2025年粵教版選擇性必修1物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版選擇性必修1物理上冊階段測試試卷773考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、一物體在水平恒力的作用下沿水平面運動，在時刻撤去力其圖像如圖所示，已知物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為重力加速度大小為若力做的功為則物體運動過程中的最大動量為（）

A.B.C.D.2、有人設想給太空飛船安裝“太陽帆”，用太陽光的“光子流”為飛船提供動力來實現(xiàn)星際旅行。一太陽帆始終正對太陽光，它與太陽距離為r時受到太陽光的壓力為F。當它到太陽的距離為時，受到太陽光的壓力為（）。A.FB.C.D.3、如圖；在跳高運動時，運動員落地一側鋪有海綿墊，這樣做的目的是為了減小（）

A.運動員的慣性B.運動員重力的沖量C.接觸面對運動員的沖量D.接觸過程中運動員的動量變化率4、物體在恒定的合力F作用下做直線運動，在Δt1時間內(nèi)速度由0增大到v，在Δt2時間內(nèi)速度由v增大到2v，設F在Δt1內(nèi)做的功是W1，沖量大小是I1；F在Δt2內(nèi)做的功是W2，沖量大小是I2，下列關系式正確的是（）A.I1=I2，3W1=W2B.I1＜I2，W1＜W2C.I1=I2，W1=W2D.I1＜I2，W1=W25、如圖所示，在一平靜水面上建立坐標系。甲、乙兩波源分別在處先后以的頻率上下振動，在水面上產(chǎn)生簡諧橫波。圖中虛線為某一時刻兩列波到達的位置，此時處的質點沿振動方向的位移為零且速度向下。已知該水波的波速為振幅為兩波源起振方向相同，傳播過程中能量損耗不計。則下列說法正確的是（）

A.波源起振方向向上B.波源比振動提前0.2sC.圖示時刻處的質點向下振動D.圖示時刻處的質點位移大小為4cm6、下列說法正確的是（）A.光學鏡頭上的增透膜是利用了光的折射現(xiàn)象B.發(fā)生多普勒效應是因為波源的頻率發(fā)生了變化C.在單縫衍射實驗中，將入射光由黃光換成綠光，衍射條紋間距變寬D.拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時，在鏡頭前加一個偏振片可以減小玻璃表面反射光的強度評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)7、為了提高松樹上松果的采摘率和工作效率；工程技術人員利用松果的慣性發(fā)明了用打擊桿；振動器使松果落下的兩種裝置，如圖甲、乙所示。則（）

A.針對不同樹木，落果效果最好的振動頻率可能不同B.隨著振動器頻率的增加，樹干振動的幅度一定增大C.打擊桿對不同粗細樹干打擊結束后，樹干的振動頻率相同D.穩(wěn)定后，不同粗細樹干的振動頻率始終與振動器的振動頻率相同8、質量為m的帶正電小球由空中A點無初速度自由下落，在t秒末加上豎直向上、范圍足夠大的勻強電場，再經(jīng)過t秒小球又回到A點．不計空氣阻力且小球從未落地，重力加速度為g，則（）A.從A點到最低點小球重力勢能減少了mg2t2B.從加電場開始到小球運動到最低點時小球動能減少了mg2t2C.整個過程中小球所受合外力沖量大小為2mgtD.整個過程中小球電勢能減少了mg2t29、如圖所示，三個小球A、B、C的質量均為m，A與BC間通過鉸鏈用輕桿連接，桿長為L，B、C置于水平地面上，用一輕質彈簧連接，彈簧處于原長?，F(xiàn)A由靜止釋放下降到最低點，兩輕桿間夾角由變?yōu)锳、B、C在同一豎直平面內(nèi)運動，彈簧在彈性限度內(nèi)，忽略一切摩擦，重力加速度為g。則此下降過程中（）

A.B受到地面的支持力大小恒等于B.C和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，動量守恒C.彈簧的彈性勢能最大時，A具有向上的加速度D.彈簧的彈性勢能最大值為10、一個單擺在地面上做受迫振動，其共振曲線（振幅A與驅動力頻率f的關系）如圖所示，近似取π2=10；則（）

