2016年高考全國(guó)3卷理綜試題(解析版)講解

1、絕密啟封并使用完畢前試題類型：注意事項(xiàng)：1 .本試卷分第I卷（選擇題）和第II卷（非選擇題）兩部分。2 .答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在本試題相應(yīng)的位置。3 .全部答案在答題卡上完成，答在本試題上無(wú)效。4 .考試結(jié)束后，將本試題和答題卡一并交回?？赡苡玫降南鄬?duì)原子質(zhì)量：第I卷（選擇題共126分）一、選擇題：本大題共13小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1 .下列有關(guān)細(xì)胞膜的敘述，正確的是A.細(xì)胞膜兩側(cè)的離子濃度差是通過(guò)自由擴(kuò)散實(shí)現(xiàn)的B.細(xì)胞膜與線粒體膜、核膜中所含蛋白質(zhì)的功能相同C.分泌蛋白質(zhì)分泌到細(xì)胞外的過(guò)程存在膜脂的流動(dòng)現(xiàn)象D.膜中的磷脂分

2、子是由膽固醇、脂肪酸和磷酸組成的【答案】C【解析】主動(dòng)運(yùn)輸可以使離子從低濃度T幗輸高濃度一側(cè)，以保證活胞能夠按照生命活動(dòng)的需要j主動(dòng)選擇啜收斫需要的營(yíng)養(yǎng)物質(zhì)，排出代調(diào)廢物和對(duì)細(xì)胞有害的物質(zhì)。所以胞膜兩側(cè)的離子濃度差是通過(guò)主動(dòng)運(yùn)輸實(shí)現(xiàn)的&項(xiàng)辛蹌吳,名噬膜與線粒體膜、核膜中所含蛋白質(zhì)的功能不完全相同列如細(xì)胞服上含有具識(shí)別作用的神生白，學(xué)群立體膜上含有與有氧呼吸有關(guān)的酶等，B項(xiàng)錯(cuò)誤，分泌至白質(zhì)分泌到細(xì)胞外的過(guò)程屬于胞吐，存在著眼的合和變形A所以存在膜脂的流動(dòng)現(xiàn)象，C項(xiàng)正確力膜中的磷脂分子是由甘油、脂肪酸和磷酸等組成的，口項(xiàng)錯(cuò)誤。【考點(diǎn)定位】細(xì)胞膜的結(jié)構(gòu)和功能【名師點(diǎn)睛】思維流程2 .細(xì)胞膜的組成、結(jié)

3、構(gòu)與功能的關(guān)系(1)不同種類的細(xì)胞，細(xì)胞膜的成分及含量不完全相同。這與細(xì)胞的功能有關(guān)，功能復(fù)雜的膜中，蛋白質(zhì)數(shù)量多。(2)各種膜所含的蛋白質(zhì)與脂質(zhì)的比例同膜的功能有關(guān)，功能越復(fù)雜的細(xì)胞膜，其蛋白質(zhì)的種類和數(shù)量越多。(3)細(xì)胞膜的組分并不是不可變的，如細(xì)胞癌變過(guò)程中，細(xì)胞膜組分發(fā)生變化，糖蛋白含量下降，產(chǎn)生甲胎蛋白(AFP)、癌胚抗原(CEA)等物質(zhì)。(4)糖類主要與蛋白質(zhì)和脂質(zhì)結(jié)合形成糖蛋白和糖脂，都與細(xì)胞識(shí)別作用有關(guān)。細(xì)胞膜結(jié)構(gòu)圖示中糖蛋白的多糖側(cè)鏈?zhǔn)桥袛嗌锬?nèi)、外側(cè)的依據(jù)，多糖側(cè)鏈所在的一側(cè)為細(xì)胞膜外側(cè)，另一側(cè)則為細(xì)胞膜內(nèi)側(cè)。3 .細(xì)胞膜的功能4 .在前人進(jìn)行的下列研究中，采用的核心技術(shù)

4、相同(或相似)的一組是證明光合作用所釋放的氧氣來(lái)自于水用紫外線等處理青霉菌選育高產(chǎn)青霉素菌株用工噬菌體侵染大腸桿菌證明DN猥遺傳物質(zhì)用甲基綠和毗羅紅對(duì)細(xì)胞染色，觀察核酸的分布A.B.C.D.【答案】B【解析】睬用了放射性同位素標(biāo)記;亂故B頊正確2是利用物理因素來(lái)誘發(fā)生物基因突變,用到的是染色方法，屬于顏色反應(yīng)因此，加C、D項(xiàng)錯(cuò)誤?！究键c(diǎn)定位】生物研究技術(shù)【名師點(diǎn)睛】同位素標(biāo)記在實(shí)驗(yàn)中的應(yīng)用同位素用于追蹤物質(zhì)運(yùn)行和變化過(guò)程時(shí)，叫做示蹤元素。用示蹤元素標(biāo)記的化合物，化學(xué)性質(zhì)不變。人們可以根據(jù)這種化合物的放射性，有關(guān)的一系列化學(xué)反應(yīng)進(jìn)行追蹤。這種科學(xué)研究方法叫做同位素標(biāo)記法。在高中生物學(xué)教材中有多處

5、涉及到放射性同位素的應(yīng)用，下面是高中生物教材中涉及的同位素標(biāo)記類型。1.標(biāo)記某元素，追蹤其轉(zhuǎn)移過(guò)程如在光合作用中，分別用18O標(biāo)記H218O和用14C標(biāo)記14CO,以追蹤18O和14C的轉(zhuǎn)移途徑：(1) 14CO1403f(14CHQ(2)譚8018C22. 標(biāo)記特征元素，探究化合物的作用如T2噬菌體侵染細(xì)菌實(shí)驗(yàn)：(1) 32P-DNA證明DN是遺傳物質(zhì)。(2) 35S蛋白質(zhì)，證明蛋白質(zhì)外殼未進(jìn)入細(xì)菌體內(nèi)，推測(cè)蛋白質(zhì)不是遺傳物質(zhì)。3. 標(biāo)記特征化合物，探究詳細(xì)生理過(guò)程( 1) 3H標(biāo)記亮氨酸，探究分泌蛋白的合成、加工、運(yùn)輸過(guò)程。(2) 15N標(biāo)記DNA證明了DNA勺半保留復(fù)制特點(diǎn)。3下列有關(guān)動(dòng)

