2024屆廣東省茂名市高州市高三下學(xué)期三模物理試卷（含答案）

屆廣東省茂名市高州市高三下學(xué)期三模物理試卷一、選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．水袖是對古代服飾衣袖的夸張展現(xiàn)，戲曲演員經(jīng)常通過對水袖的運(yùn)用來刻畫人物。假設(shè)某段時間里水袖波形可視為簡諧波，如圖甲所示為演員水袖表演過程中某時刻的波形，此時刻記為t=0，M是平衡位置x=2m的質(zhì)點(diǎn)，如圖乙為質(zhì)點(diǎn)M的振動圖像，則下列說法正確的是（）A．該簡諧波沿x軸正方向傳播 B．該簡諧波的傳播速度為0.25m/sC．質(zhì)點(diǎn)M在5s內(nèi)通過的路程為200cm D．質(zhì)點(diǎn)M在5s內(nèi)沿x軸方向移動了5m2．某住宅小區(qū)變壓器給住戶供電的電路示意圖如圖所示，變壓器可視為理想變壓器，所有電表視為理想電表，原線圈輸入有效值恒定的交流電壓，圖中R為輸電線的總電阻。在用電高峰期，住戶使用的用電器增加時，下列說法正確的是（）A．電流表A示數(shù)不變 B．電壓表V1C．電壓表V2示數(shù)減小 3．2024年1月11日，太原衛(wèi)星發(fā)射中心將云遙一號衛(wèi)星送入預(yù)定軌道，飛行試驗(yàn)任務(wù)取得圓滿成功。已知“云遙一號”在軌道做勻速圓周運(yùn)動，運(yùn)行周期為T，地球的半徑為R，地球表面的重力加速度為g，引力常量為G，忽略地球自轉(zhuǎn)的影響，下列說法正確的是（）A．地球的質(zhì)量為gB．“云遙一號”的軌道半徑為3C．“云遙一號”的線速度可能大于gRD．“云遙一號”的加速度可能大于g4．如圖所示是指紋識別原理圖，其原理是利用光學(xué)棱鏡的全反射特性，在指紋谷線（凹部），入射光在棱鏡界面發(fā)生全反射，在指紋脊線（凸部），入射光的某些部分被吸收或者漫反射到別的地方，這樣，指紋模塊可接收到明暗相間的指紋圖像。已知水的折射率約為1.33，玻璃的折射率約為1.5。下列說法正確的是（）A．指紋模塊接收光線較亮的部位是指紋脊線指紋模塊B．指紋模塊接收光線較暗的部位是干涉減弱的地方光源C．沒有手指放入時，若光源正常發(fā)光，指紋模塊不會接收到光信號D．手指濕潤時，指紋識別率會降低5．某無人駕駛汽車在研發(fā)過程中要進(jìn)行試車，新車沿平直公路行駛的一段時間內(nèi)的xtA．該車做勻加速運(yùn)動B．該車行駛的初速度大小為2m/sC．該車行駛的加速度為大小為4m/s2D．該車在前3秒的位移是60m6．如圖所示為質(zhì)譜儀原理示意圖。由粒子源射出的不同粒子先進(jìn)入速度選擇器，部分粒子沿直線通過速度選擇器的小孔進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場，最后打在MN之間的照相底片上。已知速度選擇器內(nèi)的電場的場強(qiáng)為E，磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0，偏轉(zhuǎn)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為2B0，S1、S2、S3是三種不同的粒子在照相底片上打出的點(diǎn)。忽略粒子的重力以及粒子間的相互作用，下列說法正確的是（）A．打在S3位置的粒子速度最大B．打在S1位置的粒子速度最大C．如果射入偏轉(zhuǎn)磁場的粒子質(zhì)量為m、電荷量為q，則粒子的軌跡半徑為mED．如果氕（11H）核和氘（7．