2025年浙教版選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、一定質量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)過狀態(tài)B變化到狀態(tài)C；其V-T圖象如圖所示。下列說法正確的有（）

A.A→B的過程中，氣體對外界做功B.A→B的過程中，氣體放出熱量C.B→C的過程中，氣體壓強增大D.A→B→C的過程中，氣體內能增加2、下列說法正確的是（）A.運送沙子的卡車停于水平地面，在緩慢卸沙過程中，若車胎不漏氣，胎內氣體溫度不變，不計分子間勢能，則胎內氣體對外界放熱B.民間常用“拔火罐”來治療某些疾病，方法是將點燃的紙片放入一個小罐內，當紙片燃燒完時，迅速將火罐開口端緊壓在皮膚上，火罐就會緊緊地被“吸”在皮膚上。其原因是：當火罐內的氣體體積不變時，溫度降低，壓強減小C.第二類永動機違反能量守恒定律，因而永遠無法制成D.已知水的摩爾質量為18g/mol，水的密度為1g/cm3，由以上數(shù)據(jù)可估算出1mol水分子的個數(shù)3、在如圖所示的平行板器件中，電場強度E和磁感應強度B相互垂直．一帶電粒子（重力不計）從左端以速度v沿虛線射入后做直線運動；則該粒子（）

A.一定帶正電B.可能帶負電C.若速度粒子在板間的運動是類平拋運動D.若此粒子從右端沿虛線方向進入平行板，仍做直線運動4、下列各圖象中圖中不屬于交流電的是（）A.B.C.D.5、下列說法正確的是（）A.氣體的溫度升高，每個氣體分子的運動速率都會增大B.從微觀角度講，氣體壓強只與氣體分子的密集程度有關C.當分子力表現(xiàn)為引力時，分子勢能隨分子間距離的增大而增大D.若一定質量的氣體膨脹對外做功50J，則內能一定減少50J6、“通過觀測的結果，間接構建微觀世界圖景”是現(xiàn)代物理學研究的重要手段，如通過光電效應實驗確定了光具有粒子性．弗蘭克-赫茲實驗是研究汞原子能量是否具有量子化特點的重要實驗．實驗原理如圖1所示，燈絲K發(fā)射出初速度不計的電子，K與柵極G間的電場使電子加速，GA間加有0.5V電壓的反向電場使電子減速，電流表的示數(shù)大小間接反映了單位時間內能到達A極電子的多少．在原來真空的容器中充入汞蒸汽后，發(fā)現(xiàn)KG間電壓U每升高4.9V時，電流表的示數(shù)I就會顯著下降；如圖2所示．科學家猜測電流的變化與電子和汞原子的碰撞有關，玻爾進一步指出該現(xiàn)象應從汞原子能量量子化的角度去解釋．下列說法錯誤的是。

A.汞原子基態(tài)和第一激發(fā)態(tài)的能級之差可能是4.9eVB.KG間電壓低于4.9V時，電流隨電壓增大而上升，是因為電子能量越高，越容易克服反向電壓到達A極C.KG間電壓在5~10V之間時，出現(xiàn)電流隨電壓增大而上升的一段圖線，是因為單位時間使汞原子發(fā)生躍遷的電子個數(shù)增加D.即使KG間電壓高于4.9V，電子也存在始終不與汞原子發(fā)生碰撞的可能性評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖所示，一定質量的理想氣體，從A狀態(tài)開始，經(jīng)歷了B、C狀態(tài)，最后達到D狀態(tài)；下列判斷正確的是（）

A.過程溫度升高，壓強不變B.過程體積不變，壓強變小C.過程體積不變，壓強不變D.過程體積變小，壓強變大8、如圖甲所示，一高度為H的汽缸直立在水平地面上，汽缸壁和活塞都是絕熱的，活塞橫截面積為S，在缸的正中間和缸口處有固定卡環(huán)，活塞可以在兩個卡環(huán)之間無摩擦運動。活塞下方封閉有一定質量的理想氣體，已知理想氣體內能U與溫度T的關系為為正的常量，重力加速度為g。開始時封閉氣體溫度為T0，壓強等于外界大氣壓強p0；現(xiàn)通過電熱絲緩慢加熱，封閉氣體先后經(jīng)歷了如圖乙所示的三個狀態(tài)變化過程，則（）

