2025年西師新版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年西師新版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、目前雷達(dá)發(fā)出的電磁波頻率多在200MHz～1000MHz的范圍內(nèi)，下列關(guān)于雷達(dá)和電磁波的說(shuō)法正確的是（）A.真空中，上述頻率范圍的電磁波的波長(zhǎng)在30m～150m之間B.電磁波是由均勻變化的電場(chǎng)或磁場(chǎng)產(chǎn)生的C.波長(zhǎng)越短的電磁波，越容易繞過(guò)障礙物，便于遠(yuǎn)距離傳播D.測(cè)出電磁波從發(fā)射到接收的時(shí)間，就可以確定到障礙物的位置2、在物理學(xué)中，突出問(wèn)題的主要方面，忽略次要因素，建立理想化的“物理模型”，并將其作為研究對(duì)象，是經(jīng)常采用的一種科學(xué)研究方法．質(zhì)點(diǎn)就是這種物理模型之一．下列對(duì)物體能否看做質(zhì)點(diǎn)的說(shuō)法正確的是（）A.體積、質(zhì)量都很大的物體不能看成質(zhì)點(diǎn)B.研究火車過(guò)橋所需的時(shí)間，火車可以被看成質(zhì)點(diǎn)C.研究乒乓球的各種旋轉(zhuǎn)運(yùn)動(dòng)時(shí)不能把乒乓球看成質(zhì)點(diǎn)D.研究運(yùn)動(dòng)員跨欄時(shí)身體各部位的姿勢(shì)時(shí)可以把運(yùn)動(dòng)員看成質(zhì)點(diǎn)3、(2011年衢州一中檢測(cè))如圖所示，一質(zhì)量為m的滑塊以初速度v0從固定于地面的斜面底端A開(kāi)始沖上斜面，到達(dá)某一高度后返回A，斜面與滑塊之間有摩擦．下列各項(xiàng)分別表示它在斜面上運(yùn)動(dòng)的速度v、加速度a、勢(shì)能Ep和機(jī)械能E隨時(shí)間的變化圖象，可能正確的是()4、【題文】如右圖所示；將電鍵S合到1位置，對(duì)平行板電容器充電，充電完成后，將電鍵S閉合到2位置，讓其放電，在電鍵S閉合瞬間將產(chǎn)生火花．放電后，再次將電鍵S合到1位置，對(duì)平行板電容器充電，然后斷開(kāi)電鍵，將兩金屬板間距離拉大些，并再次將電鍵閉合到2位置，讓其放電，產(chǎn)生火花，則兩次放電過(guò)程相比較()

A.兩次放電過(guò)程放出的電荷量相等B.兩次放電過(guò)程釋放的能量相等C.第二次放電過(guò)程放出的電荷量較大D.第二次放電過(guò)程釋放的能量較小5、顯微鏡觀察細(xì)微結(jié)構(gòu)時(shí)，由于受到衍射現(xiàn)象的影響而觀察不清，因此觀察越細(xì)小的結(jié)構(gòu)，就要求波長(zhǎng)越短，波動(dòng)性越弱，在加速電壓值相同的情況下，關(guān)于電子顯微鏡與質(zhì)子顯微鏡的分辨本領(lǐng)，下列判定正確的是（）A.電子顯微鏡分辨本領(lǐng)較強(qiáng)B.質(zhì)子顯微鏡分辨本領(lǐng)較強(qiáng)C.兩種顯微鏡分辨本領(lǐng)相同D.兩種顯微鏡分辨本領(lǐng)不便比較6、關(guān)于爆炸，下列說(shuō)法中正確的是（）A.爆炸時(shí)由于物體所受到的合外力不為零，故動(dòng)量一般認(rèn)為不守恒B.爆炸時(shí)，由于內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，故認(rèn)為動(dòng)量守恒C.爆炸時(shí)動(dòng)能一定會(huì)損失D.爆炸時(shí)動(dòng)能增加，動(dòng)量也增加7、一質(zhì)點(diǎn)在時(shí)間t內(nèi)沿半徑為R的圓周運(yùn)動(dòng)了兩周又回到出發(fā)點(diǎn)，在此運(yùn)動(dòng)過(guò)程中質(zhì)點(diǎn)的平均速度為（）A.B.C.D.08、在如圖所示的電路中，電阻R1、R2、R3的阻值均為2Ω，電流表內(nèi)阻不計(jì)，在B、C兩點(diǎn)間加上6V的電壓時(shí)，電流表的讀數(shù)為（）A.0B.1AC.1.5AD.2A9、如圖所示為研究影響平行板電容器電容大小的因素的實(shí)驗(yàn)裝置，平行板電容器的極板B與一靈敏的靜電計(jì)相接，極板A與靜電計(jì)的金屬外殼用導(dǎo)線接地．若極板A稍向上移動(dòng)一點(diǎn)，觀察到靜電計(jì)指針示數(shù)變大．高二某同學(xué)經(jīng)分析作出平行板電容器電容變小的結(jié)論．他的依據(jù)是（）A.兩極板間的電壓不變，極板上的電量變小，電容變小B.兩極板間的電壓不變，極板上的電量變大，電容變小C.極板上的電量幾乎不變，兩極板間的電壓變小，電容變小D.極板上的電量幾乎不變，兩極板間的電壓變大，電容變小評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)10、（2015?金山區(qū)一模）如圖，電源電動(dòng)勢(shì)E=3V，內(nèi)阻r=1Ω，電阻R1=2Ω，滑動(dòng)變阻器總電阻R=16Ω，在滑片P從a滑到b的過(guò)程中，電流表的最大示數(shù)為_(kāi)___A，滑動(dòng)變阻器消耗的最大功率為_(kāi)___W．11、（2014?煙臺(tái)一模）如圖所示是透明圓柱形介質(zhì)的橫截面；BC為圓的直徑．一束單色光沿AB方向入射，∠ABC=120°．光自B點(diǎn)進(jìn)入介質(zhì)內(nèi)只經(jīng)過(guò)一次折射后從介質(zhì)中射出，出射光線平行于BC．

