計(jì)算機(jī)專業(yè)考研真題講解

1、【例1】（2009年全國(guó)計(jì)算機(jī)學(xué)科聯(lián)考專業(yè)基礎(chǔ)綜合卷第12題，2分）：一個(gè)C語(yǔ)言程序在一臺(tái)32位機(jī)器上運(yùn)行。程序中定義了三個(gè)變量x、y、z，其中x和z是int型，y為short型。當(dāng)x=127，y=-9時(shí)，執(zhí)行賦值語(yǔ)句z=x+y后，x、y、z的值分別是   AX=0000007FH，y=FFF9H，z=00000076H   BX=0000007FH，y=FFF9H，z=FFFF0076H   CX=0000007FH，y=FFF7H，z=FFFF0076H    DX=00

2、00007FH，y=FFF7H，z=00000076H   【解析】 D。本題目涉及知識(shí)點(diǎn)如下：（1） 十進(jìn)制數(shù)轉(zhuǎn)換為二進(jìn)制數(shù)：十進(jìn)制轉(zhuǎn)二進(jìn)制的方法為整數(shù)部分除2取余倒計(jì)數(shù)，小數(shù)部分乘2取整正計(jì)數(shù)。9 / 2 . 1= 4 / 2 . 0= 2 / 2 . 0= 1/ 2 . 19=1001B127 / 2 . 1= 63 / 2 . 1= 31 / 2 . 1= 15 / 2 . 1=7 / 2 . 1= 3 / 2 .1= 1 / 2 . 1127= 1111111B（2）轉(zhuǎn)成32位補(bǔ)碼127補(bǔ)=1111111B補(bǔ)=+001111111B補(bǔ)=000111111

3、1B=0007FH-9補(bǔ)=-1001B補(bǔ)=-000001001B補(bǔ)=11111111111111111111111111110111B=0FFF7H（3）求x+y的真值及補(bǔ)碼 127+（-9）=118118補(bǔ)=1110110B補(bǔ)=+001110110B補(bǔ)=0001110110B=00076H 或補(bǔ)碼直接求和：0007FH+0FFF7H =00076H答案為D?！纠?】（2009年全國(guó)計(jì)算機(jī)學(xué)科聯(lián)考專業(yè)基礎(chǔ)綜合卷第13題，2分）：浮點(diǎn)數(shù)加減運(yùn)算過(guò)程一般包括對(duì)階、尾數(shù)運(yùn)算、規(guī)格化、舍入和判溢出等步驟。設(shè)浮點(diǎn)數(shù)的階碼和尾數(shù)均采用補(bǔ)碼表示，且位數(shù)分別為5位和7位（均含2位符號(hào)位）。若有兩個(gè)數(shù)X=27&

4、#215;29/32，Y=25×5/8，則用浮點(diǎn)加法計(jì)算X+Y的最終結(jié)果是 A：00111   B： 00111    C：01000   D： 發(fā)生溢出   【解析】 D。本題目涉及知識(shí)點(diǎn)如下：（1）浮點(diǎn)數(shù)表示：設(shè)X=Mx * 2Ex ， Y=My * 2Ey Mx補(bǔ)=29/32補(bǔ)= +0.11101B補(bǔ)=00 11101B My補(bǔ)=5/8補(bǔ)= +0. 101B補(bǔ)=+0. 10100B補(bǔ)=00 10100BEx補(bǔ)=7補(bǔ)= +111B補(bǔ)=00 1

5、11BEy補(bǔ)=5補(bǔ)= +101B補(bǔ)=00 101B X:00 111B00 11101B Y:00 101B00 10100B （2）對(duì)階Ex>Ey,所以Y:00 111B00 00101 00B，My補(bǔ)=00 00101 00B，Ey補(bǔ)=00 111B （3）尾數(shù)求和 Mx+ My補(bǔ)= 01 00010B （4）右規(guī) 尾數(shù)的和溢出，需要通過(guò)右移進(jìn)行規(guī)格化，但是當(dāng)前階碼已經(jīng)為最大值00 111B，無(wú)法通過(guò)右移進(jìn)行規(guī)格化。 （5）溢出判斷 無(wú)法通過(guò)右移完成結(jié)果的規(guī)格化，運(yùn)算結(jié)果溢出，答案為D?！纠?】（2009年全國(guó)計(jì)算機(jī)學(xué)科聯(lián)考專業(yè)基礎(chǔ)綜合卷第16題，2分）：某機(jī)器字長(zhǎng)16位，主存按字節(jié)