6、物水鹽平衡調(diào)節(jié)的敘述，錯(cuò)誤的是A. 細(xì)胞外液滲透壓的改變可影響垂體釋放抗利尿激素的量B. 腎小管通過(guò)主動(dòng)運(yùn)輸吸收水的過(guò)程受抗利尿激素的調(diào)節(jié)C. 攝鹽過(guò)多后飲水量的增加有利于維持細(xì)胞外液滲透壓相對(duì)恒定D.飲水增加導(dǎo)致尿生成增加有利于維持細(xì)胞外液滲透壓相對(duì)恒定【答案】B【解析】細(xì)胞外液滲透壓升高時(shí)，可使垂體釋放抗利尿激素增加，以促進(jìn)腎小管和集合管對(duì)水分的重吸收，減少尿量，最終導(dǎo)致細(xì)胞外液滲透壓恢復(fù)正常，故A項(xiàng)正確；腎小管通過(guò)自由擴(kuò)散(或滲透作用)重吸收水分，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；攝鹽過(guò)多后會(huì)導(dǎo)致細(xì)胞外液滲透壓升高，通過(guò)相關(guān)神經(jīng)調(diào)節(jié)，會(huì)在大腦皮層產(chǎn)生渴感，主動(dòng)飲水，使細(xì)胞外液滲透壓恢復(fù)正常，C項(xiàng)正確；飲水增加

7、會(huì)導(dǎo)致細(xì)胞外液滲透壓下降，使垂體釋放的抗利尿激素減少，進(jìn)而使腎小管和集合管對(duì)水的重吸收減少，尿量增加，最終使細(xì)胞外液滲透壓恢復(fù)正常，D項(xiàng)正確?！究键c(diǎn)定位】動(dòng)物水鹽平衡調(diào)節(jié)【名師點(diǎn)睛】1.圖解水鹽平衡調(diào)節(jié)過(guò)程2.血漿滲透壓、抗利尿激素含量和尿量的關(guān)系血漿滲透壓升高，抗利尿激素分泌增多，二者呈正相關(guān)；抗利尿激素促進(jìn)腎小管和集合管對(duì)水分的重吸收，使尿量減少，二者呈負(fù)相關(guān)。三者關(guān)系如圖：4.為了探究生長(zhǎng)素的作用，將去尖端的玉米胚芽鞘切段隨機(jī)分成兩組，實(shí)驗(yàn)組胚芽鞘上端一側(cè)放置含有適宜濃度IAA的瓊脂塊，對(duì)照組胚芽鞘上端同側(cè)放置不含IAA的瓊脂塊，兩組胚芽鞘下段的瓊脂塊均不含IAA。兩組胚芽鞘在同樣條件下

8、，在黑暗中放置一段時(shí)間后，對(duì)照組胚芽鞘無(wú)彎曲生長(zhǎng)，實(shí)驗(yàn)組胚芽鞘發(fā)生彎曲生長(zhǎng)，如圖所述。根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果判斷，下列敘述正確的是A.胚芽鞘b側(cè)的IAA含量與b，側(cè)的相等B.胚芽鞘b側(cè)與胚芽鞘c側(cè)的IAA含量不同C.胚芽鞘b，側(cè)細(xì)胞能運(yùn)輸IAA而一側(cè)細(xì)胞不能D.瓊脂塊dz從az中獲得的IAA量小于az的輸出量【答案】D【解折】根據(jù)題意可知，瓊脂塊3中不含生長(zhǎng)素，即左圖屬于對(duì)照組J所以胚芽鞘匕側(cè)與胚芽箱C側(cè)均不含生長(zhǎng)素，而右圖屬于實(shí)臉組J即瓊脂塊J中含有生長(zhǎng)素，所以胚芽鞘墳側(cè)含敵機(jī)B項(xiàng)反首誤J胚養(yǎng)鞘細(xì)胞均能運(yùn)輸IM,c項(xiàng)錯(cuò)誤3瓊脂排丁中的工AA經(jīng)月謝肖向下運(yùn)輸?shù)狡渲幸徊糠謺?huì)留在肘荊肖中a故D項(xiàng)正確*【考點(diǎn)

9、定位】生長(zhǎng)素的作用【名師點(diǎn)睛】植物激素的幾個(gè)拓展實(shí)驗(yàn)1 .驗(yàn)證生長(zhǎng)素的產(chǎn)生部位在尖端實(shí)驗(yàn)組：取放置過(guò)胚芽鞘尖端的瓊脂塊，置于去掉尖端的胚芽鞘一側(cè)（如圖甲）。對(duì)照組：取未放置過(guò)胚芽鞘尖端的空白瓊脂塊，置于去掉尖端的胚芽鞘一側(cè)（如圖乙）。2 .驗(yàn)證胚芽鞘生長(zhǎng)部位在尖端下段實(shí)驗(yàn)組：在胚芽鞘尖端與下段間插入云母片，如圖甲。對(duì)照組：胚芽鞘不做處理，如圖乙。3驗(yàn)證生長(zhǎng)素的橫向運(yùn)輸發(fā)生在尖端(1) 實(shí)驗(yàn)操作(如圖)：(2) 實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象：裝置a中胚芽鞘直立生長(zhǎng)；裝置b和c中胚芽鞘彎向光源生長(zhǎng)。4驗(yàn)證生長(zhǎng)素的極性運(yùn)輸只能從形態(tài)學(xué)上端向下端運(yùn)輸(1) 實(shí)驗(yàn)操作(如圖)：(2)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象：A組去掉尖端的胚芽鞘向右彎曲生