A.活塞質量為B.從b→c過程，氣體對外做功C.從a→d全過程，氣體內能增加D.從a→d全過程，氣體吸收的熱量小于其內能的增量9、一定量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷三個過程ab、bc、ca回到原狀態(tài)，其圖象如圖所示，下列判斷正確的是（）

A.過程bc中氣體既不吸熱也不放熱B.過程ab中氣體一定吸熱C.過程ca中外界對氣體所做的功等于氣體所放的熱E.b和c兩個狀態(tài)中，容器壁單位面積單位時間內受到氣體分子撞擊的次數(shù)不同E.b和c兩個狀態(tài)中，容器壁單位面積單位時間內受到氣體分子撞擊的次數(shù)不同10、下列說法正確的是（）A.液體表面層分子間距離大于液體內部分子間距離，所以液體表面存在表面張力B.空氣中水蒸氣越接近飽和狀態(tài)，人感覺空氣越干燥C.一切自發(fā)的宏觀過程總是沿著分子熱運動無序性增大的方向進行E.兩分子的間距離從小于平衡位置距離逐漸增大到的過程中，它們的分子勢能先減小后增大E.兩分子的間距離從小于平衡位置距離逐漸增大到的過程中，它們的分子勢能先減小后增大11、如圖所示,兩只相同的白熾燈泡L1和L2串聯(lián)后接在電壓恒定的電路中.若L2的燈絲斷了,經(jīng)過搭絲后（搭絲后燈泡的電阻減?。┤匀慌cL1串聯(lián),重新接入原來的電路中.假設在此過程中,燈絲電阻隨溫度變化的因素可忽略不計,且每只燈泡兩端的電壓均未超過其額定電壓,則此時每只燈泡所消耗的功率與原來各自的功率相比,有。

A.L1的功率變大B.L1的功率變小C.L2的功率變大D.L2的功率變小12、光敏電阻的特性是在特定光的照射下；光強越大其阻值越小，可用于檢測可見光。如圖所示，R是光敏電阻，當它受到的光照強度增大時（）

A.燈泡L變暗B.光敏電阻R上的電壓增大C.電壓表V的讀數(shù)減小D.電容器C的帶電量增大13、如圖所示，矩形線框abcd的ad和bc的中點M、N之間連接一電壓表；整個裝置處于足夠大的勻強磁場中，磁場的方向與線框平面垂直，當線框向右勻速平動時，以下說法正確的是（）

A.MN這段導體做切割磁力線運動，MN間有電勢差B.穿過線框的磁通量不變化，MN間無感應電動勢C.MN間無電勢差，所以電壓表無示數(shù)D.因為無電流通過電壓表，所以電壓表無示數(shù)14、如圖(a)所示，理想變壓器原副線圈匝數(shù)比n1:n2=55:4，原線圈接有交流電流表A1，副線圈電路接有交流電壓表V、交流電流表A2、滑動變阻器R等，所有電表都是理想電表，二極管D正向電阻為零，反向電阻無窮大，燈泡L的阻值恒定．原線圈接入的交流電壓的變化規(guī)律如圖(b)所示；則下列說法正確的是（）

A.交流電壓表V的讀數(shù)為VB.燈泡L兩端電壓的有效值為VC.當滑動變阻器的觸頭P向上滑動時，電流表A2示數(shù)減小，A1示數(shù)增大D.由圖（b）可知交流發(fā)電機轉子的角速度為rad/s15、關于機械波電磁波和相對論的下列說法中正確的是E.在真空中傳播的兩列電磁波，頻率大的波長短A.機械波和電磁波在介質中的傳播速度僅由介質決定B.假設火車以接近光速的速度通過站臺，站臺上的旅客觀察到車上的乘客變矮了C.簡諧機械波傳播時單位時間內經(jīng)過介質中某點的完全波的個數(shù)就是這列波的頻率D.用光導纖維束傳播圖象信息利用了光的全反射評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)16、每年入夏時節(jié)，西南暖濕氣流與來自北方的冷空氣在江南、華南等地交匯，形成持續(xù)的降雨．冷空氣較暖濕空氣密度大,當冷暖氣流交匯時，冷氣團下沉，暖濕氣團在被抬升過程中膨脹．則暖濕氣團溫度會_______（選填“升高”、“不變”或“降低”），同時氣團內空氣的相對濕度會_________（選填“變大”、“不變”或“變小”）．17、熱平衡：兩個相互接觸的熱力學系統(tǒng)，經(jīng)過一段時間，各自的狀態(tài)參量_______，說明兩個系統(tǒng)達到了平衡，這種平衡叫作熱平衡。18、在北方寒冷的冬天，有時會出現(xiàn)“多個太陽”的“幻日”奇觀，這時由于空氣中的水蒸氣在大氣里凝結成了小冰晶，太陽通過冰晶折射的緣故。如圖所示為太陽光照射到六角冰晶上折射的光路圖，a、b是太陽光中的兩種單色光，由此可以判斷，冰晶對單色光a的折射率_________（填“大于”或“小于”）冰晶對單色光b的折射率，單色光a在冰晶中的傳播速度比單色光b在冰晶中的傳播速度_________（填“大”或“小”）

