2025年滬科版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，圓環(huán)a和b的半徑之比r1：r2=2：1，且是粗細相同，用同樣材料的導線構成，連接兩環(huán)的導線電阻不計，勻強磁場的磁感應強度始終以恒定的變化率變化，那么，當只有a環(huán)置于磁場中與只有b環(huán)置于磁場中兩種情況下；A；B兩點的電勢差之比為（）

A．1：1B．2：1C．3：1D．4：1A.B.B2、如圖所示，一根粗細均勻的金屬絲彎折成一直角三角形閉合線框，其中將其放入勻強磁場中，磁場方向垂直三角形所在平面向里，若在間加一電壓則折線邊和邊受到的安培力大小之比為（）（）

A.B.C.D.3、小陽同學將一變壓器的原線圈連接到學生電源的交流輸出端，電源輸出的電壓隨時間變化的關系式（V），副線圈接小燈泡，小燈泡的額定電壓為10V，如圖所示。變壓器視為理想變壓器，小燈泡正常發(fā)光，則該變壓器原、副線圈匝數(shù)比為（?。ǎ?/p>

A.141：10B.10：1C.1000：141D.條件不足，無法判斷4、一臺變壓器的原線圈匝數(shù)為50，副線圈的匝數(shù)為100，在原線圈兩端接上電動勢為的蓄電池，則在副線圈兩端輸出的電壓為（）A.B.C.D.5、如圖所示，一個帶電的物體從光滑絕緣斜面頂點靜止釋放，處在垂直紙面向外的磁場之中，磁感應強度為B，斜面固定，運動一段時間，物體離開斜面，已知斜面傾角離開時的速度v，重力加速度g；可以判斷或計算出來的是（）

A.物體帶負電B.物體的帶電量大小C.物體的質量D.物體在斜面上運動的時間6、如圖所示，有一邊長為的剛性正三角形導線框在豎直平面內，且水平，其重力不計，各邊導線材料及粗細完全相同，處在方向垂直導線框所在平面向里的勻強磁場中。在點懸掛一個重力為的物體，在兩頂點A、B上加上恒定電壓，重物恰好對地面無壓力。某時刻A、B間導線的某處突然斷開；其他條件不變，則穩(wěn)定后物體對地面的壓力是（）

A.B.C.D.7、如圖所示，用輕繩將一條形磁鐵豎直懸掛于O點，在其正下方的水平絕緣桌面上放置一銅質圓環(huán)。現(xiàn)將磁鐵從A處由靜止釋放，經(jīng)過B、C到達最低處D，再擺到左側最高處E；圓環(huán)始終保持靜止。下列說法正確的是（）

A.磁鐵在A、E兩處等高B.磁鐵從A到D的過程中，圓環(huán)對桌面的壓力等于圓環(huán)受到的重力C.磁鐵從D到E的過程中，從上往下看，圓環(huán)中感應電流方向為逆時針方向D.磁鐵從D到E的過程中，圓環(huán)受到的摩擦力方向水平向左評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、如圖所示為一種質譜儀示意圖，由加速電場、靜電分析器和磁分析器組成.若靜電分析器通道中心線的半徑為R，通道內均勻輻射電場在中心線處的電場強度大小為E，磁分析器有范圍足夠大的有界勻強磁場，磁感應強度大小為B、方向垂直紙面向外.一質量為m、電荷量為q的粒子從靜止開始經(jīng)加速電場加速后沿中心線通過靜電分析器，由P點垂直邊界進入磁分析器，最終打到膠片上的Q點.不計粒子重力.下列說法正確的是：

A.極板M比極板N電勢低B.加速電場的電壓U＝ERC.直徑PQ＝2BD.若一群離子從靜止開始經(jīng)過上述過程都落在膠片上同一點，則該群離子有相同的比荷9、如圖(甲)所示為一發(fā)電機的原理圖，發(fā)電機產生的交變電流接圖(乙)中理想變壓器的原線圈.已知變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為22∶1，發(fā)電機輸出電壓u隨時間t變化的規(guī)律如圖(丙)所示；發(fā)電機線圈電阻忽略不計，則()