A.此單擺的固有周期為0.5sB.此單擺的擺長為1mC.若擺長增大，單擺的固有頻率增大D.若擺長增大，共振曲線的峰將向左移動11、某研究性學習小組欲測定下表面涂有反射層的平行玻璃磚的折射率。如圖所示，在I區(qū)域已插上P1、P2兩枚大頭針用來確定入射光線（法線也已畫出），要再插入P3、P4兩枚大頭針來確定出射光線；下列說法正確的是（）

A.應在Ⅲ區(qū)域尋找插入P3、P4兩枚大頭針的位置B.應在Ⅱ區(qū)域用大頭針擋住P1、P2的像來確定P3的位置C.能在Ⅱ區(qū)域找到兩組插入大頭針P3、P4的位置D.增大入射光線的入射角i（i＜90°），可能無法找到出射光線12、如圖所示，有一束平行于等邊三棱鏡截面ABC的單色光從空氣射入E點，并偏折到F點，已知入射方向與邊AB的夾角為θ=30°，E、F分別為邊AB、BC的中點；則下列說法正確的是（）

A.該棱鏡的折射率為B.光在F點發(fā)生全反射C.光從空氣進入棱鏡，頻率變小D.光從空氣進入棱鏡，波速變小13、白光通過三棱鏡發(fā)生色散現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A.白光是由不同頻率的光組成的B.棱鏡材料對各種色光的折射率不同C.棱鏡材料對紅光的折射率大，對紫光的折射率小D.出現(xiàn)色散現(xiàn)象的原因是棱鏡改變了顏色評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)14、如圖所示，木塊A的質量mA＝1kg，足夠長的木板B的質量mB＝4kg，質量為mC＝4kg的木塊C置于木板B上，水平面光滑，B、C之間有摩擦．現(xiàn)使A以v0＝12m/s的初速度向右運動，與B碰撞后以4m/s的速度彈回，則A與B碰撞后瞬間，B的速度為__m/s，C運動過程中的最大速度為__m/s，整個過程中因為B、C之間的摩擦而產(chǎn)生的總內(nèi)能為___J．

15、一振動片以某一頻率做簡諧振動時，固定在振動片上的兩根細桿同步周期性地觸動水面上的a、b兩點，兩波源發(fā)出的波在水面上形成穩(wěn)定的干涉圖樣。c是水面上的一點，a、b、c間的距離均為L，ce連線垂直ab連線，bc連線上的d點到c的距離為ce連線與ad連線相交于f點，如圖所示。已知兩波源發(fā)出的波的波長為則d點是振動______，f點是振動______。（均選填“加強點”或“減弱點”）

16、動量定理。

（1）內(nèi)容：物體在一個過程中所受力的沖量等于它在這個過程始末的___________。

（2）表達式：I=p′-p或F（t′-t)=___________。17、（1）折射率定義：光從真空射入某種介質發(fā)生折射時，______與______之比，叫作這種介質的絕對折射率，簡稱折射率，即

（2）折射率與光速的關系：某種介質的折射率，等于光在______中的傳播速度c與光在這種介質中的傳播速度v之比，即

（3）由于c＞v，故任何介質的折射率n都______1（填“大于”“小于”或“等于”）。18、理論表明：彈簧振子的總機械能與振幅的平方成正比，即E=k為彈簧的勁度系數(shù)。如圖，一勁度系數(shù)為k的輕彈簧一端固定，另一端連接著質量為M的物塊，物塊在光滑水平面上往復運動。當物塊運動到最大位移為A的時刻，把質量為m的物塊輕放在其上。兩個物塊始終一起振動。它們之間動摩擦因數(shù)至少為___________；經(jīng)過平衡位置的速度為___________；振幅為___________。（設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）

