吉利區(qū)高級中學2018-2019學年高二上學期第三次月考試卷物理

1、吉利區(qū)高級中學2018-2019學年高二上學期第三次月考試卷物理班級座號 姓名分數(shù)第3頁，共14頁的物體在水體所受的阻A ,可求出m、f和vmC.不能求出fB .不能求出mD.可求出加速運動時間一、選擇題1 .在勻強磁場內放置一個面積為S的線框，磁感應強度為B,線框平面與磁場方向垂直，穿過線框所圍面積的磁通量0,下列關系正確的是A.R.'B.ccC.孑三:？'D.p一口三2 .如圖所示，在同一坐標系中畫出a、b、c三個電源的UI圖象，其中a和c的圖象平行，下列說法中正確的是（）A.Ea<Eb,ra=rbB.Eb=Ec,rc>rbC.Ea<Ec,a=cD.Eb&

2、lt;Ec,b=c3 .（2018中原名校聯(lián)盟質檢）如圖甲所示，水平面上一質量為m平力F作用下開始加速運動，力F的功率P保持恒定，運動過程中物力f大小不變，物體速度最終達到穩(wěn)定值vm,作用過程物體速度的倒數(shù)1與加速度a的關系圖像如圖乙所示.僅v在已知功率P的情況下，根據圖像所給信息可知以下說法中正確的是4 .（2016江蘇蘇北四市高三聯(lián)考）某踢出的足球在空中運動軌跡如圖所示，足球視為質點，空氣阻力不計。用v、E、Ek、P分別表示足球的速率、機械能、動能和重力的瞬時功率大小，用t表示足球在空中的運動時間，下列圖象中可能正確的是（）5 .（多選）2013年12月2日1時30分，嫦娥三號探測器由長征

3、三號乙運載火箭從西昌衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射，首次實現(xiàn)月球軟著陸和月面巡視勘察。嫦娥三號的飛行軌道示意圖如圖所示。假設嫦娥三號在環(huán)月段圓軌道和橢圓軌道上運動時，只受到月球的萬有引力，則（）A.若已知嫦娥三號環(huán)月段圓軌道的半徑、運動周期和引力常量，則可算出月球的密度B.嫦娥三號由環(huán)月段圓軌道變軌進入環(huán)月段橢圓軌道時，應讓發(fā)動機點火使其減速C.嫦娥三號在環(huán)月段橢圓軌道上P點的速度大于Q點的速度D.嫦娥三號在動力下降階段，其引力勢能減小6.如圖所示，豎直平行線MN、PQ間距離為a,其間存在垂直紙面向里的勻強磁場（含邊界PQ）,磁感應強度為B,MN上。處的粒子源能沿不同方向釋放比荷為q/m的帶負電粒子，速度大

4、小相等、方向均垂直磁場。粒子間的相互作用及重力不計。設粒子速度方向與射線OM夾角為0,當粒子沿9=60。射入時，恰好垂直PQ射出。則M XA.從PQ邊界射出的粒子在磁場中運動的最短時間為3qBB.沿9=120°射入的粒子，在磁場中運動的時間最長aqBC.粒子的速率為x-kwmD.PQ邊界上有粒子射出的長度為2&7.如圖甲所示，兩平行金屬板A、B放在真空中，間距為d,P點在A、B板間，A板接地，B板的電勢隨回到P點。一時間t的變化情況如圖乙所示，t=0時，在P點由靜止釋放一質量為m、電荷量為e的電子，當=2T時，電子電子運動過程中未與極板相碰，不計重力，則下列說法正確的是t審中

5、J1甲A. :=1:2B. :=1:3C.在。2T時間內，當t=T時電子的電勢能最小D.在。2T時間內，電子的電勢能減小了7md28.下面說法中正確的是（）A.根據E=F/q,可知電場中某點的場強與電場力成正比B.根據E=KQ/r；可知點電荷電場中某點的場強與該點電荷的電量Q成正比C.根據E=U/d,可知電場中某點的場強與電勢差成正比D.根據場強疊加原理，可知合電場的場強一定大于分電場的場強9 .如圖所示，一勁度系數(shù)為k的輕質彈簧，上端固定，下端連一質量為m的物塊A,A放在質量也為m的托盤B上，以N表示B對A的作用力，x表示彈簧的伸長量。初始時，在豎直向上的力F作用下系統(tǒng)靜止，g且彈簧處于自然

6、狀態(tài)（x=0）?，F(xiàn)改變力F的大小，使B以一的加速度勻加速向下運動（g為重力加速度，空2氣阻力不計），此過程中 N或F隨x變化的圖象正確的是10 .1.A為實心木球，B為實心鐵球，C為空心鐵球。已知三個球的直徑相同，運動中空氣阻力不計，A、C球質量相同。它們從同一高度處同時由靜止開始自由下落，以下說法中正確的是:A.三個球同時落地B. A球先落地C. B球先落地D. C球先落地11.下列關于電場強度E的表達式，在任何電場中都成立的是A.B.：=.rdFI 1>I2；面；bC.D=-D.以上都不是q12.如圖，兩根相互平行的長直導線分別通有方向相反的電流I1和I2,且a、b、c、d為導線某一

