2025年粵教版選擇性必修1物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年粵教版選擇性必修1物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，質(zhì)量為m的小球A靜止于光滑水平面上，在A球與墻之間用輕彈簧連接。現(xiàn)用完全相同的小球B以水平速度v0與A相碰后粘在一起壓縮彈簧。不計(jì)空氣阻力，若彈簧被壓縮過(guò)程中的最大彈性勢(shì)能為E，從球A被碰后開(kāi)始到回到原靜止位置的過(guò)程中墻對(duì)彈簧的沖量大小為I；則下列表達(dá)式中正確的是（）

A.E=I=2B.E=I=2C.E=I=D.E=I=2、質(zhì)量為的物體做直線運(yùn)動(dòng)，其速度圖像如圖所示。則物體在前內(nèi)和后內(nèi)所受外力的沖量分別是（）

A.B.C.D.0，3、英國(guó)華裔科學(xué)家高錕被譽(yù)為“光纖之父”，2009年獲諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)。光纖在現(xiàn)代通信中有著廣泛應(yīng)用，如圖所示，由透明材料制成的光纖纖芯折射率大于包層折射率，若纖芯的折射率為包層材料的折射率若光纖纖芯的半徑為R，現(xiàn)有一細(xì)束單色光垂直于左端面沿軸線人射，為保證光信號(hào)一定能發(fā)生全反射，已知且式中n稱為相對(duì)折射率；則在鋪設(shè)光纖時(shí)，光纖軸線的轉(zhuǎn)彎半徑不能小于（）

A.RB.C.D.4、如圖所示，一籃球以水平初速度v0碰撞籃板后水平彈回，速率變?yōu)樵瓉?lái)的k倍（），碰撞時(shí)間忽略不計(jì)，彈回后籃球的中心恰好經(jīng)過(guò)籃框的中心。已知籃球的質(zhì)量為m，半徑為r，籃框中心距籃板的距離為L(zhǎng)，碰撞點(diǎn)與籃框中心的高度差為h；不計(jì)摩擦和空氣阻力，則（）

A.碰撞過(guò)程中，籃球的機(jī)械能守恒B.籃板對(duì)籃球的沖量大小為C.籃球的水平初速度大小為D.若籃球氣壓不足，導(dǎo)致k減小，在不變的情況下，要使籃球中心經(jīng)過(guò)籃框中心，應(yīng)使碰撞點(diǎn)更低5、如圖所示，載有物資的熱氣球靜止于空中某高度處?，F(xiàn)將其中的一部分物資在熱氣球外由靜止釋放，已知釋放的物資質(zhì)量小于熱氣球剩余的總質(zhì)量，釋放物資后熱氣球受到的浮力不變，不計(jì)空氣阻力。則從釋放物資到物資落地前的時(shí)間內(nèi)，釋放的物資和熱氣球組成的系統(tǒng)（）

A.總動(dòng)量向上B.總動(dòng)量向下C.機(jī)械能減小D.機(jī)械能增大6、如圖所示，木塊靜止于光滑水平地面上，一顆子彈A沿水平方向瞬間射入木塊并留在木塊內(nèi)；現(xiàn)將子彈和木塊視為系統(tǒng)，則該系統(tǒng)從子彈開(kāi)始射入到二者相對(duì)靜止的過(guò)程中（）

A.動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒B.動(dòng)量不守恒，機(jī)械能不守恒C.動(dòng)量守恒，機(jī)械能不守恒D.動(dòng)量不守恒，機(jī)械能守恒7、兩束單色光沿圖示方向射向圓形玻璃磚；經(jīng)兩次折射后變成復(fù)色光，以下說(shuō)法正確的是（）

A.光的頻率比b光大B.在真空中，光傳播速度比大C.改變?nèi)肷涔獾娜肷浣?，有可能在第二次折射時(shí)發(fā)生全反射D.若以兩種單色光分別用相同的裝置做“用雙縫干涉測(cè)定單色光的波長(zhǎng)”的實(shí)驗(yàn)，則光觀察到的條紋間距最大評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖，一束細(xì)光ab沿球心所在的平面射入球形的水滴中，經(jīng)過(guò)一次反射和一次折射，射出水滴形成P、Q兩種不同的色光；則下列說(shuō)法正確的是________．

