2025年粵教版選擇性必修1物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版選擇性必修1物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，質(zhì)量為m的小球A靜止于光滑水平面上，在A球與墻之間用輕彈簧連接?，F(xiàn)用完全相同的小球B以水平速度v0與A相碰后粘在一起壓縮彈簧。不計空氣阻力，若彈簧被壓縮過程中的最大彈性勢能為E，從球A被碰后開始到回到原靜止位置的過程中墻對彈簧的沖量大小為I；則下列表達式中正確的是（）

A.E=I=2B.E=I=2C.E=I=D.E=I=2、質(zhì)量為的物體做直線運動，其速度圖像如圖所示。則物體在前內(nèi)和后內(nèi)所受外力的沖量分別是（）

A.B.C.D.0，3、英國華裔科學(xué)家高錕被譽為“光纖之父”，2009年獲諾貝爾物理學(xué)獎。光纖在現(xiàn)代通信中有著廣泛應(yīng)用，如圖所示，由透明材料制成的光纖纖芯折射率大于包層折射率，若纖芯的折射率為包層材料的折射率若光纖纖芯的半徑為R，現(xiàn)有一細束單色光垂直于左端面沿軸線人射，為保證光信號一定能發(fā)生全反射，已知且式中n稱為相對折射率；則在鋪設(shè)光纖時，光纖軸線的轉(zhuǎn)彎半徑不能小于（）

A.RB.C.D.4、如圖所示，一籃球以水平初速度v0碰撞籃板后水平彈回，速率變?yōu)樵瓉淼膋倍（），碰撞時間忽略不計，彈回后籃球的中心恰好經(jīng)過籃框的中心。已知籃球的質(zhì)量為m，半徑為r，籃框中心距籃板的距離為L，碰撞點與籃框中心的高度差為h；不計摩擦和空氣阻力，則（）

A.碰撞過程中，籃球的機械能守恒B.籃板對籃球的沖量大小為C.籃球的水平初速度大小為D.若籃球氣壓不足，導(dǎo)致k減小，在不變的情況下，要使籃球中心經(jīng)過籃框中心，應(yīng)使碰撞點更低5、如圖所示，載有物資的熱氣球靜止于空中某高度處。現(xiàn)將其中的一部分物資在熱氣球外由靜止釋放，已知釋放的物資質(zhì)量小于熱氣球剩余的總質(zhì)量，釋放物資后熱氣球受到的浮力不變，不計空氣阻力。則從釋放物資到物資落地前的時間內(nèi)，釋放的物資和熱氣球組成的系統(tǒng)（）

A.總動量向上B.總動量向下C.機械能減小D.機械能增大6、如圖所示，木塊靜止于光滑水平地面上，一顆子彈A沿水平方向瞬間射入木塊并留在木塊內(nèi)；現(xiàn)將子彈和木塊視為系統(tǒng)，則該系統(tǒng)從子彈開始射入到二者相對靜止的過程中（）

A.動量守恒，機械能守恒B.動量不守恒，機械能不守恒C.動量守恒，機械能不守恒D.動量不守恒，機械能守恒7、兩束單色光沿圖示方向射向圓形玻璃磚；經(jīng)兩次折射后變成復(fù)色光，以下說法正確的是（）

A.光的頻率比b光大B.在真空中，光傳播速度比大C.改變?nèi)肷涔獾娜肷浣?，有可能在第二次折射時發(fā)生全反射D.若以兩種單色光分別用相同的裝置做“用雙縫干涉測定單色光的波長”的實驗，則光觀察到的條紋間距最大評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖，一束細光ab沿球心所在的平面射入球形的水滴中，經(jīng)過一次反射和一次折射，射出水滴形成P、Q兩種不同的色光；則下列說法正確的是________．

A.P光的頻率小于Q光的頻率B.水滴對P光的折射率大于對Q光的折射率C.水滴對P光的臨界角大于對Q光的臨界角E.在水滴中P光傳播時間大于Q光傳播時間E.在水滴中P光傳播時間大于Q光傳播時間9、水下一點光源，發(fā)出a、b兩單色光。人在水面上方向下看，水面中心Ⅰ區(qū)域有a光、b光射出，Ⅱ區(qū)域只有a光射出；如圖所示。下列判斷正確的是（）

