2019版高考物理一輪復習第9章恒定電流33電路的基本概念和規(guī)律能力訓練

1、33 電路的基本概念和規(guī)律1下列說法正確的是()A電流通過導體的熱功率與電流大小成正比B力對物體所做的功與力的作用時間成正比C電容器所帶電荷量與兩極間的電勢差成正比D彈性限度內，彈簧的勁度系數與彈簧伸長量成正比答案C解析電流通過導體的熱功率為PI2R，與電流的平方成正比，A錯誤；力作用在物體上，如果物體沒有在力的方向上發(fā)生位移，作用時間再長，做功也為零，B錯誤；由C可知，電容器的電容由電容器本身的性質決定，因此電容器的帶電量與兩板間的電勢差成正比，C正確；彈簧的勁度系數與彈簧的伸長量無關，D錯誤。2.有A、B、C、D四個電阻，它們的IU關系如圖所示，其中電阻最小的是()AA BBCC DD答案

2、A解析因為在IU圖象中，圖線的斜率k，故斜率越大，電阻越小，因而A的電阻最小。3.(2016山東德州一中期末)一個阻值為R的電阻兩端加上電壓U后，通過電阻橫截面的電荷量q隨時間變化的圖象如圖所示，此圖象的斜率可表示為()AU BR C. D.答案C解析斜率kI，故選C。4(2017貴州都勻一中期末)如圖為某臺電風扇的銘牌，如果已知該電風扇在額定電壓下工作，轉化為機械能的功率等于電動勢消耗電功率的98%，則在額定電壓下工作，通過電動機的電流及電動機線圈的電阻R分別是()AI2.5 A，R11 BI2.5 A，R88 CI0.4 A，R11 DI0.4 A，R550 答案C解析從銘牌上可得額定功率

3、為88 W，額定電壓為220 V，故根據公式I可得額定電流為I A0.4 A，轉化為機械能的功率等于電動勢消耗的電功率的98%，根據能量守恒定律可知線圈電阻消耗功率為2%P，故2%PI2R，解得R 11 ，C正確。5(多選)如圖所示，定值電阻R120 ，電動機繞線電阻R210 ，當開關S斷開時，電流表的示數是I10.5 A，當開關合上后，電動機轉動起來，電路兩端的電壓不變，電流表的示數I和電路消耗的電功率P應是()AI1.5 A BI1.5 ACP15 W DP15 W答案BD解析當開關S斷開時，由歐姆定律得UI1R110 V，當開關閉合后，通過R1的電流仍為0.5 A，通過電動機的電流I21

4、 A，故電流表示數I0.5 A1 A1.5 A，B正確；電路中電功率PUI15 W，D正確。6(2018黑龍江牡丹江一中月考)(多選)有一橫截面積為S的銅導線，流經其中的電流為I，設每單位體積的導線中有n個自由電子，電子的電荷量為q，此時電子的定向移動速度為v，在t時間內，通過導線橫截面的自由電子數目可表示為()AnvS BnvSt C. D.答案BC解析在t時間內，通過導線橫截面的自由電子數目可表示為，或者由InqvS，得nvSt，故選B、C。7(2018山西懷仁一中月考)(多選)如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為12 V，燈泡L上標有“6 V,12 W”字樣，電動機線圈電阻RM0.50 。若

5、燈泡恰能正常發(fā)光，以下說法中正確的是()A電動機的輸入功率是12 WB電動機的輸出功率是12 WC電動機的熱功率是2.0 WD整個電路消耗的電功率是22 W答案AC解析電動機兩端的電壓U1UUL(126) V6 V，整個電路中的電流I A2 A，所以電動機輸入功率P入U1I62 W12 W，故A正確；電動機的熱功率P熱I2RM40.5 W2 W，則電動機的輸出功率P2P入P熱122 W10 W，故B錯誤，C正確；整個電路消耗的功率PUI122 W24 W，故D錯誤。8.(2018河北正定中學月考)一燈泡的伏安特性曲線如圖所示，已知該燈泡額定電壓為8 V。(1)求燈泡正常發(fā)光時的電功率P；(2)

