2025年人教A新版必修3物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教A新版必修3物理上冊月考試卷110考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，電荷量為和的兩個點電荷分別位于點和點。已知在連線上某點處的電場強度為零，且則（）

A.B.C.D.2、如圖所示，邊長為a的正方形的頂點A、B、D處各放一個電荷量為的點電荷，靜電力常量為k，則在點C處產(chǎn)生的電場強度大小為（）

A.B.C.D.3、如圖所示，半徑為r、內(nèi)壁光滑絕緣的圓軌道豎直放置，場強為E的勻強電場水平向右；當質(zhì)量為m、帶電量為+q的小球靜止在圓軌道的A點時，軌道的圓心O與A點的連線與水平面的夾角為37°，讓小球在圓軌道內(nèi)做完整的圓周運動，則在A點至少給小球的速度為（）

A.B.C.D.4、某同學利用圖甲所示電路觀察電容器的充電和放電現(xiàn)象，測得放電過程的圖像如圖乙所示；電壓表為理想表，則（）

A.充電時電子由a向b方向流動B.充電時電壓表示數(shù)先迅速增大再減小到零C.將電阻R換成阻值更大的電阻，放電時間變長D.電容器充電結(jié)束所帶電荷量約為5、如圖，已知某勻強電場方向平行于正大邊形ABCDEF所在平面。已知A、B、C、D點的電勢分別為4V、3V、1V、0V?，F(xiàn)有一電荷量大小為2e的帶電粒子（不計重力）從A點以初動能6eV沿AC方向射入電場，恰好經(jīng)過AB的中點G。下列說法中正確的是（）

A.該粒子一定帶正電B.該勻強電場的場強方向是從A沿直線指向DC.該粒子達到G點時的動能為1eVD.若只改變該粒子在A點時的初速度方向，該粒子可能經(jīng)過C點6、如圖所示，有一半徑為R的均勻帶電絕緣環(huán)固定在離地足夠高處（平行于地面），一帶電小球恰靜止在圓環(huán)中心正上方高為處；小球與地面碰撞后速度可認為變?yōu)榱?，則下列說法正確的是（）

A.在圓環(huán)中心正上方還存在另一位置，小球移至該處仍可保持平衡B.將小球移至距圓環(huán)中心正上方高為0.5R處由靜止釋放，小球一定向下運動C.將小球移至距圓環(huán)中心正上方高為R處由靜止釋放，小球一定向上運動D.將小球移至距圓環(huán)中心正上方高為2R處由靜止釋放，小球運動過程中電勢能一直增大7、如圖所示，一帶電量不變的平行板電容器的兩個極板與水平地面成一定角度，一個初速度為的帶負電的粒子恰好沿水平向右直線運動；則下列說法正確的是（）

A.電容器的上板帶負電B.粒子的機械能逐漸增加C.粒子的電勢能逐漸增加D.若下極板稍平行下移一小段距離，粒子將做曲線運動評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、在電場方向水平向右的勻強電場中，一帶電小球從A點豎直向上拋出，其運動的軌跡如圖所示，小球運動的軌跡上A、B兩點在同一水平線上，M為軌跡的最高點，小球拋出時的動能為8J，在M點的動能為6J；不計空氣的阻力，則下列判斷正確的是()

A.小球水平位移x1與x2的比值1：3B.小球水平位移x1與x2的比值1：4C.小球落到B點時的動能32JD.小球從A點運動到B點的過程中最小動能為6J9、如圖所示，電源電動勢E＝3V，小燈泡L標有“2V，0.4W”，開關S接1，當變阻器調(diào)到R＝4Ω時，小燈泡L正常發(fā)光；現(xiàn)將開關S接2，小燈泡L和電動機M均正常工作．則()

A.電源內(nèi)阻為1ΩB.電動機的內(nèi)阻為4ΩC.電動機的正常工作電壓為1VD.電源效率約為93.3%10、如圖所示，平行板電容器的兩極板接于電池兩極，兩極板間的距離為一帶正電小球懸掛在電容器內(nèi)部，小球質(zhì)量為電量為閉合開關電容器充電，這時懸線偏離豎直方向的夾角為重力加速度為則（）

