2025年統(tǒng)編版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年統(tǒng)編版必修3物理上冊階段測試試卷461考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點P原處于靜止狀態(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器的滑片向b端移動時，則（）

A.質(zhì)點P將向上運動B.電流表讀數(shù)減小C.電壓表讀數(shù)減小D.上消耗的功率增大2、水平面上A、B、C、D為邊長為L的正方形的四個頂點，四點固定著四個電荷量均為Q的正點電荷.O點到A、B、C、D的距離均為L.現(xiàn)將一質(zhì)量為m的帶正電的小球（可視為點電荷）放置在O點，如圖所示，為使小球能靜止在O點，小球所帶的電荷量應為（已知靜電力常量為k，重力加速度為g）（）

A.B.C.D.3、一電流表由小量程電流計G與電阻R并聯(lián)而成；如圖所示，若在使用中發(fā)現(xiàn)此電流表的計數(shù)總比準確值稍小一些，用下列哪幾種措施可能加以改進（）

A.在R上并聯(lián)一比R小得多的電阻B.在R上并聯(lián)一比R大得多的電阻C.在R上串聯(lián)一比R小得多的電阻D.在R上串聯(lián)一比R大得多的電阻4、有一種電荷控制式噴墨打印機；它的打印頭的結(jié)構(gòu)簡圖如圖所示。其中墨盒可以噴出極小的墨汁微粒，此微粒經(jīng)過帶電室?guī)想姾笠砸欢ǖ某跛俣却怪鄙淙肫D(zhuǎn)電場，再經(jīng)過偏轉(zhuǎn)電場后打到紙上，顯示出字符，不考慮墨汁的重力，為使打在紙上的字跡縮小（偏轉(zhuǎn)距離減小），下列措施可行的是（）

A.減小墨汁微粒的質(zhì)量B.減小偏轉(zhuǎn)電場兩極板間的距離C.減小偏轉(zhuǎn)電場的電壓D.減小墨汁微粒的噴出速度5、如圖所示，在一塊面積很大的接地金屬平板的上方固定一個帶正電的小球，虛線是金屬平板上方電場的等勢面（相鄰等勢面間的電勢差都相等），實線是某一帶電粒子先后經(jīng)過M和N處的運動軌跡。若該帶電粒子在M和N處受到的電場力大小分別為FM和FN，相應的電勢能分別為EPM和EPN；下列說法正確的是（）

A.該粒子可能帶正電B.該粒子從M運動到N的過程中，動能減小C.FM<FN，EPM>EPND.由于靜電感應，金屬平板的上表面帶正電荷6、如圖所示，軸上有兩個帶電荷量分別為的點電荷，為兩點電荷形成的電場中某一電場線上的三點，其中點的切線與軸平行，是兩點電荷連線的中點（圖中未標出）；則下列說法正確的是（）

A.點電勢為零B.C.負電荷在點的電勢能比點大D.正電荷沿電場線從點移動到點，電場力一定做負功7、如圖所示，為中間插有電介質(zhì)的電容器，a和b為其兩極板，a板接地，M和N為兩水平放置的平行金屬板，當金屬板帶上一定電荷以后，兩板間的一帶電小球P處于靜止狀態(tài)。已知M板與b板用導線相連，N板接地，在以下方法中，能使P向下運動的是（）

A.增大間的距離B.減小間的距離C.取出兩極板間的電介質(zhì)D.換一塊形狀大小相同，介電常數(shù)更大的電介質(zhì)評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、如圖所示的電路中，電源內(nèi)阻為r；電流表；電壓表均為理想電表，開始時開關(guān)S斷開，則下列說法正確的是。

A.閉合開關(guān)S，電流表的示數(shù)減小B.閉合開關(guān)S，電壓表V1、V2的示數(shù)均增大C.保持開關(guān)S斷開，將滑動變阻器R2滑片P向上移，電流表示數(shù)減小D.保持開關(guān)S斷開，將滑動變阻器R2滑片P向上移，電壓表V1、V2的示數(shù)均減小9、下圖中電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，A、B為兩個相同的燈泡，R1為定值電阻，R為滑動變阻器，當滑動觸頭P向b端滑動時，則()

A.A燈變暗，B燈變暗B.A燈變暗，B燈變亮C.R1消耗的功率變大D.R1消耗的功率變小10、真空中有一豎直向上的勻強電場，其場強大小為E，電場中的A、B兩點固定著兩個等量異號點電荷+Q、?Q，A、B兩點的連線水平，O為其連線的中點，c、d是兩點電荷連線垂直平分錢上的兩點，Oc=Od，a、b兩點在兩點電荷的連線上，且Oa=Ob。下列判斷正確的是（）