10、長(zhǎng)，B組去掉尖端的胚芽鞘不生長(zhǎng)不彎曲。5探究重力和單側(cè)光對(duì)生長(zhǎng)素分布的影響程度(1)實(shí)驗(yàn)操作：如下圖所示(注：A盒下側(cè)有開(kāi)口，可以進(jìn)光)。(2) 結(jié)果預(yù)測(cè)及結(jié)論：若A、B中幼苗都向上彎曲生長(zhǎng)，只是B向上彎曲程度大，說(shuō)明重力對(duì)生長(zhǎng)素分布的影響大于單側(cè)光。若A中幼苗向下彎曲生長(zhǎng)，B中幼苗向上彎曲生長(zhǎng)，說(shuō)明單側(cè)光對(duì)生長(zhǎng)素分布的影響大于重力。5我國(guó)諺語(yǔ)中的“螳螂捕蟬，黃雀在后”體現(xiàn)了食物鏈的原理。若鷹遷入了蟬、螳螂和黃雀所在的樹(shù)林中，捕食黃雀并棲息于林中。下列敘述正確的是A. 鷹的遷入增加了該樹(shù)林中蟬及其天敵的數(shù)量B. 該生態(tài)系統(tǒng)中細(xì)菌產(chǎn)生的能量可流向生產(chǎn)者C. 鷹的遷入增加了該生態(tài)系統(tǒng)能量消耗的環(huán)節(jié)

11、D.鷹的遷入增加了該生態(tài)系統(tǒng)能量流動(dòng)的方向【解析】試題分析：廛遷入該樹(shù)林后，形成了食物儲(chǔ)植物f螳f螳蜘f黃雀f麼.據(jù)此可知，座的遷入會(huì)使該樹(shù)林中蟬的數(shù)量減少P故A項(xiàng)錯(cuò)誤i該生態(tài)系統(tǒng)中的生產(chǎn)者的能量來(lái)自太B眺能和進(jìn)行化能合成作用時(shí)利用的化學(xué)（體外環(huán)境中某些無(wú)機(jī)物氧化時(shí)所釋放的有建），且有遑流動(dòng)是沿著食物髀進(jìn)行的，所以細(xì)菌不論作為生態(tài)系統(tǒng)的何種成分生產(chǎn)者、消費(fèi)者或分解者其能量產(chǎn)生均不能流向生產(chǎn)者,B項(xiàng)配吳j在一個(gè)生杰系統(tǒng)申,營(yíng)養(yǎng)凄越多,在能量流朝過(guò)程中消耗的量就越多，窿的遷入窗口了該生態(tài)系統(tǒng)食物鏈的營(yíng)養(yǎng)加，所以也就增加了能量消耗的環(huán)節(jié)，C項(xiàng)正確J能量流動(dòng)是沿著食物牌進(jìn)行的，傕的遷入沒(méi)有增加該生態(tài)系

12、統(tǒng)能量流動(dòng)的方向，。項(xiàng)錯(cuò)誤【考點(diǎn)定位】生態(tài)系統(tǒng)的結(jié)構(gòu)和功能【名師點(diǎn)睛】1.生態(tài)系統(tǒng)能量流動(dòng)過(guò)程起點(diǎn)生J 口源頭光能育卅輸入相關(guān)生理過(guò)程光合作用總育區(qū)生產(chǎn)者固定的太陽(yáng)能總量育面的傳遞傳遞載體：有機(jī)物傳遞渠道：沿食物鏈和食物網(wǎng)育面的散失相關(guān)生理過(guò)程細(xì)胞呼吸形式熱能育抗流動(dòng)特點(diǎn)逐級(jí)遞減；單向流動(dòng)2.生態(tài)系統(tǒng)結(jié) 構(gòu)與功能知識(shí) 小結(jié)生態(tài)系統(tǒng)中 的物質(zhì)和能量 是沿著食物鏈 和食物網(wǎng)進(jìn)行 的。能量在流動(dòng)過(guò)程中是逐級(jí)遞減的，在食物鏈中，營(yíng)養(yǎng)級(jí)越高，獲得的能量越少，所包括的動(dòng)物數(shù)量越少。在食物網(wǎng)中，如果某一動(dòng)物的天敵消失，則這一動(dòng)物在一定時(shí)間內(nèi)數(shù)量會(huì)明顯增多，當(dāng)增多到一定數(shù)量后，由于食物不足，則其數(shù)量又會(huì)減少。

13、生物在生態(tài)系統(tǒng)中食性越單一，生存的穩(wěn)定性越小。6.用某種高等植物的純合紅花植株與純合白花植株進(jìn)行雜交，F(xiàn)i全部表現(xiàn)為紅花若Fi自交，得到的F2植株中，紅花為272株，白花為212株；若用純合白花植株的花粉給Fi紅花植株授粉，得到的子代植株中，紅花為101株，白花為302株。根據(jù)上述雜交實(shí)驗(yàn)結(jié)果推斷，下列敘述正確的是中白花植株都是純合體中紅花植株的基因型有2種C.控制紅花與白花的基因在一對(duì)同源染色體上中白花植株的基因類型比紅花植株的多【答案】D【解析】用純合紅花植株與統(tǒng)合白花植株進(jìn)行雜交，邑全部表現(xiàn)為紅在“若我白交，得到的咫植株中,紅花為272白花為212株,即紅花：白花海：是9：3：3：1的變