A.兩極板間的電勢差為B.保持開關閉合，帶正電的板向板靠近，則不變C.開關斷開，帶正電的板向板靠近，則不變D.開關斷開，當兩極板錯開使正對面積減小時，則不變11、如圖所示，半徑為2r的均勻帶電球體電荷量為Q，過球心O的x軸上有一點P，已知P到O點的距離為3r，現(xiàn)若挖去圖中半徑均為r的兩個小球，且剩余部分的電荷分布不變，靜電力常量為k；則下列分析中正確的是（）

A.挖去兩小球前，兩個小球在P點產(chǎn)生的電場強度相同B.挖去兩小球前，整個大球在P點產(chǎn)生的電場強度大小為C.挖去兩小球后，P點電場強度方向與挖去前相同D.挖去兩小球后，剩余部分在P點產(chǎn)生的電場強度大小為12、如圖所示，水平地面上放置一斜面體A，帶正電的小物塊B置于A的絕緣斜面上，輕推一下B，B能沿斜面勻速下滑?，F(xiàn)在斜面頂端正上方P點固定一帶正電的點電荷；讓B從斜面頂端向下運動，此后在斜面上滑動過程（）

A.B物塊做加速直線運動B.B物塊受到斜面A對它作用力不斷變小C.B物塊動能的增加量小于電勢能的減少量D.斜面體A受到地面水平向左的靜摩擦力13、圖示電路中，電表均為理想電表，如果滑動變阻器的滑片逐漸向左滑動一段，四個電表的讀數(shù)分別用表示，四個電表讀數(shù)的變化量絕對值分別用表示，下列表示正確的是（）

A.增大，減小B.都增大C.減小，不變D.14、如圖所示；在絕緣的斜面上方存在著沿豎直向上的勻強電場。斜面上的帶電金屬小球沿斜面下滑。已知在小球下滑過程中動能增加了20J，重力做功25J，小球克服摩擦力做功4J，則以下說法正確的是()

A.小球帶正電B.小球克服電場力做功1JC.小球機械能減小5JD.小球電勢能減小5J評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、現(xiàn)有一個電流表G，內(nèi)阻Rg=30滿偏電流Ig=1mA。

(1)把它改裝成量程為0~3V的電壓表，要________（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個_______的電阻。

(2)把它改裝成量程為0~0.6A的電流表，要________（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個_____的電阻。16、在如圖所示的電路中，已知電阻R1的阻值小于滑動變阻器R0的最大阻值．閉合電鍵S，在滑動變阻器的滑片P由最左端向最右端滑動的過程中，電流表A2的示數(shù)_____________（填變化趨勢），電壓表V1的示數(shù)變化量ΔU1與電流表A2的示數(shù)變化量ΔI2比值_____________．

17、電容：

（1）定義：電容器所帶___________與電容器兩極板間的___________的比值。

（2）定義式：

（3）單位：電容的國際單位是___________，符號為F，常用的單位還有___________和___________，1F=___________μF=___________pF。

（4）物理意義：電容器的電容是表示電容器容納電荷本領的物理量，在數(shù)值上等于使兩極板間的電勢差為___________時電容器需要帶的電荷量。

（5）擊穿電壓與額定電壓。

a.擊穿電壓：電介質(zhì)不被___________時加在電容器兩極板上的極限電壓；若電壓超過這一限度，電容器就會損壞。

b.額定電壓：電容器外殼上標的工作電壓，也是電容器正常工作所能承受的最大電壓，額定電壓比擊穿電壓___________。18、真空中兩個靜止點電荷A、B，電荷量分別是和它們相距則它們互相___________（填“吸引”或“排斥”），相互作用力大小為___________N。19、如圖，AB是帶等量異種電荷的帶電小球，質(zhì)量均10kg，電荷量均為2×10-5C，放置于光滑水平面上，現(xiàn)用水平向右的力F=____________N拉B球時；AB間距會穩(wěn)定保持在0.3m一起運動。