A.a、b光從Ⅰ區(qū)域某點傾斜射出時，a光的折射角小B.在真空中，a光的波長大于b光的波長C.水對a光的折射率大于對b光的折射率E.水下a、b光能射到圖中Ⅱ區(qū)域以外區(qū)域E.水下a、b光能射到圖中Ⅱ區(qū)域以外區(qū)域10、如圖所示，一束復(fù)合光垂直玻璃磚界面進入球形氣泡后分為a、b兩種色光；下列說法正確的是（）

A.玻璃磚的氣泡缺陷處顯得更亮是光的全反射現(xiàn)象B.a光的頻率比b光的頻率大C.若保持復(fù)合光的方向不變僅將入射點上移，則a光最先消失D.若讓a、b兩種色光通過同一雙縫干涉裝置，則a光形成的干涉條紋的間距更大11、下列說法正確的是（）A.當f驅(qū)接近f固時，驅(qū)動力作為動力的次數(shù)多B.當f驅(qū)＝f固時，驅(qū)動力始終是動力C.當f驅(qū)＝f固時，受迫振動的振幅始終增大D.不論f驅(qū)與f固相差多少，驅(qū)動力始終是動力12、一列沿x軸傳播的簡諧橫波在t＝0.07s時刻的波動圖像如圖1所示，圖2是質(zhì)點A的振動圖像；則下列說法正確的是（）

A.該波的傳播速度為100m/sB.該波沿x軸的正方向傳播C.t=0.07s時，質(zhì)點A的速度方向向下E.A點的橫坐標=9mE.A點的橫坐標=9m13、如圖所示，將一質(zhì)量為m的小球從O點以速度v水平拋出，過A點時速度大小為2v，重力加速度為g；不計空氣阻力，則下列說法中正確的是（）

A.小球過A點時動量大小為B.小球過A點時重力做功的功率為C.從O點到A點的過程中重力做功為D.從O點到A點的過程中重力沖量大小為14、如圖所示，半徑為R的光滑半圓形圓槽；靜止在光滑水平面上。一金屬球（可視為質(zhì)點）被末端帶有電磁鐵的直桿吸附于圓槽左側(cè)最高點處，直桿固定于天花板上.圓槽質(zhì)量為金屬球質(zhì)量的3倍。現(xiàn)將電磁鐵斷電，小球沿圓槽自由下滑，在以后的運動過程中（）

A.金屬球的最大速度為B.金屬球和圓槽組成的系統(tǒng)，動量和機械能均守恒C.金屬球不會回到直桿下方D.圓槽的位移最大值是15、明代學(xué)者方以智在《陽燧倒影》中記載：“凡寶石面凸，則光成一條，有數(shù)棱則必有一面五色”，表明白光通過多棱晶體折射會發(fā)生色散現(xiàn)象。如圖所示，一束復(fù)色光通過三棱鏡后分解成兩束單色光a、b；下列說法正確的是（）

A.b光的頻率大于a光的頻率B.在該三棱鏡中a光傳播速度小于b光傳播速度C.該復(fù)色光不能發(fā)生偏振現(xiàn)象D.若逐漸增小入射角i，a、b光均可能消失且b光先消失評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、如果質(zhì)點所受的回復(fù)力與它偏離平衡位置的位移大小成______（正比或反比），并且總是指向________，質(zhì)點的運動就是簡諧運動。17、一波源O產(chǎn)生的橫波向左右兩側(cè)傳播，波速為v，O點左側(cè)有一質(zhì)點M，右側(cè)有一質(zhì)點N。當波源起振后，秒末M點起振，t2秒末N點起振，且M、N點振動方向總是相反，則該波波長為___________。18、如圖（a），在平面內(nèi)有兩個沿方向做簡諧振動的點波源和兩波源的振動圖線分別如圖（b）和圖（c）所示．兩列波的波速均為兩列波從波源傳播到點的路程差為___兩列波引起的點處質(zhì)點的振動相互______（填“加強”或“減弱”），點處質(zhì)點的振動相互____（填“加強”或“減弱”）。