19、兩塊大?。恍螤钔耆嗤慕饘侔迤叫蟹胖?；構成一平行板電容器，與它相連接的電路如圖所示，閉合開關S，電源即給電容器充電。

（1）若保持S閉合，減小兩板間的距離，則兩極板間的電場強度_______；

（2）若斷開S，減小兩板間的距離，則極板上的電量_______，兩極板間的電場強度_______。（填：“變大”、“不變”或“變小”）20、一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖如圖實線所示；從此刻起，經(jīng)0.2s波形圖如圖虛線所示，若波傳播的速度為5m/s，則下列說法正確的是______。

E．從t=0時刻開始質點a經(jīng)0.4s通過的路程為0.8m評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共32分)24、如圖為某同學用來“驗證碰撞中的動量守恒”的實驗裝置，實驗時先讓入射球從斜槽上滾下，經(jīng)過斜槽末端做平拋運動，記下落地點；再讓入射球從斜槽上滾下，在斜槽末端與靜止靶球發(fā)生對心碰撞后均做平拋運動，記下落地點。由于小球做平拋運動的時間相等，所以可用平拋運動水平位移代替平拋初速度。實驗中此同學用天平測得入射球質量為m1，靶球質量為m2。圖中O點為軌道末端在記錄紙上的豎直投影；M；P、N為兩球平均落點位貿。則。

（1）下列說法正確的是________。A．m12B．在同一組實驗的不同碰撞中，每次入射球必須從同一高度由靜止釋放C．安裝軌道時，軌道末端必須水平，且兩球在碰撞前瞬間球心等高D．實驗中需要測出小球在空中運動的時間（2）如果測得m1·OM+m2·ON近似等于________，則認為成功驗證了碰撞中的動量守恒。25、某同學對實驗室的一個多用電表中的電池進行更換時；發(fā)現(xiàn)里面除了一節(jié)1.5V的干電池外，還有一個方形的層疊電池。為了測定層疊電池的電動勢和內阻，實驗室中提供了如下器材：

A.電流表A1（滿偏電流10mA；內阻10Ω）

B.電流表A2（0~0.6A~3A；內阻未知）

C.滑動變阻器R（0~100Ω；1.0A）

D.定值電阻R0（阻值990Ω）

E.開關S與導線若干。

（1）該同學根據(jù)現(xiàn)有的實驗器材，設計了合理的電路。請你在如圖所示的方框內畫出相應的電路圖______。

（2）該同學根據(jù)上述設計的實驗電路測出多組數(shù)據(jù)，繪出如下圖所示的I1－I2圖線（I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù)），則由圖線可以得到被測電池的電動勢E＝________V，內阻r＝________Ω。（保留兩位有效數(shù)字）

26、在“油膜法估測分子大小”的實驗中，某同學用滴管吸取體積濃度為η的油酸酒精溶液，一滴一滴地滴入量筒，記下體積為V的油酸酒精溶液的滴數(shù)為N。之后的操作步驟如下：

