2025年教科新版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年教科新版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、下列說法正確的是A.光導(dǎo)纖維傳遞光信號(hào)是利用了光的全反射原理B.樹蔭下的圓形光斑形成的原因是由于光的衍射C.泊松亮斑是光的干涉現(xiàn)象D.增透膜的厚度應(yīng)為入射光在增透膜中波長(zhǎng)的1／42、放入電場(chǎng)中某點(diǎn)的電荷所受的靜電力F跟它的電荷量q的比值，叫做該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度E，即E=．下列說法正確的是（）

A.若將放入該點(diǎn)的電荷從電場(chǎng)中移出；則該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)?

B.電場(chǎng)強(qiáng)度的國際單位是N/C

C.放入該點(diǎn)的電荷所受的靜電力的方向就是該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向。

D.若將放入該點(diǎn)的電荷量增加一倍；則該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度將減少一半。

3、如圖，兩圓環(huán)AB置于同一水平面上，其中A為均勻帶電絕緣環(huán)，B為導(dǎo)體環(huán)，當(dāng)A以如圖方向轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，B中產(chǎn)生如圖方向的感應(yīng)電流，則A.A可能帶正電且轉(zhuǎn)速變小B.A可能帶正電且轉(zhuǎn)速增大C.A可能帶負(fù)電且轉(zhuǎn)速變小D.A可能帶負(fù)電且轉(zhuǎn)速增大4、以下關(guān)于波的說法中正確的是()A.干涉現(xiàn)象是波的特征，因此任何兩列波相遇時(shí)都會(huì)產(chǎn)生干涉現(xiàn)象B.因?yàn)槁暡ǖ牟ㄩL(zhǎng)可以與通常的障礙物尺寸相比，所以聲波很容易產(chǎn)生衍射現(xiàn)象C.聲波是橫波D.縱波傳播時(shí)，媒質(zhì)中的各質(zhì)點(diǎn)將隨波的傳播一直向前移動(dòng)5、在如圖甲所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為3.0V，內(nèi)阻不計(jì)，L1、L2、L3為3個(gè)相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示，當(dāng)開關(guān)S閉合后（）A.通過L1的電流為L(zhǎng)2的電流2倍B.L2的電阻為7.5ΩC.L1消耗的電功率為0.30WD.L1的電阻為15Ω6、下列說法正確的是（）A.光的偏振現(xiàn)象表明光波是縱波B.多普勒效應(yīng)是相對(duì)論效應(yīng)C.激光是人造光，具有相干性好、亮度高、平等度高的特點(diǎn)D.單擺擺球質(zhì)量越大，周期也越大7、關(guān)于電荷所受電場(chǎng)力和洛倫茲力，正確的說法是（）A.電荷在磁場(chǎng)中一定受洛倫茲力作用B.電荷在電場(chǎng)中一定受電場(chǎng)力作用C.電荷所受電場(chǎng)力一定與該處電場(chǎng)方向一致D.電荷所受的洛倫茲力不一定與磁場(chǎng)方向垂直8、如圖所示，電壓U

保持不變，已知R1=2k婁賂R2=3k婁賂

現(xiàn)用一個(gè)電阻為6k婁賂

的電壓表并聯(lián)在R2

的兩端，電壓表的讀數(shù)為6V.

若把它接在ab

兩點(diǎn)間，電壓表的讀數(shù)為(

)

A.8V

B.10V

C.12V

D.14V

9、一個(gè)氡核86222Rn

衰變成釙核84218Po

并放出一個(gè)粒子；其半衰期為3.8

天，1g

氡經(jīng)過7.6

天衰變掉氡的質(zhì)量，以及86222Rn

衰變成84218Po

的過程放出的粒子是()