14、式,而且用納合白花植株的花端給H紅花植株授粉,得到的子代植株中，紅花為R1株，白花為30Z株，即紅花：白在Q1：由此可推失K友對(duì)相時(shí)性狀由兩對(duì)等他基因控制(設(shè)為品次和仄b,并且這兩對(duì)等位基因的遺傳遵循基因的自由組合定律，說(shuō)明控制紅花與白花的基因分別位于兩對(duì)同源染色體上，故C項(xiàng)錯(cuò)誤：凡的基因型為以碓，肉白交得到的艮卬白花植株的基因型有且上匕、忠疝_和漁所以R中白花植株不都是純合體?且項(xiàng)錯(cuò)誤里中打在植株(缸E的基醛有4種,而白花植株的基因型有9-4=5種，故E項(xiàng)錯(cuò)誤,D項(xiàng)正確卡【考點(diǎn)定位】基因的自由組合定律【名師點(diǎn)睛】是否遵循自由組合定律的判斷方法(1)兩對(duì)等位基因控制的性狀不一定都遵循自由組合定

15、律如圖中Aa、Bb兩對(duì)等位基因之間的遺傳不遵循自由組合定律，分為以下兩種情況：在不發(fā)生交叉互換的情況下，AaBb自交后代性狀分離比為3：1。在發(fā)生交叉互換的情況下，其自交后代有四種表現(xiàn)型，但比例不是9：3：3：1。(2)驗(yàn)證自由組合定律的實(shí)驗(yàn)方案測(cè)交法：雙雜合子FX隱性純合子，后代F2中雙顯性：前顯后隱：前隱后顯：雙隱性=1：1：1：1。自交法：雙雜合子F1自交，后代F2中雙顯性：前顯后隱：前隱后顯：雙隱性=9:3：3：1。7 .化學(xué)在生活中有著廣泛的應(yīng)用，下列對(duì)應(yīng)關(guān)系錯(cuò)誤的是()Al2（SQ）3化學(xué)性質(zhì)實(shí)際應(yīng)用A.和小蘇打反應(yīng)泡沫滅火器滅火B(yǎng).鐵比銅金屬性強(qiáng)FeCl3腐蝕Cu刻制印刷電路板C

16、.次氯酸鹽具有氧化性漂白粉漂白織物D.HF與SiO2反應(yīng)氫氟酸在玻璃器皿上刻蝕標(biāo)記【解析】試題分析二A、硫酸霜和瞬氫鈉發(fā)生反應(yīng)生成氫氧化鋁沉淀、虢酸鈉和二氧化碳P能滅火，故說(shuō).法正確m&氫優(yōu)鐵和銅反應(yīng)生成氨化亞ft和氯化銅，說(shuō)明銅的還原性強(qiáng)于亞鐵離子，不能說(shuō)明鐵比銅強(qiáng)J故說(shuō)法錯(cuò)誤f二次氨酸具有強(qiáng)氧比性，能漂白,故說(shuō)法正確了D、氟化氫和二氧化磴反應(yīng)生成四氟化硅和水,可以刻蝕玻璃，故說(shuō)法正確.【考點(diǎn)定位】考查鹽類水解的應(yīng)用，氧化還原反應(yīng)，次氯酸的性質(zhì)，二氧化硅的性【答案】B質(zhì)【名師點(diǎn)睛】本試題考查考生對(duì)元素及其化合物性質(zhì)的掌握?？疾榭忌鷮?duì)知識(shí)的夯實(shí)和運(yùn)用的能力。鹽類水解在生活中涉及方方面面，如泡沫

17、滅火器、明磯凈水等等，泡沫滅火劑原理就是鹽類水解，A13+3HC。=Al（OH）3；+3COT，比較金屬性的強(qiáng)弱，可以通過(guò)置換反應(yīng)，利用金屬性強(qiáng)的制取金屬性弱的，如Fe+Ci2+=Fe2+Cu,說(shuō)明Fe比Cu金屬性強(qiáng)，漂白性的原理分為三類：一是具有強(qiáng)氧化性的，如HCIQO3等，二是結(jié)合性的，如SO,三是吸附性，如活性炭，前兩者屬于化學(xué)變化，后者屬于物理變化，漂白衣服常用氧化性的，但注意不能和潔廁劑混用，會(huì)產(chǎn)生氯氣，SO漂白紙張等，活性炭吸附水中的雜質(zhì)，雕刻玻璃常用氫氟酸，因?yàn)榘l(fā)生4HF+SiO2=SiF4T+2HO,氫氟酸常保存在塑料瓶中，只有掌握一定的化學(xué)知識(shí)，才會(huì)使我們的生活質(zhì)量得以提升，

18、也才會(huì)更安全、更健康。8 .下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.乙烷室溫下能與濃鹽酸發(fā)生取代反應(yīng)8 .乙烯可以用作生產(chǎn)食品包裝材料的原料C.乙醇室溫下在水中的溶解度大于澳乙烷D.乙酸在甲酸甲酯互為同分異構(gòu)體【答案】A【解析】試題分析：Z乙烷和濃鹽酸不反應(yīng),故說(shuō)法錯(cuò)誤iB、Z悌可以制成聚乙烯，聚乙烯用于食品包裝，故說(shuō)法正確3J乙醋含有親水基存基，能溶于水，而強(qiáng)乙烷不治于水，故說(shuō)法正殖；乙酸和甲酸甲酣的分子式相同，結(jié)構(gòu)不同,是同分異構(gòu)體頡說(shuō)法正隔.【考點(diǎn)定位】考查烷炫的性質(zhì)，烯炫的性質(zhì)和用途，乙醇的性質(zhì)，澳乙烷的性質(zhì)，同分異構(gòu)體【名師點(diǎn)睛】本試題考查考生對(duì)有機(jī)物基礎(chǔ)知識(shí)的掌握，屬于簡(jiǎn)單的一類題目，要求在平時(shí)學(xué)

