湖南省益陽六中2015-2016學(xué)年高二上學(xué)期第一次月考物理試題

1、.2015-2016學(xué)年湖南省益陽六中高二（上）第一次月考物理試卷一選擇題（每小題3分，共60分其中1-15題為單選，16-20題為多選）1下列四組單位中，哪一組中的單位都是國際單位制中的基本單位（）Am、N、sBm、kg、sCkg、J、sDm、kg、N2下列說法正確的是（）A元電荷就是質(zhì)子B帶電體所帶電荷量一定是元電荷的整數(shù)倍C點電荷一定是帶電量很少的帶電體D處于靜電平衡的導(dǎo)體的內(nèi)部可能有凈電荷3兩個點電荷相距為L，帶電量均為q，它們之間的靜電力為F，現(xiàn)把距離增大為2L，電量均增為2q，則靜電力為（）A2FBFCD4兩個大小相同的小球帶有同種電荷，質(zhì)量分別為m1和m2，帶電量分別為q1和q2

2、，用絕緣細線懸掛后，因靜電力排斥而使兩懸線張開，與豎直方向的夾角分別為1和2，且兩球處于同一水平線上，如圖所示若1=2，則下列判斷正確的是（）Am1一定等于m2Bq1一定等于q2C一定滿足D必然同時滿足q1=q2，m1=m25關(guān)于電場場強的概念，下列說法正確的是（）A由E=可知，某電場的場強E與q成反比，與F成正比B正負試探電荷在同一點受到的電場力方向相反，所以某一點場強方向與試探電荷的正負有關(guān)C電場中某一點的場強與放入該點的試探電荷正負無關(guān)D電場中某一點不放試探電荷時，該點場強等于零6關(guān)于電容器的電容，正確的說法是（）A根據(jù)C=，如果電容器不充電，也就無電壓，也就沒有電容量B不超過耐壓的情況

3、下，一固定的電容器上充的電量與兩極間的電壓成正比C一只電容器充的電量越多，它的電容量也就越大D一個電容器的電容與加在兩極間電壓的大小成反比7一電量q=2×109C的正電荷，在靜電場中由a點移到b點的過程中除了電場力外，其它力做功為6×105J，電荷的動能增加了8×105J，則a、b兩點間的電勢差Uab為（）A3×104VB1×104 VC4×104 VD7×104 V8讓平行板電容器帶電后，靜電計的指針偏轉(zhuǎn)一定角度，若不改變兩極板帶的電量而減小兩極板間的距離，同時在兩極板間插入電介質(zhì)，那么靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度（）A一定減小B

4、一定增大C一定不變D可能不變9如圖所示，一電子槍發(fā)射出的電子（初速度很小，可視為零）進入加速電場加速后，垂直射入偏轉(zhuǎn)電場，射出后偏轉(zhuǎn)位移為Y，要使偏轉(zhuǎn)位移增大，下列哪些措施是可行的（不考慮電子射出時碰到偏轉(zhuǎn)電極板的情況）（）A增大偏轉(zhuǎn)電壓UB增大加速電壓U0C增大偏轉(zhuǎn)極板間距離D將發(fā)射電子改成發(fā)射負離子10如圖，一帶有絕緣座的空心球殼A帶有4×108C的正電荷，一帶絕緣柄的金屬球B帶有2×108C的負電荷，通過A上的小孔使B和A的內(nèi)表面接觸，則AB各自帶電為（）AQA=108C，QB=108CBQA=0，QB=2×108CCQA=2×108C，QB=0D

5、QA=2×108C，QB=2×108C11關(guān)于電場強度和電勢的關(guān)系，下列說法正確的是（）A場強處處為零的空間，電勢也一定處處為零B場強處處相同的區(qū)域內(nèi)，電勢也一定相同C場強的方向總是跟等勢面垂直D電勢高的地方場強一定大12如圖所示，三條平行等間距的虛線表示電場中的三個等勢面，電勢分別為10V、20V、30V，實線是一帶電粒子（不計重力）在該區(qū)域內(nèi)的運動軌跡，a、b、c是軌跡上的三個點，下列說法正確的是（）A粒子在三點所受的電場力不相等B粒子必先過a，再到b，然后到cC粒子在三點所具有的動能大小關(guān)系為EkbEkaEkcD粒子在三點的電勢能大小關(guān)系為EpcEpaEpb13關(guān)于電