A.a、b兩點的電場強度相同B.c點的電勢比d點的電勢低C.將電子從a點移到c點的過程中，電場力對電子做負功D.將電子從a點移到b點時其電勢能減小11、如圖所示，一充電后與電源斷開的平行板電容器的兩極板水平放置，板長為L，板間距離為d，距板右端L處有一豎直屏M。一帶電荷量為q、質(zhì)量為m的質(zhì)點以初速度v0沿中線射入兩板間，最后垂直打在M上，已知重力加速度為g；下列結(jié)論正確的是（）

A.兩極板間電場強度大小為B.兩極板間電壓為C.整個過程中質(zhì)點的重力勢能增加D.若僅增大兩極板間距，該質(zhì)點仍能垂直打在M上12、沿某一電場方向建立x軸，電場僅分布在－d≤x≤d的區(qū)間內(nèi)，其電場強度E與坐標x的關(guān)系如圖所示。規(guī)定沿+x軸方向為電場強度的正方向，x=0處電勢為零。一質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電粒子只在電場力作用下，能在x軸上做周期性運動。以下說法正確的是。

A.粒子沿x軸做簡諧運動B.粒子在x=－d處的電勢能為qE0dC.動能與電勢能之和的最大值是qE0dD.一個周期內(nèi)，在x>0區(qū)域的運動時間t≤評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)13、如圖所示，A、B、C三點為一直角三角形的三個頂點，∠B=30°，現(xiàn)在A、B兩點放置兩點電荷測得C點場強的方向與AB平行，則帶________，=_________．

14、如圖所示，電路電壓U恒定，三個燈完全相同且電阻恒定，當滑動變阻器的滑片P由a向b滑動過程中，三個燈的亮度變化特點是________，________，________．

15、電容：

（1）定義：電容器所帶___________與電容器兩極板間的___________的比值。

（2）定義式：

（3）單位：電容的國際單位是___________，符號為F，常用的單位還有___________和___________，1F=___________μF=___________pF。

（4）物理意義：電容器的電容是表示電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量，在數(shù)值上等于使兩極板間的電勢差為___________時電容器需要帶的電荷量。

（5）擊穿電壓與額定電壓。

a.擊穿電壓：電介質(zhì)不被___________時加在電容器兩極板上的極限電壓；若電壓超過這一限度，電容器就會損壞。

b.額定電壓：電容器外殼上標的工作電壓，也是電容器正常工作所能承受的最大電壓，額定電壓比擊穿電壓___________。16、用多用電表進行了幾次測量，指針分別處于a和b的位置，如圖所示，若多用電表的選擇開關(guān)處于下面表格中所指的擋位，a和b的相應讀數(shù)是多少？請?zhí)钤诒砀裰小?/p>

指針位置選擇開關(guān)所處擋位讀數(shù)a直流電流10mA______mA直流電壓50V______V______Vb電阻×100______Ω17、原子光譜∶由于原子的_____是分立的，所以放出的光子的_____也是分立的，因此原子的_______只有一些分立的亮線。18、將帶電量為的負電荷從電場中的A點移到B點，克服電場力做了的功，則A、B兩點間的電勢差______V；若令A點的電勢能為零，則該電荷在B點的電勢能為______J。19、如圖，A、B、C、D是勻強電場中某正方形的四個頂點.已知A、B、C三點的電勢分別為由此可知D點的電勢________.

評卷人得分四、作圖題(共2題，共14分)20、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

21、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。評卷人得分五、實驗題(共4題，共32分)22、測定電源的電動勢和內(nèi)電阻的實驗電路和U﹣I圖象如圖所示；請回答下列問題：

（1）如圖甲所示，在閉合開關(guān)之前為防止電表過載而移動滑動變阻器的滑動頭P，應放在滑動變阻器___________處（填“a”或“b”）。

（2）現(xiàn)備有以下器材：

A．干電池1個。

B．滑動變阻器（0～50Ω）

C．電壓表（0～3V）

D．電壓表（0～15V）

E．電流表（0～0.6A）

F．電流表（0～3A）

其中電流表應選___________，電壓表應選___________。（填字母代號）

（3）如圖乙是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出的U﹣I圖象。由此可知這個干電池的電動勢E=________V，內(nèi)電阻r=________Ω。（計算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）23、(1)為了測量某一電阻的阻值，甲同學分別用圖所示的（a）、（b）兩種電路進行測量。圖（a）中兩表的示數(shù)分別為3V、4圖（b）中兩表的示數(shù)分別為4V、3.9則待測電阻的真實值為______。