6、編址，轉(zhuǎn)移指令采用相對(duì)尋址，由兩個(gè)字節(jié)組成，第一字節(jié)為操作碼字段，第二字節(jié)為相對(duì)位移量字段。假定取指令時(shí)，每取一個(gè)字節(jié)PC自動(dòng)加1。若某轉(zhuǎn)移指令所在主存地址為2000H，相對(duì)位移量字段的內(nèi)容為06H，則該轉(zhuǎn)移指令成功轉(zhuǎn)以后的目標(biāo)地址是  A：2019H  B：2019H  C：2019H  D：2009H   【解析】本題目涉及知識(shí)點(diǎn)如下：（1） 由題意，轉(zhuǎn)移指令由兩個(gè)字節(jié)組成，所以取入轉(zhuǎn)移指令后PC的值加2，為2019H。（2） 相對(duì)尋址的目標(biāo)地址=PC的值+指令中給定的偏移量=20

7、19H+06H=2019H。答案為C?！纠?】（2019年全國(guó)計(jì)算機(jī)學(xué)科聯(lián)考專業(yè)基礎(chǔ)綜合卷第18題，2分）：某計(jì)算機(jī)的控制器采用微程序控制方式，微指令中的操作控制字段采用字段直接編碼法，共有33個(gè)微命令，構(gòu)成5個(gè)互斥類，分別包含7、3、12、5和6個(gè)微命令，則操作控制字段至少有 A：5位  B：6位  C：15 位 D：33位【解析】本題目涉及知識(shí)點(diǎn)如下：（1） 微操作類型相容性微操作：同時(shí)或同一個(gè)CPU周期內(nèi)可以并行執(zhí)行的微操作。相斥性微操作：不能同時(shí)或在同一個(gè)CPU周期內(nèi)并行執(zhí)行的微操作（2） 微命令編碼 直接控制法：微指令控制字段的一種編

8、碼方法，每個(gè)微命令占一位。直接編碼法：相斥的n個(gè)微命令可以采用編碼法表示，占log2n+1位。混合編碼法：相斥微命令采用直接編碼法，相容微命令采用直接控制法。（3） 7個(gè)互斥的微命令采用直接編碼法至少需要log27+1位，即3位。3個(gè)互斥的微命令采用直接編碼法至少需要log23+1位，即2位。12個(gè)互斥的微命令采用直接編碼法至少需要log212+1位，即4位。5個(gè)互斥的微命令采用直接編碼法至少需要log25+1位，即3位。6個(gè)互斥的微命令采用直接編碼法至少需要log26+1位，即3位。 至少需要3+2+4+3+3=15位。答案為C?！纠?】 （2009年全國(guó)計(jì)算機(jī)學(xué)科聯(lián)考專業(yè)基礎(chǔ)綜合卷第44題

9、，13分）：某計(jì)算機(jī)的字長(zhǎng)16位，采用16位定長(zhǎng)指令字結(jié)構(gòu)，部分?jǐn)?shù)據(jù)通路結(jié)構(gòu)如圖5-15所示，圖中所有控制信號(hào)為1時(shí)表示有效，為0時(shí)表示無(wú)效，例如控制信號(hào)MDRinE為1表示允許數(shù)據(jù)從DB打入MDR，MDRin為1表示允許數(shù)據(jù)從內(nèi)總線打入MDR。假設(shè)MAR的輸出一直處于使能狀態(tài)。加法指令“ADD (R1),R0”的功能為R0 +(R1)à (R1)，即將R0中的數(shù)據(jù)及R1的內(nèi)容所指主存單元的數(shù)據(jù)相加，并將結(jié)果送入R1的內(nèi)容所指主存單元中保存。IRPCACAR1R0MARMDR存儲(chǔ)器(M)MemR MemW Data Addr表5-1給出了上述指令取指和譯碼階段每個(gè)節(jié)拍（時(shí)鐘周期）的功