19、習(xí)中夯實(shí)基礎(chǔ)知識(shí)，能構(gòu)對(duì)知識(shí)做到靈活運(yùn)用。有機(jī)物中的取代反應(yīng)包括：烷炫和鹵素單質(zhì)反應(yīng)（狀態(tài)是氣體）、苯的硝化和澳代、鹵代炫的水解、酯化反應(yīng)、酯的水解等，因此記憶時(shí)要注意細(xì)節(jié)，一般常用的包裝塑料有聚乙烯和聚氯乙烯，聚乙烯一般用于食品包裝，聚氯乙烯不能作為食品包裝，因?yàn)樵诠庹障履墚a(chǎn)生有毒物質(zhì)，污染食品，不能混用，影響溶解度的因素：相似相溶、形成分子間氫鍵、發(fā)生反應(yīng)，乙醇可以和水形成分子間氫鍵，而澳乙烷則不能和水形成分子間氫鍵，同分異構(gòu)體是分子式相同而結(jié)構(gòu)不同，分子式都是GH4Q,但前者屬于酸，后者屬于酯，同分異構(gòu)體可以是同類物質(zhì)，也可以是不同類物質(zhì)，要理解同分異構(gòu)體的概念，這樣問(wèn)題就可以解決，因此

20、平時(shí)的學(xué)習(xí)中注意概念的內(nèi)涵和延伸，反應(yīng)條件等。9 .下列有關(guān)實(shí)驗(yàn)的操作正確的是（）實(shí)驗(yàn)操作A.配制稀硫酸先將濃硫酸加入燒杯中，后倒入蒸儲(chǔ)水B.排水法收集KMn崩解產(chǎn)生的Q先熄滅酒精燈，后移出導(dǎo)管C.濃鹽酸與MnO反應(yīng)制備純凈C12氣體產(chǎn)物先通過(guò)濃硫酸，后通過(guò)飽和食鹽水D.CC14萃取碘水中的I2先從分液漏斗下口放出有機(jī)層，后從上口倒出水層【答案】D【解析】試題分析：A、濃硫酸稀釋?xiě)?yīng)該將濃硫酸倒入水中，故錯(cuò)誤；R實(shí)驗(yàn)后應(yīng)先移出導(dǎo)管后熄滅酒精燈，防止倒吸，故錯(cuò)誤；G氣體產(chǎn)物先通過(guò)飽和食鹽水，除去氯化氫，再通過(guò)濃硫酸除去水蒸氣，否則氯化氫氣體不能除去，故錯(cuò)誤；D四氯化碳的密度比水大，在下層，所以先從

21、下口倒出有機(jī)層，再?gòu)纳峡诘钩鏊畬樱收_?！究键c(diǎn)定位】考查濃硫酸的稀釋，氣體除雜，萃取操作【名師點(diǎn)睛】本試題考查化學(xué)實(shí)驗(yàn)安全、化學(xué)實(shí)驗(yàn)基本操作，設(shè)計(jì)內(nèi)容是濃硫酸的稀釋、氧氣制備、物質(zhì)除雜和分離、萃取實(shí)驗(yàn)等，要求平時(shí)復(fù)習(xí)過(guò)程注重基礎(chǔ)知識(shí)的夯實(shí)，熟記知識(shí)。稀釋溶液過(guò)程中，我們往往都是把濃度大溶液加入到濃度小的溶液中，這樣為防止混合放熱，放出熱量造成液體飛濺傷人，如濃硫酸的稀釋、濃硝酸和濃硫酸的混合等都是把濃硫酸加入到水或濃硝酸中，制氧氣的裝置中，應(yīng)是先撤導(dǎo)管，后熄滅酒精燈，防止引起倒吸，炸裂試管傷人，實(shí)驗(yàn)操作中要注意做到防爆炸、防暴沸、防失火、防中毒、防倒吸、防污染，這樣才能做到實(shí)驗(yàn)安全，不至于發(fā)

22、生危險(xiǎn)，物質(zhì)的除雜和提純中我們經(jīng)常是后除去水，可以防止在后面的除雜過(guò)程中引入水蒸氣，驗(yàn)證水蒸氣時(shí)，先驗(yàn)證水蒸氣的存在，防止引入水蒸氣產(chǎn)生干擾，驗(yàn)證水蒸氣常用無(wú)水硫酸銅，如果出現(xiàn)白色變?yōu)樗{(lán)色，證明水蒸氣的存在，需要掌握物質(zhì)的物理性質(zhì)、化學(xué)性質(zhì)、常見(jiàn)的分離混合物的方法、常見(jiàn)的儀器的名稱、使用、化學(xué)試劑的使用、分離方法及名稱、操作的先后順序等，這樣才可以得心應(yīng)手，作出正確的分析與判斷。10 .已知異丙苯的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式如下，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.異丙苯的分子式為GH12B.異丙苯的沸點(diǎn)比苯高C.異丙苯中碳原子可能都處于同一平面D.異丙苯的和苯為同系物【答案】C【解析】試題分析:A.根據(jù)有機(jī)物碳原子的特點(diǎn)

23、J分子式為GHw故正確jB、碳原子數(shù)越爵，悔沸點(diǎn)越高J故沸點(diǎn)比笨高，故正確；。、羊環(huán)是平面結(jié)構(gòu)，當(dāng)異丙基中的“QW碳原子形成四個(gè)單鍵，碳厚子不都在一個(gè)平面故錯(cuò)誤寧d異丙茶和苯結(jié)構(gòu)相似，在分子組成上木晞3個(gè)E原子團(tuán)屬于同系物,故正碣。|【考點(diǎn)定位】考查有機(jī)物的結(jié)構(gòu)和性質(zhì)【名師點(diǎn)睛】本試題考查考生對(duì)有機(jī)物基礎(chǔ)知識(shí)的掌握，涉及有機(jī)物中碳原子的特點(diǎn)、有機(jī)物熔沸點(diǎn)高低判斷、共面、同系物等知識(shí)，培養(yǎng)學(xué)生對(duì)知識(shí)靈活運(yùn)用能力的，但前提是夯實(shí)基礎(chǔ)。有機(jī)物中碳原子有只有4個(gè)鍵，鍵線式中端點(diǎn)、交點(diǎn)、拐點(diǎn)都是碳原子，其余是氫元素，因此分子式為GH2,容易出錯(cuò)的地方在氫原子的個(gè)數(shù)，多數(shù)或少數(shù)，這就需要認(rèn)真以及有機(jī)物中碳