A.電阻兩端電壓的瞬時值表達式為u=10sin(50πt)VB.電壓表示數(shù)為10VC.若僅使發(fā)電機線圈的轉速增大一倍，則變壓器副線圈輸出電壓的頻率增大一倍，而電壓表示數(shù)不變D.若僅使電阻R增加，則電流表示數(shù)減小10、1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示，核心部分為兩個銅質D形盒D1、D2構成；其間留有空隙，將其置于勻強磁場中，兩盒分別與高頻電源相連，下列說法正確的是。

A.粒子被加速后的最大動能隨加速電場電壓的增大而增大B.離子由加速器的邊緣進入加速器C.電場變化周期由粒子的質量、電荷量和磁感應強度決定D.為使被加速的粒子獲得的動能增加為原來的4倍，可只調節(jié)D形盒的半徑增大為原來的2倍11、圖中a、b、c為三根與紙面垂直的固定長直導線，其截面位于等邊三角形的三個頂點上，bc沿水平方向，導線中均通有大小相等的電流，方向如圖所示。O點為三角形的中心（O到三個頂點的距離相等）；則（）

A.O點的磁感應強度為零B.O點的磁場方向平行ac向下C.導線a受到的安培力方向平行于bc向右D.導線b受到的安培力方向沿bc連線方向指向c12、研究某種射線裝置的示意圖如圖所示。射線源發(fā)出的粒子以一定的初速度沿直線射到熒光屏上的中央O點，出現(xiàn)一個亮點，粒子的重力不計。在板間加上垂直紙面向里的磁感應強度為B的勻強磁場后，射線在板間做半徑為r的圓周運動，然后打在熒光屏的P點。若在板間再加上一個豎直向下電場強度為E的勻強電場，亮點又恰好回到O點；由此可知該粒子（）

A.帶正電B.初速度為v＝C.比荷為＝D.增大E或B，可以讓粒子向紙內偏轉13、如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內阻為r，兩平行金屬板間有勻強磁場．開關S閉合后，當滑動變阻器滑片位于圖示位置時，一帶正電粒子恰好以速度v勻速穿過兩板．若不計重力；以下說法正確的是()

A.如果將開關斷開，粒子將繼續(xù)沿直線運動B.保持開關閉合，將a極板向下移動一點，粒子將向下偏轉C.保持開關閉合，將滑片P向上滑動一點，粒子將可能從下極板邊緣射出D.保持開關閉合，將滑片P向下滑動一點，粒子將可能從下極板邊緣射出14、如圖甲所示，光滑平行金屬導軌MN、PQ所在平面與水平面成θ角，M、P兩端接一電阻R，整個裝置處于方向垂直導軌平面向上的勻強磁場中。t=0時對金屬棒施加一平行于導軌的外力F，使金屬棒由靜止開始沿導軌向上運動，金屬棒電阻為r，導軌電阻忽略不計。已知通過電阻R的感應電流I隨時間t變化的關系如圖乙所示。下列關于金屬棒運動速度v、外力F、流過R的電荷量q以及閉合回路中磁通量的變化率隨時間變化的圖象正確的是（）

A.B.C.D.15、某高中科研興趣小組利用課余時間進行研究電磁阻尼效果的研究性學習，實驗示意圖如圖甲所示，虛線MN右側有垂直于水平面向下的勻強磁場，邊長為1m、質量為0.1kg、電阻為0.2Ω的正方形金屬線框在光滑絕緣水平面上以大小v0=2m/s的速度向右滑動并進入磁場，磁場邊界MN與線框的右邊框平行。從線框剛進入磁場開始計時，線框的速度v隨滑行的距離x變化的規(guī)律如圖乙所示；下列說法正確的是（）

