，甲的轉(zhuǎn)動半徑大于乙的轉(zhuǎn)動半徑，故甲的向心加速度大，故C正確；

故選：ACD．16、AC【分析】【分析】速度時間圖象斜率表示加速度，圖線與時間軸圍成的面積表示位移，但不能反映物體出發(fā)點(diǎn)的位置．【解析】【解答】解：

A；根據(jù)速度時間圖象的斜率等于加速度；可知，甲圖線的斜率大于乙圖線的斜率，則甲的加速度大于乙的加速度，故A正確．

B、D、速度圖線與時間軸圍成的面積表示位移，由幾何知識得知在t1時刻；乙車的位移大于甲車的位移，由于兩車出發(fā)點(diǎn)的位置關(guān)系不清楚，兩車不一定相遇，故BD錯誤．

C、由幾何知識可知0～t2時間；兩條圖線與時間軸所圍的面積相等，說明兩車通過的位移相等，故C正確．

故選：AC．17、AD【分析】【分析】氦離子吸收光子能量要發(fā)生躍遷，吸收的光子能量需等于兩能級間的能級差，或吸收光子能量后，總能量大于等于0，發(fā)生電離．根據(jù)玻爾理論進(jìn)行分析．【解析】【解答】解：A；若基態(tài)的氦離子吸收40.8eV后；其能量變?yōu)?13.6eV，根據(jù)玻爾理論可知氦離子能從基態(tài)躍遷到n=2的激發(fā)態(tài)，故A正確．

B；若基態(tài)的氦離子吸收41.5eV；能量為-13.4eV，根據(jù)玻爾理論可知不能吸收發(fā)生躍遷．故B錯誤．

C；若基態(tài)的氦離子吸收43.2eV；能量為-11.2eV，根據(jù)玻爾理論可知不能吸收發(fā)生躍遷．故C錯誤．

D；基態(tài)的氦離子吸收54.4eV；能量為0eV，根據(jù)玻爾理論可知能被基態(tài)氦離子吸收而電離．故D正確．

故選AD．三、填空題(共7題，共14分)18、111【分析】【分析】根據(jù)電場強(qiáng)度的定義式E=求出電場強(qiáng)度，再根據(jù)F=qE求出電場力的大?。妶鰪?qiáng)度的大小與放入電場中的電荷無關(guān)．【解析】【解答】解：（1）A點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為E===1N/C；

（2）如果A點(diǎn)不放電荷；則A點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小不變，仍然為1N/C．

（3）如果在A點(diǎn)放置另一個帶電量為3C的點(diǎn)電荷；它受到的電場力大小變大，而電場強(qiáng)度仍不變，即為1N/C．

故答案為：1，1，1．19、1：3：5：：（2n-1）1：（-1）：（）：：（）【分析】【分析】本題應(yīng)掌握初速度為零的勻加速直線運(yùn)動的位移公式x=．第二個T秒內(nèi)的位移等于前兩個T秒內(nèi)的位移減去第一個T秒內(nèi)的位移，第三個T秒內(nèi)的位移等于前三個T秒內(nèi)的位移減去前兩個T秒內(nèi)的位移，從而可以求出第一個T秒內(nèi)、第二個T秒內(nèi)、第三個T秒內(nèi)第nT秒內(nèi)的位移之比；運(yùn)用比例法，求出從靜止開始通過連續(xù)相等的位移所用的時間之比．【解析】【解答】解：由位移公式x=得，x與t2成正比，則得，前T秒內(nèi)、前2T秒內(nèi)、前3T秒內(nèi)前nT秒內(nèi)的位移之比為12：22：32：：n2；

第二個T秒內(nèi)的位移等于前兩個T秒內(nèi)的位移減去第一個T秒內(nèi)的位移；第三個T秒內(nèi)的位移等于前三個T秒內(nèi)的位移減去前兩個T秒內(nèi)的位移，則得。

第一個T秒內(nèi)、第二個T秒內(nèi)、第三個T秒內(nèi)第nT秒內(nèi)的位移之比為1：（22-1）：（32-22）：[n2-（n-1）2]=1：3：5：：（2n-1）；

