福建省廈門市2018_2019學年高一物理上學期期末考試試題(含解析)

1、【分析】福建省廈門市2018-2019學年高一物理上學期期末考試試題 （含解析）一、單選題（本大題共 8小題，共32.0分）29分鐘，17.39公里；方案二：311.2018年10月1日，廈門市圖書館集美新館面向公眾開放。小明準備從家中自駕去集美新館 借書，導(dǎo)航軟件提供了三種行車方案，如圖所示。方案一:分鐘，19.16公里；方案三：35分鐘，16.15公里。下列說法正確的是（） I 2 I I ”A.在研究行車方案時，不能把車看成質(zhì)點B.三種方案中的17.39公里、19.16公里、16.15公里均指位移C.三種方案中的29分鐘、31分鐘、35分鐘均指時刻D.方案一的平均速度最大【答案】D【解析

2、】【詳解】在研究行車方案時，不需要考慮車的大小，故可以看做質(zhì)點，故A錯誤；三種方案中的17.39公里、19.16公里、16. IS公里均指運動軌跡的長度，是路程，故 B錯誤；三種方案中的29分鐘、31分鐘、35分鐘均指時間，故 C錯誤；三種方案，位移相等，根據(jù)平均速度公式知，位移相等，時間越短，平均速度越大，故方案一的平均速度最大，故D正確。所以 D正確，ABC錯誤。2.關(guān)于速度和加速度，下列說法正確的是（）A.物體的速度越大，則加速度越大B.物體的速度變化量越大，則加速度越大C.物體的速度變化越快，則加速度越大D.物體剛自由下落時，速度和加速度都為零【答案】C根據(jù)加速度的定義式可知加速度與物

3、體的速度的變化率成正比，與速度的變化量不成正比例 關(guān)系，與速度的大小也不成正比例關(guān)系。加速度的方向就是物體速度變化量的方向，與物體 速度無關(guān)，即物體的速度變化越快物體的加速度越大。_ _A V【詳解】速度越大，表示物體運動越快，但加速度不一定越大，故 A錯誤；根據(jù)a = 可知A t加速度a由速度的變化量 力、和速度發(fā)生改變所需要的時間共同決定，雖然Av大，但At更大時，a可以很小，故B錯誤；加速度是描述速度變化快慢的物理量，速度變化越快，則加速度越大，故C正確；物體剛自由下落時，速度為零，加速度為g,不為零，故 D錯誤。所以C正確，ABD錯誤。, 一一 . 、 一， * 一 、一 .一一【點睛

4、】本題把握加速度的定義式a = 中各個物理量的含義以及各個物理量之間的關(guān)系是 L解決此類問題的關(guān)鍵，是正確理解加速度的定義的基礎(chǔ)。3 .下列說法正確的是（）A.伽利略通過“理想斜面實驗”得出了重的物體和輕的物體下落一樣快的結(jié)論B.伽利略對物體運動的研究，開創(chuàng)了運用數(shù)學推理和實驗探究相結(jié)合探索自然規(guī)律的科學方法，即理想實驗法C.在“驗證力的平行四邊形定則”實驗中采用了控制變量法D.牛頓運用理想實驗法總結(jié)出了牛頓第二定律【答案】B【解析】【詳解】伽利略根據(jù)理想斜面實驗，提出了力不是維持物體運動的原因，故A錯誤；伽利略對物體運動的研究，開創(chuàng)了運用數(shù)學推理和實驗探究相結(jié)合探索自然規(guī)律的科學方法，即理想

5、實驗法，故 B正確；在驗證力的平行四邊形定則的實驗中使用了等效替代的方法，故C錯誤；牛頓運用理想實驗法總結(jié)出了牛頓第一定律，故D錯誤。所以B正確，ACD昔誤。4 .實際生活中，羽毛和蘋果同時從同一高度靜止下落，用頻閃照相法記錄該過程，下列符合事實的照片是【解析】【分析】要知哪個物體先到達地面，就要知道它們各自下落的時間，由于兩物體受重力和阻力，羽毛受空氣阻力相對重力較大，加速度比蘋果的小，根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律分析。【詳解】實際生活中，羽毛受空氣阻力相對重力較大，加速度比蘋果的小，由于物體從靜止開始下落，根據(jù)可得羽毛比蘋果下落慢，且是加速，故頻閃間距不斷變大，故 A正確，BCD昔誤。5 .鳥能