A．將帶有方格的玻璃板放在淺盤上；待油酸薄膜的形狀穩(wěn)定后，用彩筆將油酸薄膜的形狀畫在玻璃板上。

B．將痱子粉均勻地撒在淺盤內的水面上，用滴管吸取體積濃度為η的油酸酒精溶液；從低處向水面中央滴入一滴。

C．根據(jù)方格數(shù)目，估算出油酸薄膜的面積為S

以上操作步驟正確的順序是________（填序號）。計算油酸分子直徑的表達式為________。27、如圖所示主尺的最小分度為1mm，游標上有20等分的小刻度，則該物體的直徑是_________mm評卷人得分六、解答題(共3題，共30分)28、在某一溫度計的管子上刻有150格均勻的標度。在1標準大氣壓下，當溫度計的玻璃泡進入冰水混合物中時，水銀柱位置在40刻度處；當玻璃泡進入沸水中時，水銀柱的位置在90刻度處。當水銀柱上升到100刻度處時，應相當于多少攝氏度？相當于熱力學溫度多少開？29、如圖所示，導熱性能良好的汽缸由兩部分組成，上端封閉下端開口，兩部分汽缸的高度均為其中上、下兩汽缸的截面均為圓形，兩截面的面積分別為S、質量分別為m、的活塞M、N將理想氣體甲、乙封閉在汽缸中。當環(huán)境的溫度為且系統(tǒng)平衡時，兩活塞均位于兩汽缸的正中央位置；如果將環(huán)境的溫度降低到（未知），活塞N剛好升到下汽缸的頂部，且與下汽缸頂無壓力，該過程理想氣體乙向外界放出的熱量為Q。已知大氣壓強為重力加速度為g；不計活塞與缸壁的摩擦。求：

（1）降溫后的環(huán)境溫度為多少？

（2）上述過程中；理想氣體乙減少的內能為多少？

30、一豎直懸掛的彈簧振子，下端裝有一記錄筆，在豎直面內放置有一記錄紙，當振子上下振動時，始終保證以速率v水平向左勻速拉動記錄紙，通過紙移動的空間距離間接反映運動時間的方法，記錄振子的運動．記錄筆在紙上留下如圖17所示的圖像，已知該圖像是經(jīng)過一定的平移操作后是一個正弦函數(shù)圖像．記錄筆與記錄紙之間的摩擦和空氣阻力都可忽略不計．y1、y2、x0、2x0為紙上印跡的已知位置坐標．

（1）寫出振子的平衡位置的縱坐標yC；

（2）求振子振動的周期T；并給出一個類似本題記錄振動的方法的應用；

（3）若記錄筆與記錄紙之間的摩擦力和空氣阻力很小但不可忽略，在答題紙相關區(qū)域定性畫出記錄紙上可能出現(xiàn)的圖線；參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

A．A→B的過程中；溫度不變，體積減小，可知外界對氣體做功，故A錯誤；

B．A→B的過程中，溫度不變，內能不變，體積減小，外界對氣體做功，根據(jù)熱力學第一定律△U=W+Q知，W為正，則Q為負；即氣體放出熱量，故B正確；

C．因為V-T圖線中；BC段的圖線是過原點的傾斜直線，則程B→C的過程中，壓強不變，故C錯誤；

D．A到B的過程中；溫度不變，內能不變，B到C的過程中，溫度降低，內能減小，則A→B→C的過程中，氣體內能減小，故D錯誤。

故選B。2、B【分析】【詳解】

A．在緩慢卸沙過程中，若車胎不漏氣，胎內氣體的壓強減小，溫度不變，根據(jù)玻意耳定律pV=C

分析知氣體的體積增大，對外做功，即W<0

溫度不變，即ΔU=0

由熱力學第一定律ΔU=Q＋W

可得Q>0

胎內氣體從外界吸熱；故A錯誤；

B．當火罐內的氣體體積不變時，溫度降低，根據(jù)查理定律

分析知；氣體的壓強減小，這樣外界大氣壓大于火罐內氣體的壓強，從而使火罐緊緊地“吸”在皮膚上，故B正確；

C．第二類永動機沒有違反能量守恒定律；但是違背了熱力學第二定律，故C錯誤；

D．依據(jù)阿伏伽德羅常數(shù)；可知1mol水分子的個數(shù)，不需要再計算，故D錯誤。

故選B。3、B【分析】【詳解】

粒子從左射入，不論帶正電還是負電，電場力大小為qE，洛倫茲力大小F=qvB=qE，兩個力平衡，速度粒子做勻速直線運動．故A錯誤，B正確．若速度則粒子受到的洛倫茲力大于電場力，使粒子偏轉，做曲線運動；但洛倫茲力方向不斷變化，故合力不恒定，不是類似平拋運動；故C錯誤．此粒子從右端沿虛線方向進入，電場力與洛倫茲力在同一方向，不能做直線運動．故D錯誤．故選B．