A.0.25g婁脕

粒子B.0.75g婁脕

粒子C.0.25g婁脗

粒子D.0.75g婁脗

粒子評(píng)卷人得分二、填空題(共5題，共10分)10、真空中，兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷電量數(shù)值均為q，相距r、兩點(diǎn)電荷連線中點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為____．11、如圖甲是某電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線，A、B是這條電場(chǎng)線上的兩點(diǎn)。若將一正電荷從A點(diǎn)靜止釋放，正電荷沿電場(chǎng)線從A到B運(yùn)動(dòng)過程中的速度圖線如圖乙所示。比較A、B兩點(diǎn)電勢(shì)φ的高低和場(chǎng)強(qiáng)E的大?。害誂_____φB，EA_____EB。（填“>”、“=”或“<”）12、兩塊平行金屬板，相距2厘米，組成一個(gè)電容器．當(dāng)將它接在200伏的直流電壓上時(shí)，它所帶的電量是5×10﹣8庫．那么，電容器的極板間的場(chǎng)強(qiáng)大小為，電容器的電容大小為．13、如圖，理想變壓器有兩個(gè)副線圈，匝數(shù)分別為n1和n2，所接負(fù)載4R1=R2．當(dāng)只閉合S1時(shí)，電流表示數(shù)為1A，當(dāng)S1和S2都閉合時(shí)，電流表示數(shù)為2A，則n1：n2為____．

14、測(cè)一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中。

（1）圖中有甲、乙兩個(gè)可供選用的電路．應(yīng)選用______電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)．

（2）丙圖是正確選用電路后，根據(jù)7組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)畫出的U-I圖象．由此可知，這個(gè)干電池的電動(dòng)勢(shì)E=______V，內(nèi)電阻r=______Ω．評(píng)卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)15、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

18、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、推斷題(共4題，共32分)20、某芳香酯rm{I}的合成路線如下：已知以下信息：rm{壟脵A隆蘆I}均為芳香族化合物，rm{B}苯環(huán)上只有一個(gè)取代基，且rm{B}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)；rm{D}的相對(duì)分子質(zhì)量比rm{C}大rm{4}rm{E}的核磁共振氫譜有rm{3}組峰。rm{壟脷}rm{壟脹}請(qǐng)回答下列問題：rm{(1)A隆煤B}的反應(yīng)類型為____________，rm{G}中所含官能團(tuán)的名稱有____________________，rm{E}的名稱是______________________________。rm{(2)B}與銀氨溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式為______________________________。rm{(3)I}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為______________________________。rm{(4)}符合下列要求rm{A}的同分異構(gòu)體還有_______________種。rm{壟脵}與rm{Na}反應(yīng)并產(chǎn)生rm{H_{2}壟脷}芳香族化合物rm{(5)}據(jù)已有知識(shí)并結(jié)合相關(guān)信息，寫出以rm{CH_{3}CH_{2}OH}為原料制備rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}的合成路線流程圖rm{(}無機(jī)試劑任選rm{)}合成路線流程圖示如下：rm{CH_{3}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}CH_{3}CH_{2}OHxrightarrow[脜簍脕貌脣謾,?]{C{H}_{3}COOH}CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}rm{CH_{3}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}

CH_{3}CH_{2}OHxrightarrow[脜簍脕貌脣謾,?]{C{H}_{3}COOH}

CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}21、工業(yè)制鈦白粉產(chǎn)生的廢液中含有大量FeSO4、H2SO4和少量Fe2(SO4)3、TiOSO4，可利用酸解法生產(chǎn)補(bǔ)血?jiǎng)┤樗醽嗚F。其生產(chǎn)流程如下：

已知：TiOSO4可溶于水，在水中電離為TiO2+和SO2-4。請(qǐng)回答下列問題：

（1）寫出TiOSO4水解生成鈦酸H4TiO4的離子方程式____。步驟①中加入足量鐵屑的目的是____。

（2）步驟②的離子方程式是____，所得副產(chǎn)品主要是____（填化學(xué)式）。

（3）工業(yè)上由H4TiO4可制得鈦白粉TiO2。TiO2直接電解還原法生產(chǎn)鈦是一種較先進(jìn)的方法，電解質(zhì)為熔融的CaCl2，原理如圖所示，陰極的電極反應(yīng)式為____。