A.P光的頻率小于Q光的頻率B.水滴對(duì)P光的折射率大于對(duì)Q光的折射率C.水滴對(duì)P光的臨界角大于對(duì)Q光的臨界角E.在水滴中P光傳播時(shí)間大于Q光傳播時(shí)間E.在水滴中P光傳播時(shí)間大于Q光傳播時(shí)間9、水下一點(diǎn)光源，發(fā)出a、b兩單色光。人在水面上方向下看，水面中心Ⅰ區(qū)域有a光、b光射出，Ⅱ區(qū)域只有a光射出；如圖所示。下列判斷正確的是（）

A.a、b光從Ⅰ區(qū)域某點(diǎn)傾斜射出時(shí)，a光的折射角小B.在真空中，a光的波長(zhǎng)大于b光的波長(zhǎng)C.水對(duì)a光的折射率大于對(duì)b光的折射率E.水下a、b光能射到圖中Ⅱ區(qū)域以外區(qū)域E.水下a、b光能射到圖中Ⅱ區(qū)域以外區(qū)域10、如圖所示，一束復(fù)合光垂直玻璃磚界面進(jìn)入球形氣泡后分為a、b兩種色光；下列說(shuō)法正確的是（）

A.玻璃磚的氣泡缺陷處顯得更亮是光的全反射現(xiàn)象B.a光的頻率比b光的頻率大C.若保持復(fù)合光的方向不變僅將入射點(diǎn)上移，則a光最先消失D.若讓a、b兩種色光通過(guò)同一雙縫干涉裝置，則a光形成的干涉條紋的間距更大11、下列說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)f驅(qū)接近f固時(shí)，驅(qū)動(dòng)力作為動(dòng)力的次數(shù)多B.當(dāng)f驅(qū)＝f固時(shí)，驅(qū)動(dòng)力始終是動(dòng)力C.當(dāng)f驅(qū)＝f固時(shí)，受迫振動(dòng)的振幅始終增大D.不論f驅(qū)與f固相差多少，驅(qū)動(dòng)力始終是動(dòng)力12、一列沿x軸傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t＝0.07s時(shí)刻的波動(dòng)圖像如圖1所示，圖2是質(zhì)點(diǎn)A的振動(dòng)圖像；則下列說(shuō)法正確的是（）

A.該波的傳播速度為100m/sB.該波沿x軸的正方向傳播C.t=0.07s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)A的速度方向向下E.A點(diǎn)的橫坐標(biāo)=9mE.A點(diǎn)的橫坐標(biāo)=9m13、如圖所示，將一質(zhì)量為m的小球從O點(diǎn)以速度v水平拋出，過(guò)A點(diǎn)時(shí)速度大小為2v，重力加速度為g；不計(jì)空氣阻力，則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.小球過(guò)A點(diǎn)時(shí)動(dòng)量大小為B.小球過(guò)A點(diǎn)時(shí)重力做功的功率為C.從O點(diǎn)到A點(diǎn)的過(guò)程中重力做功為D.從O點(diǎn)到A點(diǎn)的過(guò)程中重力沖量大小為14、如圖所示，半徑為R的光滑半圓形圓槽；靜止在光滑水平面上。一金屬球（可視為質(zhì)點(diǎn)）被末端帶有電磁鐵的直桿吸附于圓槽左側(cè)最高點(diǎn)處，直桿固定于天花板上.圓槽質(zhì)量為金屬球質(zhì)量的3倍?，F(xiàn)將電磁鐵斷電，小球沿圓槽自由下滑，在以后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中（）

A.金屬球的最大速度為B.金屬球和圓槽組成的系統(tǒng)，動(dòng)量和機(jī)械能均守恒C.金屬球不會(huì)回到直桿下方D.圓槽的位移最大值是15、明代學(xué)者方以智在《陽(yáng)燧倒影》中記載：“凡寶石面凸，則光成一條，有數(shù)棱則必有一面五色”，表明白光通過(guò)多棱晶體折射會(huì)發(fā)生色散現(xiàn)象。如圖所示，一束復(fù)色光通過(guò)三棱鏡后分解成兩束單色光a、b；下列說(shuō)法正確的是（）