6、流強度，下列說法中正確的是（）A單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電量越多，導(dǎo)體中的電流強度越大B電子運動的速率越大，電流強度越大C通過導(dǎo)線橫截面的電量越多，電流強度越大D因為電流有方向，所以電流強度是矢量14如圖所示，在豎直向上的勻強電場中，一根不可伸長的絕緣細繩的一端系著一個帶電小球，另一端固定于O點，小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，最高點為a，最低點為b不計空氣阻力，則（）A小球帶負電B電場力跟重力平衡C小球在從a點運動到b點的過程中，電勢能減小D小球在運動過程中機械能守恒15兩只電阻的伏安特性曲線如圖所示，則下列說法中正確的是（）A兩電阻的阻值為R1大于R2B兩電阻串聯(lián)在電路中時，R1消耗的功

7、率小于R2消耗的功率C兩電阻并聯(lián)在電路中時，R1的電流小于R2的電流D兩電阻串聯(lián)在電路中時，R1兩端電壓大于R2兩端電壓16如圖所示，實線為一電場線，質(zhì)子只受電場力從A點移到B點，下列說法正確的是（）A帶電粒子的動能減少B帶電粒子的電勢能增加C帶電粒子的動能增加D帶電粒子的電勢能減少17如圖為一塊手機電池的背面印有的一些符號，下列說法正確的是（）A該電池的容量為500mAhB該電池的電動勢為3.6VC該電池在工作1小時后達到的電流為500mAD若電池以10mA的電流工作，可用50小時18關(guān)于電動勢下列說法中正確的是（）A在電源內(nèi)部把正電荷從負極移到正極，非靜電力做功，電能增加B對于給定的電源，

8、移動正電荷非靜電力做功越多，電動勢就越大C電動勢越大，說明非靜電力在電源內(nèi)部把正電荷從負極向正極送單位電荷量做功越多D電動勢越大，說明非靜電力在電源內(nèi)部把正電荷從負極向正極移送電荷量越多19下列說法中正確的是（）A物體在恒力作用下不可能做曲線運動B物體在變力作用下一定做曲線運動C物體在恒力或變力作用下都可能做曲線運動D做曲線運動的物體，其速度方向與加速度方向一定不在同一直線上20質(zhì)量為2kg的質(zhì)點在xy平面上做曲線運動，在x方向的速度圖象和y方向的位移圖象如圖所示，下列說法正確的是（）A質(zhì)點的初速度為5m/sB質(zhì)點所受的合外力為3NC質(zhì)點初速度的方向與合外力方向垂直D2s末質(zhì)點速度大小為6m/

9、s二填空題（每空2分，共12分）21現(xiàn)有一個靈敏電流計，它的滿偏電流為Ig=1mA，內(nèi)阻Rg=200，若要將它改裝成量程為3V的電壓表，應(yīng)（填“串”或“并”）一個的電阻，改裝后的電壓表測量電壓時，指針指在表盤上原來0.6mA處，則被測電壓的大小是V22電流表的內(nèi)阻約為0.1，電壓表內(nèi)阻約為10K若待測電阻約為5，則應(yīng)當(dāng)用如圖中的測量誤差較小，測得的電阻值和真實值相比偏（填“小”或“大”）231eV= J三、計算題（9+9+10=28分）24如圖，在勻強電場中，一電荷量為q=5.0×1010C的正電荷，由a 點移到b點和由a點移動到c點，電場力做的功都是3.0×108J，已

10、知a、b、c三點的連線組成直角三角形，ab=20cm，=37°（sin37°=0.6；cos37°=0.8）求：（1）a、b兩點間的電勢差Uab；（2）勻強電場的場強25一根長為L=2m，橫截面積S=1×103m2的銅棒，兩端電勢差為U=5.44×102V，銅棒的電阻R=2×105，銅內(nèi)自由電子的密度為n=8.5×1029個m3，求：（1）通過銅棒的電流；（2）銅棒內(nèi)電場強度；（3）自由電子定向移動速率26（10分）（2014秋合肥校級期中）一束電子流在U1=500V的電壓作用下得到一定速度后垂直于平行板間的勻強電場飛入兩板

11、間的中央，如圖所示若平行板間的距離d=1cm，板長l=5cm，問至少在平行板上加多大電壓U2才能使電子不再飛出平行板？2015-2016學(xué)年湖南省益陽六中高二（上）第一次月考物理試卷參考答案與試題解析一選擇題（每小題3分，共60分其中1-15題為單選，16-20題為多選）1下列四組單位中，哪一組中的單位都是國際單位制中的基本單位（）Am、N、sBm、kg、sCkg、J、sDm、kg、N【考點】力學(xué)單位制【分析】國際單位制規(guī)定了七個基本物理量分別為長度、質(zhì)量、時間、熱力學(xué)溫度、電流、光強度、物質(zhì)的量它們的在國際單位制中的單位稱為基本單位，而物理量之間的關(guān)系式推到出來的物理量的單位叫做導(dǎo)出單位他們