19、如圖，立柱固定于光滑水平面上O點，質(zhì)量為M的小球a向右運動，與靜止于Q點的質(zhì)量為m的小球b發(fā)生彈性碰撞，碰后a球立即向左運動，b球與立柱碰撞能量不損失，所有碰撞時間均不計，b球恰好在P點追上a球，Q點為OP的中點，則a、b兩球在Q點碰后速度大小之比___；a、b球質(zhì)量之比為____。

20、反沖運動的三點說明。作用原理反沖運動是系統(tǒng)內(nèi)兩物體之間的作用力和反作用力產(chǎn)生的效果動量守恒反沖運動中系統(tǒng)不受____或內(nèi)力_______外力矢量和，所以反沖運動遵循_______機械能增加反沖運動中，由于有其他形式的能轉(zhuǎn)化為機械能，所以系統(tǒng)的總機械能_________21、火箭飛行的工作原理是什么？22、波的傳播方向與質(zhì)點振動方向的互判。

波形圖上某點表示傳播方向和振動方向的箭頭在圖線___________。23、如圖所示為某時刻一列沿x軸負方向傳播的簡諧橫波，P、Q為介質(zhì)中的兩個質(zhì)點，從該時刻起P質(zhì)點再經(jīng)過1s第一次回到平衡位置，從該時刻起Q質(zhì)點再經(jīng)過6s第一次回到原位置，則該機械波的波速為__________，從該時刻起12s時P質(zhì)點的縱坐標為__________，振動方向__________。

評卷人得分四、作圖題(共2題，共16分)24、如圖所示為一彈簧振子在A、C間振動；圖中黑點為振子球心的位置。

(1)畫出振子位于C點時離開平衡位置O的位移；

(2)標出振子位于A點時加速度的方向。

25、某同學(xué)做“測玻璃磚的折射率”的實驗時；繪制的光路圖如圖所示，請通過尺規(guī)作圖；刻度尺測量，求出該玻璃磚的折射率。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字。）

評卷人得分五、實驗題(共4題，共28分)26、某同學(xué)采用如圖所示的裝置，利用A、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律。圖中MN是斜槽，NR為水平槽。實驗時先使A球從斜槽上某一固定位置由靜止開始滑下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡，并測量出OB、OP、OF的長度分別為L1、L2和L3。

（1）A球質(zhì)量為半徑為B球質(zhì)量為半徑為則_______。

A．

B．

C．

D．

（2）必須要求的條件是___________；

A．斜槽軌道末端的切線必須水平。

B．斜槽軌道必須是光滑的。

C．A球每次必須從軌道的同一位置由靜止滑下。

D．必須測出水平槽離地面的高度；從而計算出時間。

（3）根據(jù)圖中所示記錄的數(shù)據(jù)寫出本實驗驗證動量守恒定律的表達式___________；27、某實驗小組采用如圖所示的裝置來驗證動量守恒定律。

①組裝裝置時要注意斜槽末端要______。

②若入射小球質(zhì)量為被撞小球質(zhì)量為則______（填“大于”或“小于”）

③實驗結(jié)果若基本滿足______，（用OM、OP、ON表示）則證明碰撞中動量守恒。28、現(xiàn)用如圖所示雙縫干涉實驗裝置來測量紅光的波長。

（1）在組裝儀器時單縫和雙縫應(yīng)該相互_____放置（選填“垂直”或“平行”）

（2）已知測量頭主尺的最小刻度是毫米，副尺上有50分度。某同學(xué)調(diào)整手輪使測量頭的分劃板中心刻線與某亮紋中心對齊，并將該亮紋定為第1條亮紋，此時測量頭上游標卡尺的讀數(shù)為接著再同方向轉(zhuǎn)動手輪，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對齊，此時測量頭上游標卡尺的示數(shù)如圖所示，則讀數(shù)為______已知雙縫間距測得雙縫到毛玻璃屏的距離所測紅光的波長_____（保留三位有效數(shù)字）。