A．略小于1B．略小于750ΩC．略大于1D．略大于750Ω

(2)為了更準確的測出電阻的值，乙同學設計了如圖所示的電路圖，圖中是保護電阻，是電阻箱，R是滑動變阻器，和是電流表，E是電源。實驗具體步驟如下：

①連接好電路，將滑動變阻器R調(diào)到最大；

②閉合S，調(diào)節(jié)電阻箱和滑動變阻器R，使表的示數(shù)為一適當值記下此時電阻箱的阻值和表的示數(shù)

③保持的值不變，重復調(diào)節(jié)電阻箱和滑動變阻器R，得到多組阻值和表的示數(shù)并畫出與的關(guān)系圖像如圖所示。

(3)已知圖像的斜率為k，縱截距為b，則_______；電流表的內(nèi)阻______________。（用b、k表示）

(4)由于電流表的內(nèi)阻也不能忽略，用這種方法得到的電阻的測量值與真實值相比較，_____（選填“＞”、“＜”或“=”）。24、用下列器材測量電容器的電容:一塊多用電表,一臺直流穩(wěn)壓電源,一個待測電容器(額定電壓16V),定值電阻R1(阻值未知),定值電阻R2=150Ω.電流傳感器；數(shù)據(jù)采集器和計算機,單刀雙擲開關(guān)S,導線若干.

實驗過程如下:。實驗次數(shù)實驗步驟第1次用多用電表的“×10”檔測量電阻R1，指針偏轉(zhuǎn)如圖甲所示.將電阻R1等器材按照圖乙正確連接電路，將開親S與1端連接，電源向電容器充電.將電阻R1等器材按照圖乙正確連接電路，將開親S與1端連接，電源向電容器充電.將開關(guān)S擲向2端，測得電流隨時間變化的i-t曲線如圖丙中的實線a所示.將開關(guān)S擲向2端，測得電流隨時間變化的i-t曲線如圖丙中的實線a所示.第2次用電阻R2替換R1，重復上述實驗步驟②③，測得電流隨時間變化的i-t曲線如圖丁中的某條虛線所示.說明：兩次實驗中電源輸出的直流電壓恒定且相同.

請完成下列問題:

(1)由圖甲可知,電阻R1的測量值為_____Ω;

(2)第1次實驗中,電阻R1兩端的最大電壓U=____V.利用計算機軟件測得i-t曲線和兩坐標軸所圍的面積為42.3mA·s,已知電容器放電時其內(nèi)阻可以忽略不計,則電容器的電容為C=____F;

(3)第2次實驗中,電流隨時間變化的i-t曲線應該是圖丁中的虛線___(選填“b”“c”或“d”),判斷依據(jù)是__________________________.25、在練習使用多用電表的實驗中；

(1)某同學使用多用電表的歐姆檔粗略測量一定值電阻的阻值Rx；先把選擇開關(guān)旋到“×10”擋位，測量時指針偏轉(zhuǎn)如圖所示．以下是接下來的測量過程：

a．將兩表筆短接；調(diào)節(jié)歐姆檔調(diào)零旋鈕，使指針對準刻度盤上歐姆檔的零刻度，然后斷開兩表筆。

b．旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)至交流電壓最大量程處（或“OFF”檔）；并拔出兩表筆。

c．將選擇開關(guān)旋到“×1”擋。

d．將選擇開關(guān)旋到“×100”擋。

e．將選擇開關(guān)旋到“×1k”擋。

f．將兩表筆分別連接到被測電阻的兩端，讀出阻值Rx；斷開兩表筆。

以上實驗步驟中的正確順序是________（填寫步驟前的字母）．

(2)重新測量后，指針位于如圖所示位置，被測電阻的測量值為____Ω．

(3)如圖所示為歐姆表表頭，已知電流計的量程為Ig=100μA，電池電動勢為E=1.5V，則該歐姆表的內(nèi)阻是____kΩ，表盤上30μA刻度線對應的電阻值是____kΩ．

(4)為了較精確地測量另一定值電阻的阻值Ry，采用如圖所示的電路．電源電壓U恒定；電阻箱接入電路的阻值可調(diào)且能直接讀出．

①用多用電表測電路中的電流，則與a點相連的是多用電表的____（選填“紅”或“黑”）表筆．

②閉合電鍵，多次改變電阻箱阻值R，記錄相應的R和多用電表讀數(shù)I，得到R－的關(guān)系如圖所示．不計此時多用電表的內(nèi)阻．則Ry＝___Ω，電源電壓U＝___V．