12、在國際單位制中的單位分別為米、千克、秒、開爾文、安培、坎德拉、摩爾【解答】解：力學(xué)中的基本物理量有三個，它們分別是長度、質(zhì)量、時間，它們的單位分別為m、kg、s，所以B正確；A、D中的牛（N），C中的焦耳（J）都是導(dǎo)出單位，不是基本單位，所以ACD錯誤故選：B【點評】國際單位制規(guī)定了七個基本物理量，這七個基本物理量分別是誰，它們在國際單位制分別是誰，這都是需要學(xué)生自己記住的2下列說法正確的是（）A元電荷就是質(zhì)子B帶電體所帶電荷量一定是元電荷的整數(shù)倍C點電荷一定是帶電量很少的帶電體D處于靜電平衡的導(dǎo)體的內(nèi)部可能有凈電荷【考點】靜電現(xiàn)象的解釋【分析】帶電體看作點電荷的條件，當(dāng)一個帶電體的形狀及大小

13、對它們間相互作用力的影響可忽略時，這個帶電體可看作點電荷，是由研究問題的性質(zhì)決定，與自身大小形狀無具體關(guān)系元電荷是最小的電荷單位；其數(shù)值等于電子或質(zhì)子的帶電量【解答】解：A、元電荷是指質(zhì)子或電子的帶電量，不是質(zhì)子、電子，更不是原子，故A錯誤；B、帶電體所帶電荷量一定是元電荷的整數(shù)倍，故B正確；C、帶電體看作點電荷的條件，當(dāng)一個帶電體的形狀及大小對它們間相互作用力的影響可忽略時，這個帶電體可看作點電荷，是由研究問題的性質(zhì)決定，與自身大小形狀無具體關(guān)系故C錯誤；D、處于靜電平衡的導(dǎo)體的內(nèi)部凈電荷為零，故D錯誤；故選：B【點評】對于元電荷要注意明確這不是質(zhì)子也不是電子，它只是在數(shù)值上等于它們的電量點

14、電荷與質(zhì)點一樣都是理想化的模型，實際上不存在，但是有著非常重要的應(yīng)用要牢記3兩個點電荷相距為L，帶電量均為q，它們之間的靜電力為F，現(xiàn)把距離增大為2L，電量均增為2q，則靜電力為（）A2FBFCD【考點】庫侖定律【分析】根據(jù)點電荷庫侖力的公式F=k，求得改變之后的庫侖力的大小【解答】解：由點電荷庫侖力的公式F=k 可以得到：F=F，故B正確、ACD錯誤故選：B【點評】本題就是對庫侖力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了4兩個大小相同的小球帶有同種電荷，質(zhì)量分別為m1和m2，帶電量分別為q1和q2，用絕緣細線懸掛后，因靜電力排斥而使兩懸線張開，與豎直方向的夾角分別為1和2，且兩球處于同一水平

15、線上，如圖所示若1=2，則下列判斷正確的是（）Am1一定等于m2Bq1一定等于q2C一定滿足D必然同時滿足q1=q2，m1=m2【考點】庫侖定律；共點力平衡的條件及其應(yīng)用【分析】分別對兩小球進行受力分析，根據(jù)受力可知，由共點力平衡條件得到各自的重力與庫侖力的關(guān)系，抓住相互間的庫侖力大小相等，得到質(zhì)量與角度的關(guān)系，分析求解【解答】解：題中電荷電量可能不同，也可能相同，但各自所受的電場力大小卻相同，方向相反由于它們與豎直線所成的角度均為，且兩球同處一水平線上，所以根據(jù)共點力平衡條件可確定，它們的質(zhì)量一定相等故BCD錯誤，A正確；故選：A【點評】本題中庫侖力是兩個小球聯(lián)系的紐帶，由平衡條件分別找出兩

16、個小球的質(zhì)量與庫侖力關(guān)系是解題的關(guān)鍵5關(guān)于電場場強的概念，下列說法正確的是（）A由E=可知，某電場的場強E與q成反比，與F成正比B正負試探電荷在同一點受到的電場力方向相反，所以某一點場強方向與試探電荷的正負有關(guān)C電場中某一點的場強與放入該點的試探電荷正負無關(guān)D電場中某一點不放試探電荷時，該點場強等于零【考點】電場強度【分析】電場強度等于電荷所受電場力和該電荷電量的比值，即E=，與放入電場中的電荷無關(guān)，由電場本身性質(zhì)決定電場強度的方向與正電荷所受電場力方向相同，與負電荷所受電場力方向相反【解答】解：A、電場強度等于電荷所受電場力和該電荷電量的比值，即E=，與放入電場中的電荷無關(guān)，q變大，F(xiàn)變大，