（4）工業(yè)上利用TiO2還可以用下列流程制取單質(zhì)鈦：

已知：①C(s)+O2(g)＝CO2(g)△H1＝－393.5kJ/mol②2CO(g)＋O2(g)＝2CO2(g)△H2＝－566kJ/mol③TiO2(s)＋2Cl2(g)＝TiCl4(s)＋O2(g)△H3＝+141kJ/mol則TiO2(s)＋2Cl2(g)＋2C(s)＝TiCl4(s)＋2CO(g)的△H＝____。

（5）乳酸可由乙烯經(jīng)下列步驟合成：上述合成路線的總產(chǎn)率為56%，乳酸與碳酸亞鐵反應(yīng)轉(zhuǎn)化為乳酸亞鐵晶體的產(chǎn)率為80%，則生產(chǎn)468kg乳酸亞鐵晶體（M＝234g/mol）需要標(biāo)準(zhǔn)狀況下的乙烯____m3。

22、rm{隆露}茉莉花rm{隆路}是一首膾炙人口的中國民歌。茉莉花香氣的成分有多種，乙酸苯甲酯rm{(}rm{)}是其中的一種，它可以從茉莉花中提取，也可以乙烯和甲苯為原料進(jìn)行人工合成。其中一種合成路線如下：回答下列問題：

rm{(1)A}rm{B}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為______________；

rm{(2)}寫出反應(yīng)rm{壟脷}rm{壟脼}的化學(xué)方程式rm{壟脷}_____________________rm{;壟脼}_____________________

rm{(3)}上述反應(yīng)中屬取代反應(yīng)的有______________

rm{(4)}反應(yīng)______________rm{(}填序號(hào)rm{)}原子的理論利用率為rm{100%}符合綠色化學(xué)的要求。23、根據(jù)下面的反應(yīng)路線及所給信息；回答下列問題：

rm{(1)11.2L(}標(biāo)準(zhǔn)狀況rm{)}的烴rm{A}在氧氣中充分燃燒可以產(chǎn)生rm{88gCO_{2}}和rm{45gH_{2}O}rm{A}的分子式是___________________rm{(2)A}有支鏈，rm{B}和rm{C}均為一氯化烴，它們的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式分別為____________，_____________rm{(3)D}的系統(tǒng)命名法名稱__________________________rm{(4)壟脵}rm{壟脹}的反應(yīng)類型依次是___________________，__________________rm{(5)}寫出rm{壟脷}rm{壟脹}的反應(yīng)化學(xué)方程式______________________________________rm{(6)}rm{A}的同分異構(gòu)體的一種二氯代物rm{G}其核磁共振氫譜圖上有兩組峰，且峰面積之比為rm{1:1}rm{G}在足量的rm{NaOH}的醇溶液中加熱，充分反應(yīng)后生成rm{H}rm{H}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_________________請(qǐng)寫出rm{H}發(fā)生加聚反應(yīng)的化學(xué)方程式__________________評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共12分)24、兩根長(zhǎng)度相同，橫截面積之比S1：S2=2：3的均勻銅導(dǎo)線按圖中所示接入電路，則兩導(dǎo)線的電阻之比R1：R2=____，自由電子在兩導(dǎo)線中定向移動(dòng)時(shí)所受的電場(chǎng)力之比F1：F2=。25、在用雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng)的實(shí)驗(yàn)中，準(zhǔn)備了下列儀器：A白熾燈B雙窄縫片C單窄縫片D濾光片E毛玻璃光屏（1）把以上儀器安裝在光具座上，自光源起合理的順序是（填字母）____（2）在某次實(shí)驗(yàn)中，用某種單色光通過雙縫在光屏上得到明暗相間的干涉條紋，其中亮紋c的位置利用測(cè)量頭上的分劃板確定，如圖所示．其中表示紋位置（圖甲）的手輪讀數(shù)為____mm，c紋位置（圖乙）的手輪讀數(shù)為mm。（3）已知雙縫間的距離為0.18mm，雙縫與屏的距離為500mm，則單色光的波長(zhǎng)為____nm。26、如圖所示，某種折射率較大的透光物質(zhì)制成直角三棱鏡ABC，在垂直于AC面的直線MN上插兩枚大頭針P1、P2，在AB面的左側(cè)通過棱鏡觀察大頭針P1、P2的像，調(diào)整視線方向，直到P1的像被P2的像擋住，再在觀察的這一側(cè)先后插上兩枚大頭針P3、P4，使P3擋住P1、P2的像，P4擋住P3和P1、P2的像，記下P3、P4和三棱鏡的位置，移去大頭針和三棱鏡，過P3、P4作直線與AB面交于D，量出該直線與AB面的夾角為370，則透光物質(zhì)的折射率n=.參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A|D【分析】試題分析：光導(dǎo)纖維是一種非常細(xì)的特制玻璃絲，當(dāng)光射入時(shí)滿足光的全反射條件，從而發(fā)生全反射．最終實(shí)現(xiàn)傳遞信息的目的．A正確，樹蔭下的圓形光斑形成的原因是小孔成像，B錯(cuò)誤；泊松亮斑是光的衍射現(xiàn)象，C錯(cuò)誤；增透膜，其厚度應(yīng)為入射光在該介質(zhì)中波長(zhǎng)的故D正確；考點(diǎn)：考查了光現(xiàn)象【解析】【答案】AD2、B【分析】