7、橫截面所在平面內的四點，且a、b、c與兩導線共，da三'bCI1I2第4頁，共14頁1點在兩導線之間，b、d的連線與導線所在平面垂直。磁感應強度可能為零的點是（）A.a點B.b點C.c點D.d點13. 由三顆星體構成的系統(tǒng)，忽略其他星體對它們的作用，存在著一種運動形式：三顆星體在相互之間的萬有引力作用下，分別位于等邊三角形的三個頂點上，繞某一共同的圓心O在三角形所在的平面內做相同角速度的圓周運動（圖為A、B、C三顆星體質量不相同時的一般情況）.若A星體質量為2m,B、C兩星體的質量均為m,三角形的邊長為a,則下列說法正確的是（）2mA. A星體所受合力大小Fa=2Gam?B. B星體所

8、受合力大小Fb=277Ga7C. C星體的軌道半徑Rc=a23D.三星體做圓周運動的周期T=TtJGm14. （2017武昌模擬）一質量為m的帶電小球，在豎直方向的勻強電場中以水平速度拋出，小球的加速度豎直向下，大小為2g/3,空氣阻力不計。小球在下落h個過程中，關于其能量的變化，下列說法中正確的是A.動能增加了mgh/3B.電勢能增加了mgh/3C.重力勢能減少了2mgh/3D.機械能減少了mgh/315. 一種鋅汞電池的電動勢為1.2V,這表示A.該電源與電動勢為2V鉛蓄電池相比非靜電力做功一定慢B.該電源比電動勢為1.5V的干電池非靜電力做功一定少C.電源在每秒內把1.2J其他形式的能轉

9、化為電能D.電路通過1C的電荷量，電源把1.2J其他形式的能轉化為電能16.如圖所示，在租糙水平面上A處平滑連接一半徑R=0.1m、豎直放置的光滑半圓軌道，半圓軌道的直徑AB垂直于水平面，一質量為m的小滑塊從與A點相距為x（x。處以初速度vo向左運動，并沖上半圓軌道，小滑塊從B點飛出后落在水平地面上，落點到A點的距離為V。保持初速度vo不變，多次改變x的大小，測出對應的V的大小，通過數(shù)據分析得出了y與x的函數(shù)關系式為寸=7.1依其中x和y的單位均為m,取g=10m/s2。則有BA.小滑塊的初速度vo=4m/sB.小滑塊與水平地面間的動摩擦因數(shù)科=0.5C.小滑塊在水平地面上的落點與A點的最小距

10、離ymin=0.2mD.如果讓小滑塊進入半圓軌道后不脫離半圓軌道（A、B兩端除外），x應滿足0WxW2.75m17.某電場區(qū)域的電場線如右圖所示.把一個電子從A點移到B點時，則（A.電子所受的電場力增大，電子克服電場力做功.B.電子所受的電場力減小，電場力對電子做正功C.電子所受的電場力增大，電勢能減小，動能增大D.電子所受的電場力增大，電勢能增大，動能減小18.下面哪個符號是電容的單位A.JB.CC.AD.F19.如圖所示，在以 O點為圓心、r為半徑的圓形區(qū)域內，在磁感強度 直紙面向里的勻強磁場，a、b、c為圓形磁場區(qū)域邊界上的 3點，其中/boc=600, 一束質量為 m,電量為e而速率不

11、同的電子從 a點沿ao方向 域，其中從 bc兩點的弧形邊界穿出磁場區(qū)的電子，其速率取值范圍為B,方向垂aob= /射人磁場區(qū) 是.20.把帶電量14式10一%的電荷從A點移到B點，電場佇它做功A、B那總間的電勢差!電勢3 I/為 V，君A點的電勢為,ll. 1.1.'Jp 0X- 11101921.質量為m1=2kg的端m絕緣球A,在光滑水平面上，皿氣的電勢作為20遠救初速度區(qū) x 10-6J。則V,該電荷在B點具有的10rmm 向另一個固定在水平面上帶同號電荷的絕緣球B靠近,B球的質量為m2=3kg,在它們相距到最近時，總的動能為J,它們具有的電勢能為J。三、解答題22.已知氫核（質

