2019版高考物理一輪復(fù)習(xí)第9章恒定電流33電路的基本概念和規(guī)律能力訓(xùn)練

1、33 電路的基本概念和規(guī)律1下列說(shuō)法正確的是()A電流通過(guò)導(dǎo)體的熱功率與電流大小成正比B力對(duì)物體所做的功與力的作用時(shí)間成正比C電容器所帶電荷量與兩極間的電勢(shì)差成正比D彈性限度內(nèi)，彈簧的勁度系數(shù)與彈簧伸長(zhǎng)量成正比答案C解析電流通過(guò)導(dǎo)體的熱功率為PI2R，與電流的平方成正比，A錯(cuò)誤；力作用在物體上，如果物體沒(méi)有在力的方向上發(fā)生位移，作用時(shí)間再長(zhǎng)，做功也為零，B錯(cuò)誤；由C可知，電容器的電容由電容器本身的性質(zhì)決定，因此電容器的帶電量與兩板間的電勢(shì)差成正比，C正確；彈簧的勁度系數(shù)與彈簧的伸長(zhǎng)量無(wú)關(guān)，D錯(cuò)誤。2.有A、B、C、D四個(gè)電阻，它們的IU關(guān)系如圖所示，其中電阻最小的是()AA BBCC DD答案

2、A解析因?yàn)樵贗U圖象中，圖線的斜率k，故斜率越大，電阻越小，因而A的電阻最小。3.(2016山東德州一中期末)一個(gè)阻值為R的電阻兩端加上電壓U后，通過(guò)電阻橫截面的電荷量q隨時(shí)間變化的圖象如圖所示，此圖象的斜率可表示為()AU BR C. D.答案C解析斜率kI，故選C。4(2017貴州都勻一中期末)如圖為某臺(tái)電風(fēng)扇的銘牌，如果已知該電風(fēng)扇在額定電壓下工作，轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的功率等于電動(dòng)勢(shì)消耗電功率的98%，則在額定電壓下工作，通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流及電動(dòng)機(jī)線圈的電阻R分別是()AI2.5 A，R11 BI2.5 A，R88 CI0.4 A，R11 DI0.4 A，R550 答案C解析從銘牌上可得額定功率

3、為88 W，額定電壓為220 V，故根據(jù)公式I可得額定電流為I A0.4 A，轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的功率等于電動(dòng)勢(shì)消耗的電功率的98%，根據(jù)能量守恒定律可知線圈電阻消耗功率為2%P，故2%PI2R，解得R 11 ，C正確。5(多選)如圖所示，定值電阻R120 ，電動(dòng)機(jī)繞線電阻R210 ，當(dāng)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，電流表的示數(shù)是I10.5 A，當(dāng)開(kāi)關(guān)合上后，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)起來(lái)，電路兩端的電壓不變，電流表的示數(shù)I和電路消耗的電功率P應(yīng)是()AI1.5 A BI1.5 ACP15 W DP15 W答案BD解析當(dāng)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，由歐姆定律得UI1R110 V，當(dāng)開(kāi)關(guān)閉合后，通過(guò)R1的電流仍為0.5 A，通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流I21

4、 A，故電流表示數(shù)I0.5 A1 A1.5 A，B正確；電路中電功率PUI15 W，D正確。6(2018黑龍江牡丹江一中月考)(多選)有一橫截面積為S的銅導(dǎo)線，流經(jīng)其中的電流為I，設(shè)每單位體積的導(dǎo)線中有n個(gè)自由電子，電子的電荷量為q，此時(shí)電子的定向移動(dòng)速度為v，在t時(shí)間內(nèi)，通過(guò)導(dǎo)線橫截面的自由電子數(shù)目可表示為()AnvS BnvSt C. D.答案BC解析在t時(shí)間內(nèi)，通過(guò)導(dǎo)線橫截面的自由電子數(shù)目可表示為，或者由InqvS，得nvSt，故選B、C。7(2018山西懷仁一中月考)(多選)如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為12 V，燈泡L上標(biāo)有“6 V,12 W”字樣，電動(dòng)機(jī)線圈電阻RM0.50 。若

5、燈泡恰能正常發(fā)光，以下說(shuō)法中正確的是()A電動(dòng)機(jī)的輸入功率是12 WB電動(dòng)機(jī)的輸出功率是12 WC電動(dòng)機(jī)的熱功率是2.0 WD整個(gè)電路消耗的電功率是22 W答案AC解析電動(dòng)機(jī)兩端的電壓U1UUL(126) V6 V，整個(gè)電路中的電流I A2 A，所以電動(dòng)機(jī)輸入功率P入U(xiǎn)1I62 W12 W，故A正確；電動(dòng)機(jī)的熱功率P熱I2RM40.5 W2 W，則電動(dòng)機(jī)的輸出功率P2P入P熱122 W10 W，故B錯(cuò)誤，C正確；整個(gè)電路消耗的功率PUI122 W24 W，故D錯(cuò)誤。8.(2018河北正定中學(xué)月考)一燈泡的伏安特性曲線如圖所示，已知該燈泡額定電壓為8 V。(1)求燈泡正常發(fā)光時(shí)的電功率P；(2)