如圖所示，一架戰(zhàn)斗機(jī)掛載多枚炸彈在一定高度沿水平直線向左勻加速飛行，每隔一段相同時間釋放一枚炸彈。不計(jì)空氣阻力，一段時間后炮彈在空中的排列情況有可能是（）A． B． C． D．二、選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8．福島核污染水中含有60多種放射性核素，例如氚、碳—14等，其中很多放射性核素尚無有效處理技術(shù)。其中碘—129衰變生成氙54129Xe，半衰期長達(dá)A．衰變方程為53B．碘—129制成碘化物后半衰期減小C．放射性污染物半衰期越長對環(huán)境影響越小D．碘—129衰變過程會釋放能量9．如圖所示，粗糙水平地面上放置一質(zhì)量為m的三棱柱，其橫截面為ABC，與地面間的動摩擦因數(shù)為μ。質(zhì)量也為m，半徑為R的光滑圓柱體置于三棱柱與豎直墻壁之間，圓心O與B的連線與豎直方向的夾角為θ，圓柱體與三棱柱都保持靜止。已知重力加速度為g，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則下列說法正確的是（）A．墻壁對圓柱體的彈力大小為mgB．地面對三棱柱的支持力大小為2mgC．要使三棱柱保持靜止，動摩擦因數(shù)μ≥D．將三棱柱向左推動很小一段距離，其所受到的摩擦力減小10．如圖所示，在某真空區(qū)域有一個空間坐標(biāo)系O?xyz，在x軸上的M點(diǎn)（d，0，0）、N點(diǎn)（?d，0，0）分別固定一個電荷量為+Q（Q>0）的點(diǎn)電荷。z軸上P點(diǎn)坐標(biāo)為（0，0，d），y軸上S點(diǎn)坐標(biāo)為（0，d，0）。現(xiàn)將一個電子置于P點(diǎn)，則下列說法正確的是（）A．使電子從P點(diǎn)沿z軸正向移動，所受電場力先增大后減小B．使電子從P點(diǎn)沿z軸向原點(diǎn)O移動，所受電場力逐漸減小C．使電子沿直線從P點(diǎn)移動到S點(diǎn)，所受電場力先增大后減小D．使電子沿直線從P點(diǎn)移動到S點(diǎn)，其電勢能先減小后增大三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11．某同學(xué)做“用單擺測重力加速度”實(shí)驗(yàn)。（1）他首先用游標(biāo)卡尺測量金屬小球的直徑，測量結(jié)果如圖甲所示，則小球直徑d=cm；（2）用秒表測出50次全振動的時間如圖乙所示，則單擺振動的周期為T=s；（3）實(shí)驗(yàn)時多次改變擺長，測出多組數(shù)據(jù)，作出擺長L和對應(yīng)的周期T的T2-L圖像如圖丙所示，根據(jù)圖丙數(shù)據(jù)可得g=（用x1、x2、y1、y2表示）。12．某實(shí)驗(yàn)小組要測量由新型合金材料制成的圓柱形金屬絲的電阻率，已知其長度為l。（1）用螺旋測微器測量其直徑d，示數(shù)如圖甲所示，其值為d=mm。（2）先用多用電表歐姆擋的“×1”倍率粗測金屬絲的電阻，示數(shù)如圖乙所示，其電阻值為R=Ω；（3）實(shí)驗(yàn)電路如圖丙所示，根據(jù)電路圖完成圖丁中的實(shí)物連線。（4）如果測得的金屬絲長度為l，直徑為d，電阻為R，都采用國際單位制單位，則它的電阻率ρ=（用l、d、R表示）。（5）由于電表內(nèi)阻的存在，待測電阻測量值（填“大于”“小于”或“等于”）其真實(shí)值。13．一醫(yī)用氧氣瓶內(nèi)有壓強(qiáng)為p、溫度為T1、體積為V的氧氣，該氧氣瓶內(nèi)氧氣可以通過調(diào)壓閥分裝到氧氣袋中以方便使用。設(shè)每次分裝時，氧氣袋內(nèi)無氣體，分裝結(jié)束后，每個氧氣袋的體積為V1，壓強(qiáng)為p1。