24、原子有四個(gè)鍵，這樣不至于數(shù)錯(cuò)；有機(jī)物中熔沸點(diǎn)高低的判斷：一是看碳原子數(shù)，碳原子越多，熔沸點(diǎn)越高，二是碳原子相同，看支鏈，支鏈越多，熔沸點(diǎn)越低，這一般使用于同系物中，注意使用范圍；判斷共面、共線，常是以甲烷為正四面體結(jié)構(gòu)、乙烯為平面結(jié)構(gòu)、乙快為直線、苯為平面六邊形為基礎(chǔ)，進(jìn)行考查，同時(shí)在考查共面的時(shí)候還要注意碳碳單鍵可以旋轉(zhuǎn)，雙鍵不能旋轉(zhuǎn)，審清題意，看清楚是所有原子還是碳原子共面，一般來(lái)說(shuō)如果出現(xiàn)CH或CH等，所有原子肯定不共面；同系物的判斷，先看結(jié)構(gòu)和組成是否一樣，即碳的連接、鍵的類別、官能團(tuán)是否相同等，再看碳原子數(shù)是否相同，相同則不是同系物；掌握一定的有機(jī)化學(xué)基本知識(shí)是本題解答的關(guān)鍵，本題難

25、度不大。11 .鋅-空氣燃料電池可用作電動(dòng)車動(dòng)力電源，電池的電解質(zhì)溶液為KOH液，反應(yīng)為2Zn+O+4OH+2HO=2Zn(OH)。下列說(shuō)法正確的是()A.充電時(shí)，電解質(zhì)溶液中K+向陽(yáng)極移動(dòng)B.充電時(shí)，電解質(zhì)溶液中c(OH)逐漸減小C.放電時(shí)，負(fù)極反應(yīng)為：Zn+4OH-2e=Zn(OH)2D.放電時(shí)，電路中通過(guò)2mol電子，消耗氧氣（標(biāo)準(zhǔn)狀況）【答案】C【解析】試題分析小、充電時(shí)陽(yáng)離子向陰極移動(dòng)，故錯(cuò)誤再,放電時(shí)總反應(yīng)為已ZilCTKOH-汩。=&40Hx則充電時(shí)生施氧化鉀，溶液中的氫氧根離子濃度博大，故錯(cuò)誤3C、放電時(shí)，鋅在負(fù)極失去電子，故正確；D、標(biāo)準(zhǔn)狀況下22.4L氧氣的物質(zhì)的量為1摩爾

26、對(duì)應(yīng)轉(zhuǎn)移4摩爾電子）故錯(cuò)誤、.【考點(diǎn)定位】考查原電池和電解池的工作原理【名師點(diǎn)睛】本題考查原電池的工作原理和電解池工作原理，這是兩個(gè)裝置的重點(diǎn)，也是新電池的考查點(diǎn)，需要熟記，同時(shí)考查對(duì)知識(shí)的靈活運(yùn)用；電極反應(yīng)式的書(shū)寫(xiě)是電化學(xué)中必考的一項(xiàng)內(nèi)容，一般先寫(xiě)出還原劑（氧化劑）和氧化產(chǎn)物（還原產(chǎn)物），然后標(biāo)出電子轉(zhuǎn)移的數(shù)目，最后根據(jù)原子守恒和電荷守恒完成缺項(xiàng)部分和配平反應(yīng)方程式，作為原電池，正極反應(yīng)式為：O2+2H2O+4e=4OH,負(fù)極電極反應(yīng)式為：Zn+4OH2e=Zn（OH）”;充電是電解池，陽(yáng)離子在陰極上放電，陰離子在陽(yáng)極上放電，即陽(yáng)離子向陰極移動(dòng)，陰離子向陽(yáng)極移動(dòng)，對(duì)可充電池來(lái)說(shuō)，充電時(shí)原電池

27、的正極接電源正極，原電池的負(fù)極接電源的負(fù)極，不能接反，否則發(fā)生危險(xiǎn)或電極互換，電極反應(yīng)式是原電池電極反應(yīng)式的逆過(guò)程；涉及到氣體體積，首先看一下有沒(méi)有標(biāo)準(zhǔn)狀況，如果有，進(jìn)行計(jì)算，如果沒(méi)有必然是錯(cuò)誤選項(xiàng)。掌握原電池和電解池反應(yīng)原理是本題解答的關(guān)鍵。本題難度適中。12.四種短周期主族元素WX、Y、Z的原子序數(shù)依次增大，WX的簡(jiǎn)單離子具有相同電子層結(jié)構(gòu)，X的原子半徑是短周期主族元素原子中最大的，W與Y同族，Z與X形成的離子化合物的水溶液呈中性。下列說(shuō)法正確的是A.簡(jiǎn)單離子半徑：WXZB.W與X形成的化合物溶于水后溶液呈堿性C.氣態(tài)氫化物白熱穩(wěn)定性：WZ【答案】B試題分析；X的掠子半徑是短周期王族元素摩