A；電場(chǎng)強(qiáng)度是由電場(chǎng)本身決定；與試探電荷的有無無關(guān)，故取出試探電荷后電場(chǎng)強(qiáng)度保持不變，故A錯(cuò)誤．

B、根據(jù)E=可知力F的單位是N；電荷量q的單位是C，故電場(chǎng)強(qiáng)度的單位是N/C，故B正確．

C；電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與正電荷所受電場(chǎng)力的方向相同；與負(fù)電荷所受電場(chǎng)力的方向相反，故C錯(cuò)誤．

D；電場(chǎng)強(qiáng)度是由電場(chǎng)本身決定；與試探電荷的無關(guān)，故試探電荷的電荷量增加一倍后該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度保持不變，故D錯(cuò)誤．

故選B．

【解析】【答案】電場(chǎng)強(qiáng)度是由電場(chǎng)本身決定；與試探電荷的有無無關(guān)，電量無關(guān)，電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與正電荷所受電場(chǎng)力的方向相同，與負(fù)電荷所受電場(chǎng)力的方向相反．

3、B|C【分析】【解析】試題分析：由圖可知，B中電流為逆時(shí)針，由右手螺旋定則可知，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)向外，由楞次定律可知，引起感應(yīng)電流的磁場(chǎng)可能為：向外減小或向里增大；若原磁場(chǎng)向里，則A中電流應(yīng)為順時(shí)針，故A應(yīng)帶正電，因磁場(chǎng)變強(qiáng)，故A中電流應(yīng)增大，即A的轉(zhuǎn)速應(yīng)增大，故B正確；若原磁場(chǎng)向外，則A中電流應(yīng)為逆時(shí)針，即A應(yīng)帶負(fù)電，且電流應(yīng)減小，即A的轉(zhuǎn)速應(yīng)減小，故C正確；考點(diǎn)：考查了楞次定律的應(yīng)用【解析】【答案】BC4、B【分析】頻率相同、相位恒定的兩列波相遇才能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，A錯(cuò)誤；由衍射條件知，B正確；聲波是縱波，C錯(cuò)誤；波的傳播過程中，不論橫波和縱波，質(zhì)點(diǎn)并不隨波發(fā)生遷移，D錯(cuò)誤?！窘馕觥俊敬鸢浮緽5、B【分析】試題分析：因?yàn)長(zhǎng)1兩端的電壓為3V，則由圖線乙可知，電流為0.25A；L2，L3兩端的電壓分別為1.5V，則由圖線乙可知，電流分別為0.2A；故通過L1的電流不是為L(zhǎng)2的電流2倍，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；L2的電阻：選項(xiàng)B錯(cuò)誤；L1消耗的電功率為P1=3×0.25W=0.75W，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；L1的電阻為選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B?？键c(diǎn)：U-I圖線；歐姆定律；電功率.【解析】【答案】B6、C【分析】解：A；光的偏振現(xiàn)象說明光是一種橫波．故A錯(cuò)誤．