A.b光的頻率大于a光的頻率B.在該三棱鏡中a光傳播速度小于b光傳播速度C.該復(fù)色光不能發(fā)生偏振現(xiàn)象D.若逐漸增小入射角i，a、b光均可能消失且b光先消失評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、如果質(zhì)點(diǎn)所受的回復(fù)力與它偏離平衡位置的位移大小成______（正比或反比），并且總是指向________，質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)就是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。17、一波源O產(chǎn)生的橫波向左右兩側(cè)傳播，波速為v，O點(diǎn)左側(cè)有一質(zhì)點(diǎn)M，右側(cè)有一質(zhì)點(diǎn)N。當(dāng)波源起振后，秒末M點(diǎn)起振，t2秒末N點(diǎn)起振，且M、N點(diǎn)振動(dòng)方向總是相反，則該波波長(zhǎng)為_(kāi)__________。18、如圖（a），在平面內(nèi)有兩個(gè)沿方向做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的點(diǎn)波源和兩波源的振動(dòng)圖線分別如圖（b）和圖（c）所示．兩列波的波速均為兩列波從波源傳播到點(diǎn)的路程差為_(kāi)__兩列波引起的點(diǎn)處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)相互______（填“加強(qiáng)”或“減弱”），點(diǎn)處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)相互____（填“加強(qiáng)”或“減弱”）。

19、如圖，立柱固定于光滑水平面上O點(diǎn)，質(zhì)量為M的小球a向右運(yùn)動(dòng)，與靜止于Q點(diǎn)的質(zhì)量為m的小球b發(fā)生彈性碰撞，碰后a球立即向左運(yùn)動(dòng)，b球與立柱碰撞能量不損失，所有碰撞時(shí)間均不計(jì)，b球恰好在P點(diǎn)追上a球，Q點(diǎn)為OP的中點(diǎn)，則a、b兩球在Q點(diǎn)碰后速度大小之比___；a、b球質(zhì)量之比為_(kāi)___。

20、反沖運(yùn)動(dòng)的三點(diǎn)說(shuō)明。作用原理反沖運(yùn)動(dòng)是系統(tǒng)內(nèi)兩物體之間的作用力和反作用力產(chǎn)生的效果動(dòng)量守恒反沖運(yùn)動(dòng)中系統(tǒng)不受____或內(nèi)力_______外力矢量和，所以反沖運(yùn)動(dòng)遵循_______機(jī)械能增加反沖運(yùn)動(dòng)中，由于有其他形式的能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，所以系統(tǒng)的總機(jī)械能_________21、火箭飛行的工作原理是什么？22、波的傳播方向與質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向的互判。

波形圖上某點(diǎn)表示傳播方向和振動(dòng)方向的箭頭在圖線___________。23、如圖所示為某時(shí)刻一列沿x軸負(fù)方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，P、Q為介質(zhì)中的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，從該時(shí)刻起P質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過(guò)1s第一次回到平衡位置，從該時(shí)刻起Q質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過(guò)6s第一次回到原位置，則該機(jī)械波的波速為_(kāi)_________，從該時(shí)刻起12s時(shí)P質(zhì)點(diǎn)的縱坐標(biāo)為_(kāi)_________，振動(dòng)方向__________。

評(píng)卷人得分四、作圖題(共2題，共16分)24、如圖所示為一彈簧振子在A、C間振動(dòng)；圖中黑點(diǎn)為振子球心的位置。

(1)畫出振子位于C點(diǎn)時(shí)離開(kāi)平衡位置O的位移；

(2)標(biāo)出振子位于A點(diǎn)時(shí)加速度的方向。

25、某同學(xué)做“測(cè)玻璃磚的折射率”的實(shí)驗(yàn)時(shí)；繪制的光路圖如圖所示，請(qǐng)通過(guò)尺規(guī)作圖；刻度尺測(cè)量，求出該玻璃磚的折射率。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字。）

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共28分)26、某同學(xué)采用如圖所示的裝置，利用A、B兩球的碰撞來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。圖中MN是斜槽，NR為水平槽。實(shí)驗(yàn)時(shí)先使A球從斜槽上某一固定位置由靜止開(kāi)始滑下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡，并測(cè)量出OB、OP、OF的長(zhǎng)度分別為L(zhǎng)1、L2和L3。