19、如圖所示，質量為的小球在距離車底面高20m處以一定的初速度向左平拋，落在以速度沿光滑水平面向右勻速行駛的敞篷小車中，車底涂有一層油泥，車與油泥的總質量為4kg，設小球落在車底前瞬間速度大小是則當小球與小車相對靜止時，小車的速度大小為_____方向向______。（取g=）

20、一個水平彈簧振子的固有頻率是3Hz，要使它在振動中產(chǎn)生的最大加速度能達到5m/s2，它振動的振幅A=_____cm。（需要用到彈簧振子周期公式，結合牛二，巧解）21、如圖甲所示，為一列簡諧橫波在t=0.1s時刻的波形圖，圖乙為質點P的振動圖像。有此可知該列簡諧波沿x軸___________方向傳播，波速為___________m/s；若該波與另一列頻率為5Hz、波源在x=0m處的沿x軸正方向傳播的簡諧橫波相遇，___________（填“能夠”或“不能”）產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖樣。

評卷人得分四、實驗題(共1題，共2分)22、某同學利用單擺測定當?shù)氐闹亓铀俣龋?/p>

（1）為了更好的完成實驗，下列做法正確的有___________。

A.選擇質量大些且體積小些的擺球。

B.測量出懸線的長度作為擺長。

C.為了使擺的周期增大；要增大擺球的擺角。

D.在擺球從最高點下擺時開始計時。

（2）為了提高實驗精度，在實驗中可改變幾次擺長并測出相應的周期T，從而得出一組對應的與的數(shù)據(jù)如圖1所示，再以為橫坐標，為縱坐標將所得數(shù)據(jù)連成直線，并求得該直線的斜率為k，則重力加速度g=___________。（用k表示）

（3）如果他測得的g值偏小，可能的原因是___________。

A.測量時；將懸點到小球最下端距離作為擺長。

B.擺線上端未牢固地系于懸點；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了，使周期變大了。

C.開始計時時；秒表過遲按下。

D.實驗中誤將49次全振動數(shù)次數(shù)記為50次評卷人得分五、解答題(共4題，共28分)23、如圖所示，一長木板A靜止在水平地面上，木板上左端有一小鐵塊B，小鐵塊C靜止在距木板左端處，已知鐵塊B、C與木板間的動摩擦因數(shù)均為木板與地面間的動摩擦因數(shù)某時刻用鐵錘敲擊鐵塊B，使其獲得4m/s沿木板向右的初速度，鐵塊B的質量鐵塊C與木板A的質量均為鐵塊間的碰撞為彈性正碰，小鐵塊的大小忽略不計，取重力加速度鐵塊均未滑離木板，求：

（1）從B開始運動；經(jīng)多長時間B與C發(fā)生碰撞；

（2）鐵塊C運動的最大速度；

（3）木板運動的最大位移大?。?/p>

（4）鐵塊間的最大距離。

24、如圖所示，質量為M的斜面體靜止在水平面上，弧ACB為半徑為R的光滑圓弧，B與水平地面相切，斜面體與地面間的動摩擦因數(shù)為μ，當斜面體所受摩擦力滿足（FN為地面對斜面體的彈力）時，由于某種機制，斜面體底面突然光滑且不再變化?，F(xiàn)有一質量為m可視為質點的光滑小球（與水平面無摩擦）以v0水平向左運動。已知M=2m，當m滑到C位置時，斜面體相對地面開始運動，夾角取重力加速度為g；求：

（1）小球滑到C點的速度大小v1；

（2）斜面體與地面間的動摩擦因數(shù)

（3）小球從斜面體A端沖出到落回到A端過程中，斜面體運動的位移大小x。

25、圖（a）為一列簡諧橫波在t=2s時的波形圖，圖（b）為介質中平衡位置在x=1.5m處質點的振動圖像，P是平衡位置為x=2m的質點。求：

(1)波的傳播方向及波速；

(2)前2s內(nèi)質點P運動的路程。

26、如圖甲所示，B、C和P是同一水平面內(nèi)的三個點，沿豎直方向振動的橫波I在介質中沿BP方向傳播，P與B相距40cm，B點的振動圖像如圖乙所示；沿豎直方向振動的橫波II在同一介質中沿CP方向傳播，P與C相距50cm，C點的振動圖像如圖丙所示。在t=0時刻，兩列波同時分別經(jīng)過B、C兩點，兩列波的波速都為20cm/s，兩列波在P點相遇；則：