（1）若分裝氣體之前，氧氣瓶由于受到日照，氧氣溫度會升高，當(dāng)氧氣瓶內(nèi)氣體的壓強(qiáng)大于1.5p時，氧氣瓶有可能發(fā)生爆炸。①求氧氣能升高到的最高溫度；②已知氧氣內(nèi)能與溫度間的關(guān)系為U=kT（k為常數(shù)且已知），當(dāng)氧氣升高到最高溫度時，求氧氣從外界吸收的熱量；（2）若分裝過程中瓶中和袋中的氧氣溫度始終保持T1不變，求分裝3個氧氣袋后，氧氣瓶內(nèi)所剩余氧氣的壓強(qiáng)。14．如圖所示，螺線管橫截面積為S=10cm2，線圈匝數(shù)為N=100（匝），電阻為R=0.5Ω，管內(nèi)有水平向右的變化磁場。螺線管與相距L=2m的兩豎直放置的光滑金屬導(dǎo)軌相連，導(dǎo)軌處于垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0=0.5T的勻強(qiáng)磁場中。金屬桿ab垂直導(dǎo)軌，桿與導(dǎo)軌接觸良好，已知金屬桿ab的質(zhì)量為m=2kg，電阻也為R，重力加速度g=10m/s2。不計(jì)導(dǎo)軌的電阻，不計(jì)空氣阻力。（1）為使ab桿保持靜止，求通過ab桿的電流的大小和方向；（2）當(dāng)ab桿保持靜止時，求螺線管內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的變化率；（3）若螺線管內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率ΔB①求桿的最大速度的大??；②已知桿從靜止到剛達(dá)到最大速度的過程中，流過桿的電荷量為q=120C，求該過程中桿的下落時間。15．如圖所示，傾角θ=37°的光滑斜面固定，斜面下端有固定擋板。質(zhì)量分別為mA=2kg、mB=5kg的滑塊A、B用輕彈簧相連放置在斜面上處于靜止?fàn)顟B(tài)，滑塊A與擋板接觸?，F(xiàn)將質(zhì)量為mC=1kg的滑塊C在斜面上與B相距d=3m處由靜止釋放，C與B發(fā)生彈性碰撞，碰后立即將C取走，B在斜面上做簡諧運(yùn)動。重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，彈簧的勁度系數(shù)為k=100N/m，且彈簧始終在彈性限度內(nèi)，已知彈簧的彈性勢能為Ep（1）物塊C與B碰后瞬間的速度分別為多大；（2）物塊C與B碰后B做簡諧運(yùn)動的振幅；（3）若物塊C從斜面上某處由靜止釋放后，C與B碰后粘在一起做簡諧運(yùn)動且A恰好未離開擋板，求：①A對擋板壓力的最大值；②物塊C從斜面上由靜止釋放時與B的距離。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A．從質(zhì)點(diǎn)M的振動圖像可以得出，t=0時刻，質(zhì)點(diǎn)M向上振動。由于質(zhì)點(diǎn)跟隨波前質(zhì)點(diǎn)的振動方向，所以根據(jù)M點(diǎn)右側(cè)質(zhì)點(diǎn)向上運(yùn)動，則可以得出：該波沿x軸負(fù)方向傳播，故A錯誤；B．根據(jù)圖像可以得出波長和周期為：λ=2mv=λTC．由于質(zhì)點(diǎn)M振動的時間為5s，則振動的時間與周期的關(guān)系為：t=5s=2T+已知振幅為40cm，所以質(zhì)點(diǎn)M在5s內(nèi)通過的路程為s=2×4A+2A=10A=10×20cm=200cm故C正確；D．質(zhì)點(diǎn)M只在平衡位置上下振動，并不會隨波遷移，故D錯誤。故選C。