（1）A球質(zhì)量為半徑為B球質(zhì)量為半徑為則_______。

A．

B．

C．

D．

（2）必須要求的條件是___________；

A．斜槽軌道末端的切線必須水平。

B．斜槽軌道必須是光滑的。

C．A球每次必須從軌道的同一位置由靜止滑下。

D．必須測(cè)出水平槽離地面的高度；從而計(jì)算出時(shí)間。

（3）根據(jù)圖中所示記錄的數(shù)據(jù)寫出本實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式___________；27、某實(shí)驗(yàn)小組采用如圖所示的裝置來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。

①組裝裝置時(shí)要注意斜槽末端要______。

②若入射小球質(zhì)量為被撞小球質(zhì)量為則______（填“大于”或“小于”）

③實(shí)驗(yàn)結(jié)果若基本滿足______，（用OM、OP、ON表示）則證明碰撞中動(dòng)量守恒。28、現(xiàn)用如圖所示雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)測(cè)量紅光的波長(zhǎng)。

（1）在組裝儀器時(shí)單縫和雙縫應(yīng)該相互_____放置（選填“垂直”或“平行”）

（2）已知測(cè)量頭主尺的最小刻度是毫米，副尺上有50分度。某同學(xué)調(diào)整手輪使測(cè)量頭的分劃板中心刻線與某亮紋中心對(duì)齊，并將該亮紋定為第1條亮紋，此時(shí)測(cè)量頭上游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為接著再同方向轉(zhuǎn)動(dòng)手輪，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對(duì)齊，此時(shí)測(cè)量頭上游標(biāo)卡尺的示數(shù)如圖所示，則讀數(shù)為_(kāi)_____已知雙縫間距測(cè)得雙縫到毛玻璃屏的距離所測(cè)紅光的波長(zhǎng)_____（保留三位有效數(shù)字）。

（3）若僅將濾光片更換為藍(lán)色濾光片，其他裝置不變，第一條亮條紋到第六條亮條紋之間的間距_____（選填“變大”“變小”或“不變”）。29、如圖所示是某同學(xué)在做“探究碰撞中的不變量”實(shí)驗(yàn)的裝置，氣墊導(dǎo)軌水平放置，滑塊上固定的擋光板寬度均為8.0mm，兩滑塊被兩端橡皮筋彈出后相向運(yùn)動(dòng)，左側(cè)滑塊通過(guò)左側(cè)光電計(jì)時(shí)器，記錄時(shí)間為0.040s，右側(cè)滑塊通過(guò)右側(cè)光電計(jì)時(shí)器，記錄時(shí)間為0.060s。已知左側(cè)滑塊的質(zhì)量為100g，則左側(cè)滑塊質(zhì)量與速度的乘積m1v1=___________g·m/s；右側(cè)滑塊的質(zhì)量為150g，則兩滑塊的質(zhì)量與速度的乘積的矢量和m1v1+m2v2=___________g·m/s。（取向右為正方向）

評(píng)卷人得分六、解答題(共4題，共40分)30、如圖，一潛水員在距海岸A點(diǎn)42m的B點(diǎn)豎直下潛，B點(diǎn)和燈塔之間停著一條長(zhǎng)3m的皮劃艇。皮劃艇右端距B點(diǎn)3m，燈塔頂端的指示燈與皮劃艇兩端的連線與豎直方向的夾角分別為和（），水的折射率為皮劃艇高度可忽略。

（1）潛水員在水下看到水面上的所有景物都出現(xiàn)在一個(gè)倒立的圓錐里。若海岸上A點(diǎn)恰好處在倒立圓錐的邊緣上；求潛水員下潛的深度（可含根號(hào)作答）；

（2）求潛水員豎直下潛過(guò)程中看不到燈塔指示燈的深度范圍。

31、一玻璃磚放在水平桌面上，如圖所示，AB為圓弧，O為圓心，半徑OA為10cm。一束光從E點(diǎn)水平射入，玻璃磚的折射率請(qǐng)分析這束光能否從玻璃磚的AC邊垂直射出，若能，求出的大?。蝗舨荒?；請(qǐng)說(shuō)明理由。