(5)一半導體電阻的伏安特性曲線如圖所示．用多用電表的歐姆擋測量其電阻時，用“×100”擋和用“×1k”擋，測量結(jié)果數(shù)值不同．用____（選填“×100”或“×1k”）擋測得的電阻值較大，這是因為____________．

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

ABC．由圖可知，與滑動變阻器串聯(lián)后與并聯(lián)后，再由串聯(lián)接在電源兩端；電容器與并聯(lián)；當滑片向b移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減?。挥砷]合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時兩端的電壓也增大；故并聯(lián)部分的電壓減小；由歐姆定律可知流過的電流減小，則流過并聯(lián)部分的電流增大，故電流表示數(shù)增大，因并聯(lián)部分電壓減小，而中電壓增大；故電壓表示數(shù)減小，因電容器兩端電壓減小，故電荷受到的向上電場力減小，則重力大于電場力，合力向下，電荷向下運動，故AB錯誤，C正確；

D．因兩端的電壓減小，由可知，上消耗的功率減??；故D錯誤；

故選C。2、C【分析】【詳解】

對小球進行受力分析，小球受重力和A、B、C、D處正點電荷施加的庫侖力.由于正方形的邊長為L，O點到正方向四個頂點的距離均為L，設小球所帶電荷量為q，根據(jù)庫倉定律可得正方形四個頂點處的點電荷對O處小球的庫侖力大小均為根據(jù)靜電力的疊加和對稱性可得正方形四個頂點處的點電荷對O處小球的庫侖力的合力為：

為A、B、C、D處點電荷對小球施加的庫侖力的方向與豎直方向的夾角，由幾何關(guān)系可知小球在O點靜止，根據(jù)平衡條件有聯(lián)立解得：

故C正確，ABD錯誤。3、C【分析】【詳解】

電流表示數(shù)偏小，說明通過分流電阻的電流偏大，分流電阻偏??；為校準電流表，應使通過G的電流增大而通過分流電阻R的電流減小，減小分流電阻的電流應增大分流電阻阻值，可以在R上串聯(lián)一個比R小的多的電阻；故C正確，ABD錯誤；

故選C。4、C【分析】【詳解】

微粒以一定的初速度垂直射入偏轉(zhuǎn)電場做類平拋運動，則有水平方向

豎直方向

加速度

聯(lián)立解得

要縮小字跡，就要減小微粒通過偏轉(zhuǎn)電場的偏轉(zhuǎn)角y。由上式分析可知，采用的方法有：增大墨汁微粒的質(zhì)量、增大偏轉(zhuǎn)電場兩板間的距離、減小偏轉(zhuǎn)極板間的電壓U；增大墨汁微粒的噴出速度等；故A、B、D錯誤，C正確。

故選C。5、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)帶電粒子運動軌跡的彎曲方向可知；正電荷對該帶電粒子的作用力是吸引力，所以該粒子帶負電，A錯誤；

BC．由等勢面的疏密程度可知，兩點的場強關(guān)系為

再根據(jù)電場力公式

可知

帶電粒子從M點運動到N點的過程中，電場力做正功，電勢能減小，動能增大，即B錯誤，C正確；

D．由于靜電感應；在金屬平板的上表面帶負電荷，D錯誤。

故選C。6、C【分析】【詳解】

AB．根據(jù)點電荷的正負可以判斷電場線的方向，又點切線與軸平行，可知點合電場強度水平向右，豎直方向合電場強度為零，根據(jù)幾何關(guān)系可知在點產(chǎn)生的電場強度大于在點產(chǎn)生的電場強度，所以且AB錯誤；