17、比值不變故A錯誤 B、電場強度的方向與正電荷所受電場力方向相同，與負電荷所受電場力方向相反電場中某點的場強方向與放入電場中電荷無關(guān)故B錯誤 C、電場強度等于電荷所受電場力和該電荷電量的比值，即E=，與放入電場中的電荷無關(guān)故C正確 D、電場強度與放入電場中的電荷無關(guān)，由電場本身性質(zhì)決定故D錯誤故選：C【點評】解決本題的關(guān)鍵掌握電場強度等于電荷所受電場力和該電荷電量的比值，即E=，與放入電場中的電荷無關(guān)，由電場本身性質(zhì)決定6關(guān)于電容器的電容，正確的說法是（）A根據(jù)C=，如果電容器不充電，也就無電壓，也就沒有電容量B不超過耐壓的情況下，一固定的電容器上充的電量與兩極間的電壓成正比C一只電容器充的電量

18、越多，它的電容量也就越大D一個電容器的電容與加在兩極間電壓的大小成反比【考點】電容【專題】電容器專題【分析】電容表征電容器容納電荷的本領(lǐng)大小，由電容器本身的特性決定，與兩極板間的電壓、所帶的電荷量無關(guān)【解答】解：A、電容器本身的特性決定，與兩極板間的電壓、所帶的電荷量無關(guān)，故A錯誤 B、不超過耐壓的情況下，一固定的電容器上充的電量與兩極間的電壓成正比，故B正確 C、電容器本身的特性決定，與兩極板間的電壓、所帶的電荷量無關(guān)，故C錯誤 D、電容器本身的特性決定，與兩極板間的電壓、所帶的電荷量無關(guān)故D錯誤故選：B【點評】電容C=，采用的是比值定義法，有比值定義法共性，C與U、Q無關(guān)，由電容器本身決定

19、7一電量q=2×109C的正電荷，在靜電場中由a點移到b點的過程中除了電場力外，其它力做功為6×105J，電荷的動能增加了8×105J，則a、b兩點間的電勢差Uab為（）A3×104VB1×104 VC4×104 VD7×104 V【考點】電勢差與電場強度的關(guān)系；電勢差【專題】電場力與電勢的性質(zhì)專題【分析】質(zhì)點在靜電場中由a點移到b點的過程中，電場力和其他外力對質(zhì)點做功，引起質(zhì)點動能的增加電場力做功為Wab=qUab，根據(jù)動能定理求解a、b兩點間的電勢差Uab【解答】解：根據(jù)動能定理得：qUab+W其他=Ek得：Uab=V=

20、1×104V故選：B【點評】對于研究質(zhì)點動能變化的問題，要首先考慮能否運用動能定理同時要掌握電場力做功公式W=qU8讓平行板電容器帶電后，靜電計的指針偏轉(zhuǎn)一定角度，若不改變兩極板帶的電量而減小兩極板間的距離，同時在兩極板間插入電介質(zhì)，那么靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度（）A一定減小B一定增大C一定不變D可能不變【考點】電容【專題】電容器專題【分析】靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，依據(jù)電容定義和決定式來分析電容變化，通過電容的變化，判斷電勢差的變化【解答】解：根據(jù)C=，減小d，增大介電常數(shù)，則電容增大，根據(jù)，Q不變，U減小，所以指針的偏轉(zhuǎn)角度減小故A正確，BCD錯誤故選：A【點評】本題的解題關(guān)

21、鍵是要掌握電容的決定式和電容的定義式，并抓住電容器的電量不變進行分析9如圖所示，一電子槍發(fā)射出的電子（初速度很小，可視為零）進入加速電場加速后，垂直射入偏轉(zhuǎn)電場，射出后偏轉(zhuǎn)位移為Y，要使偏轉(zhuǎn)位移增大，下列哪些措施是可行的（不考慮電子射出時碰到偏轉(zhuǎn)電極板的情況）（）A增大偏轉(zhuǎn)電壓UB增大加速電壓U0C增大偏轉(zhuǎn)極板間距離D將發(fā)射電子改成發(fā)射負離子【考點】帶電粒子在勻強電場中的運動【專題】帶電粒子在電場中的運動專題【分析】電子先經(jīng)電場加速，后經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)，先根據(jù)動能定理得到加速獲得的速度表達式，再運用運動的分解，結(jié)合類平拋運動的規(guī)律，得到偏轉(zhuǎn)距離y的表達式，即可進行分析【解答】解：經(jīng)加速電場后的速度為