A.圖乙中x0=1mB.線框進入磁場的過程中，線框的加速度先不變再突然減為零C.線框進入磁場的過程中，線框中產生的焦耳熱為0.1JD.線框進入磁場的過程中，通過線框某橫截面的電荷量為C16、某興趣小組為了研究圓柱體鐵芯的渦流熱功率，構建了如圖所示的分析模型，用電阻率為ρ的硅鋼薄片繞成一個內徑為r、厚度為d、高度為h的圓筒，其中d=r。沿平行于圓柱體軸線方向存在磁感應強度的磁場。則此硅鋼薄片中（）

A.產生渦流的電阻為B.瞬時感應電動勢的表達式為C.感應電流的有效值為D.發(fā)熱功率為評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)17、如圖所示，條形磁鐵正下方有一固定的單線圈，當磁鐵豎直向下靠近線圈時，穿過線圈的磁通量將________（填“變大”或“變小”），在上述過程中，穿過線圈的磁通量變化了0.2Wb，經(jīng)歷的時間為0.5s，則線圈中的感應電動勢為________V．

18、將①紅外線、②紫外線、③無線電波、④可見光、⑤γ射線、⑥X射線，按波長由大到小的排列順序是___________；其中___________最容易發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象，___________的穿透能力最強。（每空均填寫電磁波前的序號即可）19、如圖所示，ABCD是一個豎直的矩形導線框，全部處于磁感應強度為B的水平方向的勻強磁場中，線框面積為S，線框繞水平固定軸以角速度ω勻速轉動。線圈平面與磁感線夾角為_____時（填“0”或“”），感應電動勢最大；從如圖所示位置開始計時，線圈中產生的感應電動勢隨時間變化規(guī)律為e=_____。

20、如圖所示，用長為L的輕繩，懸掛一質量為m的帶電小球，放在磁感應強度為B，方向垂直紙面向里的勻強磁場中?，F(xiàn)將小球拉到與懸點等高處由靜止釋放，小球便在垂直于磁場的豎直面內擺動，當小球第一次擺到最低點時，輕繩的拉力恰好為零，重力加速度為g，忽略空氣阻力，由此可知小球___________（選填“帶正電”“不帶電”或“帶負電”）當小球第二次經(jīng)過最低點時輕繩拉力等于___________。

21、可見光___________（選填“是”或“不是”）電磁波的一部分；電磁波在真空中的傳播速度__________．評卷人得分四、作圖題(共4題，共32分)22、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

23、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

24、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

25、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共1題，共8分)26、溫度傳感器是一種將溫度變化轉換為電學量變化的裝置，它通過測量傳感器元件的電學量隨溫度的變化來實現(xiàn)溫度的測量，其核心部件是由半導體材料制成的熱敏電阻。在某次實驗中，為了測量熱敏電阻RT在0℃到100℃之間多個溫度下的阻值；一實驗小組設計了如圖甲所示電路。

其實驗步驟如下：

①正確連接電路；在保溫容器中加入適量開水；

②加入適量的冰水；待溫度穩(wěn)定后，測量不同溫度下熱敏電阻的阻值；

③重復第②步操作若干次；測得多組數(shù)據(jù)。

（1）該小組用多用電表“×100”擋測熱敏電阻在100℃下的阻值，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉的角度很大；為了準確地進行測量，應換到________擋（選填“×10”、“×1k”）；如果換擋后就用表筆連接熱敏電阻進行讀數(shù)，那么欠缺的實驗步驟是：________，補上該步驟后，表盤的示數(shù)如圖乙所示，則它的電阻是________Ω。