6、夠飛起來的條件是空氣對鳥的升力大于鳥的重力。人們猜測空氣對鳥的升力f與鳥的翅膀面積s和飛行速度t有關(guān)關(guān)系式為f =ks，則k的單位是( )A.B. 11】C. ；.“： D. m【答案】A【解析】【分析】將各組數(shù)據(jù)分別代入F=ksv：,分析方程左右兩邊單位是否相同即可。f【詳解】由題意f = ksv力的單位是面積的單位是速度的單位是n用，則：k =svM對應(yīng)的單位：危 駕，故人正確,bcd昔誤。tn1 (ni/s)26 .如圖所示，一物塊在水平向右的力F作用下，靜止在豎直墻壁上，下列說法正確的是()A.物塊與墻壁之間共有兩對作用力與反作用力B.物塊對墻壁的壓力和墻壁對物塊的彈力是一對平衡力C.

7、若增大F,則物塊受到的摩擦力增大D.若增大F,則物塊受到的合力增大【答案】A【解析】根據(jù)物體處于靜止狀態(tài)，合力為零，豎直方向受到豎直向下的重力，所以一定受到豎直向上的摩擦力；水平方向受到水平向右的推力和水平向左的支持力，二力平衡?！驹斀狻课飰K對墻壁的壓力和墻壁對物塊的彈力是一對相互作用力，物塊對墻壁的摩擦力和墻壁對物塊的摩擦力是一對相互作用力，故A正確；物塊對墻壁的壓力和墻壁對物塊的彈力是一對相互作用力，故 B錯誤；由平衡條件知物塊受到的摩擦力等于重力G增大F不會改變摩擦力大小，故 C錯誤；由平衡條件知物塊受到的合力為0,增大F,物塊仍然靜止，合力還是0,故D錯誤。所以A正確，BCD昔誤?！军c

8、睛】本題考查正確受力分析，理解平衡力和相互作用力的相同點和不同點是關(guān)鍵。7.2018年10月15日，西昌衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射長征三號乙運載火箭，小華記錄了火箭從地面豎直升空直至消失在云層中的時間約為20秒。通過查閱氣象資料得知，當天發(fā)射中心上空云層的高度約為4000米，火箭的質(zhì)量約為450噸。g取IQm/J ,估算火箭在該過程受到的平均推 力大小A.rC 1。；B. 9二二 .Of C.八 D. I 三二1。勺【答案】C【解析】【分析】對火箭受力分析，根據(jù)動量定理求得推力?！驹斀狻炕鸺苤亓?，推力，向上為正方向，由動量定理有：=代入數(shù)據(jù)求得:F= 1.35 乂 1/n,故 C正確，ABD昔誤。8

9、.如圖所示，重力為 200N的光滑球靜止在傾角為 30的斜面和豎直擋板之間，使擋板由圖示位置開始沿逆時針方向緩慢轉(zhuǎn)至水平位置。在此過程中，球?qū)醢宓淖饔昧Φ淖钚≈禐锳. 80 N B. 100 N C.； D. 200 N【答案】B【解析】【分析】小球受三個力作用而保持靜止狀態(tài)，其中重力大小、方向都不變，斜面對球的支持力方向不 變，大小變，擋板對球的支持力的大小和方向都變化，根據(jù)三力平衡的條件，結(jié)合平行四邊 形定則作圖分析即可?！驹斀狻啃∏蚴苤亓?、擋板彈力 弓和斜面彈力將與&合成為F,如圖所示：小球一直處于平衡狀態(tài)，三個力中的任意兩個力的合力與第三個力等值、反向、共線，故F和埒合成的合力F一定

10、與重力等值、反向、共線。由圖可知，當F的方向沿斜面向上時最小，最小為：F1=G 加口3。 =200 乂 0.5- 100N,故 B 正確，ACD昔誤?！军c睛】本題關(guān)鍵對小球受力分析，然后將兩個力合成，當擋板方向變化時，將多個力圖重合在一起，直接由圖象分析出最小值。二、多選題（本大題共 4小題，共16.0分）9 .廈門海底世界的“海獅頂球”節(jié)目因其互動性強而深受小朋友們的喜愛。如圖所示為一海獅把球頂向空中，并等其落下。下列說法正確的是A.球在最高點時受到重力和海獅對它的頂力作用B.球在最高點時速度為零，但加速度不為零C.球在上升過程中處于超重狀態(tài)D.球在下落過程中處于失重狀態(tài)【答案】BD【解析】