32、一個(gè)單擺的擺長(zhǎng)為當(dāng)該單擺做小角度擺動(dòng)（擺角小于），忽略空氣阻力，重力加速度為求該單擺的振動(dòng)周期。33、如圖，質(zhì)量均為m的物體A和B分別與輕彈簧的兩端相連，將它們靜置在地面上，一質(zhì)量也為m的小物體C從距物體A高h(yuǎn)處由靜止開(kāi)始下落，C與A相碰后立即粘在一起向下運(yùn)動(dòng)，以后不再分開(kāi)，當(dāng)A與C運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，物體B對(duì)地面剛好無(wú)壓力，不計(jì)空氣阻力，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，已知重力加速度為g；求：

（1）A與C一起向下運(yùn)動(dòng)的初速度大??；

（2）A與C一起運(yùn)動(dòng)的最大加速度大小；

（3）彈簧的勁度系數(shù)。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【詳解】

AB碰撞瞬間；由動(dòng)量守恒定律可知：

mv0=2mv1解得：

v1=碰撞后系統(tǒng)機(jī)械能守恒，當(dāng)兩球向左減速到零時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能最大，最大彈性勢(shì)能E；則：

E=取AB整體分析；取向右為正，由動(dòng)量定理可得。

所以墻對(duì)彈簧的沖量大小為2mv0

A.E=I=2與分析相符，故A項(xiàng)正確；

B.E=I=2與分析不符，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；

C.E=I=與分析不符，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；

D.E=I=與分析不符，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。2、D【分析】【分析】

【詳解】

在前10s內(nèi)，物體的初速度為5m/s，末速度為5m/s，根據(jù)動(dòng)量定理得

知合外力的沖量為0

在后10s內(nèi)，物體的初速度為5m/s，末速度為-5m/s，根據(jù)動(dòng)量定理得

故選D。3、C【分析】【詳解】

設(shè)光纖軸線的轉(zhuǎn)彎最小半徑為R，根據(jù)題意，由幾何關(guān)系可知

解得

故選C。4、B【分析】【分析】

【詳解】

A．由題意可知；在碰撞運(yùn)動(dòng)中，籃球的速度減小，籃球的動(dòng)能減小，機(jī)械能減小，A錯(cuò)誤；

B．以籃球彈回的方向?yàn)檎较?，由?dòng)量定理可得I=mkv0?（?mv0）=（1+k）mv0

B正確；

C．彈回后籃球做平拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向L?r=kv0t

在豎直方向

聯(lián)立以上兩式解得

C錯(cuò)誤；

D．若籃球氣壓不足，導(dǎo)致k減小，在不變的情況下，kv0減小，要使籃球中心經(jīng)過(guò)籃框中心，即籃球彈回后水平位移不變，時(shí)間t要增大；應(yīng)使碰撞點(diǎn)更高，D錯(cuò)誤。

故選B。5、D【分析】【詳解】

AB．釋放物資前；系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，合力等于0，靜止釋放物資后，系統(tǒng)受到的外力不變系統(tǒng)受到的合外力仍為0，所以系統(tǒng)的總動(dòng)量守恒，仍為0，AB錯(cuò)誤；

CD．釋放物資后；物資向下運(yùn)動(dòng)，熱氣球向上運(yùn)動(dòng)，浮力對(duì)系統(tǒng)做正功，系統(tǒng)的機(jī)械能增大，C錯(cuò)誤；D正確。

故選D。6、C【分析】【分析】

【詳解】

子彈射入木塊過(guò)程中；系統(tǒng)受外力的合力為零，故系統(tǒng)動(dòng)量守恒。由于子彈和木塊間的一對(duì)滑動(dòng)摩擦力做功不為零即摩擦生熱，根據(jù)能量守恒定律，系統(tǒng)機(jī)械能不守恒。

故ABD錯(cuò)誤；C正確。

故選C。7、D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)圖中信息可知，b光的偏折角較大，則b光的折射率較大，故b光的頻率比a光大；故A錯(cuò)誤；