（1）兩列波波長；

（2）4.5s時P點所在位置及運動方向？

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

整個過程中由動能定理

其中

解得F=3μmg

則最大動量

故選B。2、C【分析】【詳解】

設太陽的輻射功率為則太陽光照射距離太陽為的太陽帆時，面積為的太陽帆接收到的太陽輻射功率有

可得

因為光子的動量

光子照射到太陽帆上時，太陽光被完全反射，對t時間內(nèi)照射到太陽帆上的光子，列動量定理可得

所以，當它到太陽的距離為時，受到太陽光的壓力為

故選C。3、D【分析】【詳解】

A．慣性是物體的固有屬性；只與物體的質量有關，A項錯誤；

C．跳高運動員在落地的過程中，動量變化一定，合力沖量I一定；C項錯誤；

BD．跳高運動員在跳高時落到海綿墊上，可以延長著地過程的作用時間t，運動員重力的沖量I=mgt

增大，根據(jù)動量定理，有（F-mg）Δt=mv

可知動量變化率減小，則運動員所受的平均沖力F減小；B項錯誤，D項正確。

故選D。4、A【分析】【詳解】

根據(jù)動能定理得

由此可知：3W1=W2；根據(jù)動量定理得I1=mv-0=mv，I2=2mv-mv=mv

可知I1=I2．故A正確；BCD錯誤．

故A正確。5、C【分析】【詳解】

A．簡諧波從波源到的時間為

周期為

則

處的質點沿振動方向的位移為零且速度向下；則兩波源的起振方向向下，故A錯誤；

B．甲、乙兩列波已經(jīng)形成的時間分別為

故波源O1比O2開始振動的時間早0.4s；故B錯誤；

C．兩波的波長為

由圖可知，兩列波在處的振動方向均向下，且在平衡位置，則處的質點向下振動；故C正確；

D．處到兩波源的路程差為

則該質點振東加強。

波源O1在該點的振動時間為

波源O2在該點的振動時間為

則兩波源在該點產(chǎn)生的振動均向上；且在平衡位置，位移為零，故D錯誤。

故選C。6、D【分析】【詳解】

A．光學鏡頭上的增透膜是利用了光的干涉現(xiàn)象；故A錯誤；

B．發(fā)生多普勒效應是因為波源和觀察者的相對位移發(fā)生了變化；故B錯誤；

C．在單縫衍射實驗中，將入射光由黃光換成綠光，波長變短；衍射條紋間距變窄，故C錯誤；

D．由于反射光是偏振光；在拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時鏡頭前加一個偏振片，可以減小反射的偏振光進入的強度，故D正確。

故選D。二、多選題(共7題，共14分)7、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)共振的條件；當振動器的頻率等于樹木的固有頻率時產(chǎn)生共振，此時落果效果最好，而不同的樹木的固有頻率不同，針對不同樹木，落果效果最好的振動頻率可能不同，選項A正確；