【點睛】

解決本題的關鍵知道在速度選擇器中，從左邊射入，速度滿足條件，電場力與洛倫茲力平衡與電量、電性無關．4、A【分析】【詳解】

交流電是指電流的方向發(fā)生變化的電流；電流的大小是否變化對其沒有影響，而對于周期性變化的電流，即大小與方向都隨著時間做周期性變化，因此屬于交流電的即為BCD；不屬于的是A；

【點睛】

直流電是指電流的方向不發(fā)生變化的電流，其大小可以變化，交流電是指電流的方向發(fā)生變化的電流，但是它的電流的大小可以不變．5、C【分析】【詳解】

A.氣體的溫度是分子平均動能的標志；所以氣體的溫度升高，從統(tǒng)計規(guī)律看分子的平均運動速率增大，但是仍會有分子的速率減?。蔄錯誤．

B.從微觀角度講；氣體壓強只氣體分子的密集程度和氣體的溫度有關．故B錯誤．

C.在時，分子力表現(xiàn)為引力，分子的間距增大時分子力做負功，故越大；分子勢能越大．故B正確．

D.一定質量的氣體膨脹對外做功50J，同時氣體還可能吸收熱量，所以內能減少量不一定是．故D錯誤．6、C【分析】【分析】

【詳解】

由題意知，KG間電壓U每升高4.9V時，電流表的示數(shù)I就會顯著下降，這說明電子經(jīng)過加速后獲得的動能正好達到汞原子躍遷的最低能量，也就是從基態(tài)躍遷到第一激發(fā)態(tài)所吸收的能量，所以A正確；當KG間的電壓低于4.9V時，電子在KG間被加速而獲得的能量低于4.9eV．電子與汞原子碰撞時，不能使汞原子躍遷到激發(fā)態(tài)．同時電子不會因為碰撞而損失能量，電子能量越高越容易克服GA間的反向電壓抵達A極，因此電流隨著KG間電壓的升高也越來越大，所以B正確；當KG間電壓在5~10V之間時，電流隨電壓增大而上升，是因為電子在KG空間與汞原子碰撞而轉移掉4.9eV的能量后，還留有足夠的能量，又能克服反向電壓從G極到達A極，電流又上升了，所以C錯誤；因為原子不是實心體，所以當電子進入汞原子內部時，即使KG間電壓高于4.9V，電子也存在著始終不與汞原子發(fā)生碰撞的可能性，故D正確．二、多選題(共9題，共18分)7、A:B:D【分析】【詳解】

A．圖像中，A與B的連線是一條過原點的傾斜直線，為等壓線，所以

溫度升高

選項A正確；

BC．由圖像可知，B到C的過程中，體積不變，即

而溫度降低，即

由查理定律可知

壓強變??；選項B正確，C錯誤；

D．由圖像可知，由C到D的過程中，溫度不變，即

而體積變小，即

由玻意耳定律可知

選項D正確。

故選ABD。8、A:C【分析】【詳解】

A．氣體在等壓膨脹過程中由受力平衡，有

解得

故A正確；

B．圖像斜率不變時體積不變，只有在b→c過程中氣體對外做功

故B錯誤；

C．在a→d全過程中，由理想氣體狀態(tài)方程，有

由題目條件可知氣體內能的變化量

故C正確；

D．從a→d全過程；氣體對外做功，根據(jù)熱力學第一定律可知，氣體吸收的熱量大于其內能的增量，故D錯誤。

故選AC。9、B:D:E【分析】【詳解】

試題分析：從a到b的過程，根據(jù)圖線過原點可得所以為等容變化過程，氣體沒有對外做功，外界也沒有對氣體做功，所以溫度升高只能是吸熱的結果，選項A對．從b到c的過程溫度不變，可是壓強變小，說明體積膨脹，對外做功，理應內能減少溫度降低，而溫度不變說明從外界吸熱，選項B錯．從c到a的過程，壓強不變，根據(jù)溫度降低說明內能減少，根據(jù)改變內能的兩種方式及做功和熱傳遞的結果是內能減少，所以外界對氣體做的功小于氣體放出的熱量，選項C錯．分子的平均動能與溫度有關，狀態(tài)a的溫度最低，所以分子平均動能最小，選項D對．b和c兩個狀態(tài)，溫度相同，即分子運動的平均速率相等，單個分子對容器壁的平均撞擊力相等，根據(jù)b壓強大，可判斷狀態(tài)b單位時間內容器壁受到分子撞擊的次數(shù)多；選項E對．