（3）若僅將濾光片更換為藍色濾光片，其他裝置不變，第一條亮條紋到第六條亮條紋之間的間距_____（選填“變大”“變小”或“不變”）。29、如圖所示是某同學(xué)在做“探究碰撞中的不變量”實驗的裝置，氣墊導(dǎo)軌水平放置，滑塊上固定的擋光板寬度均為8.0mm，兩滑塊被兩端橡皮筋彈出后相向運動，左側(cè)滑塊通過左側(cè)光電計時器，記錄時間為0.040s，右側(cè)滑塊通過右側(cè)光電計時器，記錄時間為0.060s。已知左側(cè)滑塊的質(zhì)量為100g，則左側(cè)滑塊質(zhì)量與速度的乘積m1v1=___________g·m/s；右側(cè)滑塊的質(zhì)量為150g，則兩滑塊的質(zhì)量與速度的乘積的矢量和m1v1+m2v2=___________g·m/s。（取向右為正方向）

評卷人得分六、解答題(共4題，共40分)30、如圖，一潛水員在距海岸A點42m的B點豎直下潛，B點和燈塔之間停著一條長3m的皮劃艇。皮劃艇右端距B點3m，燈塔頂端的指示燈與皮劃艇兩端的連線與豎直方向的夾角分別為和（），水的折射率為皮劃艇高度可忽略。

（1）潛水員在水下看到水面上的所有景物都出現(xiàn)在一個倒立的圓錐里。若海岸上A點恰好處在倒立圓錐的邊緣上；求潛水員下潛的深度（可含根號作答）；

（2）求潛水員豎直下潛過程中看不到燈塔指示燈的深度范圍。

31、一玻璃磚放在水平桌面上，如圖所示，AB為圓弧，O為圓心，半徑OA為10cm。一束光從E點水平射入，玻璃磚的折射率請分析這束光能否從玻璃磚的AC邊垂直射出，若能，求出的大小；若不能；請說明理由。

32、一個單擺的擺長為當該單擺做小角度擺動（擺角小于），忽略空氣阻力，重力加速度為求該單擺的振動周期。33、如圖，質(zhì)量均為m的物體A和B分別與輕彈簧的兩端相連，將它們靜置在地面上，一質(zhì)量也為m的小物體C從距物體A高h處由靜止開始下落，C與A相碰后立即粘在一起向下運動，以后不再分開，當A與C運動到最高點時，物體B對地面剛好無壓力，不計空氣阻力，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，已知重力加速度為g；求：

（1）A與C一起向下運動的初速度大小；

（2）A與C一起運動的最大加速度大??；

（3）彈簧的勁度系數(shù)。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【詳解】

AB碰撞瞬間；由動量守恒定律可知：

mv0=2mv1解得：

v1=碰撞后系統(tǒng)機械能守恒，當兩球向左減速到零時彈簧的彈性勢能最大，最大彈性勢能E；則：

E=取AB整體分析；取向右為正，由動量定理可得。

所以墻對彈簧的沖量大小為2mv0

A.E=I=2與分析相符，故A項正確；

B.E=I=2與分析不符，故B項錯誤；

C.E=I=與分析不符，故C項錯誤；

D.E=I=與分析不符，故D項錯誤。2、D【分析】【分析】

【詳解】

在前10s內(nèi)，物體的初速度為5m/s，末速度為5m/s，根據(jù)動量定理得

知合外力的沖量為0

在后10s內(nèi)，物體的初速度為5m/s，末速度為-5m/s，根據(jù)動量定理得

故選D。3、C【分析】【詳解】

設(shè)光纖軸線的轉(zhuǎn)彎最小半徑為R，根據(jù)題意，由幾何關(guān)系可知

解得

故選C。4、B【分析】【分析】

【詳解】

A．由題意可知；在碰撞運動中，籃球的速度減小，籃球的動能減小，機械能減小，A錯誤；

B．以籃球彈回的方向為正方向，由動量定理可得I=mkv0?（?mv0）=（1+k）mv0

B正確；

C．彈回后籃球做平拋運動，在水平方向L?r=kv0t

在豎直方向

聯(lián)立以上兩式解得

C錯誤；

D．若籃球氣壓不足，導(dǎo)致k減小，在不變的情況下，kv0減小，要使籃球中心經(jīng)過籃框中心，即籃球彈回后水平位移不變，時間t要增大；應(yīng)使碰撞點更高，D錯誤。