20、同一直線上相距為L的兩個點電荷，A、B點處的電荷電量分別為QA、QB，QA＜0、QB＞0，則二者間的庫侖力的大小為_____，在B的右側(cè)相距也為L的C點電場強度的大小為_________。

21、電勢能。

（1）電勢能：電荷在___________中具有的勢能，用Ep表示。

（2）靜電力做功與電勢能變化的關系：靜電力做的功等于電勢能的減少量。表達式：WAB=___________

a.靜電力做正功，電勢能___________；

b.靜電力做負功，電勢能___________

（3）電勢能的大?。弘姾稍谀滁c（A點）的電勢能，等于把它從這點移動到___________時靜電力做的功EpA=WA0。

（4）電勢能具有相對性。

電勢能零點的規(guī)定：通常把電荷在離場源電荷___________或把電荷在___________的電勢能規(guī)定為零。22、靜電力做功的特點。

（1）靜電力做功：在勻強電場中，靜電力做功W=qElcosθ。其中θ為___________與___________之間的夾角。

（2）特點：在靜電場中移動電荷時，靜電力所做的功與電荷的起始位置和終止位置___________，與電荷經(jīng)過的路徑___________。

評卷人得分四、作圖題(共2題，共12分)23、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標出圖中各電荷的電性。

24、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標，I為橫坐標，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共30分)25、某學習小組想要較精確地測定某廢舊鋰電池的電動勢和內(nèi)阻；有如下器材供選擇。

A.待測電源（電動勢約為9V；內(nèi)阻約為1Ω）

B.電壓表V1（量程0~7.5V；內(nèi)阻約3kΩ）

C.電壓表V2（量程0~7.5V，內(nèi)阻r2=10kΩ）

D.電流表A（量程0~10mA；內(nèi)阻未知）

E滑動變阻器R1（最大阻值20Ω）

F.滑動變阻器R2（最大阻值2kΩ）

G.定值電阻R=5Ω

H.導線；開關若干。

（1）該小組除選擇器材A、C、G、H外。還應從上列剩余器材中選擇______（填所選器材前面的字母）以最優(yōu)方案完成本次實驗。

（2）請在方框中畫出你所設計的實驗電路圖的最優(yōu)方案，并在圖上標注你所選的儀器儀表的符號______。

（3）按設計的方案連接好電路進行實驗，記錄的數(shù)據(jù)用對應的物理量符號表示（如電壓表V1、V2、電流表A的示數(shù)、定值電阻阻值分別用U1、U2、I、R表示等），若用U2作為縱坐標軸，另一個儀表測得的物理量作為橫坐標軸，得到圖像與橫坐標軸的交點為a，與U2軸的交點為b。則待測電源內(nèi)阻r=______，電源電動勢為E=______（結(jié)果用字母a、b、R表示，計算中忽略電壓表V2的分流）。26、某實驗小組要測量一電源的電動勢和內(nèi)阻。實驗室提供的器材有：

A．待測電源（電動勢約為3V；內(nèi)阻幾歐）

B．電壓表V1（量程1V，內(nèi)阻r1=300Ω）

C．電壓表V2（量程3V，內(nèi)阻r2約3000Ω）

D．定值電阻R1（阻值為2Ω）

E.滑動變阻器R2（阻值變化范圍為0~15Ω）

F.電鍵一個；導線若干。

（1）實驗小組成員根據(jù)實驗室提供的器材，設計了如圖甲所示的電路，其中a、b均為電壓表，則a是電壓表__________（填“V1”或“V2”），b是另一個電壓表，根據(jù)電路圖將圖乙中實物連完整______________。

（2）連接好實驗電路后，閉合電鍵前，將圖乙中的滑動變阻器滑片移到最___________（填“左”或“右”）端，閉合電鍵后，調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片；記錄每次調(diào)節(jié)后電壓表V1、V2的示數(shù)U1、U2，根據(jù)測得的多組U1、U2數(shù)據(jù)，以U1為橫坐標，U2為縱坐標作出U2-U1圖像，作出的圖像斜率絕對值為k，圖像與縱軸的截距為b，則電源的電動勢E=___________，內(nèi)阻r=___________。（均用已知和測得的量表示）