考點：分子熱運動理想氣體狀態(tài)方程氣體壓強的微觀解釋10、A:C:E【分析】【詳解】

A．液體表面層分子間距離大于液體內部分子間距離；液體分子間表現(xiàn)為引力，在宏觀上表現(xiàn)為液體表面存在表面張力，故A正確；

B．根據(jù)相對濕度的特點可知；空氣的相對濕度越大，空氣中水蒸氣的壓強越接近飽和汽壓，人會感覺空氣越潮濕，故B錯誤；

C．根據(jù)熱力學第二定律可知；一切自發(fā)的宏觀過程總是沿著分子熱運動無序性增大的方向進行，故C正確；

D．液體中較大的懸浮顆粒不做布朗運動的原因是大顆粒容易受力平衡；布朗運動不明顯，故D錯誤；

E．兩分子的間距離從小于平衡位置距離逐漸增大到的過程中；分子力先做正功后做負功，它們的分子勢能先減小后增大，故E正確。

故選ACE。11、A:D【分析】【詳解】

串聯(lián)電路中的總電阻等于各分電阻之和，根據(jù)歐姆定律可得，電路中的電流：L2的燈絲搭接后，其電阻R2變小，電路中的電流變大，P1=I2R1，L1的功率變大，故正確，B錯誤；燈泡L2的電功率：由數(shù)學知道可知：當時，即L2燈絲未斷時，R1=R2，P2最大，L2燈絲搭接后R2減小，故功率P2變?。还蔆錯誤，D正確．故選AD．

【點睛】

本題考查了串聯(lián)電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應用，關鍵是搭絲后燈泡電阻變化的分析和利用數(shù)學知識判斷L1的最大電功率．12、C:D【分析】【詳解】

當光照強度增大時；光敏電阻阻值減小，外電路總電阻減小，根據(jù)歐姆定律得知，總電流I增大，燈泡變亮，故A錯誤；電流變大，電源內阻所占電壓變大，路端電壓U減小，所以則電壓表的示數(shù)減小。而燈泡兩段電壓增大，所以光敏電阻R上的電壓減小，故B錯誤，C正確。燈泡兩端電壓，電容器兩端電壓增大，根據(jù)Q=UC可知電容器C的帶電量增大，故D正確。故選CD。

【點睛】

本題是電路中動態(tài)變化分析問題，要搞清局部與整體的關系，一般按“局部→整體→局部”的順序分析。13、A:D【分析】【分析】

【詳解】

MN切割磁感線，所以MN產(chǎn)生感應電動勢，MN間有電勢差，故A正確、B錯誤；穿過線框的磁通量不變化，所以無感應電流，因此電壓表無讀數(shù)，故C錯誤，D正確．14、B:D【分析】電壓表的讀數(shù)為電壓的有效值，原線圈的電壓有效值為440V，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知，副線圈的電壓有效值為32V，所以電壓表的讀數(shù)為32V，所以A錯誤；根據(jù)電流的熱效應，則有燈泡L兩端電壓的有效值為故B正確；當滑動變阻器的觸頭P向上滑動時，電阻R的阻值減小，總電阻減小，流過副線圈的電流減小，根據(jù)理想變壓器中原副線圈的電流與匝數(shù)關系，流過原線圈的電流減小，故電流表A2示數(shù)減小，A1示數(shù)減小，故C錯誤；由圖可得交流發(fā)電機轉子的角速度為故D正確．故選BD．

【點睛】根據(jù)圖b可知輸入電壓的最大值和周期，從而求出對應的有效值和角速度；再根據(jù)電壓之比等于線圈匝數(shù)之比可求得輸出端的有效值，從而確定電壓表示數(shù)；根據(jù)有效值的定義以及二極管的性質則可明確燈泡L兩端的電壓的有效值，再根據(jù)電路結構分析電流表的變化．15、C:D:E【分析】【詳解】