12、子）的質量是1.6710-27kg,電子的質量是9.110-31kg,質子的帶電量為1.61019C,在氫原子內它們之間白最短距離為5M0-11m。已知靜電力常量k=9X109N/C2m2,引力常量G=6.710-11N?m2/kg2。（計算結果取一位有效數(shù)字）(1)計算出氫原子中氫核與電子之間的庫侖力和萬有引力各是多大？(2)求出庫侖力與萬有引力的比值。F作用下，沿已知斜面傾角(3)談談你對計算結果的看法。23.如圖所示，一質量m0.4kg的小物塊，以V0=2m/s的初速度，在與斜面某一夾角的拉力斜面向上做勻加速運動，經t=2s的時間物塊由A點運動到B點，AB之間的距離L=10m。0=30&

13、#176;,物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)科=W。重力加速度g取10m/s2。3(1)求物塊加速度的大小及到達B點時速度的大??；(2)拉力F與斜面夾角多大時，拉力F最小？拉力F的最小值是多少？第7頁，共14頁吉利區(qū)高級中學2018-2019學年高二上學期第三次月考試卷物理（參考答案）一、選擇題1 .【答案】A【解析】磁通量定義可知當B與S相互垂直時，磁通量為蟲=8$,故A正確，BCD錯誤。2 .【答案】C3 .【答案】A1【解析】【題型分析】此題以物體速度的倒數(shù)1與加速度a的關系圖像給出解題信息，考查功率、牛頓運動定v律及其相關知識點，意在考查靈活運用相關知識分析問題的能力。【名師解析】當加速度為

14、零時，物體做勻速運動，加速度為零，此時的全引力等于阻力，速度為最大值，最大速度3由功率的計算公式可得尸二的，而尸的,聯(lián)立可得二不足+/產，物體速度的倒數(shù),與加速度a的關系圖像斜率為上底P,縱軸截距為因此可求出掰,和vm,選項A正確，B、C錯誤.物體做變加速運動，無法求解物體加速運動的時間，選項D錯誤.4 .【答案】D【解析【名師解析】足球做斜上拋運動，機械能守恒,重力勢能先增加后減小，故動能先減小后增加，速度先減小后增加，kB1頁錯誤夕以初始位置為零勢能面j踢出時豎直方向速度為號，則屬二8鳥=A近“=3情4“*昭V,C項錯誤；速度的水平分量不變，豎直分量先減小到零，后反向增加，故中魏46%可知

15、，重力的功率先均勻減小后均勻增加，口頂正確.5 .【答案】BD【解析】2【解析】利用環(huán)月軌道半徑？運動周驪口引力常量由公式?；?陽春可以計算出月球的質量，但月球半徑未知，不能計算月球觸度，選項A錯誤；由環(huán)月軌道迸入林圓軌道時,在P點讓發(fā)動機向后點火使其醺速，選項E正確夕褫三號在橢圓軌道上遠月點P點速度小于在近月點。點速度？C錯誤寧SW三號在下降過程中？高度周小，引力勢能被小，選項D正確。6 .【答案】BD例m【解析】粒子在磁場中運動過程中，洛倫茲力充當向心力，運動半徑,二f因為所有粒子一和速度都相同，qBg4n故所有粒子的運動半徑都一樣，當粒子沿（=60。射入時，恰好垂直pq射出，可得r-2a

16、,故sin3000你2aqB,解得v=一，當粒子軌跡與PQ邊界相切時，軌跡最長，運動時間最長，此時根據幾何知識可m得0=120°,此時是粒子打在PQ邊界上的最低的點，故相對Q的豎直位移為百二50160。二，B正確，C錯誤；由于v一定，則弧長最短時，時間最短，根據分析可知當粒子沿著邊界MN方向向上射入時最短，此時兀圓心在MN上，（=300,所以工二生2£=絲,此時是粒子打在邊界PQ的最上端，根據幾何知識可得該點相對o點豎直位移為為=/乳口60。=行。，故PQ邊界上有粒子射出的長度為/=河+=2及，a錯誤，d正確。7 .【答案】BD%eEt中產【解析】根據場強公式可得。T時間內

17、平行板間的電場強度為：，電子的加速度為：電=:，且dindm1不2向上做勻加速直線運動，經過時間T的位移為：速度為：vi=aiT,同理在T2T內平行板間電場強%eE2中轉12度為：E.=-,加速度為：%=，電子以vi的速度向上做勻變速度直線運動，位移為：乂尸11-aj-,dmdm?-由題意2T時刻回到P點，則有：xi+x2=0,聯(lián)立可得：（）2=3（K故A錯誤，B正確；當速度最大時，動能最大，電勢能最小，而0T內電子做勻加速運動，之后做勻減速直線運動，因也=3也，所以在2T時刻電勢能最小，故C錯誤；電子在2T時刻回到P點，此時速度為：v2=vl-a,T=-,（負號表示方向向下），電子的動dm2