B．在真空中；任何單色光的傳播速度均為光速。故B錯(cuò)誤；

C．由于單色光在第一次折射時(shí)的折射角α；即為入射角與半徑的夾角，第二次折射時(shí)的入射角β為第一次的折射光線與半徑的夾角，顯然。

故能進(jìn)入玻璃磚的光線一定能折射出去；不可能發(fā)生全發(fā)射。故C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)A項(xiàng)分析可知，a光波長(zhǎng)大于b光波長(zhǎng)；根據(jù)雙縫干涉條紋間距關(guān)系式，有。

故光觀察到的條紋間距最大。故D正確。

故選D。二、多選題(共8題，共16分)8、A:C:D【分析】【詳解】

AB、光入射到水滴中發(fā)生折射時(shí)，不同色光，偏折程度不同而發(fā)生光的色散，光在水滴中的光路如圖，第一次折射時(shí)，入射角相等，根據(jù)公式知水滴對(duì)光的折射率較大，光的頻率較大；故選項(xiàng)B正確，A錯(cuò)誤；

C、由知水滴對(duì)光的臨界角小于對(duì)光的臨界角；故選項(xiàng)C正確；

D、由公式知，在水滴中光的傳播速度小于光的傳播速度；選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

E、根據(jù)“圓中圓心角大的所對(duì)的弦也大”知光在水滴中的傳播距離較大，由知在水滴中光傳播時(shí)間大于光傳播時(shí)間，選項(xiàng)E正確．9、A:B:E【分析】【詳解】

AC．根據(jù)題述可知。b光發(fā)生全反射的臨界角較小，由

可知，水對(duì)b光的折射率較大，對(duì)a光的折射率較小，a、b光從Ⅰ區(qū)域某點(diǎn)傾斜射出時(shí)，a光的折射角?。籄正確C錯(cuò)誤；

B．由折射率隨光的頻率的增大而增大可知，a光的頻率較??；波長(zhǎng)較長(zhǎng)，B正確；

D．下b光能射到題圖中Ⅱ區(qū)域，由于水下b光在題圖中Ⅱ區(qū)域發(fā)生了全反射，Ⅱ區(qū)域只有a光射出；D錯(cuò)誤；

E．水下a、b光能射到題圖中Ⅱ區(qū)域以外區(qū)域；由于發(fā)生了全反射，不能射出水面，E正確。

故選ABE。10、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．玻璃磚的氣泡缺陷處顯得更亮是光的全反射現(xiàn)象；故A正確；

B．由題圖知，兩種色光射向氣泡時(shí)，玻璃對(duì)a光的偏折程度較大，因此a光的折射率較大，則a光的頻率比b光的頻率大；故B正確；

C．因a光的折射率較大，由sinC＝

知，a光的全反射臨界角較小，由圖可知，a光從玻璃磚射向氣泡的入射角與b光相同，若保持復(fù)合光的方向不變僅將入射點(diǎn)上移，則a光最先達(dá)到全反射的條件，從而a光最先消失；故C正確；

D．讓a、b兩種色光通過(guò)同一雙縫干涉裝置，因a光的折射率較大，其波長(zhǎng)較短，根據(jù)干涉條紋間距公式

則b光形成的干涉條紋的間距更大；D錯(cuò)誤。

故選ABC。11、A:B【分析】【分析】

【詳解】

物體做受迫振動(dòng)時(shí)，驅(qū)動(dòng)力可能在某段時(shí)間內(nèi)對(duì)物體做正功，也可能做負(fù)功。當(dāng)驅(qū)動(dòng)力頻率接近固有頻率時(shí)，做正功的次數(shù)多。若f驅(qū)＝f固；驅(qū)動(dòng)力一直做正功，但振幅不一定一直增大，當(dāng)補(bǔ)充的能量等于轉(zhuǎn)化成其他形式的能量時(shí)，振幅達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，所以AB正確；CD錯(cuò)誤；

故選AB。12、A:C:E【分析】【詳解】

A．由圖1可知，波長(zhǎng)為由圖2可知，周期為則波速

故A正確；

B．由圖2可知，時(shí)，質(zhì)點(diǎn)A速度沿y軸負(fù)方向，根據(jù)上下坡法，可知波的傳播方向沿x軸負(fù)方向；故B錯(cuò)誤，C正確；