C．將看作根據(jù)電勢疊加原理，可知由移動電荷為負，可得

C正確；

D．正電荷從到的過程中；沿電場線方向電勢降低，電場力一定做正功，D錯誤。

故選C。7、D【分析】【詳解】

電容器ab與平行金屬板MN并聯(lián)，M，b是等勢面，因此電壓相等，即

Q總量不變，即

故

因此MN兩板間的場強為①

A．當增大ab間的距離，根據(jù)電容決定式可知電容減小，由①式可知MN板間的場強變強，P向上運動；故A錯誤；

B．減小MN間的距離時，由①式可知MN板間的場強變強，P向上運動；故B錯誤；

C．取出ab兩極板間的電介質(zhì)，電容減小，由①式可知MN板間的場強變強，P向上運動；故C錯誤；

D．換一塊形狀大小相同，介電常數(shù)更大的電介質(zhì)，電容增大，由①式可知MN板間的場強變?nèi)酰琍向下運動；故D正確。

故選D。二、多選題(共5題，共10分)8、A:C【分析】【詳解】

AB．不論開關(guān)閉合還是斷開，電壓表V1測的都是電源路端電壓，閉合開關(guān)S，電流表的示數(shù)為零，R1被短路，電路中的總電阻減小，總電流增大，電源內(nèi)電壓增大，外電壓減小，電壓表V1的示數(shù)減??；選項A正確，選項B錯誤；

C．S斷開時，R1、R2串聯(lián)；將滑動變阻器滑片向上移，滑動變阻器接入電路的電阻增大，總電阻增大，總電流減小，電流表示數(shù)減小，選項C正確；

D．電源內(nèi)電壓減小，外電壓增大，電壓表V1示數(shù)增大，R1兩端的電壓減小，R2兩端的電壓增大，即V2示數(shù)增大；選項D錯誤。

故選AC.9、A:C【分析】【詳解】

當滑片向下，滑動變阻器的阻值變小，電路的總電阻都會變小，據(jù)閉合電路歐姆定律知總電流變大，內(nèi)電壓增大，所以路端電壓減小，可知燈A變暗；再據(jù)干路電流變大，燈A電流減小，所以電源右側(cè)電路的電流增大，電阻R1上的電流變大了，所以分壓也就增加了，但是路端電壓減小，所以B燈和滑阻上的電壓就變小，根據(jù)公式P=可知，B燈實際功率的變小，所以B燈變暗，故A正確，B錯誤．以上分析可知，通過R1的電流變大；所以消耗功率變大，故C正確，D錯誤．故選AC．

點睛：本題的關(guān)鍵識別電路的能力，動態(tài)電路的分析的思路，借助串、并聯(lián)電路的電壓、電流和電阻規(guī)律的應用情況、歐姆定律的應用以及電功率的計算公式．10、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．在等量異種電荷的電場中，a、b兩點的電場強度相同，再與勻強電場疊加時，a、b兩點的電場強度依然相同；故A正確；

B．在等量異種電荷的電場中，連線的中垂線是一條等勢線，c、d兩點的電勢相等。在勻強電場中，c點的電勢比d點的電勢低，所以疊加后，c點的電勢比d點的電勢低，故B正確；C．根據(jù)場強的疊加可知，a到c的區(qū)域場強方向大體斜向上偏右，所以將電子從a點移到c點的過程中；電場力對電子做負功，故C正確；

D．在等量異號點電荷的電場中，將電子從a點移到b點時電場力做負功，其電勢能增加。在勻強電場中，將電子從a點移到b點時電場力不做功，電勢能不變，所以將電子從a點移到b點時其電勢能增加。故D錯誤。

故選ABC。

【點睛】

本題的關(guān)鍵是知道此電場是勻強電場和等量異種電荷的合電場；能靈活利用等量異種電荷形成電場的特點以及電場力做功與電勢能的關(guān)系。11、B:D【分析】【詳解】

AB．據(jù)題分析可知；小球在平行金屬板間軌跡應向上偏轉(zhuǎn)，做類平拋運動，飛出電場后，小球的軌跡向下偏轉(zhuǎn)，才能最后垂直打在M屏上，前后過程質(zhì)點的運動軌跡有對稱性，如圖。