22、v，則 mv2=eU0所以電子進入偏轉(zhuǎn)電場時速度的大小為，v=電子進入偏轉(zhuǎn)電場后的偏轉(zhuǎn)的位移 y=at2=（）2=可見，要增大y，可行的方法有：增大偏轉(zhuǎn)電壓U，減小加速電壓U0或減小偏轉(zhuǎn)電場極板間距離d，與粒子的電性和質(zhì)量無關(guān)故A正確故選：A【點評】本題是先加速后偏轉(zhuǎn)，帶電粒子通過組合場的類型，得到的結(jié)論與帶電粒子的電量和質(zhì)量無關(guān)10如圖，一帶有絕緣座的空心球殼A帶有4×108C的正電荷，一帶絕緣柄的金屬球B帶有2×108C的負電荷，通過A上的小孔使B和A的內(nèi)表面接觸，則AB各自帶電為（）AQA=108C，QB=108CBQA=0，QB=2×108CCQA=2&#

23、215;108C，QB=0DQA=2×108C，QB=2×108C【考點】靜電現(xiàn)象的解釋【分析】金屬球A處于靜電平衡狀態(tài)，內(nèi)部靜電荷量為零，電荷均勻分布于外表面【解答】解：把B球跟A球的內(nèi)壁相接觸，A與B構(gòu)成整體，處于靜電平衡狀態(tài)，內(nèi)部靜電荷量為零，電荷均勻分布在外表面；故B球的帶電量減為零，A球表面的帶電量為2×108C的正電荷；故ABD錯誤，C正確故選：C【點評】本題關(guān)鍵是建立物理模型，知道金屬球A和小球B整體處于靜電平衡狀態(tài)，內(nèi)部的電場強度為零，靜電荷量也為零11關(guān)于電場強度和電勢的關(guān)系，下列說法正確的是（）A場強處處為零的空間，電勢也一定處處為零B場強處處

24、相同的區(qū)域內(nèi)，電勢也一定相同C場強的方向總是跟等勢面垂直D電勢高的地方場強一定大【考點】電場強度；電勢【專題】電場力與電勢的性質(zhì)專題【分析】電場線的疏密表示電場強度的相對大小，電場線的方向反映電勢的高低，則電場強度與電勢沒有直接關(guān)系電場強度為零，電勢不一定為零電勢為零，電場強度也不一定為零電場強度越大的地方，電勢不一定高順著電場線方向，電勢逐漸降低，但場強不一定減小【解答】解：A、電勢為零，是人為選擇的，電場強度為零的地方，電勢不一定為零故A錯誤 B、場強處處相同的區(qū)域內(nèi)，電勢不一定為零，比如：勻強電場，電場強度處處相等，而沿著電場線的方向電勢降低故B錯誤 C、等勢面電勢處處相等，在等勢面上移

25、動電荷不做功，是因電場力的方向與運動方向相互垂直，因此場強的方向總是跟等勢面垂直故C正確 D、電場線密處，電場強度大，而沿著電場線的方向，電勢總是逐漸降低的，電勢高的地方場強不一定大，故D錯誤故選C【點評】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，可借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低12如圖所示，三條平行等間距的虛線表示電場中的三個等勢面，電勢分別為10V、20V、30V，實線是一帶電粒子（不計重力）在該區(qū)域內(nèi)的運動軌跡，a、b、c是軌跡上的三個點，下列說法正確的是（）A粒子在三點所受的電場力不相等B粒

26、子必先過a，再到b，然后到cC粒子在三點所具有的動能大小關(guān)系為EkbEkaEkcD粒子在三點的電勢能大小關(guān)系為EpcEpaEpb【考點】勻強電場中電勢差和電場強度的關(guān)系【專題】電場力與電勢的性質(zhì)專題【分析】此題首先要根據(jù)三條表示等勢面的虛線等距離判斷出電場是勻強電場，所以帶電粒子在電場中各點的電場力是相同的；因帶電粒子的運動軌跡是拋物線，所以兩種運動方式都有可能；根據(jù)abc三點的位置關(guān)系以及帶電粒子的電勢能與動能之間的互化，可判斷出經(jīng)過a、b、c三點時的動能和電勢能的大小關(guān)系【解答】解：A、因表示電場中三個等勢面的三條虛線是平行且等間距的，由此可判斷電場是勻強電場，所以帶電粒子在電場中各點受到