B．當振動器的振動頻率等于樹木的固有頻率時產(chǎn)生共振；此時樹干的振幅最大，則隨著振動器頻率的增加，樹干振動的幅度不一定增大，選項B錯誤；

C．打擊結束后；樹干做阻尼振動，阻尼振動的頻率為樹干的固有頻率，所以粗細不同的樹干頻率不同，選項C錯誤；

D．樹干在振動器的振動下做受迫振動；則穩(wěn)定后，不同粗細樹干的振動頻率始終與振動器的振動頻率相同，選項D正確。

故選AD。8、A:C【分析】【詳解】

A．小球先做自由落體運動，后做勻減速運動，兩個過程的位移大小相等、方向相反．設電場強度大小為E，加電場后小球的加速度大小為a，取豎直向下方向為正方向，則

又v=gt，解得a=3g

則小球回到A點時的速度為v′=v-at=-2gt

減速時候加速度為自由下落時3倍，所以時間為自由下落的三分之一，總位移為：

所以重力勢能變化為：

故A錯誤；

B．最低點時小球速度為零，所以加電場開始到最低點時，動能變化：

故B錯誤；

C．規(guī)定向下為正方向，根據(jù)動量定理得：△p=-mgt-0=-2mgt

所以整個過程中小球合外力的沖量為2mgt；故C正確；

D．由牛頓第二定律得：解得：

整個過程中小球電勢能減少了

故D錯誤．

故選AC．9、C:D【分析】【詳解】

A．A球初態(tài)速度v0=0，末態(tài)速度v=0，因此在運動過程中先加速后減速，當速度最大時，動能最大，加速度為零，由系統(tǒng)牛頓第二定律或系統(tǒng)超失重可知，在A的動能達到最大前，B受到的支持力小于在A的動能達到最大時，B受到的支持力等于在A的動能達到最大后，B受到的支持力大于故A錯誤；

B．忽略一切摩擦；只有重力或系統(tǒng)內(nèi)的彈力做功，則系統(tǒng)機械能守恒，系統(tǒng)所受重力與支持力并不平衡，系統(tǒng)的合外力不為零，故動量不守恒，故B錯誤；

C．彈簧的彈性勢能最大時；A到達最低點，此時具有向上的加速度，故C正確；

D．由能量守恒，A減少的重力勢能等于彈簧增加的彈性勢能

故D正確。

故選CD。10、B:D【分析】【詳解】

A．當驅動力頻率和單擺的固有頻率相等時，發(fā)生共振，振幅最大，則此單擺的固有周期為

故A錯誤；

B．根據(jù)單擺周期公式知此單擺的擺長為1m。故B正確；

C．根據(jù)單擺周期公式知若擺長增大；單擺的固有周期增大，固有頻率減小。故C錯誤；

D．若擺長增大；單擺的固有頻率減小，共振曲線的峰將向左移動。故D正確。

故選BD。11、B:C【分析】【詳解】

ABC．光射入玻璃時一部分光會發(fā)生反射，在Ⅱ區(qū)會出現(xiàn)反射光線，另一部分會折射進入玻璃經(jīng)反射涂層反射后再一次折射入空氣中，最終進入Ⅱ區(qū)，所以Ⅱ區(qū)會出現(xiàn)兩條光線，應在Ⅱ區(qū)域用大頭針擋住P1、P2的像來確定P3的位置；且有兩組位置，故A錯誤，BC正確；

D．增大入射光線的入射角i（i＜90°）；光經(jīng)反射涂層反射后在折射進入空氣中時，入射角小于臨界角，不會反生全反射，故D錯誤。

故選BC。12、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由幾何知識可知：光線在AB面上入射角為

折射角為

則棱鏡的折射率為

故A正確；

B．由幾何關系知，光在F點的入射角等于AB面上的折射角，根據(jù)光路可逆原理知，光在F點不能發(fā)生全反射；故B錯誤；

CD．光從空氣進入棱鏡，頻率不變，由

可得波速變小，由

可知波長變小；故D正確，C錯誤。

故選AD。13、A:B【分析】【詳解】

A．白光是復色光；就是由不同頻率的光組成的，A正確；

B．不同顏色的光；頻率不同，則波長不同，折射率隨波長的變化而變化，B正確；

C．折射率隨著波長的減小而增加；所以棱鏡材料對紅光的折射率小，對紫光的折射率大，C錯誤；

D．不同顏色的光的波長；頻率不同；折射率也不同，復色光在通過棱鏡時的偏折程度也不一樣，在離開棱鏡時各自分散，就會出現(xiàn)色散現(xiàn)象，D錯誤。

故選AB。三、填空題(共8題，共16分)14、略

【分析】【詳解】

［1］A與B碰瞬間，C的運動狀態(tài)未變，B速度最大．以A、B組成的系統(tǒng)為研究對象，以A的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得mAv0=-mAvA+mBvB，