（3）本實驗___________（填“存在”或“不存在”）因電壓表分流引起的系統(tǒng)誤差。27、（1）圖甲中游標卡尺讀數(shù)為_____cm（圖中游標尺上有20個等分刻度），圖乙中螺旋測微器讀數(shù)為_____mm。

（2）測量一根金屬絲的電阻率，電流表、電壓表的讀數(shù)如圖丙所示。由圖可以讀出流過金屬絲的電流強度I=_____A，金屬絲兩端的電壓U=____V。

評卷人得分六、解答題(共2題，共12分)28、目前電動汽車受到追捧，電動車的優(yōu)勢在于污染小，效率高。某同學想測量一玩具車電動機的效率，設計電路如圖所示。電源電動勢E=15V，內(nèi)阻r未知。電動機線圈內(nèi)阻rM=4Ω，電阻R=6Ω，當開關S閉合時，R上消耗的電功率為6W；當開關S斷開時電動機正常運轉(zhuǎn)，測得電動機M兩端電壓為12V，試求：

（1）電源的內(nèi)電阻r；

（2）當開關S斷開時；電動機的輸出功率和效率？

29、如圖所示電路中，電源電動勢E＝12V，內(nèi)電阻r＝1.0Ω，電阻R1＝9.0Ω，R2＝15Ω，電流表A的示數(shù)為0.4A，求電阻R3的阻值和它消耗的電功率．

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【詳解】

ABCD．已知在P、Q連線上某點R處的電場強度為零，依據(jù)同種電荷相斥，異種電荷相吸，再結(jié)合矢量的合成法則，則兩點電荷帶有同種電荷；再根據(jù)點電荷的電場強度公式得

因

解得

故選B。2、B【分析】【詳解】

根據(jù)點電荷場強公式

在點C處產(chǎn)生的電場強度大小為

所以B正確；ACD錯誤；

故選B。3、D【分析】【詳解】

重力與電場力的合力即等效場力

設圓心O與A的連線的反向延長線與圓軌道的另一個交點即等效最高點為B，小球在圓軌道內(nèi)做完整的圓周運動，設在等效最高點B的最小速度為在等效最高點B，等效場力F充當向心力，則有

設小球在A點的最小速度為小球從A點到B點，由動能定理可得

聯(lián)立解得

故選D。4、C【分析】【詳解】

A．充電時，開關連接1，電容器下極板與電源負極相連，下極板帶負電，充電過程極板電荷量增大，因此下極板得電子，可知充電時電子由b向a方向流動；A錯誤；

B．充電時；開關連接1，理想電壓表始終連接在電源正負極上，因此理想電壓表的示數(shù)等于電源電動勢，即充電時電壓表示數(shù)不變，B錯誤；

D．圖像中，圖線與時間軸所圍幾何圖形的面積表示放電過程放出的電荷量，即等于電容器充電結(jié)束所帶電荷量，根據(jù)圖像數(shù)出格子數(shù)約為33格，則電容器充電結(jié)束所帶電荷量為

D錯誤；

C．充電完成后，電容器兩極板間的電壓等于電源電動勢，開關連接2放電時，最大的電流

當將電阻R換成阻值更大的電阻時；放電的最大電流減小，由于放電的總電荷量不變，即圖線與時間軸所圍面積不變，作出圖線如圖虛線所示。

可知，將電阻R換成阻值更大的電阻；放電時間變長，C正確。

故選C。5、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．A、B、C、D點的電勢分別為4V、3V、1V、0V，可知AD的中點電勢等于BC中點的電勢，均為2V，則EC和FB都是等勢面，則場強方向沿AD方向；粒子僅在電場力作用下運動，根據(jù)物體做曲線運動時受到的合力指向軌跡內(nèi)側(cè)，所以可知粒子受到的電場力方向和電場方向相反，電場強度方向如圖E電所示，電場力方向如圖F電所示，這樣才有可能經(jīng)過G點；所以粒子應為負電，A錯誤，B正確；