機械波在介質中的傳播速度由介質決定，與波的頻率無關，電磁波在介質中的傳播速度與介質和波的頻率均有關，故A錯誤。根據(jù)相對論原理，火車以接近光速的速度通過站臺時，站臺上的旅客觀察到車上的乘客變瘦了，而不是變矮，故B錯誤；簡諧波的振動周期與傳播周期相同，故單位時間內經(jīng)過介質中某點的完全波的個數(shù)就是這列簡諧波的頻率，故C正確；光導纖維束是用全反射來傳輸圖象信息的，故D正確；在真空中傳播的兩列電磁波，傳播速度相同，由v=λf知，頻率越大，波長越短，故E正確。三、填空題(共5題，共10分)16、略

【分析】試題分析：空氣的相對濕度等于水蒸氣的實際壓強與同溫下水的飽和汽壓的比值；飽和汽壓隨溫度的降低而變?。灰欢囟认?，飽和汽的壓強是一定的．

暖濕氣團在被抬升過程中膨脹，膨脹的過程中對外做功，氣團的內能減小，所以暖濕氣團溫度會降低；飽和汽壓隨溫度的降低而變小，氣團內空氣的絕對濕度不變而飽和蒸汽壓減小，所以相對濕度會變大．【解析】降低變大17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】不再變化18、略

【分析】【詳解】

[1]單色光a的偏向角小于單色光b的偏向角，所以冰晶對單色光a的折射率小于冰晶對單色光b的折射率；

[2]由。

解得。

【解析】小于大19、略

【分析】【詳解】

(1)[1]若保持S閉合，則兩板間的電勢差U不變；減小兩板間的距離，則根據(jù)

可知兩極板間的電場強度變大；

(2)[2]若斷開S；則極板上的電量保持不變；

[3]根據(jù)

可知

可知減小兩板間的距離d，兩極板間的電場強度不變?！窘馕觥?1)變大；(2)不變；不變20、C:D:E【分析】波傳播的速度為v=5m/s，經(jīng)0.2s波形平移的間距為：△x=v?△t=5×0.2=1m，故結合波形圖可以看出波形向左平移1m，所以這列波沿x軸負方向傳播；故A錯誤；波沿x軸負方向傳播，故t=0時刻質點a沿y軸負方向運動，故B錯誤；從波形圖可以看出波長為4m，故周期：頻率：故此波遇到另一列頻率為1.25Hz的簡諧橫波能發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，選項C正確；x=2m處的質點的位移表達式為故D正確；周期為0.8s，由于△t=0.4s=T，故質點a經(jīng)0.4s通過的路程為：S=2A=0.8m，故D正確；故選CDE．四、作圖題(共3題，共6分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共32分)24、略

【分析】(1)A、C、要保證碰撞后兩個球做平拋運動，故斜槽軌道末端的切線必須水平，入射球質量要大于被碰球質量，即m1＞m2，防止碰后m1被反彈；同時為了對心碰撞，兩小球的直徑應相同，故A錯誤，C正確；B；為保證碰撞的初速度相同，入射球每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下，故C正確；D、小球離開軌道后做平拋運動，小球的運動時間相等，水平位移與初速度成正比，實驗中不需要測量時間，也不需要測量桌面的高度，故D錯誤；故選BC．

(2)小球離開軌道后做平拋運動，小球拋出點的高度相同，它們在空中的運動時間t相等，如果碰撞過程動量守恒，則：m1v1=m1v1′+m2v2′，兩邊同時乘以t，得：m1v1t=m1v1′t+m2v2′t，則m1OP=m1OM+m2ON；

【點睛】該題考查用“碰撞試驗器”驗證動量守恒定律，該實驗中，雖然小球做平拋運動，但是卻沒有用到速和時間，而是用位移x來代替速度v，成為是解決問題的關鍵．【解析】（1）BC（2）m1·OP25、略

【分析】【詳解】

（1）[1]沒有電壓表，用電流表A1與定值電阻R0串聯(lián)成電壓表；原理圖如圖所示；

（2）[2]則由閉合電路歐姆定律可知（由于I1讀數(shù)遠小于I2，所以I2-I1≈I2）I1（R0+RA1)=E-I2r

即

由圖可知，圖像與縱坐標的交點為9.0mA，則有9.0mA=

解得E=9.0V

[3]由圖像可知，圖像的斜率為10×10-3，由公式得圖像的斜率等于故=10×10-3