11、【分析】根據(jù)豎直上拋運動是初速度向上，只在重力作用下的運動，加速度為g,上升和下落過程具有對稱性，同一位置速度大小相等，方向相反即可解題?！驹斀狻控Q直上拋運動是初速度向上，只在重力作用下的運動，球在最高處只受到重力，故A錯誤；球上升到最高點時受到重力的作用，速度為零，加速度為g,故B正確；球上升到最高點時受到重力的作用，加速度為 g,加速度的方向向下，處于失重狀態(tài)，故 C錯誤；豎直上拋 運動上升和下落過程都是只受到重力的作用，加速度為g,加速度的方向向下，處于失重狀態(tài)，故D正確。所以BD正確，AC錯誤?！军c睛】本題主要考查了豎直上拋運動的基本規(guī)律，要求同學們知道，豎直上拋運動是初速度向上，只在

12、重力作用下的運動。10.如圖所示，一小鐵球用輕彈簧和輕繩懸掛處于靜止狀態(tài)，彈簧與水平方向成60角，輕繩與豎直方向成60角，重力加速度為g,則. )A.彈簧和輕繩的拉力之比為 1: 2B.彈簧和輕繩的拉力之比為 木：1C.若剪斷輕繩，則剪斷瞬間小球的加速度為|D.若剪斷輕繩則剪斷瞬間小球的加速度為&【答案】BC【解析】【分析】裝置靜止時，以小球為研究對象，分析受力情況，由平衡條件求彈簧和輕繩的拉力之比。若剪斷輕繩，彈簧的彈力來不及變化，根據(jù)牛頓第二定律求剪斷瞬間小球的加速度?！驹斀狻垦b置靜止時，以小球為研究對象，分析受力情況，小球受重力mg輕繩白拉力 T和彈簧的拉力F。由平衡條件知 T與F的合力

13、與mg等大反向，如圖所示：mgp則得不= M16O“二木,即彈簧和輕繩的拉力之比為 石：1,故A錯誤，B正確；由上得T = mgsinSO 0 = mg.若剪斷輕繩，彈簧的彈力來不及變化，F(xiàn)和mg的合力與原來的T等大反向，T所以剪斷瞬間小球的合力大小等于T,加速度為a = - = -,故C正確，D錯誤。所以BC正確，m 2AD錯誤?！军c睛】解決本題的關(guān)鍵要知道剪斷輕繩的瞬間，彈簧的彈力不變，分析小球的合力，結(jié)合牛頓第二定律進行來求瞬時加速度。11.制動防抱死系統(tǒng)（anti】口ckbrake&yst已m）簡稱ABS.其作用是在汽車緊急剎車時使車輪不被抱死，處于邊滾邊滑的狀態(tài)。某汽車在啟用AB生I

14、J車系統(tǒng)和不啟用 ABStU車系統(tǒng)緊急剎車時其車速與時間的變化關(guān)系分別如圖中的、。圖線所示，其中3 = 2匕，由圖可知，啟用 ABS后.A.加速度總是比不啟用 ABS寸大 B. 速度總是比不啟用 ABS寸小C. 0%平均速度比不啟用 ABS時大 D. 剎車距離比不啟用 ABS寸小【答案】CD【解析】根據(jù)速度圖象的斜率等于加速度，由斜率的大小來比較加速度的大小。由圖象直接比較車速 的大小，由由圖線與時間軸圍成的面積表示位移，比較位移的大小。結(jié)合平均速度的定義分 析?！驹斀狻扛鶕?jù)速度圖象的斜率等于加速度，斜率絕對值越大，加速度越大，知啟用ABS后加速度先先比不啟用 ABS時小，后比不啟用 ABS時