B；多普勒是一種相對(duì)運(yùn)動(dòng)引起的；但不是相對(duì)論效應(yīng)；故B錯(cuò)誤；

C；激光是人造光；具有相干性好、亮度高、平等度高的特點(diǎn)．故C正確．

D；單擺擺球的周期與質(zhì)量無關(guān)；故D錯(cuò)誤；．

故選：C．

偏振現(xiàn)象說明光是橫波．激光是一種人造光；具有相干性好；能量大，亮度高，平等度高等優(yōu)點(diǎn)；單擺的周期和質(zhì)量無關(guān)．

本題考查光的偏振、多普勒效應(yīng)及激光和單擺的周期公式等，要注意準(zhǔn)確掌握相關(guān)概念并明確其應(yīng)用．【解析】【答案】C7、B【分析】解：A；電荷在磁場(chǎng)中不一定受洛倫茲力；當(dāng)靜止時(shí)一定沒有洛倫茲力，而運(yùn)動(dòng)的電荷，當(dāng)速度與磁場(chǎng)平行時(shí)，沒有洛倫茲力作用．故A錯(cuò)誤；

B；電荷在電場(chǎng)中一定受到電場(chǎng)力作用．故B正確；

C；正電荷所受電場(chǎng)力一定與該處電場(chǎng)方向相同；當(dāng)負(fù)電荷所受電場(chǎng)力與該處電場(chǎng)方向相反．故C錯(cuò)誤；

D；電荷所受的洛倫茲力與磁場(chǎng)及運(yùn)動(dòng)速度構(gòu)成的平面垂直；所以電荷所受的洛倫茲力一定與磁場(chǎng)方向垂直，故D錯(cuò)誤；

故選：B．

帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)；才受到洛倫茲力作用而發(fā)生偏轉(zhuǎn)．由左手定則可確定洛倫茲力的方向，而電場(chǎng)的基本性質(zhì)是對(duì)放入電場(chǎng)中的電荷有電場(chǎng)力作用．正電荷的電場(chǎng)力的方向?yàn)樵擖c(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．

只要電荷在電場(chǎng)中一定有電場(chǎng)力，而電荷在磁場(chǎng)中靜止，則一定沒有磁場(chǎng)力，而電荷在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，才可能有洛倫茲力，當(dāng)運(yùn)動(dòng)方向與磁場(chǎng)垂直時(shí)，洛倫茲力最大．【解析】【答案】B8、C【分析】解：當(dāng)電壓表并聯(lián)在R2

的兩端時(shí)；電壓表與R2

的并聯(lián)電阻為：

R虜壟=R2RVR2+RV=3隆脕63+6k婁賂=2k婁賂

可知；R虜壟=R1

根據(jù)串聯(lián)電路的分壓特點(diǎn)；可知R1

兩端的電壓也等于6V

故U=12V

．

所以把電壓表接在ab

兩點(diǎn)間；電壓表的讀數(shù)為12V

．

故選：C

電壓表不是理想的電壓表；本身也有電阻，當(dāng)電表表與電阻并聯(lián)后，并聯(lián)部分電阻減小，分擔(dān)的電壓減小.

結(jié)合串聯(lián)電路電壓與電阻成正比來分析電壓表的示數(shù)．

本題要注意電壓表是實(shí)際的電表，內(nèi)阻不是無窮大，電表對(duì)電路的影響不能忽略，把電壓表看成可測(cè)量電壓的電阻．【解析】C

9、B【分析】略【解析】B

二、填空題(共5題，共10分)10、略

【分析】

兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷在中點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相同．大小為則合場(chǎng)強(qiáng)E=．

故答案為：

【解析】【答案】根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式分別求出等量異種電荷在中點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度；再根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加進(jìn)行合成．