故選B。5、D【分析】【詳解】

AB．釋放物資前；系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，合力等于0，靜止釋放物資后，系統(tǒng)受到的外力不變系統(tǒng)受到的合外力仍為0，所以系統(tǒng)的總動量守恒，仍為0，AB錯誤；

CD．釋放物資后；物資向下運動，熱氣球向上運動，浮力對系統(tǒng)做正功，系統(tǒng)的機械能增大，C錯誤；D正確。

故選D。6、C【分析】【分析】

【詳解】

子彈射入木塊過程中；系統(tǒng)受外力的合力為零，故系統(tǒng)動量守恒。由于子彈和木塊間的一對滑動摩擦力做功不為零即摩擦生熱，根據(jù)能量守恒定律，系統(tǒng)機械能不守恒。

故ABD錯誤；C正確。

故選C。7、D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)圖中信息可知，b光的偏折角較大，則b光的折射率較大，故b光的頻率比a光大；故A錯誤；

B．在真空中；任何單色光的傳播速度均為光速。故B錯誤；

C．由于單色光在第一次折射時的折射角α；即為入射角與半徑的夾角，第二次折射時的入射角β為第一次的折射光線與半徑的夾角，顯然。

故能進入玻璃磚的光線一定能折射出去；不可能發(fā)生全發(fā)射。故C錯誤；

D．根據(jù)A項分析可知，a光波長大于b光波長；根據(jù)雙縫干涉條紋間距關(guān)系式，有。

故光觀察到的條紋間距最大。故D正確。

故選D。二、多選題(共8題，共16分)8、A:C:D【分析】【詳解】

AB、光入射到水滴中發(fā)生折射時，不同色光，偏折程度不同而發(fā)生光的色散，光在水滴中的光路如圖，第一次折射時，入射角相等，根據(jù)公式知水滴對光的折射率較大，光的頻率較大；故選項B正確，A錯誤；

C、由知水滴對光的臨界角小于對光的臨界角；故選項C正確；

D、由公式知，在水滴中光的傳播速度小于光的傳播速度；選項D錯誤；

E、根據(jù)“圓中圓心角大的所對的弦也大”知光在水滴中的傳播距離較大，由知在水滴中光傳播時間大于光傳播時間，選項E正確．9、A:B:E【分析】【詳解】

AC．根據(jù)題述可知。b光發(fā)生全反射的臨界角較小，由

可知，水對b光的折射率較大，對a光的折射率較小，a、b光從Ⅰ區(qū)域某點傾斜射出時，a光的折射角?。籄正確C錯誤；

B．由折射率隨光的頻率的增大而增大可知，a光的頻率較小；波長較長，B正確；

D．下b光能射到題圖中Ⅱ區(qū)域，由于水下b光在題圖中Ⅱ區(qū)域發(fā)生了全反射，Ⅱ區(qū)域只有a光射出；D錯誤；

E．水下a、b光能射到題圖中Ⅱ區(qū)域以外區(qū)域；由于發(fā)生了全反射，不能射出水面，E正確。

故選ABE。10、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．玻璃磚的氣泡缺陷處顯得更亮是光的全反射現(xiàn)象；故A正確；

B．由題圖知，兩種色光射向氣泡時，玻璃對a光的偏折程度較大，因此a光的折射率較大，則a光的頻率比b光的頻率大；故B正確；

C．因a光的折射率較大，由sinC＝

知，a光的全反射臨界角較小，由圖可知，a光從玻璃磚射向氣泡的入射角與b光相同，若保持復(fù)合光的方向不變僅將入射點上移，則a光最先達到全反射的條件，從而a光最先消失；故C正確；