15、大，故A錯誤；由圖看出，啟用 ABS后速度先比不啟用 ABS時大，后比不啟用 ABS時小，故B錯誤；根據(jù)速度時間圖象與時間軸圍成的面積表示位移，可以看出，內(nèi)，啟用ABS后比不啟用 ABS時大，所以啟用 ABS后。7平均速度比不啟用 ABS時大，故C正確；根據(jù)速度時間圖象與時間軸圍成的面積表示位移，由圖知啟用ABS后剎車距離比不啟用 ABS寸小，故D正確。所以CD正確，AB錯誤。【點睛】本題考查對 剪7圖象的掌握和應(yīng)用，要注意明確 v-t圖象中點、線、面的意義，能根據(jù)圖象分析物體的運動情況是解題的關(guān)鍵。12.如圖所示的裝置叫阿特伍德機。繩子兩端的物體豎直運動的加速度大小總是小于自由落體的加速度g

16、,這使得實驗者可以有較長的時間從容地觀測、研究。已知物體A B的質(zhì)量均為M物體C的質(zhì)量為m輕繩與輕滑輪間的摩擦不計，輕繩不可伸長且足夠長。物體 A B、C 由圖示位置靜止釋放后A.繩子上的拉力大小T = 十m把mB.物體 A的加速度a =g2M十mM,- C. 一的取值小一些，便于觀測 m期D. 一的取值大一些，便于觀測和研究 m【答案】BD【解析】【分析】物體 A B、C由圖示位置靜止釋放后，B C向下做勻加速運動， A向上做勻加速運動，加速度大小相等，分別對 A和BC整體，根據(jù)牛頓第二定律列式，即可求得繩子上的拉力大小和物體A的加速度。為了便于觀測和研究，加速度應(yīng)適當小些?！驹斀狻繉ξ矬w

17、A,由牛頓第二定律得:T - Mg = Ma，對B、C整體，由牛頓第二定律得： （M + m）g -1 = （M+m）a,聯(lián)立解得T = Mg I - , a = g ,故 A錯誤，B正確；2M十m 2M十mm1a 注=M由 2Mm 2M知-的取值大一些，a小些，便于觀測和研究，故 C錯誤，D正確。所十I mill以BD正確，AC錯誤。【點睛】解決本題的關(guān)鍵是掌握隔離法研究加速度不同的連接體問題，要抓住A BC三者加速度大小相等，運用牛頓第二定律研究。三、實驗題探究題（本大題共2小題，共12.0分）13.在“探究彈力與彈簧伸長量的關(guān)系”實驗中，某實驗小組采用DS傳感器進行實驗測量彈簧的勁度系數(shù)

18、。實驗裝置如圖甲所示，力傳感器固定在桌面上，彈簧水平放置，兩端分別與傳感器和小車連接。實驗過程中將小車向右移至不同位置，位移傳感器記錄彈簧長度L,力傳感器記錄彈力F.根據(jù)所采集數(shù)據(jù)擬合出F-L圖象如圖乙所示，回答下列問題：彈簧的原長 cm彈簧的勁度系數(shù) 7E?！敬鸢浮?（1）.（2）. 200【解析】【分析】當彈簧彈力為零時，彈簧處于原長，結(jié)合圖線得出彈簧的原長，根據(jù)圖線的斜率求出勁度系數(shù)的大小?！驹斀狻浚―彈簧的原長1即為彈力為零時彈簧的長度，由圖象可知，,0=lLOcm。 F 4.00-0（力勁度系數(shù)為圖象直線部分的斜率為：k =- 型加=200N/m。X L （13,0- 11.0） x

19、 1。一【點睛】本題考查了彈力與彈簧伸長量的關(guān)系，知道彈力為零時彈簧的長度即為原長，F(xiàn)-L圖線的斜率表示勁度系數(shù)。14.某同學在“探究加速度與物體受力的關(guān)系”實驗中實驗裝置如圖甲所示，打點計時器工作時頻率為50Hz=（1，在平衡小車與長木板之間摩擦力的過程中紙帶左端和小車連接，打出了一條紙帶，點跡如圖乙所示。為了平衡摩擦力，則應(yīng)該 :,選填A(yù)或B）。A把墊片略微向左移動B把墊片略微向右移動（力在平衡摩擦力后，該同學將 5個相同的祛碼都放在小車上。掛上祛碼盤，然后每次從小車上取一個祛碼添加到祛碼盤中測量小車的加速度。小車的加速度a與祛碼盤中的祛碼總重力 F的實驗數(shù)據(jù)如表：祛碼盤中祛碼總重力 F（