C．到達G點過程中，電場力做功為

所以G點的動能為5eV；C錯誤；

D．因為粒子受到的電場力方向恒定，故初速度方向不同，粒子軌跡不同，電場力做功不同，根據(jù)能量計算，粒子在A點時的總能量為6eV+3V×(-2e)=0，則減速到C點，速度恰為零，但另一方面，速度要減到零，初速度與電場力必須同一直線，那么必到不了C點；D錯誤。

故選B。6、B【分析】【詳解】

A．設大圓環(huán)的電荷量為Q，小球電荷量為q，由題可知環(huán)對球的電場力合力向上，對于環(huán)上微小的一段，設電荷量為Qi，小球距圓環(huán)中心上方的距離為h，此時微小的這段環(huán)對小球的作用力與水平方向夾角為微小環(huán)給小球的豎直分力有為

環(huán)上所有小段疊加后的總電量為Q，因此豎直方向上的合力為

將F對h求導，得到

可知在取極大值；所以由此可知在此處絕緣帶電環(huán)對小球的電場力最大，由題可知此位置電場力與小球重力等大反向，其他時候電場力都小于重力，故平衡位置只有該處，故A錯誤；

BC．從圓環(huán)中心正上方高為0.5R、R、2R處釋放時；所受電場力均小于重力，故小球一直向下運動，故B正確，C錯誤；

D．小球向下運動過程中會穿過圓環(huán)落到地面上；電場力先做負功，后做正功，電勢能一定先增大后減小，故D錯誤。

故選B。7、C【分析】【詳解】

A．對帶電粒子受力分析如圖所示。

因粒子帶負電，所以電容器的上板帶正電，選項A錯誤；

BC．由圖可知靜電力與重力的合力方向與方向相反，對粒子做負功，其中重力不做功，靜電力做負功；粒子機械能減少，電勢能增加，選項B錯誤，選項C正確；

D．因電容器的電荷量Q不變，由于

所以電場強度不變；粒子受到的電場力不變，合外力不變，所以粒子仍向右做直線運動，選項D錯誤。

故選C。二、多選題(共7題，共14分)8、A:C【分析】【詳解】

AB.將小球的運動沿水平和豎直方向正交分解，水平分運動為初速度為零的勻加速直線運動。豎直分運動為豎直上拋運動，所以從A到M和從M到B點所用時間相等。對于初速度為零的勻加速直線運動，在連續(xù)相等的時間間隔內(nèi)位移之比為1:3，則小球水平位移x1與x2的比值為1：3；故A正確，B錯誤；

C.設物體在B動能為EkB，水平分速度為vBx，豎直分速度為vBy；

由豎直方向運動對稱性知：

對于水平分運動運用動能定理得：Fx1=F(x1+x2)=

由A可知x1：x2=1：3；

解得：Fx1=6J，F(xiàn)(x1+x2)=24J，

故EkB==32J，

故C正確；

D.小球受力如圖所示：

小球受到的合外力為重力和電場力的合力，為恒力，在A點時，合力與速度之間的夾角為鈍角，在M點時，合力與速度之間的夾角為銳角，即合力先做負功后做正功，小球的動能先減小后增大，小球從M到B的過程，合力一直做正功，動能一直增大。則小球從A運動到B的過程中最小動能一定小于6J；故D錯誤。

故選：AC。9、A:D【分析】【分析】

【詳解】

小燈泡的額定電流為。

電阻為。

A．當接1時。

E=I(RL+R+r)代入數(shù)據(jù)解得電源的內(nèi)阻。

r=1Ω故A正確；

BC．當接2時燈泡正常發(fā)光，流過的電流為I=0.2A

電源內(nèi)阻分的電壓為。

U=Ir=0.2×1V=0.2V故電動機分的電壓為。

U動=E-UL-U=(3-2-0.2)V=0.8V則電動機的內(nèi)阻為。

故B；C均錯誤；

D．電源的效率為。

故D項正確．10、A:C【分析】【詳解】

A．由題意知，小球受重力、電場力和拉力平衡，根據(jù)平衡條件可知

可以求出

故A正確；B．保持開關閉合，電容器兩端間的電勢差不變，帶正電的板向板靠近，根據(jù)