D．由圖2可知振動(dòng)方程為

當(dāng)t＝0.07s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)A偏離平衡位置的位移為

故D錯(cuò)誤；

E．由圖2可知，質(zhì)點(diǎn)A第二次到達(dá)平衡位置時(shí)間為0.08s，由于波向x軸負(fù)方向傳播，可知在處的質(zhì)點(diǎn)第二次達(dá)到平衡位置時(shí)間為0.09s，時(shí)間差為

則傳播距離

因此A的坐標(biāo)為

故E正確。

故選ACE。13、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)量

A正確；

B．A點(diǎn)在豎直方向的分速度

A點(diǎn)時(shí)重力功率

B錯(cuò)誤；

C．O點(diǎn)到A所運(yùn)動(dòng)的豎直高度

從O點(diǎn)到A點(diǎn)的過(guò)程中重力做功

C正確；

D．O點(diǎn)到A所運(yùn)動(dòng)時(shí)間

從O點(diǎn)到A點(diǎn)的過(guò)程中重力沖量

D錯(cuò)誤。

故選AC。14、A:D【分析】【詳解】

B．金屬球和圓槽組成的系統(tǒng)；水平方向動(dòng)量守恒，而豎直方向動(dòng)量不守恒；由于只有重力做功，則系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

A．小球從釋放到圓槽底部的過(guò)程，動(dòng)量守恒，規(guī)定向右為正方向，有mv1=3mv2

機(jī)械能守恒

代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得

選項(xiàng)A正確；

C．由能量關(guān)系合動(dòng)量守恒關(guān)系可知；當(dāng)金屬球回到左側(cè)最高點(diǎn)時(shí)系統(tǒng)的速度為零，此時(shí)總機(jī)械能不變，即球仍能上升到原來(lái)的位置，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．設(shè)圓槽的最大位移為x，則

解得

選項(xiàng)D正確。

故選AD。15、A:D【分析】【詳解】

A．b光的偏折大，折射率大，頻率大，所以b光的頻率大于a光的頻率；A正確；

B．根據(jù)

a光的折射率小，在該三棱鏡中a光傳播速度大于b光傳播速度，b錯(cuò)誤；

C．光是橫波；都能發(fā)生偏振現(xiàn)象，C錯(cuò)誤；

D．若逐漸增小入射角i，入射光都順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，a、b光均可能發(fā)生全反射消失，且b光先消失；D正確。

故選AD。三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的定義可知，如果質(zhì)點(diǎn)所受的回復(fù)力與它偏離平衡位置的位移大小成正比，并且總是指向平衡位置，質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)就是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)?！窘馕觥空绕胶馕恢?7、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]MN兩點(diǎn)到波源O的距離分別為vt1和vt2；因M、N點(diǎn)振動(dòng)方向總是相反，則兩距離之差等于半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，即

或者

解得

或（n=1、2、3）【解析】（n=1、2、3）或（n=1、2、3）18、略

【分析】【詳解】

[1]點(diǎn)波源的振動(dòng)形式傳播到點(diǎn)的路程為點(diǎn)波源的振動(dòng)形式傳播到點(diǎn)的路程為兩列波從波源傳播到點(diǎn)的路程差為

[2]由于兩列波的波源到點(diǎn)的路程相等，路程差為零，且時(shí)兩列波的波源的振動(dòng)方向相反，所以兩列波到達(dá)點(diǎn)時(shí)振動(dòng)方向相反，引起的點(diǎn)處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)相互減弱。

[3]由振動(dòng)圖線可知，波動(dòng)周期為波長(zhǎng)

由于兩列波的波源到點(diǎn)的路程分別為和路程差為而時(shí)兩列波的波源的振動(dòng)方向相反，所以兩列波到達(dá)點(diǎn)時(shí)振動(dòng)方向相同，點(diǎn)處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)相互加強(qiáng)【解析】①.2②.減弱③.加強(qiáng)19、略

【分析】【分析】

根據(jù)碰后再次相遇的路程關(guān)系，求出兩球碰后的速度大小之比。根據(jù)碰撞過(guò)程中動(dòng)量、能量守恒列方程即可求出a、b球質(zhì)量之比