27、的電場力相等選項A錯誤B、由題中的圖可知，電場的方向是向上的，帶負電的粒子將受到向下的電場力作用，帶負電的粒子無論是依次沿a、b、c運動，還是依次沿c、b、a運動，都會的到如圖的軌跡選項B錯誤C、帶負電的粒子在電場中運動時，存在電勢能與動能之間的互化，由題意和圖可知，在b點時的電勢能最大，在c點的電勢能最小，可判斷在C點的動能最大，在b點的動能最小選項C錯誤D、由對C的分析可知，D選項正確故選D【點評】本題考察到了電勢能、帶電粒子在電場中的運動、等勢面、電場力做功等幾方面的知識點解決此題的關(guān)鍵是對等勢面的理解，等勢面就是電場中電勢相等的各點構(gòu)成的面，等勢面有以下幾方面的特點：、等勢面一定與電場

28、線垂直，即跟場強的方向垂直、在同一等勢面上移動電荷時電場力不做功、電場線總是從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面、任意兩個等勢面都不會相交、等差等勢面越密的地方電場強度越大，即等差等勢面的分布疏密可以描述電場的強弱13關(guān)于電流強度，下列說法中正確的是（）A單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電量越多，導(dǎo)體中的電流強度越大B電子運動的速率越大，電流強度越大C通過導(dǎo)線橫截面的電量越多，電流強度越大D因為電流有方向，所以電流強度是矢量【考點】電流、電壓概念【專題】恒定電流專題【分析】物理學(xué)中把每秒鐘通過導(dǎo)體任一橫截面的電荷量（簡稱電量）叫做電流強度，簡稱電流注意根據(jù)電流強度的定義進行理解【解答】解：A、由I=可

29、知，單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電量越多，導(dǎo)體中的電流強度越大；故A正確；B、電流的大小取決于電子的定向移動速率，與電子自由移動的速率無關(guān)；故B錯誤；C、電量大，但用時較長時，電流強度也可能較??；故C錯誤；D、電流有方向，但電流的計算不適用于平行四形定則；故電流是標(biāo)量；故D錯誤；故選：A【點評】此題考查了有關(guān)影響電流強度的因素，注意電流強度的大小與電量及時間無關(guān)14如圖所示，在豎直向上的勻強電場中，一根不可伸長的絕緣細繩的一端系著一個帶電小球，另一端固定于O點，小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，最高點為a，最低點為b不計空氣阻力，則（）A小球帶負電B電場力跟重力平衡C小球在從a點運動到b點的過程中

30、，電勢能減小D小球在運動過程中機械能守恒【考點】電勢能；機械能守恒定律【專題】機械能守恒定律應(yīng)用專題【分析】小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，受到重力、電場力和細繩的拉力，電場力與重力必定平衡，可判斷小球的電性由電場力做功情況，判斷電勢能的變化機械能守恒的條件是只有重力做功【解答】解：A、B據(jù)題小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，受到重力、電場力和細繩的拉力，電場力與重力平衡，則知小球帶正電故A錯誤，B正確C、小球在從a點運動到b點的過程中，電場力做負功，小球的電勢能增大故C錯誤D、由于電場力做功，所以小球在運動過程中機械能不守恒故D錯誤故選B【點評】本題的解題關(guān)鍵是根據(jù)質(zhì)點做勻速圓周運動的條件，判

31、斷電場力與重力的關(guān)系，確定出小球的電性15兩只電阻的伏安特性曲線如圖所示，則下列說法中正確的是（）A兩電阻的阻值為R1大于R2B兩電阻串聯(lián)在電路中時，R1消耗的功率小于R2消耗的功率C兩電阻并聯(lián)在電路中時，R1的電流小于R2的電流D兩電阻串聯(lián)在電路中時，R1兩端電壓大于R2兩端電壓【考點】歐姆定律；電功、電功率【專題】恒定電流專題【分析】本題為圖象分析問題，在圖中任意做一條與縱軸垂直的直線，則與兩圖象的交點為電流相同點，對應(yīng)的橫坐標(biāo)得出電壓值，則由歐姆定律可進行電阻大小的比較兩電阻串聯(lián)在電路中時，電流相等，兩電阻并聯(lián)在電路中時，電壓相等【解答】解：A、伏安特性曲線斜率表示電阻的倒數(shù)，故兩電阻的