①求介質(zhì)的折射率；

②若改變∠ABC的大??；則從B點(diǎn)射入介質(zhì)中的單色光能否在介質(zhì)的內(nèi)表面發(fā)生全反射？

答：____（填“能”或“不能”）12、（2007秋?薌城區(qū)校級(jí)期末）如圖所示，在水平力作用下，所受重力大小為G的物體，保持沿豎直墻壁勻速下滑，物體與墻壁之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，F(xiàn)物體所受摩擦力大小等于____或____，方向?yàn)開(kāi)___．13、（2008秋?嘉定區(qū)期中）汽車運(yùn)動(dòng)的v-t圖象，如圖所示，汽車在40s末的加速度為_(kāi)___m/s2；80s末的加速度為_(kāi)___m/s2；200s內(nèi)的總位移為_(kāi)___m；200s內(nèi)的平均速度為_(kāi)___m/s．14、【題文】（4分，每空2分）如圖為某一簡(jiǎn)諧橫波在t＝0時(shí)刻的波形圖，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)a振動(dòng)方向沿y軸正方向，從這一時(shí)刻開(kāi)始，質(zhì)點(diǎn)a、b；c中第一次最先回到平衡位置的是_______；若t＝0.02s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)c第一次到達(dá)波谷處，從此時(shí)刻起開(kāi)始計(jì)時(shí)，c點(diǎn)的振動(dòng)方程為_(kāi)_______cm.

15、一彈簧振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，振幅為4cm，振子通過(guò)平衡位置時(shí)速度大小為2m/s，則振子經(jīng)過(guò)離平衡位置2cm處時(shí)的速度____（選填“大于“、“小于“或“等于“）1m/s．16、一點(diǎn)光源以功率P向外發(fā)出波長(zhǎng)為λ的單色光，已知普朗克恒量為h，光速為c，則此光源每秒鐘發(fā)出的光子數(shù)為_(kāi)___個(gè)，每一個(gè)光子的動(dòng)量為_(kāi)___；若某種金屬逸出功為W，用此光照射某種金屬時(shí)逸出的光電子的最大初動(dòng)能為_(kāi)___；如果不改變?nèi)肷涔獾念l率，而增加入射光的強(qiáng)度，則光電子的最大初動(dòng)能將____（選填“增加”、“減小”或“不變”）．17、火星的半徑是地球半徑的一半，其質(zhì)量是地球質(zhì)量的，火星的第一宇宙速度是____km/s；若一宇航員的質(zhì)量是72kg，則他在火星上所受的重力為_(kāi)___N．（地球表面的重力加速度取10m/s2）18、電流傳感器可以像電流表一樣測(cè)量電流，它的優(yōu)點(diǎn)是反應(yīng)非?？?，可以捕捉到瞬間的電流變化，還可以與計(jì)算機(jī)相連；能在很短的時(shí)間內(nèi)畫出電流隨時(shí)間的變化圖象．

按圖甲連接電路；提供8V直流電源，先使開(kāi)關(guān)S與1相連，電源向電容器充電，這個(gè)過(guò)程可在瞬間完成，然后把開(kāi)關(guān)S擲向2，電容器通過(guò)電阻R放電，傳感器將電流信息傳入計(jì)算機(jī)，屏上顯示出電流隨時(shí)間變化的I--t曲線，如圖乙．

（1）圖中畫出的豎直狹長(zhǎng)矩形（圖乙最左端），它面積的物理意義是：____；

（2）估算電容器在全部放電過(guò)程中釋放的電荷量是____C；

（3）根據(jù)以上數(shù)據(jù)估算，電容器的電容是____F．評(píng)卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)19、青藏高原測(cè)水沸時(shí)的溫度：應(yīng)選用水銀溫度計(jì)和酒精溫度計(jì)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、電子手表中的液晶在外加電壓的影響下能夠發(fā)光．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、作用在物體上的合外力減小時(shí)，速度也隨之減?。甠___（判斷對(duì)錯(cuò)）22、物體的速度為零時(shí)，它的機(jī)械能一定為零．____（判斷對(duì)錯(cuò)）23、原子核由質(zhì)子、中子和電子組成．____（判斷對(duì)錯(cuò)）24、電子手表中的液晶在外加電壓的影響下能夠發(fā)光．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）25、只要溫度不變且處處相等，系統(tǒng)就一定處于平衡態(tài)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）26、穿過(guò)閉合導(dǎo)體回路所包圍面積的磁通量為零時(shí)，回路中感應(yīng)電流就一定為零．____（判斷對(duì)錯(cuò)）27、原先沒(méi)有磁性的鐵，在長(zhǎng)期受到磁鐵的吸引會(huì)產(chǎn)生磁性____．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共30分)28、如圖甲所示，在水平放置的氣墊導(dǎo)軌上有一帶有方盒的滑塊，質(zhì)量為M

氣墊導(dǎo)軌右端固定一定滑輪，細(xì)線繞過(guò)滑輪，一端與滑塊相連，另一端掛有6

個(gè)鉤碼，設(shè)每個(gè)鉤碼的質(zhì)量為m

且M=4m

(1)

用游標(biāo)卡尺測(cè)出滑塊上的擋光片的寬度，讀數(shù)如圖乙所示，則寬度d=

_________cm

(2)

某同學(xué)打開(kāi)氣源，將滑塊由靜止釋放，滑塊上的擋光片通過(guò)光電門的時(shí)間為t

則滑塊通過(guò)光電門的速度為_(kāi)__(

用題中所給字母表示)

(3)

開(kāi)始實(shí)驗(yàn)時(shí)，細(xì)線另一端掛有6

個(gè)鉤碼，由靜止釋放后細(xì)線上的拉力為F1

接著每次實(shí)驗(yàn)時(shí)將1

個(gè)鉤碼移放到滑塊上的方盒中，當(dāng)只剩3

個(gè)鉤碼時(shí)細(xì)線上的拉力為F2

則F1

___2F2(

填“大于”“等于”或“小于”)