知極板間距離減小，電場強度變大，小球所受的電場力變大，變大；B錯誤；

C．斷開開關電容器所帶的電量不變

知減小時不變，電場力不變，不變；故C正確；

D．開關斷開，當兩極板錯開使正對面積減小時

知減小，增大，則增大；D錯誤；

故選AC。11、B:C:D【分析】【詳解】

A．兩小球分別在x軸上下兩側(cè)，電性相同，它們在P點產(chǎn)生的場強分別斜向上和斜向下，與x軸夾角相等；方向不同，故A錯誤；

B．大球所帶電荷均勻分布整個球體，它在外部產(chǎn)生的電場可等效為所有電荷集中在球心O點在外部產(chǎn)生的電場，由庫侖定律

故B正確；

C．大球在P點產(chǎn)生的電場沿x軸方向，兩小球在P點的合場強也沿x軸方向，且小于大球在P點的場強，由場強疊加原理可知，挖去兩小球后，P點場強方向不變；故C正確；

D．設兩小球的球心到P點的距離為l，有幾何關系

球體積公式為

小球半徑是大球半徑的一半，故小球體積是大球體積的八分之一，故小球所帶電荷量為

兩小球在P點場強均為

合場強為

剩余部分在P點的場強為

故D正確。

故選BCD。12、A:B:C【分析】【詳解】

A．物塊B下滑的過程中；B；P距離越來越大，正電荷P對正電荷B的庫倫斥力是變力且越來越小，B做變加速運動，故A正確；

B．由于P對B的庫倫斥力變?。凰赃@個庫倫力在垂直于斜面的分力也減小，AB之間摩擦力也減小，所以B對A的作用力也不斷減小，故B正確；

C．根據(jù)題意，沒有電荷P時，B沿斜面向下做勻速運動，根據(jù)動能定理mgh-Wf=0①

有電荷P時，B沿斜面做變加速運動，由動能定理mgh+W電-Wf′=△Ek②

由于f′＞f，所以Wf′＞W(wǎng)f③

因為電勢能的減小量等于電場力做功，聯(lián)合①②③式可得物塊動能的增加與電勢能的減小量之差為△Ek-W電=mgh-Wf′=Wf-Wf′＜0

則有△Ek＜W電

故C正確；

D．沒有電荷P時，由平衡條件mgsinθ=μmgcosθ

解得μ=tanθ

有電荷P時，A對B的支持力N在水平方向的分量Nx=Nsinθ

A對B的摩擦力f在水平方向的分量fx=fcosθ=μNcosθ=Ntanθcosθ=Nsinθ

即Nx=fx，說明Nx和fx是一對平衡力；

根據(jù)牛頓第三定律：B對A的壓力在水平方向的分量Nx′和B對A的摩擦力在水平方向的分量fx′也是一對平衡力；所以A在水平方向無運動趨勢，地面對A的摩擦力為零，故D錯誤；

故選ABC。13、A:C:D【分析】【詳解】

由電路圖可知，R2與RP串聯(lián)后再與R3并聯(lián)、然后它們與R1串聯(lián)，電壓表V2測并聯(lián)部分兩端的電壓，電壓表V1測R2兩端的電壓，電流表A1測干路電流，電流表A2測R3支路的電流。

AB．當滑動變阻器滑片P向左端移動時，接入電路中的電阻變小，并聯(lián)部分的總電阻變小，電路的總電阻變小，由

可知電路中的總電流增大，即電流表A1的讀數(shù)增大，即I1增大；

由

可知電壓表V2的示數(shù)變??；

而電流表A2的示數(shù)

可知I2變小，中干路電流等于各支路電流之和，有：

可得R2的電壓增大；故A正確，B錯誤；

CD．因體現(xiàn)全電路的歐姆定律，則有：

逐漸減小，保持不變；

因滿足部分電路的歐姆定律，有：不變

故CD均正確。

故選ACD。14、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．由題設條件知；小球沿斜面下滑過程中受到重力；斜面對小球的彈力、摩擦力、電場對帶電小球的電場力，斜面的彈力對小球不做功，其余三個力都對小球做功，由動能定理知，小球克服電場力做功是1J，小球在電場方向上的分運動是逆著電場方向，因此，小球在電場方向受電場力方向與電場方向相同，所以小球帶正電，AB正確；