D．讓a、b兩種色光通過同一雙縫干涉裝置，因a光的折射率較大，其波長較短，根據(jù)干涉條紋間距公式

則b光形成的干涉條紋的間距更大；D錯誤。

故選ABC。11、A:B【分析】【分析】

【詳解】

物體做受迫振動時，驅(qū)動力可能在某段時間內(nèi)對物體做正功，也可能做負功。當驅(qū)動力頻率接近固有頻率時，做正功的次數(shù)多。若f驅(qū)＝f固；驅(qū)動力一直做正功，但振幅不一定一直增大，當補充的能量等于轉(zhuǎn)化成其他形式的能量時，振幅達到穩(wěn)定狀態(tài)，所以AB正確；CD錯誤；

故選AB。12、A:C:E【分析】【詳解】

A．由圖1可知，波長為由圖2可知，周期為則波速

故A正確；

B．由圖2可知，時，質(zhì)點A速度沿y軸負方向，根據(jù)上下坡法，可知波的傳播方向沿x軸負方向；故B錯誤，C正確；

D．由圖2可知振動方程為

當t＝0.07s時刻質(zhì)點A偏離平衡位置的位移為

故D錯誤；

E．由圖2可知，質(zhì)點A第二次到達平衡位置時間為0.08s，由于波向x軸負方向傳播，可知在處的質(zhì)點第二次達到平衡位置時間為0.09s，時間差為

則傳播距離

因此A的坐標為

故E正確。

故選ACE。13、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．A點時的動量

A正確；

B．A點在豎直方向的分速度

A點時重力功率

B錯誤；

C．O點到A所運動的豎直高度

從O點到A點的過程中重力做功

C正確；

D．O點到A所運動時間

從O點到A點的過程中重力沖量

D錯誤。

故選AC。14、A:D【分析】【詳解】

B．金屬球和圓槽組成的系統(tǒng)；水平方向動量守恒，而豎直方向動量不守恒；由于只有重力做功，則系統(tǒng)的機械能守恒，選項B錯誤；

A．小球從釋放到圓槽底部的過程，動量守恒，規(guī)定向右為正方向，有mv1=3mv2

機械能守恒

代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得

選項A正確；

C．由能量關(guān)系合動量守恒關(guān)系可知；當金屬球回到左側(cè)最高點時系統(tǒng)的速度為零，此時總機械能不變，即球仍能上升到原來的位置，選項C錯誤；

D．設(shè)圓槽的最大位移為x，則

解得

選項D正確。

故選AD。15、A:D【分析】【詳解】

A．b光的偏折大，折射率大，頻率大，所以b光的頻率大于a光的頻率；A正確；

B．根據(jù)

a光的折射率小，在該三棱鏡中a光傳播速度大于b光傳播速度，b錯誤；

C．光是橫波；都能發(fā)生偏振現(xiàn)象，C錯誤；

D．若逐漸增小入射角i，入射光都順時針轉(zhuǎn)動，a、b光均可能發(fā)生全反射消失，且b光先消失；D正確。

故選AD。三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]根據(jù)簡諧運動的定義可知，如果質(zhì)點所受的回復(fù)力與它偏離平衡位置的位移大小成正比，并且總是指向平衡位置，質(zhì)點的運動就是簡諧運動?！窘馕觥空绕胶馕恢?7、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]MN兩點到波源O的距離分別為vt1和vt2；因M、N點振動方向總是相反，則兩距離之差等于半波長的奇數(shù)倍，即

或者

解得

或（n=1、2、3）【解析】（n=1、2、3）或（n=1、2、3）18、略

【分析】【詳解】

[1]點波源的振動形式傳播到點的路程為點波源的振動形式傳播到點的路程為兩列波從波源傳播到點的路程差為

[2]由于兩列波的波源到點的路程相等，路程差為零，且時兩列波的波源的振動方向相反，所以兩列波到達點時振動方向相反，引起的點處質(zhì)點的振動相互減弱。

[3]由振動圖線可知，波動周期為波長

由于兩列波的波源到點的路程分別為和路程差為而時兩列波的波源的振動方向相反，所以兩列波到達點時振動方向相同，點處質(zhì)點的振動相互加強【解析】①.2②.減弱③.加強19、略