(4)

若每次移動(dòng)鉤碼后都從同一位置釋放滑塊，設(shè)擋光片距光電門的距離為L(zhǎng)

鉤碼的個(gè)數(shù)為n

測(cè)出每次擋光片通過(guò)光電門的時(shí)間為t

測(cè)出多組數(shù)據(jù)，并繪出n鈭?1/t2

圖象，已知圖線斜率為k

則當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹開(kāi)__(

用題中字母表示)

．29、在“研究小車勻變速直線運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)中，所用的交流電源的頻率為50Hz

如圖所示，在所記錄的紙帶上選擇6

個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)ABCDEF

相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)未畫出，BCDEF

各點(diǎn)到A

點(diǎn)的距離依次是2.01m5.00cm9.02cm13.97cm19.92cm

壟脵

相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為_(kāi)___s

壟脷

小車在D

點(diǎn)的速度為VD=

____m/s(

根據(jù)所給數(shù)據(jù)保留3

位有效數(shù)字)

壟脹

可算出小車加速度為_(kāi)___m/s2(

保留3

位有效數(shù)字)

30、壟脵

圖是某同學(xué)連接的實(shí)驗(yàn)電路實(shí)物圖.

若L1L2

燈都不亮；他采用下列兩種方法進(jìn)行故障檢查，應(yīng)用多用電表的直流電壓擋進(jìn)行檢查，那么選擇開(kāi)關(guān)應(yīng)置于______量程．

A.直流電壓2.5VB.

直流電壓10V

C.直流電壓50VD.

直流250V

壟脷

該同學(xué)測(cè)試結(jié)果如表1

所示，在測(cè)試ab

間電壓時(shí)，紅表筆應(yīng)接觸______(

填“a

”或“b

”).

根據(jù)測(cè)試結(jié)果；可以判定出故障是______．

A.燈L1

短路B.

燈L2

短路C.cd

段斷路D.df

段斷路。

表一：

。測(cè)試點(diǎn)電壓示數(shù)ab有示數(shù)cd無(wú)示數(shù)df有示數(shù)壟脹

將開(kāi)關(guān)斷開(kāi)；再選擇歐姆擋測(cè)試，測(cè)量結(jié)果如表2

所示，那么進(jìn)一步檢查出現(xiàn)的故障是______

A.燈L1

斷路B.

燈L2

斷路C.

燈L1L2

都斷路D.de

間導(dǎo)線斷路．

表二：

。測(cè)試點(diǎn)表針偏轉(zhuǎn)情況cddeef評(píng)卷人得分五、簡(jiǎn)答題(共4題，共40分)31、質(zhì)量為1kg的物體，受到12N豎直向上的拉力，由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)2s，（g=10.0m/s2）求。

（1）物體向上的加速度是多少？

（2）2s內(nèi)拉力對(duì)物體做的功是多少？

（3）2s末拉力的瞬時(shí)功率是多少？32、1mol某種理想氣體的質(zhì)量和體積分別為MA和VA，每個(gè)氣體分子的質(zhì)量為m0；求：

①阿伏加德羅常數(shù)NA；

②該氣體分子間的平均距離．33、rm{Cu}rm{Fe}rm{Se}rm{Co}rm{S}rm{P}等元素常用于化工材料的合成。請(qǐng)回答下列問(wèn)題：rm{Cu}rm{Fe}rm{Se}rm{Co}rm{S}等元素常用于化工材料的合成。請(qǐng)回答下列問(wèn)題：rm{P}最外層電子排布式為_(kāi)_______，其核外共有________種不同運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的電子。rm{(1)Fe^{3+}}比rm{Fe^{3+}}更穩(wěn)定的原因是________。rm{Fe^{2+}}硒為第四周期元素，相鄰的元素有砷和溴，則三種元素的電負(fù)性從大到小的順序?yàn)開(kāi)_______rm{(2)}用元素符號(hào)表示rm{(}rm{)}分子的空間構(gòu)型為_(kāi)_______。rm{SeO_{2}}可用于制造火柴，其分子結(jié)構(gòu)如圖所示。rm{(3)P_{4}S_{3}}分子中硫原子的雜化軌道類型為_(kāi)_______，每個(gè)rm{P_{4}S_{3}}分子中含孤電子對(duì)的數(shù)目為_(kāi)_______。rm{P_{4}S_{3}}銅的某種氧化物晶胞結(jié)構(gòu)如圖所示，若該晶胞的邊長(zhǎng)為rm{(4)}則該氧化物的密度為_(kāi)_______rm{acm}rm{g隆隴cm^{-3}}設(shè)阿伏加德羅常數(shù)的值為rm{(}rm{N_{A})}34、質(zhì)量為490g的木塊靜止在光滑的水平面上；一質(zhì)量為10g的子彈以500m/s的速度沿水平方向射入木塊內(nèi)，子彈相對(duì)于木塊靜止后，子彈具有的速度大小為10m/s，求：

（1）木塊的動(dòng)能增加了多少？

（2）子彈損失的動(dòng)能是多少？

（3）產(chǎn)生的內(nèi)能是多少？評(píng)卷人得分六、證明題(共2題，共6分)35、如圖所示，1、2、3為p-V圖中一定量理想氣體的三個(gè)狀態(tài)，該理想氣體由狀態(tài)1經(jīng)過(guò)程1-3-2到達(dá)狀態(tài)2．試?yán)脷怏w實(shí)驗(yàn)定律證明：．36、（2016?海淀區(qū)模擬）如圖所示，將小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）平放在水平桌面的一張薄紙上，對(duì)紙施加恒定水平拉力將其從物塊底下抽出，物塊的位移很小，人眼幾乎觀察不到物塊的移動(dòng)．已知物塊的質(zhì)量為M，紙與桌面、物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ1，紙與物塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2；重力加速度為g．