【分析】利用質(zhì)點(diǎn)M的振動方向可以判別波的傳播方向；利用圖像可以得出周期和波長的大小，結(jié)合周期和波長的大小可以求出波速的大??；利用振動的時間結(jié)合振幅可以求出質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動的路程；質(zhì)點(diǎn)只能在平衡位置附近振動，不會隨波遷移。2．【答案】C【解析】【解答】B.由于原、副線圈的匝數(shù)不變，原線圈輸入有效值恒定的交流電壓，根據(jù)U可知，電壓表V1A.當(dāng)用電器增加時，根據(jù)并聯(lián)電路的電阻規(guī)律可以得出：電路中的總的電阻減小，由于輸入電壓不變，輸出電壓不變，則根據(jù)歐姆定律可以得出輸出電流I2要變大，即AI可知，電流表A示數(shù)變大，故A錯誤；C.副線圈電流變大，電阻R消耗的電壓變大，又因?yàn)閂1的示數(shù)不變，根據(jù)副線圈的電壓為定值電阻和燈泡的電壓之和，所以VD.由于變壓器的輸入的功率和輸出的功率相等，由于副線圈的電阻減小了，輸出的功率變大了，根據(jù)電功率的表達(dá)式

P=U1故選C。

【分析】利用原副線圈的匝數(shù)之比不變結(jié)合輸入電壓不變可以判別輸出電壓不變；利用輸出端電阻減小可以判別輸出端電流增大，結(jié)合電流之比與匝數(shù)之比的關(guān)系可以判別輸入電流增大，結(jié)合電功率的表達(dá)式可以判別輸入功率增大；利用副線圈的分壓關(guān)系可以判別電壓表的讀數(shù)變化。3．【答案】A【解析】【解答】A．在地球表面，地球?qū)ξ矬w的引力形成重力，根據(jù)牛頓第二定律有GMm得地球的質(zhì)量大小為M=故A正確；B．設(shè)衛(wèi)星軌道半徑為r，地球?qū)πl(wèi)星的萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律可得G可得衛(wèi)星的軌道半徑為r=故B錯誤；C．地球?qū)πl(wèi)星的萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律可得G解得v=故C錯誤；D．地球?qū)πl(wèi)星的萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律可得G解得a=故D錯誤。故選A。

【分析】利用引力形成重力可以求出地球的質(zhì)量；利用引力提供向心力可以求出衛(wèi)星的軌道半徑，線速度和加速度的大小。4．【答案】D【解析】【解答】AB．在指紋凹部（谷線），入射光在棱鏡界面發(fā)生全反射，指紋模塊接收到光線較亮，在指紋凸部（脊線），入射光的某些部分被吸收或者漫反射到別的地方，指紋模塊接收到光線較暗，與光的干涉無關(guān)，故AB錯誤；C．沒有手指放入時，入射光在棱鏡界面發(fā)生全反射，指紋模塊上會接收到全亮圖像，故C錯誤；D．因玻璃的折射率大于水的折射率，水的折射率小就會導(dǎo)致臨界角偏大，則會導(dǎo)致部分光無法發(fā)生全反射，使得指紋識別率低，故D正確。故選D。

【分析】利用手指對全反射的影響可以判別指紋模塊接收光線的亮暗情況；沒有手指放入時，入射光在棱鏡界面發(fā)生全反射，指紋模塊上會接收到全亮圖像；通過比較水的折射率和玻璃折射率可以比較臨界角的大小，進(jìn)而判別手指濕潤時部分光不能發(fā)生全反射，則使得指紋識別率低。5．【答案】C【解析】【解答】ABC．汽車做勻變速直線運(yùn)動，根據(jù)位移公式有

x=v0x可知xtk=根據(jù)縱軸截距可以得出：b=?2m/可得汽車的加速度大小為：a=?4m/所以該車以初速度為20m/s，加速度大小為4m/s2做勻減速直線運(yùn)動，故AB錯誤，C正確；D．根據(jù)速度公式可以得出：勻減速運(yùn)動的總時間為t=根據(jù)速度公式可以得出：t=3s時車速大小為v根據(jù)位移公式可以得出：該車在前3秒的位移為x=故D錯誤。故選C。

【分析】根據(jù)汽車做勻變速直線運(yùn)動的位移公式結(jié)合圖像斜率和截距可以求出初速度和加速度的大小，結(jié)合速度公式可以求出減速的時間，再利用速度公式可以求出末速度的大??；利用位移公式可以求出汽車運(yùn)動的位移大小。6．【答案】D【解析】【解答】AB．粒子在速度選擇器中做勻速直線運(yùn)動，由于洛倫茲力和電場力相等，根據(jù)平衡方程有：qE=qv解得粒子的速度大小為：v=所以打在S1、S2、S3三點(diǎn)的粒子的速度相等，故AB錯誤；C．粒子進(jìn)入磁場時的速率大小相同，當(dāng)粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，由洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律有：qv×2解得粒子在磁場中運(yùn)動的軌道半徑r=故C錯誤；D．根據(jù)周期和線速度的關(guān)系可以得出：帶電粒子在偏轉(zhuǎn)磁場中做圓周運(yùn)動的周期T=氕核和氘核在磁場中運(yùn)動的時間均為半個周期，根據(jù)周期的表達(dá)式可以得出：氕核和氘核在磁場中運(yùn)動的時間之比t故D正確。故選D。

【分析】利用電場力和洛倫茲力平衡可以求出粒子經(jīng)過速度選擇器的速度大?。焕昧Ｗ釉诖艌鲋凶鰟蛩僭瓌t運(yùn)動，利用牛頓第二定律可以求出粒子運(yùn)動半徑的大??；利用粒子運(yùn)動的周期結(jié)合軌跡所對圓心角可以求出粒子運(yùn)動時間的比值。7．【答案】D【解析】【解答】戰(zhàn)斗機(jī)在空中沿水平直線向左做勻加速運(yùn)動，炸彈離開飛機(jī)時，由于具有慣性則保持飛機(jī)相同的速度，根據(jù)水平方向的勻加速直線運(yùn)動的鄰差公式可以得出：每顆炸彈離開飛機(jī)時在時間Δt內(nèi)水平方向增加量a(Δt)2，由于豎直方向上做自由落體運(yùn)動，則根據(jù)鄰差公式可以得出：在時間故選D。