實驗小組算得該熱敏電阻在不同溫度下的阻值，并據(jù)此繪得圖丙的R﹣t關系圖線，請根據(jù)圖線寫出該熱敏電阻的R﹣t關系________；

（2）若把該熱敏電阻與電源（電動勢E=1.5V、內阻不計）、電流表（量程為5mA、內阻Rg=100Ω）、電阻箱R0串聯(lián)起來；連成如圖丁所示的電路，用該電阻作測溫探頭，把電流表的電流刻度改為相應的溫度刻度，就得到了一個簡單的“熱敏電阻測溫計”。

①電流表刻度較大處對應的溫度刻度應該________（填“較大”或“較小”）；

②若電阻箱的阻值取R0=220Ω，則電流表3mA處所對應的溫度刻度為________℃。評卷人得分六、解答題(共4題，共20分)27、如圖所示，兩根足夠長的固定平行金屬導軌位于傾角θ＝30°的粗糙斜面上，導軌上、下端各接有阻值R＝20Ω的電阻，導軌電阻忽略不計，導軌寬度L＝2m，在整個導軌平面內都有垂直于導軌平面向上的勻強磁場，磁感應強度B＝1T。質量m＝0.1kg、連入電路的電阻r＝10Ω的金屬棒ab在較高處由靜止釋放，當金屬棒ab下滑高度h＝3m時，速度恰好達到最大值v＝2m/s。金屬棒ab在下滑過程中始終與導軌垂直且接觸良好。g取10m/s2；求：

(1)金屬棒ab由靜止至下滑高度為3m的運動過程中機械能的減少量；

(2)求金屬棒與斜面之間的摩擦力；

(3)金屬棒ab由靜止至下滑高度為3m的運動過程中導軌上端電阻R中產生的焦耳熱。

28、如圖所示，水平放置的間距為L的足夠長光滑平行金屬導軌，左端接有阻值為R的定值電阻．導軌棒ab質量為m，電阻為r，與兩導軌始終保持垂直并良好接觸．整個裝置處在磁感應強度為B的勻強磁場中，磁場方向垂直于導軌平面向里．導軌的電阻忽略不計．用水平向右的恒力F將導體棒由圖示位置向右拉動．

（1）分析并說明導體棒的運動情況，并求導體棒的穩(wěn)定速度vm；

（2）從微觀角度看；導體棒中的自由電荷所受洛倫茲力在能量轉化中起著重要作用．為了方便，可以認為導體棒中的自由電荷為正電荷．

a.請在圖中；畫出自由電荷所受洛倫茲力的示意圖．

b.我們知道，洛倫茲力對運動電荷不做功．這與“動生電動勢與洛倫茲力做功有關”矛盾嗎?試分析當導體棒做勻速運動時，導體棒中自由電荷所受的洛倫茲力沿棒方向的分力f1和垂直于棒方向的兩個分力f2哪個做正功?哪個做負功?并通過計算證明在同一過程中它們做的總功一定是零．（題目中沒有出現(xiàn)的物理量請做必要的說明）29、如圖所示，MNPQ是邊長為的正方形勻強磁場區(qū)域，磁場方向垂直于MNPQ平面。電子從電極K處由靜止開始經(jīng)電勢差為U的電場加速后，從MN的中點垂直于MN射入勻強磁場區(qū)域，經(jīng)磁場偏轉后恰好從P點射出。已知電子的質量為m、電荷量為e；不計電子重力。求：

(1)電子射入勻強磁場時的速度大??；

(2)勻強磁場區(qū)域中磁感應強度的大小和方向。

30、如圖所示，垂直于紙面的勻強磁場磁感應強度為B；紙面內有一正方形均勻金屬線框abcd，其邊長為L，總電阻為R，ad邊與磁場邊界平行。從ad邊剛進入磁場直至bc邊剛要進入的過程中，線框在向左的拉力作用下以速度勻速運動；求：

（1）感應電動勢的大小E；

（2）da兩端的電勢差

（3）整個線框中產生的焦耳熱

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】試題分析：a環(huán)與b環(huán)的半徑之比為2：1，故周長之比為2：1，根據(jù)電阻定律電阻之比為2：1；