（1）若薄紙的質(zhì)量為m；則從開(kāi)始抽紙到紙被抽離物塊底部的過(guò)程中；

①求薄紙所受總的摩擦力為多大；

②從沖量和動(dòng)量的定義；結(jié)合牛頓運(yùn)動(dòng)定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律，證明：水平拉力F和桌面對(duì)薄紙摩擦力的總沖量等于物塊和紙的總動(dòng)量的變化量．（注意：解題過(guò)程中需要用到；但題目中沒(méi)有給出的物理量，要在解題中做必要的說(shuō)明．）

（2）若薄紙質(zhì)量可忽略，紙的后邊緣到物塊的距離為L(zhǎng)，從開(kāi)始抽紙到物塊最終停下，若物塊相對(duì)桌面移動(dòng)了很小的距離s0（人眼觀察不到物塊的移動(dòng)），求此過(guò)程中水平拉力所做的功．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】本題考查了麥克斯韋的電磁場(chǎng)理論與雷達(dá)的原理，比較簡(jiǎn)單，根據(jù)麥克斯韋的電磁場(chǎng)理論內(nèi)容即可正確解答．【解析】【解答】解：A、根據(jù)λ=；電磁波頻率在200MHz至1000MHz的范圍內(nèi)，則電磁波的波長(zhǎng)范圍在0.3m至1.5m之間，故A錯(cuò)誤；

B；根據(jù)麥克斯韋的電磁場(chǎng)理論可知；均勻變化的電場(chǎng)產(chǎn)生恒定的磁場(chǎng)，均勻變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生恒定的電場(chǎng)，電磁波是變化磁場(chǎng)產(chǎn)生電場(chǎng)變化電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)不斷交替變化產(chǎn)生的，故B錯(cuò)誤；

C；波長(zhǎng)越長(zhǎng)的電磁波；越容易繞過(guò)障礙物，便于遠(yuǎn)距離傳播，故C錯(cuò)誤；

D；雷達(dá)是利用電磁波的反射原理；根據(jù)電磁波的傳播速度，結(jié)合來(lái)回傳播的時(shí)間，即可確定障礙物的距離，故D正確．

故選：D．2、C【分析】【分析】當(dāng)物體的形狀、大小對(duì)所研究的問(wèn)題沒(méi)有影響時(shí)，我們就可以把它看成質(zhì)點(diǎn)，根據(jù)把物體看成質(zhì)點(diǎn)的條件來(lái)判斷即可．【解析】【解答】解：A；地球的質(zhì)量體積都很大；研究地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)時(shí)，地球的大小相對(duì)于地球和太陽(yáng)之間的距離來(lái)說(shuō)太小了，完全可以忽略，此時(shí)可以看成質(zhì)點(diǎn)，所以A錯(cuò)誤；

B；研究火車過(guò)橋所需的時(shí)間時(shí)；火車是不能看成質(zhì)點(diǎn)的，火車的長(zhǎng)度相對(duì)于橋不能忽略，所以B錯(cuò)誤；

C；在研究乒乓球的旋轉(zhuǎn)方向時(shí)；乒乓球不能看成質(zhì)點(diǎn)，看成質(zhì)點(diǎn)的話，乒乓球就沒(méi)有旋轉(zhuǎn)可言了，所以C正確；

D；研究運(yùn)動(dòng)員跨欄時(shí)身體各部位的姿勢(shì)時(shí)；不能看成質(zhì)點(diǎn)，否則就沒(méi)有姿勢(shì)可言了，所以D錯(cuò)誤；

故選C．3、C【分析】由牛頓第二定律可知，滑塊上升階段有：mgsinθ＋Ff＝ma1，下滑階段有：mgsinθ－Ff＝ma2，因此a1>a2，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；且v>0和v<0時(shí)，速度圖象的斜率不同，故A選項(xiàng)錯(cuò)誤；由于摩擦力始終做負(fù)功，機(jī)械能一直減小，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤；重力勢(shì)能先增大后減小，且上升階段加速度大，勢(shì)能變化快，下滑階段加速度小，勢(shì)能變化慢，故選項(xiàng)C正確．【解析】【答案】C4、A【分析】【解析】

試題分析：兩次充電是用同一電源進(jìn)行的，根據(jù)公式克的所以所充電的電荷量相同，故放電時(shí)所放出的電荷量也相等，A正確，C錯(cuò)誤；根據(jù)公式可得斷開(kāi)電源后；在將兩金屬板間距離拉大的過(guò)程中，電場(chǎng)力不變，距離增大，故克服電場(chǎng)力做功，電場(chǎng)能增加．BD錯(cuò)誤。

故選A

考點(diǎn)：考查了電容的動(dòng)態(tài)分析。

點(diǎn)評(píng)：本題需要知道，當(dāng)斷開(kāi)電源后，電容器兩極版間的電場(chǎng)大小與兩極板的距離無(wú)關(guān)【解析】【答案】A5、B【分析】【分析】根據(jù)實(shí)物粒子也具有波粒二象性，其波長(zhǎng)：λ=，與粒子的動(dòng)量成反比，結(jié)合相同加速電壓下，得出動(dòng)量的大小不同，從而即可求解．【解析】【解答】解：由于質(zhì)子的質(zhì)量遠(yuǎn)大于電子的質(zhì)量，所以如果顯微鏡使用經(jīng)相同電壓加速后的質(zhì)子工作，質(zhì)子的動(dòng)量更大，根據(jù)λ=；則有，波長(zhǎng)更小，其分辨率比電子顯微鏡高．故ACD錯(cuò)誤，B正確．

故選：B．6、B【分析】【分析】系統(tǒng)所受合外力為零時(shí)系統(tǒng)動(dòng)量守恒，當(dāng)內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力時(shí)，越快近似認(rèn)為動(dòng)量守恒．【解析】【解答】解：在爆炸過(guò)程中內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力；可以認(rèn)為系統(tǒng)動(dòng)量守恒，爆炸過(guò)程化學(xué)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，系統(tǒng)機(jī)械能增加，故B正確，ACD錯(cuò)誤；