【分析】利用勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律可以得出水平方向位移的增量和豎直方向位移的增量大小，結(jié)合兩個增量比值相同可以判別連線的傾角保持一定。8．【答案】A,D【解析】【解答】A．碘—129的衰變過程中由于質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，根據(jù)核反應(yīng)的規(guī)律可以得出反應(yīng)方程為

53故A正確；B．放射性元素的半衰期只由本身原子核的性質(zhì)所決定，不受外界環(huán)境，如溫度、壓強(qiáng)、是否是單質(zhì)等因素的影響，故B錯誤；C．放射性污染物半衰期越長，則衰變的過程比較緩慢，放射性的時間比較長，所以在環(huán)境中存在的時間越長，對環(huán)境影響越大，故C錯誤；D．碘—129衰變過程由于原子核會發(fā)生質(zhì)量虧損，根據(jù)質(zhì)能方程可以得出會釋放能量，故D正確。故選AD。

【分析】利用核反應(yīng)的規(guī)律可以得出衰變的方程；放射性元素的半衰期只由本身原子核所決定，與是否單質(zhì)無關(guān)；放射性的半衰期越長則放射的時間越長；衰變過程中由于原子核的質(zhì)量減小所以有能量的釋放。9．【答案】B,C【解析】【解答】A．由于圓柱體處于靜止，根據(jù)平衡方程可以得出墻壁對圓柱體的彈力大小為F=mgtanθD．根據(jù)平衡方程有：Ff=解得F將三棱柱向左推動一小段距離，θ增大，所以Ff增大，故D錯誤。B．對三棱柱受力分析，由于三棱柱處于靜止，根據(jù)三棱柱的平衡方程可以得出：F根據(jù)圓柱體的平衡方程可以得出：N由于整體處于靜止，根據(jù)整體的平衡方程可以得出：F根據(jù)水平方向的平衡方程可以得出：mg則可以得出動摩擦因數(shù)的大小為：μ≥故BC正確；故選BC。

【分析】利用圓柱體的平衡方程可以求出墻壁對圓柱體的彈力大?。焕脠A柱體水平方向的平衡方程結(jié)合三棱柱水平方向的平衡方程可以求出三棱柱的摩擦力的表達(dá)式，結(jié)合角度的變化可以判別摩擦力的大小變化；利用系統(tǒng)的平衡方程可以求出地面對系統(tǒng)支持力的大小，結(jié)合滑動摩擦力的表達(dá)式可以求出動摩擦因數(shù)的大小。10．【答案】C,D【解析】【解答】AB．在z軸上任選一點(diǎn)P'，連接P'M與P'N，設(shè)其與zE=2kQ(整理得E=令t=cosθ，t∈(0,1)；對表達(dá)式進(jìn)行換元可得函數(shù)對函數(shù)求導(dǎo)

f令f'(t)=0，解得結(jié)合一元二次函數(shù)的性質(zhì)可以得出，在t∈(0，33]時f(t)單調(diào)遞增；在t∈(33，1)時，f(t)單調(diào)遞減；因此t=cosθ=33時，電場強(qiáng)度最大。所以此時tanθ=2即OPCD．從原點(diǎn)O向PS作垂線，設(shè)垂足為D，根據(jù)幾何關(guān)系可以得出

OD=d根據(jù)電場線的分布可以得出：PS連線上D點(diǎn)場強(qiáng)最大，使電子沿直線從P點(diǎn)移動到S點(diǎn)，由于電場強(qiáng)度先增大后減小，則所受電場力先增大后減小，由于電子先靠近后遠(yuǎn)離電場，所以電場力先做正功后做負(fù)功，根據(jù)功能關(guān)系可以判別電子的電勢能先減小后增大，故CD正確。故選CD。