A、B兩點間電勢差大小為路端電壓，為磁感應強度變化率恒定的變化磁場，又面積之比是4：1，故根據(jù)法拉第電磁感應定律公式得到兩次電動勢的大小之比為4：1；故兩次的路端電壓之比為故B正確；故選B。

考點：法拉第電磁感應定律2、A【分析】【分析】

【詳解】

設邊電阻為長度為由電阻定律和幾何關系可知，邊電阻為邊電阻為則邊所受安培力大小為

邊的有效長度也為故邊所受安培力大小為

則

故選3、B【分析】【分析】

【詳解】

初級電壓有效值為

小燈泡正常發(fā)光，則該變壓器原、副線圈匝數(shù)比為

故選B。4、A【分析】【詳解】

蓄電池提供的是直流電；變壓器不能改變直流電壓，故在副線圈兩端輸出的電壓為0。

故選A。5、D【分析】【詳解】

A．由于物體運動一段時間離開斜面；所以所受洛侖茲力垂直斜面向上，由左手定則可知物體帶正電，故A錯誤；

BC．物體離開斜面時

可得

所以物體的帶電量大??；物體的質量都未知；也不能計算出來，故BC錯誤；

D．物體在離開斜面前，在垂直于斜面方向上處于平衡狀態(tài)

在沿斜面方向上

因此物體沿斜面向下做初速度為零的勻加速運動，加速度

可得物體在斜面上運動的時間

故D正確。

故選D。6、C【分析】【分析】

【詳解】

由于AC邊于CB邊先串聯(lián)再與AB邊并聯(lián)，則在A、B未斷開時，設ACB中的電流為I，則AB邊中的電流為2I，由平衡條件可得

當某時刻A、B間導線的某處突然斷開時，由平衡條件可得

聯(lián)立，解得

由牛頓第三定律，可知穩(wěn)定后物體對地面的壓力大小為

故選C。7、C【分析】【詳解】

A.由于有部分機械能轉化為電能；故在A的高度大于E處高度，A錯誤；

B.A到D過程中；圓環(huán)中磁通量增加，圓環(huán)與磁鐵間相互排斥，故圓環(huán)給桌面的壓力大于圓環(huán)受到的重力，故B錯誤；

C.磁鐵從D運動到E的過程中；圓環(huán)磁通量向上減少，根據(jù)楞次定律可分析出感應電流方向為逆時針，故C正確；

D.磁鐵從D運動到E的過程中；圓環(huán)中的磁通量減少，因此圓滑有向左運動的趨勢，圓環(huán)不動，因此圓環(huán)受到摩擦力方向向右，故D錯誤。

故選C。二、多選題(共9題，共18分)8、B:D【分析】【詳解】

A．由左手定則可知，粒子帶正電，而粒子在MN間被加速，所以M點的電勢高于N點；故A錯誤；

B．根據(jù)電場力提供向心力，則有

又由電場力加速運動，則有

從而解得

故B正確；

C．根據(jù)洛倫茲力提供向心力，則有

聯(lián)立解得

故C錯誤；

D．若一群離子從靜止開始經(jīng)過上述過程都落在膠片上同一點說明運動的直徑相同，由于磁場，電場與靜電分析器的半徑不變，則該群離子具有相同的比荷，故D正確．9、B:D【分析】【詳解】

AB．由題圖(丙)知，原線圈電壓的最大值U1m=311V，原線圈電壓有效值U1==220V

由

知，副線圈電壓的最大值U2m≈14.1V

副線圈電壓有效值U2=10V

故A錯誤；B正確；

C．若僅使發(fā)電機線圈的轉速n增大一倍，則角速度ω增大一倍，根據(jù)Em=NBSω可知，變壓器原線圈輸入電壓的頻率和最大值都增大一倍，原副線圈中電流的頻率相等，變壓器副線圈輸出電壓的頻率增大一倍，由