11、略

【分析】試題分析:從速度時(shí)間圖線得到正點(diǎn)電荷做加速運(yùn)動(dòng)，加速度逐漸變小，故電場(chǎng)力向右，且不斷變小，故A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度較大，正電荷受到的電場(chǎng)力與場(chǎng)強(qiáng)方向相同，故場(chǎng)強(qiáng)向右，沿場(chǎng)強(qiáng)方向，電勢(shì)變小，故A點(diǎn)電勢(shì)較大，故φA>φB，EA＞EB；考點(diǎn)：電勢(shì)；電場(chǎng)線．【解析】【答案】>；>12、略

【分析】【解析】試題分析：電容器間的電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)公式即可求解；根據(jù)電容的定義式求電容大?。窘馕觥?/p>

電容器間的電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，所以電容器的極板間的場(chǎng)強(qiáng)大小為E==10000V/m，電容C==2.5×10﹣10F故答案為：10000V/m，2.5×10﹣10F【解析】【答案】10000V/m，2.5×10﹣10F13、1：2【分析】【解答】解：設(shè)原線圈的電壓為U，當(dāng)只閉合S1時(shí)；根據(jù)電流表示數(shù)為1A，則變壓器的輸入功率為U×1A；則副線圈的功率為U×1A；

當(dāng)S1和S2都閉合時(shí)；電流表示數(shù)為2A，則變壓器的輸入功率為U×2A；則副線圈的功率為U×2A；因此兩副線圈的功率之比為1：1；

根據(jù)P=結(jié)合負(fù)載4R1=R2的阻值關(guān)系，則有：解得：U1：U2=1：2；

由變壓器的電壓與匝數(shù)成正比，則有：n1：n2=1：2；

故答案為：1：2．

【分析】設(shè)原線圈的電壓為U，當(dāng)只閉合S1時(shí)；根據(jù)電流表示數(shù)為1A，可知變壓器的輸入功率，從而可知輸出功率；

當(dāng)S1和S2都閉合時(shí)；電流表示數(shù)為2A，可知變壓器的輸入功率，從而可知輸出功率；進(jìn)而得到兩副線圈的功率之比；

根據(jù)P=結(jié)合負(fù)載4R1=R2的阻值關(guān)系，與變壓器的電壓與匝數(shù)成正比，即可求解．14、略

【分析】解：（1）一節(jié)干電池內(nèi)阻很?。患s為零點(diǎn)幾歐姆，為減小實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)選擇圖乙所示電路圖．

（2）由圖丙所示電源U-I圖象可知；圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值為1.5，則電源電動(dòng)勢(shì)：E=1.5V；

電源內(nèi)阻：r===0.4Ω；

故答案為：（1）乙；（2）1.5；0.4．

（1）當(dāng)電源內(nèi)阻較小時(shí)；相對(duì)于電源來說電流表應(yīng)采用外接法．

（2）電源U-I圖象與縱軸的交點(diǎn)坐標(biāo)值是電源電動(dòng)勢(shì)；圖象斜率的絕對(duì)值是電源內(nèi)阻，由圖示圖象求出電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻．

本題考查了實(shí)驗(yàn)電路的選擇、求電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)是常用的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理方法，要掌握應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的方法．【解析】乙；1.5；0.4三、判斷題(共5題，共10分)15、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．16、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大小．

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．17、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．18、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．19、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．四、推斷題(共4題，共32分)20、（1）氧化反應(yīng)(酚)羥基、羧基4-氯(或?qū)β?甲苯