故選：B．7、D【分析】【分析】平均速度等于位移與時(shí)間的比值，由題意求出質(zhì)點(diǎn)的位移和時(shí)間，根據(jù)比值求平均速度即可．【解析】【解答】解：質(zhì)點(diǎn)沿圓周運(yùn)動(dòng)兩周又回到出發(fā)點(diǎn)；故全程質(zhì)點(diǎn)的位移為0，故平均速度也為0．

故選：D．8、B【分析】【分析】圖中電阻R2與R3并聯(lián)后與R1串聯(lián)，電流表測(cè)量的是電阻R2的電流；先求解總電阻，根據(jù)歐姆定律求解干路電流，根據(jù)并聯(lián)電路的電流關(guān)系得到通過(guò)電阻R2的電流．【解析】【解答】解：圖中電阻R2與R3并聯(lián)后與R1串聯(lián)，電路的總電阻為：R=2+=3Ω；

根據(jù)歐姆定律，干路電流為：I=

由于并聯(lián)電路的電流與電阻成反比；故：

IR2==1A

故選：B．9、D【分析】【分析】由題看出，電容器的電量幾乎不變．將極板A稍向上移動(dòng)一點(diǎn)，觀察到靜電計(jì)指針示數(shù)變大，由公式C=分析電容變化．【解析】【解答】解：B極板與靜電計(jì)相連；所帶電荷電量幾乎不變，B板與A板帶等量異種電荷，電量也幾乎不變，故電容器的電量Q幾乎不變．

將極板A稍向上移動(dòng)一點(diǎn)，觀察到靜電計(jì)指針示數(shù)變大，說(shuō)明電容器極板間電壓變大，由公式C=知電容C變小．故D正確；ABC錯(cuò)誤．

故選：D二、填空題(共9題，共18分)10、10.75【分析】【分析】分析電路明確電路結(jié)構(gòu)，再根據(jù)閉合電路歐姆定律求得電流表的最大示數(shù)；由功率公式可知當(dāng)內(nèi)外電阻相等時(shí)功率達(dá)最大．【解析】【解答】解：由圖可知，滑動(dòng)變阻器兩端相互并聯(lián)后與R1串聯(lián)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器短路時(shí)，電流表示數(shù)最大，則最大電流I===1A；

把保護(hù)電阻看做電源的內(nèi)阻，電源與保護(hù)電阻等效于電源，滑動(dòng)變阻器是外電路，滑片P從a滑到b的過(guò)程中，電路外電阻R先變大后變小，等效電源電動(dòng)勢(shì)E不變，由P=可知，滑動(dòng)變阻器消耗的電功率先變小后變大，當(dāng)內(nèi)外電路電阻相等時(shí)，外電路功率最大，即當(dāng)R=r+R1=1+2=3Ω時(shí)；外電路功率最大，故此時(shí)滑動(dòng)變阻器消耗的功率為：

P===0.75W；

故答案為：1；0.75．11、不能【分析】【分析】①畫出光路圖；由幾何關(guān)系求得光線在B點(diǎn)的入射角．根據(jù)對(duì)稱性和光路可逆原理求出光線出射時(shí)的折射角，由幾何知識(shí)求出光線在B點(diǎn)的折射角，即可由折射定律求解介質(zhì)的折射率；

②若改變∠ABC的大小，根據(jù)光路的可逆性分析光線單色光能否在介質(zhì)的內(nèi)表面發(fā)生全反射．【解析】【解答】解：①作出光路圖；如圖所示，則得入射角i=180°-∠ABC=180°-120°=60°

設(shè)光線從圓柱形介質(zhì)中的出射點(diǎn)為D；出射光線DE．

由對(duì)稱性和光路可逆原理知：α=60°

因DE∥BC；故β=60°；

所以∠BOD=120°

所以光線在B點(diǎn)的折射角：r=30°

折射率：

②不能．因?yàn)楦鶕?jù)幾何知識(shí)可知：光線射到介質(zhì)的內(nèi)表面時(shí)入射角等于射入時(shí)的折射角；根據(jù)光路可逆性原理可知光線一定能射出介質(zhì)，不能發(fā)生全反射．

故答案為：

①介質(zhì)的折射率為；

②不能12、GμF豎直向上【分析】【分析】物體在壓力F作用下，沿粗糙豎直面勻速下滑，則由受力平衡可確定，物體受到滑動(dòng)摩擦力，大小由平衡條件可確定，也可以由滑動(dòng)摩擦力公式來(lái)確定．而方向與相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向相反．【解析】【解答】解：對(duì)物體受力分析；水平方向：壓力與彈力。

豎直方向：重力與滑動(dòng)摩擦力。

由于物體處于平衡狀態(tài)；所以滑動(dòng)摩擦力大小等于重力的大?。礊閒=G．

或由f=μN(yùn)=μF

滑動(dòng)摩擦力的方向與重力方向相反．即為豎直向上。

故答案為：G或μF；豎直向上．13、0.50450022.5【分析】【分析】v-t圖象中，傾斜的直線表示勻變速直線運(yùn)動(dòng)，斜率表示加速度，圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移．平均速度等于總位移除以總時(shí)間．【解析】【解答】解：根據(jù)a=得：

a40==0.5m/s2；

60-160s；汽車勻速運(yùn)動(dòng)，加速度為零，所以80s末的加速度為0

根據(jù)速度時(shí)間圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移得：x=S=×（100+200）×30m=4500m

200s內(nèi)的平均速度為：m/s=22.5m/s

故答案為：0.5；0；4500；22.5．14、略

【分析】【解析】

試題分析：a點(diǎn)振動(dòng)方向沿y軸正方向，則b點(diǎn)振動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向，c點(diǎn)直接沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，則a點(diǎn)、b點(diǎn)第一次回到平衡位置的時(shí)間都大于而c點(diǎn)第一次回到平衡位置的時(shí)間等于所以a、b、c第一次最快回到平衡位置的是c點(diǎn)；若t=0.02s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)c第一次到達(dá)波谷處，則0.02s=c點(diǎn)振動(dòng)的周期為T=0.04s，=50πrad/s．則從此時(shí)刻起開(kāi)始計(jì)時(shí)，c點(diǎn)的振動(dòng)方程為或者y=-Acosωt=-8cos（50πt）（cm）。