知；副線圈輸出電壓增大一倍，電壓表讀數(shù)增大一倍，故C錯誤；

D．若僅使電阻R增加；原線圈兩端的電壓和原副線圈匝數(shù)比不變，則副線圈輸出電壓不變，副線圈中電流減小，原副線圈匝數(shù)比不變，則原線圈中電流也減小，電流表示數(shù)減小，故D正確。

故選BD。10、C:D【分析】【詳解】

A：據(jù)得當粒子在D形盒內運動半徑最大時，速度最大，粒子被加速后的最大動能可得：則粒子被加速后的最大動能與加速電場電壓無關．故A錯誤．

B：離子由加速器的中間部分進入加速器；故B錯誤．

C：電場變化周期應等于粒子在磁場中運動的周期則電場變化周期由粒子的質量；電荷量和磁感應強度決定．故C正確．

D：被加速的粒子獲得的動能只調節(jié)D形盒的半徑增大為原來的2倍，粒子獲得的動能增加為原來的4倍．故D正確．

【點睛】

粒子經(jīng)回族加速器加速獲得的最大動能與加速電壓無關，加速電壓影響的是加速的次數(shù)．11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據(jù)右手螺旋定則，電流a在O產生的磁場平行于bc向右，b電流在O產生的磁場平行ac指向右下方，電流c在O產生的磁場平行ab指向左下方；由于三導線電流相同，到O點的距離相同，根據(jù)平行四邊形定則，則O點合場強的方向平行ac向下；故A錯誤，B正確；

CD．根據(jù)同向電流相吸、反向電流相斥，結合矢量合成法則；導線a受到的安培力方向平行于bc向右，而導線b受到的安培力方向沿Ob斜向左下方；故C正確，D錯誤。

故選BC。12、A:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)左手定則可知該粒子帶正電；故A正確；

B．由題意可知粒子在電、磁復合場中做勻速直線運動，根據(jù)平衡條件有

解得

故B錯誤；

C．根據(jù)牛頓第二定律有

聯(lián)立解得

故C正確；

D．增大E或B；可以讓粒子在紙面內向下或向上偏轉，故D錯誤。

故選AC。13、B:D【分析】【詳解】

若開關斷開，則電容器與電源斷開，而與R形成通路，電荷會減小，故兩板間的電場強度要減小，故所受電場力減小，粒子不會做直線運動，故A錯誤；保持開關閉合，將a極板向下移動一點，板間距離減小，電壓不變，由E=U/d可知，板間場強增大，因為粒子帶正電，則粒子所受電場力向下，洛侖茲力向上，帶電粒子受電場力變大，則粒子將向下偏轉，故B正確；由圖可知a板帶正電，b板帶負電；帶電粒子帶正電；則受電場力向下，洛侖茲力向上，原來二力應大小相等，物體才能做勻速直線運動；若滑片向上滑動，則滑動變阻器接入電阻減小，則電路中電流增大，定值電阻及內阻上的電壓增大，則由閉合電路的歐姆定律可知R兩端的電壓減小，故電容器兩端的電壓減小，則由E=U/d可知，所受極板間電場強度小，則所受電場力減小，故粒子一定向上偏轉，不可能從下極板邊緣射出，故C錯誤；若滑片向下滑動，則滑動變阻器接入電阻增大，則電路中電流減小，定值電阻及內阻上的電壓減小，則由閉合電路的歐姆定律可知R兩端的電壓增大，故電容器兩端的電壓增大，則由E=U/d可知，所受極板間電場強度增大，則所受電場力增大，故粒子將向下偏轉，可能從下極板邊緣飛出，故D正確．故選BD．

【點睛】

本題綜合了電路、電容及磁場的知識，綜合性較強；要求大家熟練掌握速度選擇器模型，會利用閉合電路歐姆定律進行電路的動態(tài)分析，分析滑片移動時，極板間場強的變化可知電場力的變化，則可知粒子受力的變化，結合粒子電性判斷出帶電粒子偏轉的方向．14、A:B【分析】【詳解】