C．小球沿斜面在下滑過程中；小球克服摩擦力和電場力做功，使小球的機械能減少，所以小球的機械能減少5J,C正確；

D．小球克服電場力做功是1J；那么小球的電勢能就增加1J，D錯誤。

故選ABC。三、填空題(共8題，共16分)15、略

【分析】【詳解】

(1)[1][2]把它改裝成量程為0~3V的電壓表，要串聯(lián)一個分壓電阻，電阻大小為

(2)[3][4]把它改裝成量程為0~0.6A的電流表，要并聯(lián)一個分流電阻，其大小為【解析】串聯(lián)并聯(lián)0.0516、略

【分析】【詳解】

[1]．滑片P由滑動變阻器的左端向右端滑動的過程中，電阻R0的左半部分與R1串聯(lián)然后與R0的右半部分并聯(lián)，根據(jù)并聯(lián)電路的電阻的特點，以及電阻R1的阻值小于滑動變阻器R0的最大阻值可知，并聯(lián)電阻先變大后變小，所以電路總電阻R先變大后變小，電源電動勢不變，電路電流（的示數(shù)）先變小后變大；

[2]．電壓表的示數(shù)變化量與電流表A2的示數(shù)變化量ΔI2比值表示電源內(nèi)阻，故保持不變.【解析】先變小后變大保持不變（r電源內(nèi)阻）17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]電容器所帶電荷量Q與電容器兩極板間電勢差U的比值；

（3）[3][4][5][6][7]電容的國際單位是法拉，符號為F，常用的單位還有微法和皮法，

（4）[8]電容器的電容是表示電容器容納電荷本領的物理量；在數(shù)值上等于使兩極板間的電勢差為1V時電容器需要帶的電荷量；

（5）[9]擊穿電壓電指介質(zhì)不被擊穿時加在電容器兩極板上的極限電壓；若電壓超過這一限度，電容器就會損壞；

[10]額定電壓指電容器外殼上標的工作電壓，也是電容器正常工作所能承受的最大電壓，額定電壓比擊穿電壓低。【解析】①.電荷量Q②.電勢差U③.法拉④.微法⑤.皮法⑥.⑦.⑧.1V⑨.擊穿⑩.低18、略

【分析】【詳解】

[1]點電荷A；B電性相反；它們相互吸引。

[2]根據(jù)庫侖定律可得A、B之間的相互作用力大小為【解析】吸引14.419、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]對A列牛頓第二定律

對A、B系統(tǒng)列牛頓第二定律【解析】80N20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]二者間的庫侖力的大小為

[2]在B的右側(cè)相距也為L的C點電場強度的大小為【解析】①.②.21、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]電勢能指電荷在電場中具有的勢能；

（2）[2]靜電力做功與電勢能變化的關系：靜電力做的功等于電勢能的減少量。表達式為

[3]靜電力做正功；電勢能減少；

[4]靜電力做負功；電勢能增加；

（3）[5]電勢能的大小指電荷在某點（A點）的電勢能，等于把它從這點移動到零勢能位置時靜電力做的功EpA=WA0；

（4）[6][7]電勢能零點的規(guī)定為通常把電荷在離場源電荷無限遠處或把電荷在大地表面的電勢能規(guī)定為零?！窘馕觥竣?電場②.③.減少④.增加⑤.零勢能位置⑥.無限遠處⑦.大地表面22、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2]在勻強電場中，靜電力做功W=qElcosθ。其中θ為電場力與位移之間的夾角。

(2)[3][4]在靜電場中移動電荷時，靜電力所做的功與電荷的起始位置和終止位置有關，與電荷經(jīng)過的路徑無關。【解析】①.電場力②.位移③.有關④.無關四、作圖題(共2題，共12分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)電場線從正電荷出發(fā)；終止與負電荷及等量同種，等量異種點電荷電場線的分布特點，可標出電荷的電性如圖所示。

【解析】見解析24、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律可知

所以圖像與縱軸交點的坐標值為電源電動勢；與橫軸交點的坐