【分析】【分析】

根據(jù)碰后再次相遇的路程關(guān)系，求出兩球碰后的速度大小之比。根據(jù)碰撞過程中動量、能量守恒列方程即可求出a、b球質(zhì)量之比

【詳解】

[1][2]設(shè)a、b兩球碰后速度大小分別為v1、v2。由題有：b球與擋板發(fā)生彈性碰撞后恰好在P點追上甲，則從碰后到相遇a、b球通過的路程之比為

根據(jù)得

以水平向右為正方向，兩球發(fā)生彈性碰撞，由動量守恒定律得

由機械能守恒定律得

解得

【點睛】

解答本題的突破口是根據(jù)碰后路程關(guān)系求出碰后的速度大小之比，要掌握彈性碰撞的基本規(guī)律：動量守恒和機械能守恒。解題要注意選擇正方向，用正負號表示速度的方向?！窘馕觥?0、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]反沖運動中系統(tǒng)不受外力或內(nèi)力遠大于力矢量和；所以反沖運動遵循動量守恒定律。

[4]反沖運動中，由于有其他形式的能轉(zhuǎn)化為機械能，所以系統(tǒng)的總機械能增加。【解析】①.外力②.遠大于③.動量守恒定律④.增加21、略

【分析】【分析】

【詳解】

火箭靠向后連續(xù)噴射高速氣體飛行，利用了反沖原理．【解析】見解析22、略

【分析】【分析】

【詳解】

波形圖上某點表示傳播方向和振動方向的箭頭在圖線同側(cè)?！窘馕觥客瑐?cè)23、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]波沿x軸負方向傳播，該時刻P質(zhì)點振動方向沿y軸負方向，Q質(zhì)點振動方向沿y軸正方向，P質(zhì)點從出發(fā)點到平衡位置的時間與Q質(zhì)點從出發(fā)點到平衡位置的時間相同，則有

得

由

得

12s為則P質(zhì)點的縱坐標為

振動方向沿y軸正方向?！窘馕觥?.25m/s沿y軸正方向四、作圖題(共2題，共16分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)位移總是偏離平衡位置，振子位于C點時離開平衡位置O的位移s如圖所示。

(2)加速度總是指向平衡位置，振子位于A點時加速度aA的方向如圖所示【解析】(1)(2)25、略

【分析】【分析】

【詳解】

測量的長度，根據(jù)折射率表達式，有

帶入數(shù)據(jù)，可得【解析】1.7五、實驗題(共4題，共28分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]為保證兩球發(fā)生對心正碰，則兩球半徑必須相等，即為防止碰后入射球反彈，則入射球的質(zhì)量必須大于被碰球的質(zhì)量，即故選B。

（2）[2]A；要保證每次小球都做平拋運動；則軌道的末端必須水平，故A正確；

B；只要每次讓小球從同一位置滑下即可；斜面不需要光滑，故B錯誤；

C；要保證碰撞前的速度相同；所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故C正確；

D；由于兩小球下落高度相同；故時間相等，可以用水平位移代替平拋運動的初速度，所以不需要測量水平槽面離地面的高度或小球在空中飛行時間，故D錯誤；

故選AC。

（3）[3]在小球碰撞過程中水平方向動量守恒定律；則有。

m1v0=m1v1+m2v2在做平拋運動的過程中由于時間是相等的；所以得。

m1v0?t=m1v1?t+m2v2?t即。

【解析】BAC27、略

【分析】【分析】

【詳解】

①[1]本實驗中兩球做平拋運動；故必須要求斜槽末端切線水平，小球每次下落的位置必須相同，同時為了保證對心碰撞，兩球的半徑應(yīng)相同；

②[2]為了防止碰撞過程入射球反彈；入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量；

③[3]如果碰撞過程動量守恒；則有。

碰前碰后從同一高度平拋，時間相同，