A．根據(jù)如圖乙所示的I-t圖象可知I=kt，其中k為比例系數(shù)，由閉合電路歐姆定律可得

又E=Blv

聯(lián)立解得

故v-t圖象是一條過原點且斜率大于零的直線，說明導體棒做的是初速度為零的勻加速直線運動，即v=at；A正確；

B．由法拉第電磁感應定律可得

所以有

故圖象是一條過原點且斜率大于零的直線；B正確；

C．對導體棒由牛頓第二定律可得F-BIl-mgsinθ=ma

而v=at

聯(lián)立解得

可見F-t圖象是一條斜率大于零且與速度軸正半軸有交點的直線；C錯誤；

D．流過R的電荷量q為

故q-t圖象是一條開口向上的拋物線；D錯誤。

故選AB。15、A:D【分析】【詳解】

A．磁通量變化，線框中產生感應電流，就會受到安培力的作用，從而速度改變；當線框完全進入磁場時，磁通量不變，速度就不變，即圖乙中x0=1m；A正確；

B．線框進入磁場過程中，安培力為

其中

由圖乙可知；速度減小，則安培力減小，由牛頓第二定律可知，線框的加速度減小，由此線框做變減速運動，B錯誤；

C．根據(jù)能量守恒可得，減少的動能全部轉化為焦耳熱，則有

代入數(shù)據(jù)，可得

C錯誤；

D．線框進入磁場過程中，取水平向右為正，根據(jù)動量定理可得

解得

結合圖像乙可知，當時，代入解得

通過線框截面的電量為

解得

D正確。

故選AD。16、A:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)電阻定律可知

故A正確；

B．根據(jù)法拉第電磁感應定律可知

故B錯誤；

C．感應電流的有效值為

故C正確；

D．根據(jù)功率的計算公式可知，發(fā)熱功率為

故D錯誤；

故選AC。三、填空題(共5題，共10分)17、略

【分析】【詳解】

在磁體豎直向下落時，穿過線圈的磁感應強度增大，故磁通量變大，由法拉第電磁感應定律可得：．【解析】變大0.418、略

【分析】【詳解】

[1]按波長由大到小的排列順序是無線電波；紅外線、可見光、紫外線、X射線、γ射線。

[2]波長最長的無線電波最容易發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象。

[3]波長最短的γ射線穿透能力最強。【解析】①.③①④②⑥⑤②.③③.⑤19、略

【分析】【詳解】

[1]當線圈平面與磁感線夾角為0時，AB、CD邊垂直切割磁感線；則此時感應電動勢最大。

[2]從如圖所示位置開始計時，線圈中產生的感應電動勢隨時間變化規(guī)律為【解析】020、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]當球第一次擺到最低點時；懸線的張力恰好為零，說明小球在最低點受到的洛倫茲力豎直向上，根據(jù)左手定則知小球帶負電。

[2]若小球第一次到達最低點速度大小為v，則由動能定律可得mgL=mv2

小球擺動過程只有重力做功，機械能守恒，小球第二次到達最低點速度大小仍為v，由圓周運動規(guī)律及牛頓第二定律可知第二次經(jīng)過最低點時F-qvB-mg=m

綜上解出F=6mg【解析】帶負電6mg21、略

【分析】【詳解】

[1][2]可見光是電磁波的一部分；電磁波在真空中的傳播速度【解析】是四、作圖題(共4題，共32分)22、略

【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

根據(jù)題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據(jù)開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯(lián)后連入電路；根據(jù)安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】25、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環(huán)時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共1題，共8分)26、略

【分析】（1）用多用表的“×100”倍率的擋位測熱敏電阻在室溫下的阻值；發(fā)現(xiàn)表頭指針