設(shè)每個相等的位移大小為x，設(shè)物體通過每段位移的時間分別t1，t2，t3tn．

則x=，2x=，3x=

由數(shù)學(xué)知識解得，t1：t2：t3tn=1：（-1）：（）：：（）

故答案為：1：3：5：：（2n-1）；1：（-1）：（）：：（）．20、202【分析】【分析】本題比較簡單，直接根據(jù)向心加速度的定義以及向心加速度和線速度之間的關(guān)系可以正確解答本題．【解析】【解答】解：根據(jù)牛頓第二定律；結(jié)合受到的向心力，則有：F=ma；

因此向心加速度為a===20m/s2；

由a=，則有：v=m/s；

故答案為：20；2．21、3g【分析】【分析】小球在最高點(diǎn)，靠豎直方向上的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出小球在最高點(diǎn)的速度，從而根據(jù)速度與角速度的關(guān)系求出角速度的大小，根據(jù)向心力的公式求出加速度的大小．【解析】【解答】解：根據(jù)牛頓第二定律得，T+mg=m，解得v=．

角速度ω=．

加速度a=．

故答案為：；；3g22、63【分析】【分析】（1）當(dāng)氫原子從n=4向n=2的能級躍遷時，輻射的光子照射在某金屬上，剛好能發(fā)生光電效應(yīng)，光子的能量恰好等于金屬的逸出功．根據(jù)玻爾理論求出氫原子從n=4向n=2的能級躍遷時，輻射的光子的能量．一群處于n能級的氫原子向低能級躍遷，任意兩個能級間產(chǎn)生一次躍遷，發(fā)出一種頻率的光子，共產(chǎn)生C種頻率不同的光子．當(dāng)光子的能量大于金屬的逸出功時就能產(chǎn)生光電效應(yīng)．

（2）①AB碰撞過程中動量守恒；由動量守恒定律可以求出碰后B的速度；

②A與B碰后，B向右做減速運(yùn)動，C向右做加速運(yùn)動，最終兩者速度相同，以相同的速度做勻速直線運(yùn)動，在此過程中，B、C系統(tǒng)的動量守恒，由動量守恒定律與能量守恒定律列方程可以求出C在B上滑動的距離．【解析】【解答】解：（1）有一群處于n=4能級的氫原子，當(dāng)它們向低能級躍遷時，最多可發(fā)出C=6種頻率的光子；

若n=4能級的氫原子向n=2能級躍遷時；發(fā)出的光子照射到某金屬時恰能產(chǎn)生光電效應(yīng)現(xiàn)象；

則釋放光子的能量等于該金屬的逸出功，則E4-E2=hγ，該金屬的極限頻率γ=；

于n=4能級的氫原子；當(dāng)它們向低能級躍遷時所釋放的光子中，有4種光子能量大于該金屬的逸出功；

則上述各種頻率的光子中還能使該金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)的光子有3種．

（2）①AB碰撞過程中；動量守恒，以A的初速度方向?yàn)檎较颍?/p>

由動量守恒定律可得：mAv0=-mAvA+mBvB，解得：vB=3.5m/s；

A與B碰撞后；B做減速運(yùn)動，因此B的最大速度是3.5m/s．

②以B與C組成的系統(tǒng)為研究對象；由動量守恒定律得：

mBvB=（mB+mC）v，解得v=m/s；

在此過程中；由能量守恒定律可得：

-μmCg△x=（mB+mC）v2-mBvB2；

解得△x≈0.68m．

故答案為：（1）6；；3；

（2）①B運(yùn)動過程中的最大速度為3.5m/s；

②C在B上滑動的距離為0.68m．23、略

【分析】【解析】

試題分析：振動周期由振源決定，波長分別為4m和6m，由可知波速之比為2:3；由x=14m處的質(zhì)點(diǎn)振動方向向上，可判斷波向左傳播，周期均為1s，x=6m的質(zhì)點(diǎn)此刻向下振動，經(jīng)過0．75s振動到波峰位置，所以位移為5cm

考點(diǎn)：考查機(jī)械波的傳播。

點(diǎn)評：難度較小，明確周期由振源決定，波速由介質(zhì)決定【解析】【答案】2∶3（2分）5（3分）24、B等于2mgA2mg【