28、子中最大的,為鈉元素，ZX形成的化合物為中性，說(shuō)明為亙化鈉，則Y為統(tǒng)元素JW為氧元素*A、金腦子和氧離子電子層靖慟目同，核電荷數(shù)越大，半越小,故鈉離子半徑小于氧離子半徑，故錯(cuò)iSFB、氧和鈉形成的化合物為氧化鈉或過(guò)氧化鈉，其水溶滿都為氫氧化鈉，顯堿性，曲正確，。、水和硫化氮比較，水穩(wěn)定性強(qiáng)，嬲耨;D、最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物中高氯酸是最強(qiáng)麟，曲錯(cuò)誤.【考點(diǎn)定位】考查原子結(jié)構(gòu)和元素周期律的關(guān)系【名師點(diǎn)睛】本試題考查元素周期表和元素周期律的知識(shí)，首選根據(jù)題目信息判斷出元素名稱，再根據(jù)元素周期律進(jìn)行知識(shí)的判斷，這就需要掌握住(非)金屬性的強(qiáng)弱、微粒半徑的大小比較等知識(shí)，因此平時(shí)中夯實(shí)基礎(chǔ)知識(shí)是關(guān)鍵，

29、同時(shí)應(yīng)注意知識(shí)的靈活運(yùn)用，審清題意如是不是最高價(jià)等。元素周期表、元素周期律是學(xué)習(xí)化學(xué)的工具和基本規(guī)律。元素周期表反映了元素的原子結(jié)構(gòu)、元素的性質(zhì)及相互轉(zhuǎn)化關(guān)系的規(guī)律，是根據(jù)元素周期律的具體表現(xiàn)形式，元素周期律是元素周期表排布的依據(jù)。元素的原子半徑、元素的化合價(jià)、元素的金屬性、非金屬性、原子核外電子排布都隨著原子序數(shù)的遞增而呈周期性的變化。同一周期的元素原子核外電子層數(shù)相同，從左到右原子序數(shù)逐漸增大；同一主族的元素，原子最外層電子數(shù)相同，從上到下原子核外電子層數(shù)逐漸增大。原子核外電子排布的周期性變化是元素周期律變化的原因，掌握元素的單質(zhì)及化合物的結(jié)構(gòu)、反應(yīng)條件、物質(zhì)的物理性質(zhì)、化學(xué)性質(zhì)等是進(jìn)行元

30、素及化合物推斷的關(guān)鍵。本題難度適中，常由于物質(zhì)的某個(gè)性質(zhì)未掌握好導(dǎo)致失誤、失分。13.下列有關(guān)電解質(zhì)溶液的說(shuō)法正確的是A.向L1溶液中加入少量水，溶液中一c(H一減小c(CH3COOH)B.將CHCOON溶液從20c升溫至30C,溶液中c(CH3C00)增大c(CH3cOOH)c(OH)C.向鹽酸中加入氨水至中性，溶液中c(NH4)1c(Cl)D.向AgCl、AgBr的飽和溶液中加入少量AgNQ溶?中必出不變c(Br)【答案】D【解析】試題分析，Xf因?yàn)榱Ρ?稀釋溶液n群酸電離程度增大？但醋薇根窩式CH.COOH)(CH5COO子濃胤成小，平衡常數(shù)不變故比值變大，故鋁誤$B、酣酸節(jié)內(nèi)溶酒加熱醋

31、酸相離子水解程度增大，M5*20：工-1K變大，所以比值變小，曲錯(cuò)誤：C、蚣酸中年加入氯水到中性，貝情c(CH3COOH)cOH)c(H+c(OHh報(bào)據(jù)電荷守恒，救錯(cuò)謖;Dm向氧化銀和淳化銀的飽和溶液中加入少量硝酸銀，猊淀溶解平衡逆向移動(dòng)j氧離子和漠離子濃度比仍等于其溶度積的比值，故不變，故正確.【考點(diǎn)定位】考查弱電解質(zhì)的電離平衡，鹽類水解平衡，難溶電解質(zhì)的溶解平衡【名師點(diǎn)睛】本試題考查影響弱電解質(zhì)電離平衡移動(dòng)、鹽類水解移動(dòng)、離子濃度大小比較、難溶電解質(zhì)的溶解平衡等知識(shí)，屬于選修4上的知識(shí)點(diǎn)，這部分題考查學(xué)生對(duì)上述知識(shí)的運(yùn)用、分析、審題能力，平時(shí)訓(xùn)練中需要強(qiáng)化這部分知識(shí)的練習(xí)，因?yàn)樗歉呖嫉闹?/p>

32、點(diǎn)。醋酸屬于弱電解質(zhì)，CHCOOHCHCOO+hl影響弱電解質(zhì)的因素：(1)溫度：升高溫度促進(jìn)電離；(2)加水稀釋，促進(jìn)電離；(3)同離子效應(yīng)：加入相同離子抑制電離；(4)加入反應(yīng)離子：促進(jìn)電離；因?yàn)槭嵌荚谕蝗芤?，溶液體積相同，因此看物質(zhì)的量變化，加水稀釋促進(jìn)電離，n(H+)增大，n(CHCOOH)減小，則比值增大；影響鹽類水解的因素：溫度、濃度、加入反應(yīng)離子、同離子等，依據(jù)水解常數(shù)的表達(dá)式，得出：一c(CH3COO)=1/K,K只受溫度的影響，鹽類c(CH3COOH)c(OH)水解是中和反應(yīng)的逆過(guò)程，屬于吸熱反應(yīng)，升高溫度促進(jìn)水解，K增大，則比值變??；離子濃度大小比較中，有“三個(gè)守恒”：電

33、荷守恒、物料守恒、質(zhì)子守恒，會(huì)根據(jù)相應(yīng)的物質(zhì)寫(xiě)出其符合題意的式子，并進(jìn)行疊加，得到正確的算式，因?yàn)槭侨芤猴@中性，常用電荷守恒的思想解決，即c(Nh4)+c(H)=c(OH)+c(Cl),溶液顯中性則c(H)=c(OH),即c(NH4)=c(Cl)，比值等于1;依據(jù)溶度積的表達(dá)式得出：Ksp(AgCl)=c(Ag)Xc(Cl),Ksp(AgBr尸c(Ag)Xc(Br),則兩式相比得到c(Cl)/c(Br尸Ksp(AgCl)/Ksp(AgBr),溶度積只受溫度的影響，溫度不變，則比值不變,溶度積和離子積的關(guān)系：Qc=KP溶液達(dá)到飽和，QcKP溶液過(guò)飽和有沉淀析出，Qc0)。粒子沿紙面以大小為v的速