20、N）|0.196|0.393|0.58S際4|0.9S0加速度a (m -s-2)1.66|目28當祛碼盤中祛碼的總重力為 0392N時，所得紙帶如圖丙所示，則此時加速度 rnF（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。0：請把小題Q）中所得數(shù)據(jù)描在坐標紙上，并作出 a - F圖象 一即k * J k J，事4 all.一 lb 4 ai.耳JL ”人*L 3)二九 1* *八LK . Hvr嚇N-卜11 H-Ff H-十卜Hb ,1 - / r，/ -一f h * *“ L，H * 。W * 4，子 fe. H1一J，八I J1金Al，/LL IIll;口nj ; ; JI：；：III1 1 MIT T T

21、 I1111 1 V ff f T T I卜 rw r f 1 Ti-rm-r, *F ， M,彳. Ip * - n一- * jb 1, J * -4-、“ T/入b 小耳一，.jL11dL 曲-jL A.-A 4-i JLjk k X rtHvr回出+戶卜*4H rrl1 V /F ，iF G . PF f - * 卜1 J.L 1 13.iL l J J. L*| 和.*.1. L LJK.4.1.14H-t-:*+/rL卜 V r f t * 1 8i尸kr 11 ,卜*F P 卜A T看, 4P H,* JR-JR. J4 : J,f d r4 * k1八k r 1j. m. ， F

22、 ，+卜H1:中 H：I 1Nr t i-i-f r ,r yW r t ，r r 11 0.27N0)根據(jù)所描繪的a-F圖象，求得祛碼盤重N(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)?！敬鸢浮?(1). B (2).(3).(4).【分析】根據(jù)小車做勻變速運動列出方程，對合外力進行分析即可求解；在勻變速直線運動中連續(xù)相 等時間內(nèi)的位移差為常數(shù)，根據(jù)作差法求解加速度；由圖象可知，當外力為零時，物體有加 速度，通過對小車受力分析即可求解。【詳解】從打出的紙帶的點跡來看，小車仍然是做加速運動，則平衡摩擦力過度，即平板 太陡，所以要使木板平緩一點，只能使墊片向右移動一點，故B正確；Ax (5.89-7.05-3.50

23、-4 72) x OZ .由逐差法求加速度， =二-=1語=l.l8m.y ；T-(2 x 5 x 0,02)0：，描點畫圖如圖所示：（41從縱軸上的截距可以知道：當F = 0時，小車的加速02由/，由“2 可知圖象的斜率是小車一一，Aa ,3.0-0.2 ,，,一質(zhì)量的倒數(shù)，所以小車質(zhì)量 M =（一力1 = （） 13=0.39kg,另外從圖象的縱截距可 F 1.1以知道：mog = Mao=O,39 冥 0.2N = 0.078N。【點睛】解答實驗問題的關(guān)鍵是正確理解實驗原理，加強基本物理知識在實驗中的應(yīng)用，同時不斷提高應(yīng)用數(shù)學知識解答物理問題的能力。四、計算題（本大題共 4小題，共40.

24、0分）15 .風洞實驗室中可以產(chǎn)生水平方向、速度大小可以調(diào)節(jié)的風，用來研究處在流動氣體中的物體的受力情況。一種測定風作用力的儀器原理如圖所示，細長的輕質(zhì)金屬絲一端固定于懸點O另一端懸掛著一個重力為G的金屬球。無風時，金屬絲自然下垂；風沿水平方向吹來時，金屬絲偏離豎直方向的角度為。求（風力F的大小和金屬絲拉力T的大??；（力已知風力與風速的大小關(guān)系為 1=匹其中金屬球的重力為0.4N,當偏角。=37 時，求此時風速的大小。n37” =0,6.8337 =0 S）G【答案】（l）Glan - ； （2）10m/so cosO【解析】【分析】對小球受力分析，然后根據(jù)共點力平衡條件運用合成法，由幾何關(guān)系