考點(diǎn)：波傳播的特點(diǎn)，根據(jù)質(zhì)點(diǎn)帶動(dòng)法判斷質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程【解析】【答案】c15、大于【分析】【分析】振子從平衡位置向最大位移處運(yùn)動(dòng)時(shí)速度從2m/s減小到0，做減速運(yùn)動(dòng)過(guò)程．根據(jù)位移越大，加速度越大，速度變化越來(lái)越快進(jìn)行分析．【解析】【解答】解：從平衡位置向最大位移處運(yùn)動(dòng)時(shí)速度從2m/s減小到0；是個(gè)變減速運(yùn)動(dòng)過(guò)程．因?yàn)榛貜?fù)力的大小是F=-kx，x增大，則回復(fù)力F是逐漸增大的，說(shuō)明在此運(yùn)動(dòng)過(guò)程中振子加速度的數(shù)值是逐漸增大，即速度的減小程度是越來(lái)越快，因此在平衡位置到最大位移處連線的中點(diǎn)即離平衡位置2cm處的速度是大于1m/s．

故答案為：大于．16、h-W不變【分析】【分析】根據(jù)光子的能量求出光源每秒發(fā)出的光子數(shù)．根據(jù)光電效應(yīng)方程求出光電子的最大初動(dòng)能．【解析】【解答】解：光子的能量E0=h，則每秒內(nèi)發(fā)出的光子數(shù)n==．光子的動(dòng)量P=mC==

根據(jù)光電效應(yīng)方程得，光電子的最大初動(dòng)能Ekm=h-W．光子的最大初動(dòng)能與頻率有關(guān)；與入射光強(qiáng)度無(wú)關(guān)，故增大強(qiáng)度，最大初動(dòng)能不變．

故答案為：、、h-W、不變17、3.7320【分析】【分析】第一宇宙速度是星球表面的環(huán)繞速度，根據(jù)v=列式求解；根據(jù)萬(wàn)有引力定律列式求解重力．【解析】【解答】解：火星的半徑是地球半徑的一半，其質(zhì)量是地球質(zhì)量的；根據(jù)環(huán)繞速度公式，有：

v地==7.9km/s

v火=

故：v火=v地=×7.9km/s=3.7km/s

根據(jù)萬(wàn)有引力公式；有：

F地=G=72×10=720N

F火=G=×720=320N

故答案為：3.7，320N．18、在0.1s內(nèi)電容器的放電量5.6×10-37.0×10-4【分析】【分析】（1）由圖象的含義可知；橫軸與縱軸的乘積即為電量，即可求解；

（2）通過(guò)橫軸與縱軸的數(shù)據(jù)；求出一個(gè)格子對(duì)應(yīng)的電量，再結(jié)合圖象所包含的面積，算出多少個(gè)格子，從而即可求解；

（3）根據(jù)電容器的電容可知，結(jié)合電量與電勢(shì)差，即可求解．【解析】【解答】解：（1）根據(jù)圖象的含義；因Q=It，所以豎直狹長(zhǎng)矩形的面積表示為：在0.1s內(nèi)電容器的放電量；

（2）根據(jù)橫軸與縱軸的數(shù)據(jù)可知，一個(gè)格子的電量為0.08×10-3C；由大于半格算一個(gè)，小于半格舍去，因此圖象所包含的格子個(gè)數(shù)為70；

所以釋放的電荷量是0.08×10-3C×70=5.6×10-3C；

（3）根據(jù)電容器的電容可知，C==7.0×10-4F；

故答案為：在0.1s內(nèi)電容器的放電量；5.6×10-3；7.0×10-4．三、判斷題(共9題，共18分)19、×【分析】【分析】選擇溫度計(jì)的原則是：溫度計(jì)內(nèi)測(cè)溫物質(zhì)的凝固點(diǎn)應(yīng)低于被測(cè)物體的溫度，同時(shí)，溫度計(jì)內(nèi)測(cè)溫物質(zhì)的沸點(diǎn)應(yīng)高于被測(cè)物體的溫度．【解析】【解答】解：在海平面上水的沸點(diǎn)為100℃；在青藏高原水的沸點(diǎn)也有80℃多，而酒精的沸點(diǎn)只有78℃，所以不能選擇酒精溫度計(jì)．該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×．20、×【分析】【分析】液晶像液體一樣可以流動(dòng)，又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)．液晶是介于液態(tài)與結(jié)晶態(tài)之間的一種物質(zhì)狀態(tài)；液晶在外加電壓的影響下并不發(fā)光，而是由于液晶通電時(shí)，排列變得有秩序，使光線容易通過(guò)．【解析】【解答】解：液晶在外加電壓的影響下并不發(fā)光；而是由于液晶通電時(shí)，排列變得有秩序，使光線容易通過(guò)．所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×21、×【分析】【分析】加速度是反映速度變化快慢的物理量，當(dāng)加速度方向與速度方向相同，做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度方向與速度方向相反，做減速運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：加速度是反映速度變化快慢的物理量．根據(jù)牛頓第二定律可知；加速度的方向與物體受到的合外力的方向相同；

結(jié)合速度與加速度的關(guān)系可知；當(dāng)加速度方向與速度方向相同，加速度減小，速度增大．當(dāng)物體的加速度方向與速度方向相反，速度減?。?/p>

所以作用在物體上的合外力減小時(shí)；速度可能隨之減小，也可能隨之增大．所以以上說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×22、×【分析】【分析】機(jī)械能包括動(dòng)能和重力勢(shì)能，速度為零說(shuō)明動(dòng)能為零．【解析】【解答】解：物體的速度為零時(shí)；則動(dòng)能為零，但重力勢(shì)能不一定為零，所以機(jī)械能不一定為零，故錯(cuò)誤．