6、若一定值電阻與該燈泡串聯(lián)，接在U015 V的電壓上，燈泡能正常發(fā)光，求串聯(lián)電阻的阻值。答案(1)16 W(2)3.5 解析(1)根據(jù)圖象得出電壓為8 V時(shí)的電流I2 A，則燈泡正常發(fā)光時(shí)的電功率PUI8216 W。(2)燈泡能正常發(fā)光，電壓為8 V，電流為2 A，根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U0UIR。解得：R3.5 。9(2017黑龍江大慶期中)如圖所示，內(nèi)壁光滑、內(nèi)徑很小的圓弧管固定在豎直平面內(nèi)，圓弧的半徑r為0.2 m，在圓心O處固定一個(gè)電荷量為1.0109 C的點(diǎn)電荷。質(zhì)量為0.06 kg、略小于圓管截面的帶電小球，從與O點(diǎn)等高的A點(diǎn)沿圓管內(nèi)由靜止運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)B，到達(dá)B點(diǎn)小球剛好與圓弧沒(méi)有

7、作用力，然后從B點(diǎn)進(jìn)入板距d0.08 m的兩平行板電容器后，剛好能在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，且此時(shí)電路中的電動(dòng)機(jī)剛好能正常工作。已知電源的電壓為12 V，定值電阻R的阻值為6 ，電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為0.5 。(取g10 m/s2，靜電力常量k9.0109 Nm2/C2)求：(1)小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度；(2)小球所帶的電荷量；(3)電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率。答案(1)2 m/s(2)8103 C(3)5.5 W解析(1)根據(jù)機(jī)械能守恒可得：mgrmv解得vB2 m/s。(2)到達(dá)B點(diǎn)恰好作用力為0，由牛頓第二定律得mgm，解得q8103 C。(3)設(shè)電容器兩端電壓為U1，由二力平衡得mg由歐姆定律得I所以，

8、電動(dòng)機(jī)兩端電壓UMUU1P機(jī)P總P熱IUMI2rM聯(lián)立解得P機(jī)5.5 W。10(2017江蘇南通二模)某同學(xué)想粗測(cè)一下粗細(xì)均勻的某金屬導(dǎo)線的電阻率，他先用螺旋測(cè)微器測(cè)出該導(dǎo)線的直徑為d0.200 mm，然后用刻度尺測(cè)出導(dǎo)線的長(zhǎng)度為1.0103 mm，用調(diào)好的歐姆表測(cè)出導(dǎo)線的電阻為5.0 ，由此可算得該導(dǎo)線的電阻率約為()A1.57107 m B1.57107 /mC1.57108 m D1.57108 /m答案A解析由電阻定律得R，解得m1.57107 m，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤。11(2017江蘇南通模擬)一根長(zhǎng)為L(zhǎng)、橫截面積為S的金屬棒，其材料的電阻率為，棒內(nèi)單位體積自由電子數(shù)為n，電子

9、的質(zhì)量為m、電荷量為e，在棒兩端加上恒定的電壓U，金屬棒內(nèi)自由電子定向移動(dòng)的平均速率為()A. B. CneL D.答案A解析根據(jù)電流的微觀表達(dá)式可知InevS，由歐姆定律可得I，根據(jù)電阻定律可得R，聯(lián)立可得v，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤。12.(2017天津紅橋區(qū)模擬)(多選)某一熱敏電阻其阻值隨溫度的升高而減小，在一次實(shí)驗(yàn)中，將該熱敏電阻與一小燈泡串聯(lián)，通電后二者電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示，M為兩元件的伏安特性曲線的交點(diǎn)。則關(guān)于熱敏電阻和小燈泡的下列說(shuō)法中正確的是()A圖中圖線a是小燈泡的伏安特性曲線，圖線b是熱敏電阻的伏安特性曲線B圖中圖線b是小燈泡的伏安特性曲線，圖線a是熱敏電

10、阻的伏安特性曲線C圖線中的M點(diǎn)，表示該狀態(tài)小燈泡的電阻大于熱敏電阻的阻值D圖線中M點(diǎn)對(duì)應(yīng)的狀態(tài)，小燈泡的功率與熱敏電阻的功率相等答案BD解析小燈泡的燈絲是一個(gè)純電阻，其燈絲溫度會(huì)隨著通電電流的增大而增大，阻值也隨著增大，所以題圖中圖線b是小燈泡的伏安特性曲線；同理可知，熱敏電阻的溫度隨著通電電流的增大而增大，其阻值會(huì)逐漸減小，所以題圖中圖線a是熱敏電阻的伏安特性曲線，故A錯(cuò)誤、B正確；兩圖線的交點(diǎn)M，表示此狀態(tài)兩元件的電壓和電流相同，由歐姆定律可知，此時(shí)兩者的阻值相等，功率也相等，故C錯(cuò)誤、D正確。13(四川高考)四川省“十二五”水利發(fā)展規(guī)劃指出，若按現(xiàn)有供水能力測(cè)算，我省供水缺口極大，蓄引提水是目前解決供水問(wèn)題的重要手段之一。某地要把河水抽高20 m，進(jìn)入蓄水池，用一臺(tái)電動(dòng)機(jī)通過(guò)傳動(dòng)效率為80%的皮帶帶動(dòng)效率為60%的離心水泵工作。工作電壓為380 V，此時(shí)輸入電動(dòng)機(jī)的電功率為19 kW，電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為0.4 。已知水的密度為1103 kg/m3，重力加速度取10 m/s2。求：(1)電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻消耗的熱功率；(2)將蓄水池蓄入864 m3的水需要的時(shí)間(不計(jì)進(jìn)、出水口的水流速度)。答案(1)1103 W(2)2104 s解析(1)設(shè)電