代入數(shù)據(jù)得A與B碰撞后瞬間，B的速度vB=4m/s．

［2］A、B碰撞后，B與C相互作用使B減速、C加速，由于B板足夠長，所以B和C能達到相同速度，二者共速后，C速度最大，以B、C組成的系統(tǒng)為研究對象，以向右為正方向，由動量守恒定律mBvB=（mB+mC）vC

代入數(shù)據(jù)得C運動過程中的最大速度vC=2m/s．

［3］整個過程中因為B、C之間的摩擦而產(chǎn)生的總內(nèi)能E=mBvB2-(mB+mC)vC2=16J．【解析】421615、略

【分析】【詳解】

[1]由題意可知

在三角形acd中，根據(jù)余弦定理可得

解得

d點到兩波源的波程差為

故d點振動加強點。

[2]因為三角形abc為等邊三角形，且f位于其一條高上，所以f點到兩波源的波程差為0，故f點振動加強點。【解析】加強點加強點16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.動量變化量②.mv′-mv17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.入射角的正弦②.折射角的正弦③.真空④.大于18、略

【分析】【詳解】

[1]兩個物塊一起振動，即加速度相同。系統(tǒng)的最大加速度為

而m的加速度由二者之間的最大靜摩擦力提供

所以

[2]它們經(jīng)過平衡位置時，機械能全部轉化為動能，故

所以

[3]由于振動過程中系統(tǒng)機械能守恒，而彈簧振子的總機械能與振幅的平方成正比，所以振幅不變，仍為A。【解析】A19、略

【分析】【詳解】

[1][2]小球拋出后做平拋運動，初速度為則根據(jù)動能定理得：

解得：

小球和車作用過程中，水平方向動量守恒，選向右為正方向，則有：

解得：

方向水平向右?！窘馕觥?水平向右20、略

【分析】【詳解】

根據(jù)題意

水平彈簧振子最大的伸長量為A，此時有

解得

聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得

【解析】1.421、略

【分析】【詳解】

[1]在圖乙中，t=0.1s時刻P正向下振動，在圖甲中，根據(jù)波形平移法可知波正在向x軸負方向傳播；

[2]該波的波長和周期分別為λ=4m，T=0.2s，所以波速

[3]當兩列波的頻率相同時，相遇時能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉，可知若該波與另一列頻率為5Hz、波源在x=0m處的沿x軸正方向傳播的簡諧橫波相遇，能夠產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖樣。【解析】負20能夠四、實驗題(共1題，共2分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]A．為了減小阻力對實驗的影響；減小實驗誤差，擺球盡量選擇質量大些且體積小些的，故A正確；

B．單擺的擺長應是懸線的長度與擺球的半徑之和；故B錯誤；

C．由單擺周期公式知；為了使擺的周期增大，只要增大擺長即可，與擺角無關，故C錯誤；

D．把擺球從平衡位置拉開一個很小的角度（小于），然后放開擺球讓它擺動，應從擺球通過平衡位置開始計時，故D錯誤。

故選A。

（2）[2]根據(jù)單擺周期公式知，重力加速度的表達式為

可知圖線斜率為

可得

（3）[3]A．測擺線長時長度偏大，則根據(jù)重力加速度的表達式

可知測得的g值偏大；故A錯誤；

B．擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，擺線長度增加了，使周期變大，由重力加速度的表達式

可知測得的g值偏?。还蔅正確；

C．開始計時時，秒表過遲按下，測得的時間偏小，周期偏小，則測得的g值偏大；故C錯誤；

D．實驗中誤將49次全振動數(shù)次數(shù)記為50次，由

求出的周期偏小，測得的g值偏大；故D錯誤。

故選B?！窘馕觥緼B五、解答題(共4題，共28分)23、略

【分析】【詳解】

（1）開始鐵塊B做勻減速運動，木板靜止在地面