32、阻值為R1小于R2，故A錯誤B、兩電阻串聯(lián)在電路中時，電流相等，根據(jù)P=I2R可知：R1消耗的功率小于R2消耗的功率，故B正確；C、兩電阻并聯(lián)在電路中時，電壓相等，根據(jù)I=得：R1的電流大于R2的電流，故C錯誤；D、兩電阻串聯(lián)在電路中時，電流相等，根據(jù)A的分析可知：即U2U1，故D錯誤；故選：B【點評】本題為圖象分析問題，要能從圖象中得出有效信息，兩電阻串聯(lián)在電路中時，電流相等，兩電阻并聯(lián)在電路中時，電壓相等16如圖所示，實線為一電場線，質(zhì)子只受電場力從A點移到B點，下列說法正確的是（）A帶電粒子的動能減少B帶電粒子的電勢能增加C帶電粒子的動能增加D帶電粒子的電勢能減少【考點】電場線；電勢【分

33、析】電場線的疏密表示電場強度的相對大小質(zhì)子沿電場線從A點移到B點，靜電力做了正功靜電力做了正功，質(zhì)子的電勢能減小根據(jù)順著電場線方向，電勢降低【解答】解：質(zhì)子帶正電，受到電場力的方向與電場線的方向相同，所以質(zhì)子只受電場力從A點移到B點，電場力做正功，質(zhì)子的動能增大，電勢能減小故選：CD【點評】根據(jù)電場力做功情況，要能判斷電場線方向、電勢能、電勢的大小但一條電場線，往往不能判斷電場強度的大小17如圖為一塊手機電池的背面印有的一些符號，下列說法正確的是（）A該電池的容量為500mAhB該電池的電動勢為3.6VC該電池在工作1小時后達到的電流為500mAD若電池以10mA的電流工作，可用50小時【考點

34、】電源的電動勢和內(nèi)阻【專題】恒定電流專題【分析】根據(jù)銘牌讀出電池的容量和電動勢電池的容量是指電池能釋放的總電量，根據(jù)電流的定義式求出該電池在工作1小時后達到的電流和以10mA的電流工作可用的時間【解答】解：A、B由電池的銘牌讀出：該電池的容量為500mAh，電動勢為3.6V但內(nèi)阻不為0，故AB正確C、若該電池只連續(xù)工作1小時時，電流為I=500mA不是工作1小時后才能達到500mA；故C錯誤D、由q=It得知，若電池以10mA的電流工作，可用50小時故D正確故選：ABD【點評】本題考查讀取電池銘牌信息的能力電池的容量是指電池所能釋放的總電量18關(guān)于電動勢下列說法中正確的是（）A在電源內(nèi)部把正電

35、荷從負極移到正極，非靜電力做功，電能增加B對于給定的電源，移動正電荷非靜電力做功越多，電動勢就越大C電動勢越大，說明非靜電力在電源內(nèi)部把正電荷從負極向正極送單位電荷量做功越多D電動勢越大，說明非靜電力在電源內(nèi)部把正電荷從負極向正極移送電荷量越多【考點】電源的電動勢和內(nèi)阻【專題】恒定電流專題【分析】根據(jù)電源電動勢的定義E=，即可作出判斷【解答】解：A、在電源內(nèi)部非靜電力把正電荷從負極移到正極，非靜電力做功，將其他能轉(zhuǎn)化為電能，電能增加故A正確 B、C、D根據(jù)電動勢的定義E=，電動勢越大，非靜電力在電源內(nèi)部從負極向正極移動單位正電荷做功越大，而不是電荷量越多故B、D錯誤，C正確故選AC【點評】概念

36、是物理知識的細胞，加強基本概念學(xué)習(xí)，是提高物理解題能力的基礎(chǔ)19下列說法中正確的是（）A物體在恒力作用下不可能做曲線運動B物體在變力作用下一定做曲線運動C物體在恒力或變力作用下都可能做曲線運動D做曲線運動的物體，其速度方向與加速度方向一定不在同一直線上【考點】物體做曲線運動的條件【專題】物體做曲線運動條件專題【分析】曲線運動的速度方向是切線方向，時刻改變，一定是變速運動，一定具有加速度，合力一定不為零；曲線運動的條件是合力與速度不共線【解答】解：A、物體在一恒力作用下有可能做曲線運動，如平拋運動只受重力，是曲線運動故A錯誤；B、物體在一變力力作用下有可能做曲線運動，故B錯誤；C、曲線運動的條件