10、能和有效控制信號(hào)，請(qǐng)按表中描述方式用表格列出指令執(zhí)行階段每個(gè)節(jié)拍的功能和有效控制信號(hào)。表5-1節(jié)拍功能表時(shí)鐘功能有效控制信號(hào)C1MARß(PC)PCout, MARinC2MDRßM(MAR) PCß(PC)+1MemR, MDRinEPC+1C3IRß(MDR)MDRout, IRinC4指令譯碼無(wú)【解析】 本題目涉及知識(shí)點(diǎn)如下：（1） 尋址方式：寄存器間接尋址 由題目已知條件，加法指令“ADD (R1),R0”中R1為寄存器間接尋址，其內(nèi)容為內(nèi)存地址，R0為寄存器直接尋址，其內(nèi)容為操作數(shù)據(jù)。（2） 數(shù)據(jù)通路和指令功能 由題目已知條件，加法指令“ADD

11、 (R1),R0”的功能為R0 +(R1)à (R1)，即將R0中的數(shù)據(jù)及R1的內(nèi)容所指主存單元的數(shù)據(jù)相加，并將結(jié)果送入R1的內(nèi)容所指主存單元中保存。由題目給定的數(shù)據(jù)通路結(jié)構(gòu)可知，完成指令“ADD (R1),R0”的功能，需要先將R1的內(nèi)容作為內(nèi)存地址，讀取該單元內(nèi)容到CPU的MDR中，為完成加法運(yùn)算，讀入的數(shù)據(jù)還需要從MDR送入運(yùn)算器的A中，然后和R0中的數(shù)據(jù)求和，再將結(jié)果寫入R1間接尋址的內(nèi)存單元。（3） 控制信號(hào)R1的內(nèi)容作為內(nèi)存地址，功能為MARß(R1)，所需控制信號(hào)為R1out, MARin。讀取內(nèi)存單元內(nèi)容到MDR中，功能為MDRßM(MAR)，所需

12、控制信號(hào)為MemR, MDRinE。 R0內(nèi)容送CPU的A中，功能為AßR0，所需控制信號(hào)為R0out, Ain。完成加法運(yùn)算，功能為ACß(MDR)+（A），所需控制信號(hào)為MDRout, Add,ACin。AC中的數(shù)據(jù)送MDR，功能為MDRß(AC)，所需控制信號(hào)為ACout, MDRin。結(jié)果寫入R1間接尋址的內(nèi)存單元，功能為M(MAR)ß(MDR)，所需控制信號(hào)為MDRoutE, MemW。具體節(jié)拍功能序列見(jiàn)表5-2：表5-2節(jié)拍功能表時(shí)鐘功能有效控制信號(hào)C5MARß(R1)R1out, MARinC6MDRßM(MAR)AßR0MemR, MDRinER0out, AinC7ACß(MDR)+（A）MDRout, Add,ACinC8MDRß(AC)ACout, MDRinC9M(MAR)ß(MDR)MDRoutE, MemW總結(jié)計(jì)算機(jī)組成原理課程內(nèi)容總體偏抽象，這個(gè)復(fù)習(xí)過(guò)程應(yīng)該以課本內(nèi)容為主，輸入理解各部分基本原理。課本知識(shí)做到不漏、不偏。重點(diǎn)章節(jié)內(nèi)容必須熟練掌握課本每一句話的含義，準(zhǔn)確把握知識(shí)點(diǎn)之間的聯(lián)系?；A(chǔ)階段的復(fù)習(xí)方法：整合各章知識(shí)點(diǎn)，逐一認(rèn)真復(fù)習(xí)，課本例題和課后作業(yè)認(rèn)真