（2）

（3）

（4）13

（5）

【分析】【分析】本題考查有機(jī)物推斷與合成，綜合分析確定rm{B}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式，再結(jié)構(gòu)反應(yīng)條件進(jìn)行推斷，需要學(xué)生熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化。【解答】rm{A-I}均為芳香族化合物，rm{B}苯環(huán)上只有一個(gè)取代基，則苯環(huán)上只有一個(gè)取代基，則rm{B}的苯環(huán)上只有一個(gè)取代基，根據(jù)rm{A}的分子式rm{A}可知rm{C_{8}H_{10}O}的側(cè)鏈為飽和結(jié)構(gòu)，rm{A}能夠催化氧化生成rm{A}rm{B}能夠發(fā)生銀鏡反應(yīng)，且能夠發(fā)生信息rm{B}中反應(yīng)，則rm{壟脹}分子中側(cè)鏈rm{B}結(jié)構(gòu)，故B的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{-CH_{2}CHO}為則rm{A}為rm{C}比rm{D}的相對(duì)分子質(zhì)量大rm{C}恰好為rm{4}分子氫氣的分子量，則說明一個(gè)rm{2}與rm{C}個(gè)氫氣發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{2}故D為rm{D}的核磁共振氫譜有rm{E}組峰，rm{3}能夠被酸性高錳酸鉀溶液氧化，則rm{E}分子中含有甲基，且氯原子位于甲基的對(duì)位，故E為rm{E}被酸性高錳酸鉀溶液氧化成rm{E}則rm{F}為rm{F}在濃rm{F}溶液中加熱發(fā)生水解反應(yīng)生成酚羥基和羧酸鈉，然后在酸性條件下轉(zhuǎn)化成rm{NaOH}則rm{G}為rm{G}和rm{G}發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{D}則rm{I}為rm{I}為催化氧化生成該反應(yīng)為氧化反應(yīng)；rm{(1)A隆煤B}為其分子中含有官能團(tuán)為羥基、羧基；rm{G}為故命名為對(duì)氯甲苯或rm{E}氯甲苯rm{4-}或：對(duì)甲基氯苯或rm{[}甲基氯苯rm{4-}

故答案為：氧化反應(yīng)；羥基、羧基；對(duì)氯甲苯或rm{]}氯甲苯rm{4-}或：對(duì)甲基氯苯或rm{[}甲基氯苯rm{4-}

rm{]}為rm{(2)B}與銀氨溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式為：

故答案為：

rm{B}與銀氨溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式為：由以上推斷可知rm{B}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：，故答案為：

rm{(3)}為rm{I}與rm{(4)A}反應(yīng)并產(chǎn)生rm{壟脵}與rm{Na}反應(yīng)并產(chǎn)生rm{H}rm{壟脵}rm{Na}芳香族化合物，含有苯環(huán)，則如果苯環(huán)上只有一個(gè)取代基，則是rm{H}rm{{,!}_{2}}，說明含有羥基；rm{壟脷}芳香族化合物，含有苯環(huán)，則如果苯環(huán)上只有一個(gè)取代基，則是rm{隆陋CHOHCH}和乙基或甲基和rm{壟脷}rm{隆陋CHOHCH}rm{{,!}_{3}}位置均有鄰間對(duì)三種。，兩個(gè)取代基，可以是rm{隆陋OH}和乙基或甲基和rm{隆陋CH}個(gè)取代基，則是rm{隆陋OH}個(gè)甲基和rm{隆陋CH}個(gè)酚羥基，共有rm{{,!}_{2}}種，總共是rm{OH}位置均有鄰間對(duì)三種。rm{3}個(gè)取代基，則是rm{2}個(gè)甲基和rm{1}個(gè)酚羥基，共有rm{6}種，總共是rm{13}種。種。rm{OH}rm{3}為原料制備rm{2}先將乙醇催化氧化生成乙醛，然后讓碳鏈增長(zhǎng)，發(fā)生信息反應(yīng)rm{1}生成rm{6}與氫氣加成生成rm{13}合成路線為：

故答案為：故答案為：rm{13}【解析】rm{(1)}氧化反應(yīng)rm{(}酚rm{)}羥基、羧基rm{4-}氯rm{(}或?qū)β萺m{)}甲苯rm{(2)}rm{(3)}rm{(4)13}rm{(5)}