37、是合力與速度不共線，與合力是否是恒力無關(guān)，物體在恒力或變力作用下都可能做曲線運動故C正確；D、曲線運動的速度方向是切線方向，時刻改變，其速度方向與加速度方向一定不在同一直線上故D正確故選：CD【點評】本題關(guān)鍵熟悉平拋運動的運動性質(zhì)和動力學(xué)特點，知道平拋運動是勻變速曲線運動，基礎(chǔ)題20質(zhì)量為2kg的質(zhì)點在xy平面上做曲線運動，在x方向的速度圖象和y方向的位移圖象如圖所示，下列說法正確的是（）A質(zhì)點的初速度為5m/sB質(zhì)點所受的合外力為3NC質(zhì)點初速度的方向與合外力方向垂直D2s末質(zhì)點速度大小為6m/s【考點】運動的合成和分解；勻變速直線運動的圖像【專題】壓軸題；運動的合成和分解專題【分析】通過圖

38、象可知，在x軸方向做勻加速直線運動，在y軸方向做勻速直線運動根據(jù)平行四邊形定則對速度、力進行合成【解答】解：A、由x方向的速度圖象可知，在x方向的加速度為1.5 m/s2，受力Fx=3 N，由y方向的位移圖象可知在y方向做勻速直線運動，速度為vy=4 m/s，受力Fy=0因此質(zhì)點的初速度為5 m/s，受到的合外力為3 N，故A、B正確C、合外力方向在x軸方向上，所以質(zhì)點初速度方向與合外力方向不垂直故C錯誤D、2 s末質(zhì)點速度應(yīng)該為v= m/s=2 m/s，D選項錯誤故選AB【點評】解決本題的關(guān)鍵掌握運用平行四邊形定則進行運動的合成與分解二填空題（每空2分，共12分）21現(xiàn)有一個靈敏電流計，它的

39、滿偏電流為Ig=1mA，內(nèi)阻Rg=200，若要將它改裝成量程為3V的電壓表，應(yīng)串（填“串”或“并”）一個2800的電阻，改裝后的電壓表測量電壓時，指針指在表盤上原來0.6mA處，則被測電壓的大小是1.8V【考點】把電流表改裝成電壓表【專題】實驗題【分析】本題的關(guān)鍵是根據(jù)串聯(lián)電阻具有分壓作用，明確分壓電阻與表頭串聯(lián)的總電壓即為改裝后電壓表的量程，畫出電路圖，再根據(jù)歐姆定律求解即可【解答】解：根據(jù)串聯(lián)電阻具有分壓作用可知，要將電流表改裝為電壓表，應(yīng)串聯(lián)一個電阻；根據(jù)歐姆定律應(yīng)有：U=，解得R=2800；由=及U=I，將=3，=1，=0.6，代入解得U=1.8V故答案為：串，2800，1.8【點評】

40、電壓表的改裝原理是將一電阻與電流表串聯(lián)在一起，畫出電路圖，然后再根據(jù)歐姆定律求出分壓電阻的阻值即可22電流表的內(nèi)阻約為0.1，電壓表內(nèi)阻約為10K若待測電阻約為5，則應(yīng)當(dāng)用如圖中的b測量誤差較小，測得的電阻值和真實值相比偏?。ㄌ睢靶　被颉按蟆保究键c】歐姆定律【專題】恒定電流專題【分析】根據(jù)待測電阻阻值與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表的接法，然后選擇實驗電路；根據(jù)實驗電路分析實驗誤差【解答】解：待測電阻阻值約為5，電流表內(nèi)阻約0.1電壓表內(nèi)阻約10，相對來說電壓表內(nèi)阻遠大于待測電阻值阻值，電流表應(yīng)采用外接法，應(yīng)選b所示實驗電路；由于電壓表的分流作用，所測電流偏大，由歐姆定律可知，待測電阻測量值小于真

41、實值；故答案為：b；小【點評】考查測量電阻時，如何選擇電流表外接還是內(nèi)接，學(xué)會誤差分析，尋找出誤差根源231eV=1.6×1019 J【考點】電勢能【分析】電子伏eV是能量的一種單位，根據(jù)電場力做功W=qU進行求解【解答】解：將電子在電勢差為1V的兩點間移動時電場力所做的功就是1eV，由電場力做功W=qU得： W=1eV=1.6×1019×1J=1.6×1019J故答案為：1.6×1019【點評】本題關(guān)鍵要理解電子伏的物理意義，運用電場力做功W=qU，分析電子伏與焦耳的關(guān)系三、計算題（9+9+10=28分）24如圖，在勻強電場中，一電荷量為q=5.0×1010C的正電荷，由a 點移到b點和由a點移動到c點，電場力做的功都是3.0×108J，已 知a、b、c三點的連線組成直角三角形，ab=20cm，=37°（sin37°=0.6；cos37°=0.8）求：（1）a、b兩點間的電勢差Uab；（2）勻強電場的