故答案為：×23、×【分析】【分析】原子核由質(zhì)子和中子構(gòu)成．【解析】【解答】解：原子核由質(zhì)子；中子構(gòu)成；故說(shuō)法錯(cuò)誤．

故答案為：×24、×【分析】【分析】液晶像液體一樣可以流動(dòng)，又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)．液晶是介于液態(tài)與結(jié)晶態(tài)之間的一種物質(zhì)狀態(tài)；液晶在外加電壓的影響下并不發(fā)光，而是由于液晶通電時(shí)，排列變得有秩序，使光線容易通過(guò)．【解析】【解答】解：液晶在外加電壓的影響下并不發(fā)光；而是由于液晶通電時(shí)，排列變得有秩序，使光線容易通過(guò)．所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×25、×【分析】【分析】首先知道平衡態(tài)和熱平衡的定義，知道影響的因素是不同；知道溫度是判斷系統(tǒng)熱平衡的依據(jù)；據(jù)此分析判斷即可．【解析】【解答】解：一般來(lái)說(shuō)；平衡態(tài)是針對(duì)某一系統(tǒng)而言的，描述系統(tǒng)狀態(tài)的參量不只溫度一個(gè)，還與體積壓強(qiáng)有關(guān)，當(dāng)溫度不變時(shí)，系統(tǒng)不一定處于平衡態(tài)．所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×26、×【分析】【分析】結(jié)合產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：閉合回路的磁通量發(fā)生變化即可正確判定．【解析】【解答】解：產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是閉合回路的磁通量發(fā)生變化；題目中穿過(guò)閉合導(dǎo)體回路所包圍面積的磁通量為零時(shí)，沒(méi)有說(shuō)明磁通量是否變化，所以不能判斷出沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生．所以以上說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×27、√【分析】【分析】在鐵棒未被磁化前，鐵棒內(nèi)的分子電流的排布是雜亂無(wú)章的，故分子電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)相互抵消，對(duì)外不顯磁性，但當(dāng)鐵棒靠近磁鐵時(shí)分子電流由于受到磁場(chǎng)的作用而使磁疇的取向大致相同從而被磁化對(duì)外表現(xiàn)出磁性；對(duì)磁鐵加熱或敲打時(shí)會(huì)使磁鐵內(nèi)的分子電流的排布變的雜亂無(wú)章，從而使磁鐵的磁性減弱．【解析】【解答】解：在鐵棒未被磁化前；鐵棒內(nèi)的分子電流的排布是雜亂無(wú)章的，故分子電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)相互抵消，對(duì)外不顯磁性，但當(dāng)鐵棒靠近磁鐵時(shí)分子電流由于受到磁場(chǎng)的作用而使磁疇的取向大致相同從而被磁化對(duì)外表現(xiàn)出磁性．所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√四、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共30分)28、(1)0.520(2)v=dt(3)

小于(4)5d2kL

【分析】【分析】(1)

游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)；不需估讀；

(2)

根據(jù)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度求出滑塊通過(guò)光電門的速度；

(3)

通過(guò)整體隔離法；結(jié)合牛頓第二定律求出拉力的大小，從而進(jìn)行比較；

(4)

根據(jù)速度位移公式，結(jié)合牛頓第二定律得出n鈭?1t2

的表達(dá)式，結(jié)合圖線的斜率求出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取＝鉀Q本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法，知道極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度的大小.

對(duì)于圖象問(wèn)題，關(guān)鍵得出兩個(gè)物理量的表達(dá)式，結(jié)合圖線斜率進(jìn)行求解?！窘獯稹?1)

游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為5mm

游標(biāo)讀數(shù)為0.05隆脕4mm=0.20mm

則最終讀數(shù)為5.20mm=0.520cm

(2)

極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度的大小，則滑塊通過(guò)光電門的速度v=dt

(3)

對(duì)整體分析，隔離對(duì)滑塊分析，根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)

11=Ma

11=4m隆脕0.6g=2.4mg

，隔離對(duì)滑塊分析，根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)

22=7ma

22=2.1mg

知F

11<2F

22

(4)

滑塊通過(guò)光電門的速度v=dt

根據(jù)v

22=2aL

得，d2t2=2aL

因?yàn)閍=nmg10m=ng10nmg10m=ng10

代入解得；

圖線的斜率k=5d2gL2

解得g=5d2kL

．

故填：(1)0.520(2)dt(3)

小于(4)5d2kL

【解析】(1)0.520(2)v=dt(3)

小于(4)5d2kL

29、（1）0.1（2）0.449（3）0.973【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過(guò)程中的平均速度；可以求出打紙帶上D

點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度大小，根據(jù)?x=aT2

求加速度。

要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問(wèn)題的能力；在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的理解與應(yīng)用。

【解答】(1)

相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔T=0.02sx5=0.1s

(2)D

點(diǎn)為CE

的中間時(shí)刻，由中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于平均速度可知vD=(13.97鈭?5.00)隆脕10鈭?22隆脕0.1m/s=0.449m/s

(3)

由?x=aT2

加速度為a=xFD鈭?xBD(2T)2=(19.92鈭?9.02)鈭?(9.02鈭?2.01)(2隆脕0.1)2隆脕10鈭?2m/s2=0.973m/s2

故答案為：(1)0.1(2)0.449(3)0.973

【解析】(1)0.1

(2)0.449

(3)0.973

30、略

【分析】解：壟脵

四節(jié)干電池的總電動(dòng)勢(shì)為6V

應(yīng)用多用表的直流電壓檔10V

檔測(cè)量，故選：B

壟脷

在測(cè)試ab

間直流電壓時(shí)；紅表筆應(yīng)當(dāng)接觸a

因?yàn)殡娏鞅仨殢碾妷罕碚泳€柱流入，所以紅表筆應(yīng)當(dāng)接觸a

端．

A；若燈L1

短路；L1

燈不亮，而L2

燈應(yīng)更亮，與題不符.