可見兩次偏轉(zhuǎn)的加速度大小相等，根據(jù)牛頓第二定律得：qE-mg=mg

得到：

由U=Ed可知板間電壓為：

故A錯誤；B正確；

C．小球在電場中向上偏轉(zhuǎn)的距離為：y＝at2

而a＝＝g，t＝

解得：y＝

故小球打在屏上的位置與P點的距離為：S＝2y＝

重力勢能的增加量為：EP＝mgs＝

故C錯誤。

D．僅增大兩板間的距離，因兩板上電量不變，根據(jù)E＝＝

而C＝解得：E＝

可知；板間場強不變，小球在電場中受力情況不變，則運動情況不變，故仍垂直打在屏上，故D正確。

故選BD。12、B:D【分析】【詳解】

A．在x>0區(qū)域，粒子受到恒定大小水平向左的電場力，不滿足簡諧運動回復力特點，所以粒子不能沿x軸做簡諧運動，故A錯誤；

B．依據(jù)E-x圖象包圍的面積為電勢降落，粒子從x=0到x=-d電勢變化

粒子從x=0到x=-d的電場力做負功

根據(jù)功能關(guān)系得粒子在x=-d處的電勢能為E0dq，故B正確；

C．設動能與電勢能之和的最大值為P，則P=mv2+qφ

最右位置有P=qφ=qE0x1

最左位置有

粒子的運動區(qū)間為即

電場僅分布在-d≤x≤d的區(qū)間內(nèi)，解得

故C錯誤；

D．在x＞0區(qū)域的運動由對稱的2段組成：

解得

總時間為

故D正確；

故選BD。三、填空題(共7題，共14分)13、略

【分析】【詳解】

放在A點和B點的點電荷在C處產(chǎn)生的場強方向在AC和BC的連線上，因C點場強方向與BA方向平行，故放在A點的點電荷和放在B點的點電荷產(chǎn)生的場強方向只能如圖所示，由C→A和由B→C，故qA帶負電，qB帶正電，且EB＝2EA，即k＝2k又由幾何關(guān)系知＝2所以qAqB＝18.

【解析】負14、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]當滑動變阻器的滑片P由a向b滑動過程中，電路中的總電阻值先增大后減小，所以電路中總電流先減小后增大，即燈泡L1的亮度先變暗后變亮。當電路中總電流減小時，L1分擔的電壓減小，L2、L3及滑動變阻器分擔的電壓增大，滑動過程中L2與滑動變阻器上端的總阻值增大，所以通過L2燈的電流減小，L2燈將變暗，而L3燈與滑動變阻器下端的阻值減小，電流將增大，所以L3燈將變亮。同理電路中總電阻減小時，可知L2燈將繼續(xù)變暗，L3燈將繼續(xù)變亮。由上可知L1先變暗后變亮，L2一直變暗，L3一直變亮?！窘馕觥肯茸儼岛笞兞烈恢弊儼狄恢弊兞?5、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]電容器所帶電荷量Q與電容器兩極板間電勢差U的比值；

（3）[3][4][5][6][7]電容的國際單位是法拉，符號為F，常用的單位還有微法和皮法，

（4）[8]電容器的電容是表示電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量；在數(shù)值上等于使兩極板間的電勢差為1V時電容器需要帶的電荷量；

（5）[9]擊穿電壓電指介質(zhì)不被擊穿時加在電容器兩極板上的極限電壓；若電壓超過這一限度，電容器就會損壞；

[10]額定電壓指電容器外殼上標的工作電壓，也是電容器正常工作所能承受的最大電壓，額定電壓比擊穿電壓低?！窘馕觥竣?電荷量Q②.電勢差U③.法拉④.微法⑤.皮法⑥.⑦.⑧.1V⑨.擊穿⑩.低16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]指針在a位置時；直流電流10mA擋，讀第二行刻度“0～10”一排，最小分度值為0.2mA，估讀到0.1mA就可以了，讀數(shù)為2.0mA。

[2]指針在a位置時；直流電壓50V擋，讀第二行刻度“0～50”一排，最小分度值為1V，估讀到0.1V就可以了，讀數(shù)為10.0V。

[3]指針在b位置時，電阻×100擋，讀第一行刻度，測量值等于表盤上讀數(shù)“3.2”乘以倍率100，讀數(shù)為320Ω?！窘馕觥竣?2.0②.10.0③.32017、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]根據(jù)原子光譜的特征可知，由于原子的能級是分立的，所以放出的光子的能量也是分立的，因此原子的發(fā)射光譜只有一些分立的亮線?！窘馕觥竣?能級②.能量③.發(fā)射光譜18、略

【分析】【詳解】

[1]負電荷從電場中的A點移動到B點，克服電場力做了的功，即電場力做功為

AB兩點間的電勢差為

[2]規(guī)定A點的電勢能為零，從A點到B點，負電荷的電勢能增加

可知B點的電勢能為【解析】519、略

【分析】【詳解】

[1]．在勻強電場中，在相同方向上相同距離的電勢差相等，則：

解得【解析】四、作圖題(共2題，共14分)20、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥?1、略

【分析】【詳解】

根據(jù)電荷屬性；點電荷；等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線如下所示。

【解析】五、實驗題(共4題，共32分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]滑動變阻器采用限流接法，在閉合開關(guān)之前為防止電表過載，劃定變阻器滑動頭P應放在滑動變阻器a處；