【詳解】

[1][2]設(shè)a、b兩球碰后速度大小分別為v1、v2。由題有：b球與擋板發(fā)生彈性碰撞后恰好在P點(diǎn)追上甲，則從碰后到相遇a、b球通過(guò)的路程之比為

根據(jù)得

以水平向右為正方向，兩球發(fā)生彈性碰撞，由動(dòng)量守恒定律得

由機(jī)械能守恒定律得

解得

【點(diǎn)睛】

解答本題的突破口是根據(jù)碰后路程關(guān)系求出碰后的速度大小之比，要掌握彈性碰撞的基本規(guī)律：動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒。解題要注意選擇正方向，用正負(fù)號(hào)表示速度的方向?！窘馕觥?0、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]反沖運(yùn)動(dòng)中系統(tǒng)不受外力或內(nèi)力遠(yuǎn)大于力矢量和；所以反沖運(yùn)動(dòng)遵循動(dòng)量守恒定律。

[4]反沖運(yùn)動(dòng)中，由于有其他形式的能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，所以系統(tǒng)的總機(jī)械能增加。【解析】①.外力②.遠(yuǎn)大于③.動(dòng)量守恒定律④.增加21、略

【分析】【分析】

【詳解】

火箭靠向后連續(xù)噴射高速氣體飛行，利用了反沖原理．【解析】見(jiàn)解析22、略

【分析】【分析】

【詳解】

波形圖上某點(diǎn)表示傳播方向和振動(dòng)方向的箭頭在圖線同側(cè)?！窘馕觥客瑐?cè)23、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]波沿x軸負(fù)方向傳播，該時(shí)刻P質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向，Q質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向沿y軸正方向，P質(zhì)點(diǎn)從出發(fā)點(diǎn)到平衡位置的時(shí)間與Q質(zhì)點(diǎn)從出發(fā)點(diǎn)到平衡位置的時(shí)間相同，則有

得

由

得

12s為則P質(zhì)點(diǎn)的縱坐標(biāo)為

振動(dòng)方向沿y軸正方向?！窘馕觥?.25m/s沿y軸正方向四、作圖題(共2題，共16分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)位移總是偏離平衡位置，振子位于C點(diǎn)時(shí)離開(kāi)平衡位置O的位移s如圖所示。

(2)加速度總是指向平衡位置，振子位于A點(diǎn)時(shí)加速度aA的方向如圖所示【解析】(1)(2)25、略

【分析】【分析】

【詳解】

測(cè)量的長(zhǎng)度，根據(jù)折射率表達(dá)式，有

帶入數(shù)據(jù)，可得【解析】1.7五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共28分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]為保證兩球發(fā)生對(duì)心正碰，則兩球半徑必須相等，即為防止碰后入射球反彈，則入射球的質(zhì)量必須大于被碰球的質(zhì)量，即故選B。

（2）[2]A；要保證每次小球都做平拋運(yùn)動(dòng)；則軌道的末端必須水平，故A正確；

B；只要每次讓小球從同一位置滑下即可；斜面不需要光滑，故B錯(cuò)誤；

C；要保證碰撞前的速度相同；所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故C正確；

D；由于兩小球下落高度相同；故時(shí)間相等，可以用水平位移代替平拋運(yùn)動(dòng)的初速度，所以不需要測(cè)量水平槽面離地面的高度或小球在空中飛行時(shí)間，故D錯(cuò)誤；

故選AC。

（3）[3]在小球碰撞過(guò)程中水平方向動(dòng)量守恒定律；則有。

m1v0=m1v1+m2v2在做平拋運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中由于時(shí)間是相等的；所以得。

m1v0?t=m1v1?t+m2v2?t即。

【解析】BAC27、略

【分析】【分析】

【詳解】

①[1]本實(shí)驗(yàn)中兩球做平拋運(yùn)動(dòng)；故必須要求斜槽末端切線水平，小球每次下落的位置必須相同，同時(shí)為了保證對(duì)心碰撞，兩球的半徑應(yīng)相同；

②[2]為了防止碰撞過(guò)程入射球反彈；入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量；

③[3]如果碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒；則有。

碰前碰后從同一高度平拋，時(shí)間相同，