18、MT中：能為：Ek=K/；=,根據能量守恒定律，電勢能的減小量等于動能的增加量，故D正確。所以BD正上md1確，AC錯誤。8 .【答案】B9 .【答案】D【解析】設物塊和托盤間的壓力為零時彈簧的伸長量為前，根據 她g-"-h=加a可知,二者之間的壓力,緇工，則有：冽g-依二腳口,解得：工二7；7；在此之 2k純由開始運動時的 彳線性減小到零，而力F由開始時的第g純加g線性減小到一；此后托盤與物塊分離，力F保持一不變，故選項ABC錯誤，D正確。22【名師點睛】本題主要是考查了牛頓第二定律的知識；利用牛頓第二定律答題時的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分析、進行正交分解、在坐標軸上利用

19、牛頓第二定律建立方程進行解答。10 .【答案】A11 .【答案】CFQU【解析】電場強度E=表達式，在任何電場中都成立；E=只適用點電荷電場；E=：只適用勻強電場；故選qrdC.12 .【答案】C13 .【答案】D【解析】A、由萬有引力定律，A星受到B、C的引力的大小:F BA匚 G2m2=FCA =2-a第9頁共14頁2方向如圖，則合力的大小為：Fa=2FbaCOs300="2m，A錯誤；a22B、同上，B星受到的引力分別為：Fab=一m-,Fcb=m,方向如圖;aa2Fb沿 x方向的分力：Fbx = FabCOS60° +Fcb =-Gm-a彳C 2Fb沿 y 方向的分

20、力：FBy = FABsin600 =2a可得：Fb = 7Fbx + FBy =Y7Gm- , B 錯誤； aC、通過對于B的受力分析可知，由于： Fab = G 22n a，合力的方向經過BC的中垂線AD的中點，所以圓心O定在BC的中垂線AD的中點處。所以：Rc=a a ,C錯誤;47Gm2D、由題可知C的受力大小與B的受力相同，對B星：Fb=2a4二2'.7=m 2 m a ,解信:T24T 一二Gm，D正確。故選：D。14 .【答案】BD【解析】【名師解析】根據題述加速度大小為a=2g,'3可知，由牛頓第二定律可知小球所受合外力為Fa=%03,由動能定理可知，小球在不落

21、h高度的過程中，動能增加了Ek=W=Fh=2*3,選項A錯俁小分析小球受力，受到重力、豎直向上的電場力,由牛頓第二定律留孑聿e,解得：噌3,小球在下落h高度的過程中，克服電場力做功W產州的3,電勢能增加了用地當選項B正確。重力勢能減少了再助，選項C錯誤*根據功能關系機械育國做少的數(shù)值等于克服電場力做功，為峻3,選項D正確。15 .【答案】D【解析】電動勢在數(shù)值上等于將1C電量的正電荷從電源的負極移到正極過程中非靜電力做的功，即一節(jié)電池的電動勢為1.2V,表示該電池能將1C電量的正電荷由負極移送到正極的過程中，非靜電力做了1.2J的功，電源把1.2J其他形式能轉化為電能.電動勢表示電源做功的能力

22、的大小，不表示做功的多少，也不是表示做功的快慢，故D正確；ABC錯誤；故選D.w非w點睛：電動勢：,也是屬于比值定義式，與U=一含義截然不同，電動勢E大小表征電源把其它形式能qq轉化為電能本領大小，而電壓u大小表征電能轉化為其它形式的能的大小，要注意區(qū)分.16 .【答案】ACI212【解析】滑塊從出發(fā)點運動到B的過程，由動能定理得：imgx-mgZR=jmgyv。，滑塊從B離開后做平拋運動，則有：=¥=vb聯(lián)立得：y2=-Spl<xVo-IGR2代入數(shù)據解得：/=-。川.-0.044-0<5與/=-CU6xI0.蓑比較系數(shù)可得：尸0.2,vo=4m/s,故A正確，B錯誤；

23、當滑塊通過B點時，在水平地面上的4I、落點與A點的最小距離，則在B點有：mg=m,滑塊從B離開后做平拋運動，則有：2R=-gf,¥二幅,聯(lián)R£立并代入數(shù)據解得最小距離為：ymin=0.2m,故C正確；滑塊通過B點的臨界條件是重力等于向心力，則在B“BO1212點有：mg=m',滑塊從出發(fā)點運動到B的過程，由動能定理得：岬gx-mg2R=/喧曠/飛,聯(lián)立解得x=2.5m,所以X的取值范圍是0VXW2.5m故D錯誤。所以AC正確，BD錯誤。17 .【答案】C18 .【答案】D【解析】電容的單位是法拉，用F表示，故選D.二、填空題19 .【答案】(4分)_-620 .【答案】(1).200(2).-200(3).-81為【解析】由題意，電荷從A點移到B點時電場力做的功8M06J.則A、B兩點間的電勢差WAB8X106±=-V=200V；因Uab=a-b,若A點的電勢為0,B點的電勢幅為-2