故A錯(cuò)誤．

B；若燈L2

短路；L2

燈不亮，而L1

燈應(yīng)更亮，與題不符.

故B錯(cuò)誤．

C；cd

段斷路；則df

間沒(méi)有電壓，無(wú)示數(shù)，故C錯(cuò)誤．

D、df

段斷路時(shí)，電路中無(wú)電流，兩燈泡都不亮，abdf

間有電壓；與題相符.

故D正確．

故選：D

(2)

歐姆表的刻度無(wú)窮大在左端；0

刻度在右端，電路斷路時(shí)，其電阻為無(wú)窮大.

根據(jù)歐姆表的讀數(shù)可知，de

間電阻無(wú)窮大，說(shuō)明導(dǎo)線斷路.

故D正確．

故選：D

故答案為：壟脵B壟脷aD壟脹D

(1)

四節(jié)干電池的總電動(dòng)勢(shì)為6V

即可知道應(yīng)用多用表的直流電壓檔10V

檔；紅表筆接電壓表的正接線柱，電流必須從正接線柱流入電壓表；電壓表有示數(shù)說(shuō)明有斷路，沒(méi)示數(shù)說(shuō)明沒(méi)斷路；

(2)

歐姆表的刻度無(wú)窮大在左端；0

刻度在右端，電路斷路時(shí)，其電阻為無(wú)窮大．

本題是故障分析問(wèn)題，要掌握用電壓表與歐姆表判斷故障的原理和方法，了解歐姆表的刻度分布情況，即可作出判斷．【解析】BaDD

五、簡(jiǎn)答題(共4題，共40分)31、略

【分析】【分析】（1）根據(jù)牛頓第二定律求出加速度；

（2）根據(jù)勻加速直線運(yùn)動(dòng)位移時(shí)間公式求出2s內(nèi)的位移；根據(jù)W=Fx求解拉力的功；

（3）根據(jù)勻加速直線運(yùn)動(dòng)速度時(shí)間公式求出2s末的速度，再根據(jù)P=Fv求解瞬時(shí)功率．【解析】【解答】解：（1）根據(jù)牛頓第二定律得：a=；

（2）2s內(nèi)，物體上升的位移x=；則2s內(nèi)拉力對(duì)物體做的功W=Fx=12×4=48J；

（3）2s末的速度v=at=4m/s；則2s末拉力的瞬時(shí)功率P=Fv=48W．

答：（1）物體向上的加速度是2m/s2；

（2）2s內(nèi)拉力對(duì)物體做的功是48J；

（3）2s末拉力的瞬時(shí)功率是48W．32、略

【分析】

①1mol任何物質(zhì)所含有的微粒數(shù)目即為阿伏加德羅常數(shù)NA，可由氣體的質(zhì)量和每個(gè)分子質(zhì)量之比求NA．

②分子占據(jù)的體積等于摩爾體積與阿伏加德羅常數(shù)的比值；然后再計(jì)算出氣體分子間的平均距離．

本題考查阿伏加德羅常數(shù)的計(jì)算，要注意明確氣體分子體積較小，不能求分子體積，只能求分子占據(jù)的空間．【解析】解：①根據(jù)定義知：

阿伏加德羅常數(shù)NA=

②每個(gè)分子占有的體積

故分子間距的平均值為

答：①阿伏加德羅常數(shù)是

②該氣體分子間的平均距離是．33、（1）3s23p63d523Fe3＋的電子排布為[Ar]3d5，3d軌道為半充滿狀態(tài)，比Fe2＋電子排布[Ar]3d6更穩(wěn)定

（2）Br＞Se＞AsV形

（3）sp310

（4）288/NAa3【分析】【分析】本題考查物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)，題目綜合性大，涉及電負(fù)性、雜化理論、核外電子排布、晶胞計(jì)算等，難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}鐵為rm{26}號(hào)元素，rm{Fe^{3+}}最外層電子排布式為rm{3s^{2}3p^{6}3d^{5}}，其核外共有rm{23}種不同運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的電子，rm{Fe^{3+}}比rm{Fe^{2+}}更穩(wěn)定的原因是rm{Fe^{3+}}的電子排布為rm{[Ar]3d^{5}}rm{3d}軌道為半充滿狀態(tài)，比rm{Fe^{2+}}電子排布rm{[Ar]3d^{6}}更穩(wěn)定，故答案為：rm{3s^{2}3p^{6}3d^{5}}rm{23}rm{Fe^{3+}}的電子排布為rm{[Ar]3d^{5}}rm{3d}軌道為半充滿狀態(tài)，比rm{Fe^{2+}}電子排布rm{[Ar]3d^{6}}更穩(wěn)定；rm{(2)}同一周期越往右電負(fù)性越大，則三種元素的電負(fù)性從大到小的順序?yàn)閞m{Br>Se>As}，rm{SeO_{2}}的價(jià)層電子總數(shù)為rm{2+1/2(6-2隆脕2)=3}有一對(duì)孤電子對(duì)，則分子的空間構(gòu)型為rm{V}形，故答案為：rm{Br>Se>As}rm{V}形；rm{(3)P_{4}S_{3}}分子中硫原子的價(jià)層電子對(duì)總數(shù)為rm{3+1/2(5-3)=4}則雜化軌道類型為rm{sp^{3}}每個(gè)rm{P}含有rm{1}個(gè)孤電子對(duì)，每個(gè)rm{S}含有rm{2}對(duì)孤電子對(duì)，則每個(gè)rm{P_{4}S_{3}}分子中含孤電子對(duì)的數(shù)目為rm{2隆脕3+4=10}故答案為：rm{sp^{3}}rm{10}rm{(4)}依據(jù)晶胞結(jié)構(gòu)，rm{Cu}在體心，為rm{4}個(gè)，rm{O}在頂點(diǎn)和體心，為rm{8隆脕1/8+1=2}則此晶胞為rm{2}個(gè)rm{Cu_{2}O}晶胞的質(zhì)量為rm{2隆