25、求解出分力。由風力與 風速的大小關(guān)系為1: kv二結(jié)合求得的風力可求得風速?！驹斀狻浚?）對小球受力分析，受到重力、拉力和風力，將拉力和風力合成，合力與重力平衡,如圖所示：ccsG由上述關(guān)系和已知條件可得：F =又代入數(shù)據(jù)解得：【點睛】本題關(guān)鍵對小球受力分析后，根據(jù)共點力平衡條件，運用合成法，根據(jù)幾何關(guān)系求解。16 .集美大橋?qū)徑鈴B門進出島擁堵問題具有重要意義。某汽車在集美大橋上以飛=的速度勻速行駛駕駛員某時刻發(fā)現(xiàn)與前車車距太小，他立即采取制動措施，以此時刻為計時起點汽車以加速度為大小為做勻減速直線運動。4s后發(fā)現(xiàn)與前車距離較遠了，他立即踩油門汽車以加速度 也大小為1做勻加速直線運動且持續(xù)時

26、間8s,此后做勻速直線運動。求：前4s內(nèi)汽車的位移大??；（力集美大橋限速80kmh,通過計算判斷該汽車是否超速?！敬鸢浮浚?） 60 mi Q）汽車不超速?！窘馕觥俊痉治觥扛鶕?jù)位移公式可求得位移；由速度公式求得速度，比較是否超速。詳解由題可知” = 72km.% = 20m小前4s內(nèi)汽車的位移：* =啪+代入數(shù)據(jù)求得：第4s末汽車的速度：力卜氣玷 代入數(shù)據(jù)求得：第12s末汽車的速度：廿廣,一區(qū)上代入數(shù)據(jù)求得：v, = 79.2km/h 80km/h,則沒有超速?！军c睛】本題考查運動學公式的應(yīng)用，明確運動過程，求解相應(yīng)的物理量結(jié)合實際進行判斷。17 .某同學利用物理數(shù)字化實驗室研究物體運動與受力

27、的關(guān)系。一質(zhì)量m = 136kg的物體靜止在水平面上，對其施加與水平方向成立=37斜向下的恒力 F,如圖所示。力F作用一段時間后撤去，物體最終停在水平面上。傳感器每隔。.為記錄物體的瞬時速度，下表為該同學得到的數(shù)據(jù)。但取 10m后，sin37 =0.6 ,=0.S）時刻Vshdb.4hd0.8Ml1214i.d速度 v/m -s-1boob陰|i四L劉|l,30bio求：（1）勻加速階段的加速度 為大小和勻減速階段的加速度 a1大??；Qi物體與水平面的動摩擦因數(shù)0）恒力F的大小?！敬鸢浮浚╨）2.4m/s2 Zm/J;02；g.8N。【解析】【分析】由表格數(shù)據(jù)，根據(jù)加速度的定義求加速度；物體在

28、勻減速階段，運用牛頓第二定律列式，可 求得物體與水平面的動摩擦因數(shù) N；物體在勻加速階段，分析物體受力，運用牛頓第二定律列 式，可求得恒力 F的大小。占“ 0.96 - 0.007【詳解】（D由表格數(shù)據(jù)可知，勻加速階段的加速度為= =24mH。1 X 0.4 - 0 0公4 0.10- 30,勻減速階段的加速度 % =二一故啊的大小為2m展。 q 1.6 - 1.0物體在勻減速階段，由牛頓第二定律得：= 解得mg支持力fn、滑動摩擦力f和推力F,0:1物體在勻加速階段，分析物體受力，物體受重力將F沿水平和豎直兩個方向分解，如圖所示:根據(jù)牛頓第二定律得：x 軸：FcosO - f = may 軸

29、：Fn = Fsine + mg又聯(lián)立解得【點睛】本題是牛頓第二定律和運動學公式的綜合應(yīng)用，關(guān)鍵要正確分析物體的受力情況，采用正交分解法列出牛頓第二定律方程。18.有一傾角為37的傳送帶逆時針轉(zhuǎn)動，正常運轉(zhuǎn)時的速度v=4m/&, AB間長度L = 9一6ni?，F(xiàn)通過定滑輪用輕繩沿著傳送帶方向拉動的平板，已知平板與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)出平板可視為質(zhì)點，不計輕繩和定滑輪之間的摩擦，g取10m后與7 = 0,6 ,8537 = 0.S）（，傳送帶靜止時，為了勻速拉動平板，求所需拉力耳的大??；Q:傳送帶正常運轉(zhuǎn)時，用恒力 4 = 16N拉動初速度為零的平板，求平板從A點到達B點所用的時間；傳送帶正常運轉(zhuǎn)時，將m = 15kB的物體疊放在平板上