21、略

【分析】【分析】本題考查了鐵鹽和亞鐵鹽的相互轉(zhuǎn)變、離子方程式的書寫、電解原理、焓變的計(jì)算、原料利用率的計(jì)算等，難度中等，注意把握相關(guān)基本理論的理解和應(yīng)用?！窘獯稹浚?）根據(jù)水解原理：鹽+水=酸+堿，則TiOSO4水解生成鈦酸H4TiO4的離子方程式TiO2+＋3H2OH4TiO4＋2H+；步驟①中加入足量鐵屑的目的是將溶液中的Fe3+還原為Fe2+，消耗溶液中的H+促進(jìn)TiO2+水解。（2）NH4HCO3在溶液中電離出HCO3-離子，易電離生成碳酸根，碳酸根和亞鐵離子反應(yīng)生成FeCO3促進(jìn)HCO3-電離，故離子方程式Fe2+＋2HCO3-==FeCO3↓＋CO2↑＋H2O；所得的副產(chǎn)物為溶液中沒有參加反應(yīng)的銨根離子和硫酸根離子形成的(NH4)2SO4；（3）電解時(shí)，陰極上得電子發(fā)生還原反應(yīng)，所以二氧化鈦得電子生成鈦和氧離子，故陰極電極反應(yīng)：TiO2＋4e－==Ti＋2O2-（4）依據(jù)蓋斯定律：由③+①×2-②可知△H＝△H3+△H1×2-△H2=+141+（-393.5）×2-（-566）=-80kJ/mol。（5）由題意知，乳酸生成乳酸亞鐵的物質(zhì)的量之比為2：1，設(shè)需要乙烯xm3，則反應(yīng)生成468kg乳酸亞鐵晶體所需乙烯為x=200m3?！窘馕觥浚?）TiO2+＋3H2OH4TiO4＋2H+將溶液中的Fe3+還原為Fe2+，消耗溶液中的H+，促進(jìn)TiO2+水解（2）Fe2+＋2HCO3-==FeCO3↓＋CO2↑＋H2O(NH4)2SO4（3）TiO2＋4e－==Ti＋2O2-（4）-80kJ/mol（5）20022、

（2）2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O

（3）④⑤⑥

（4）①③

【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的推斷與合成，難度不大，注意結(jié)合乙醇、氯代烴的性質(zhì)進(jìn)行推斷，需要學(xué)生熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，有利于基礎(chǔ)知識(shí)的鞏固?！窘獯稹縭m{(1)}乙醇與氧化銅加熱反應(yīng)生成rm{A}rm{A}為乙醛，甲苯在光照條件下與氯氣反應(yīng)生成rm{B}rm{B}為故答案為：rm{CH_{3}CHO}rm{CH_{3}CHO}rm{(2)}反應(yīng)rm{壟脷}rm{壟脼}的化學(xué)方程式分別為：的化學(xué)方程式分別為：rm{壟脷}rm{壟脼}故答案為：rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}反應(yīng)rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}是乙烯與水發(fā)生加成反應(yīng)，反應(yīng)rm{(3)}是乙醇發(fā)生氧化反應(yīng)生成乙醛，反應(yīng)rm{壟脵}是乙醛發(fā)生氧化反應(yīng)生成乙酸，反應(yīng)rm{壟脷}是甲苯與氯氣發(fā)生取代反應(yīng)，反應(yīng)rm{壟脹}是rm{壟脺}在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生水解反應(yīng)生成苯甲醇，屬于取代反應(yīng)，rm{壟脻}乙酸與苯甲醇發(fā)生酯化反應(yīng)生成乙酸苯甲酯，屬于取代反應(yīng)；故答案為：rm{B}

rm{壟脼}反應(yīng)rm{壟脺壟脻壟脼}乙烯與水發(fā)生加成反應(yīng)生成乙醇，反應(yīng)rm{(4)}乙醛發(fā)生氧化反應(yīng)生成乙酸，符合原子利用率rm{壟脵}故答案為：rm{壟脹}rm{100%}【解析】rm{(2)}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(3)壟脺壟脻壟脼}23、（1）C4H10

（2）

（3）2-甲基-1-丙烯

（4）消去反應(yīng)，水解反應(yīng)（取代反應(yīng)）

（5）

（6）CH2=CH-CH=CH2

【分析】【分析】本題考查有機(jī)化合物的推斷和有機(jī)反