【分析】利用電場強(qiáng)度的疊加及點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式可以求出z軸上點(diǎn)電荷的場強(qiáng)表達(dá)式，結(jié)合函數(shù)關(guān)系可以求出z軸上電場強(qiáng)度最大的位置；利用電場強(qiáng)度的大小分別可以判別電子移動時電場力的大小變化；利用電場力做功及功能關(guān)系可以判別電子電勢能的大小變化。11．【答案】（1）2.050（2）1.6（3）4【解析】【解答】（1）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為主尺讀數(shù)與游標(biāo)尺讀數(shù)之和，根據(jù)游標(biāo)卡尺結(jié)構(gòu)可以得出單擺小球的直徑為

d=20mm+10×0.05mm=20.50mm=2.050cm（2）根據(jù)小表盤和大表盤的刻度可以得出：秒表讀數(shù)為60s+20.0s=80.0s根據(jù)小球擺動的時間和全振動的時間可以得出：單擺周期為T=（3）小球做單擺運(yùn)動，根據(jù)單擺周期公式

T=2πLgT根據(jù)圖像斜率有：k=解得重力加速度的大小為：g=4π2x2?（1）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為主尺讀數(shù)與游標(biāo)尺讀數(shù)之和，所以單擺小球的直徑為d=20mm+10×0.05mm=20.50mm=2.050cm（2）由圖乙可知，秒表讀數(shù)為60s+20.0s=80.0s單擺周期為T=（3）根據(jù)單擺周期公式T=2πLT可知T2k=解得g=12．【答案】（1）0.397（2）8.0（3）見解析（4）πR（5）小于【解析】【解答】（1）螺旋測微器的精確值為0.01mm，根據(jù)螺旋測微器的結(jié)構(gòu)可以得出金屬絲的直徑為d=0mm+39.7×0.01mm=0.397mm（2）根據(jù)多用電表的表盤可以得出：金屬絲的電阻為

R=8.0×1（3）根據(jù)電路圖進(jìn)行實(shí)物電路圖連線，如圖所示

（4）根據(jù)電阻定律有

R=ρ其中電阻絲的橫截面積為：S=解得聯(lián)立表達(dá)式可以得出電阻率為：ρ=（5）電路圖采用了電流表外接法，考慮到電壓表分流的影響，由于電流表讀數(shù)等于干路電流，則大于實(shí)際通過待測電阻的電流，根據(jù)歐姆定律

R=UI

可以得出：由于測量的電流偏大，則可知待測電阻測量值小于其真實(shí)值。

【分析】（1）利用螺旋測微器結(jié)構(gòu)可以得出金屬絲的直徑；

（2）利用多用電表的刻度可以得出金屬絲的電阻大??；

（3）利用電路圖進(jìn)行實(shí)物圖連線；

（4）利用電阻定律結(jié)合面積公式可以求出電阻率的表達(dá)式；（1）螺旋測微器的精確值為0.01mm，由圖丙可知金屬絲的直徑為d=0mm+39.7×0.01mm=0.397mm（2）金屬絲的電阻為R=8.0×1（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖連接實(shí)物電路圖，如圖所示（4）根據(jù)電阻定律有R=ρ其中S=解得ρ=（5）電路圖采用了電流表外接法，考慮到電壓表分流的影響，電流表讀數(shù)等于實(shí)際通過待測電阻的電流，根據(jù)歐姆定律R=可知待測電阻測量值小于其真實(shí)值。13．【答案】解：（1）①由等容變化可知p解得T②根據(jù)可知Δ其中W=0則Q=（2）剩余氣體的壓強(qiáng)為p2，由理想氣體狀態(tài)方程可得pV=3解得p【解析】【分析】（1）①氧氣瓶充氣的過程中，利用等容變化的狀態(tài)方程可以求出氣體的最高溫度；②氧氣瓶充氣的過程中，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可以求出氧氣吸收的熱量大小；

（2）以所有其他為對象，根據(jù)等溫變化的狀態(tài)方程可以求出剩余氣體的壓強(qiáng)大小。14．【答案】解：（1）受力平衡mg=解得I=方向由a到b。（2）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=N根據(jù)閉合電路歐姆定律E=2IR聯(lián)立解得Δ（3）①根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得E1=N根據(jù)閉合電路歐姆定律有I'=根據(jù)平衡條件有mg=解得

v=10②由動量定理得mgt?其中I't=q解得t=7s???????【解析】【分析】（1）由于桿處于靜止，根據(jù)重力和安培力相等可以求出電流的大小，結(jié)合左手定則可以判別電流的方向；

（2）已知回路電流的大小，結(jié)合歐姆定律