6、若一定值電阻與該燈泡串聯，接在U015 V的電壓上，燈泡能正常發(fā)光，求串聯電阻的阻值。答案(1)16 W(2)3.5 解析(1)根據圖象得出電壓為8 V時的電流I2 A，則燈泡正常發(fā)光時的電功率PUI8216 W。(2)燈泡能正常發(fā)光，電壓為8 V，電流為2 A，根據閉合電路歐姆定律得：U0UIR。解得：R3.5 。9(2017黑龍江大慶期中)如圖所示，內壁光滑、內徑很小的圓弧管固定在豎直平面內，圓弧的半徑r為0.2 m，在圓心O處固定一個電荷量為1.0109 C的點電荷。質量為0.06 kg、略小于圓管截面的帶電小球，從與O點等高的A點沿圓管內由靜止運動到最低點B，到達B點小球剛好與圓弧沒有

7、作用力，然后從B點進入板距d0.08 m的兩平行板電容器后，剛好能在水平方向上做勻速直線運動，且此時電路中的電動機剛好能正常工作。已知電源的電壓為12 V，定值電阻R的阻值為6 ，電動機的內阻為0.5 。(取g10 m/s2，靜電力常量k9.0109 Nm2/C2)求：(1)小球到達B點時的速度；(2)小球所帶的電荷量；(3)電動機的機械功率。答案(1)2 m/s(2)8103 C(3)5.5 W解析(1)根據機械能守恒可得：mgrmv解得vB2 m/s。(2)到達B點恰好作用力為0，由牛頓第二定律得mgm，解得q8103 C。(3)設電容器兩端電壓為U1，由二力平衡得mg由歐姆定律得I所以，

8、電動機兩端電壓UMUU1P機P總P熱IUMI2rM聯立解得P機5.5 W。10(2017江蘇南通二模)某同學想粗測一下粗細均勻的某金屬導線的電阻率，他先用螺旋測微器測出該導線的直徑為d0.200 mm，然后用刻度尺測出導線的長度為1.0103 mm，用調好的歐姆表測出導線的電阻為5.0 ，由此可算得該導線的電阻率約為()A1.57107 m B1.57107 /mC1.57108 m D1.57108 /m答案A解析由電阻定律得R，解得m1.57107 m，故A正確，B、C、D錯誤。11(2017江蘇南通模擬)一根長為L、橫截面積為S的金屬棒，其材料的電阻率為，棒內單位體積自由電子數為n，電子

9、的質量為m、電荷量為e，在棒兩端加上恒定的電壓U，金屬棒內自由電子定向移動的平均速率為()A. B. CneL D.答案A解析根據電流的微觀表達式可知InevS，由歐姆定律可得I，根據電阻定律可得R，聯立可得v，故A正確，B、C、D錯誤。12.(2017天津紅橋區(qū)模擬)(多選)某一熱敏電阻其阻值隨溫度的升高而減小，在一次實驗中，將該熱敏電阻與一小燈泡串聯，通電后二者電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示，M為兩元件的伏安特性曲線的交點。則關于熱敏電阻和小燈泡的下列說法中正確的是()A圖中圖線a是小燈泡的伏安特性曲線，圖線b是熱敏電阻的伏安特性曲線B圖中圖線b是小燈泡的伏安特性曲線，圖線a是熱敏電

10、阻的伏安特性曲線C圖線中的M點，表示該狀態(tài)小燈泡的電阻大于熱敏電阻的阻值D圖線中M點對應的狀態(tài)，小燈泡的功率與熱敏電阻的功率相等答案BD解析小燈泡的燈絲是一個純電阻，其燈絲溫度會隨著通電電流的增大而增大，阻值也隨著增大，所以題圖中圖線b是小燈泡的伏安特性曲線；同理可知，熱敏電阻的溫度隨著通電電流的增大而增大，其阻值會逐漸減小，所以題圖中圖線a是熱敏電阻的伏安特性曲線，故A錯誤、B正確；兩圖線的交點M，表示此狀態(tài)兩元件的電壓和電流相同，由歐姆定律可知，此時兩者的阻值相等，功率也相等，故C錯誤、D正確。13(四川高考)四川省“十二五”水利發(fā)展規(guī)劃指出，若按現有供水能力測算，我省供水缺口極大，蓄引提水是目前解決供水問題的重要手段之一。某地要把河水抽高20 m，進入蓄水池，用一臺電動機通過傳動效率為80%的皮帶帶動效率為60%的離心水泵工作。工作電壓為380 V，此時輸入電動機的電功率為19 kW，電動機的內阻為0.4 。已知水的密度為1103 kg/m3，重力加速度取10 m/s2。求：(1)電動機內阻消耗的熱功率；(2)將蓄水池蓄入864 m3的水需要的時間(不計進、出水口的水流速度)。答案(1)1103 W(2)2104 s解析(1)設電