34、度從PM的某點(diǎn)向左上方射入磁場(chǎng)，速度與OMK30角。已知粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡與ON只有一個(gè)交點(diǎn)，并從OM1另一點(diǎn)射出磁場(chǎng)。不計(jì)重力。粒子離開(kāi)磁場(chǎng)的射點(diǎn)到兩平面交線O的距離為Amvb3mvc2mv口4mv2BqBqBqBq【答案】D【解析】試題分析：根據(jù)題意，粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡與ON只有一個(gè)交點(diǎn)，則軌跡與ON相切，設(shè)切點(diǎn)為C點(diǎn)，入射點(diǎn)為B點(diǎn)，出射點(diǎn)為A點(diǎn)，粒子在磁場(chǎng)中的軌跡圓心為O點(diǎn)，根據(jù)幾何知識(shí)可得AB2rsin30or,則三角形OAB為等邊三角形，故/OAB=60,而/MON=30,/OCA90,故COA為一條直線，所以AO6直角三角形,故粒子離開(kāi)磁場(chǎng)的出射點(diǎn)到O的距離為AO焉=焉4r

35、,而半徑公式r吧，故距離為皿BqBq【考點(diǎn)定位】考查了帶電粒子在有界磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【方法技巧】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，洛倫茲力充當(dāng)向心力，從而得出半徑公式R周期公式T*,運(yùn)動(dòng)時(shí)間公式t廠，知道粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑和速度有關(guān)，運(yùn)動(dòng)周期和速度無(wú)關(guān)，畫(huà)軌跡，定圓心，找半徑，結(jié)合幾何知識(shí)分析解題，19 .如圖，理想變壓器原、副線圈分別接有額定電壓相同的燈泡a和b。當(dāng)輸入電壓U為燈泡額定電壓的10倍時(shí)，兩燈泡均能正常發(fā)光。下列說(shuō)法正確的是A.原、副線圈砸數(shù)之比為9:1B.原、副線圈砸數(shù)之比為1:9C.此時(shí)a和b的電功率之比為9:1D.止匕時(shí)a和b的電功率之比為1:9【答案】AD【解析】試題分析：設(shè)燈泡

36、的新定電壓為4,兩燈均能正常發(fā)光，所以原線圈輸出端電壓為仇=式;，副線圈兩端電壓為5=%，故魏*=,A正確B錯(cuò)誤j根據(jù)公式3=強(qiáng)可得2=（，由于由于c：1Lin21人餐49小燈泡兩端的電壓相等j所以根據(jù)公式P=m可得兩者的電功率之比為1c錯(cuò)誤d正確寧|【考點(diǎn)定位】考查了理想變壓器，電功率的計(jì)算【方法技巧】對(duì)于變壓器需要掌握公式U!上、Ln2,以及知道副線圈的電流以及U2n2I2n2功率決定了原線圈中的電流和功率，理想變壓器是理想化模型，一是不計(jì)線圈內(nèi)阻；二是沒(méi)有出現(xiàn)漏磁現(xiàn)象.同時(shí)當(dāng)電路中有變壓器時(shí)，只要將變壓器的有效值求出，則就相當(dāng)于一個(gè)新的恒定電源，20 .如如，一固定容器的內(nèi)壁是半徑為R的

37、半球面；在半球面水平直徑的一端有一質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)P。它在容器內(nèi)壁由靜止下滑到最低點(diǎn)的過(guò)程中，克服摩擦力做的功為W重力加速度大小為go設(shè)質(zhì)點(diǎn)P在最低點(diǎn)時(shí)，向心加速度的大小為a,容器對(duì)它的支持力大小為N則A a 2(mgR W)mRB 2mgR W,mR3mgR 2WC. N Rr 2 mgR WD. NR【答案】AC1V2試題分析工加點(diǎn)P下滑跡罡中F勤和摩擦力做功#艮據(jù)動(dòng)能定理可得出以1-印=彳后,根據(jù)公式白=二P2R聯(lián)立可得口二里處山j(luò)A正確6錯(cuò)誤3在扁氐點(diǎn)重力和支持力的合力充當(dāng)向心力，摩搦力水平J不等trjR與向心力，故中魏牛頓第二定律可得N速二厘口，代人可得N三切片衛(wèi)，C正53D錯(cuò)誤jR【

38、考點(diǎn)定位】考查了動(dòng)能定理，圓周運(yùn)動(dòng)【方法技巧】應(yīng)用動(dòng)能定理應(yīng)注意的幾個(gè)問(wèn)題（1）明確研究對(duì)象和研究過(guò)程，找出始末狀態(tài)的速度。（2）要對(duì)物體正確地進(jìn)行受力分析，明確各力做功的大小及正負(fù)情況（待求的功除外）。（3）有些力在物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程中不是始終存在的。若物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程中包括幾個(gè)階段，物體在不同階段內(nèi)的受力情況不同，在考慮外力做功時(shí)需根據(jù)情況區(qū)分對(duì)待21 .如圖，M為半圓形導(dǎo)線框，圓心為Q;N是圓心角為直角的扇形導(dǎo)線框，圓心為Q;兩導(dǎo)線框在同一豎直面（紙面）內(nèi)；兩圓弧半徑相等；過(guò)直線OQ的水平面上方有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面?，F(xiàn)使線框MN在t=0時(shí)從圖示位置開(kāi)始，分別繞垂直于紙面、且過(guò)Q和Q的軸

39、，以相同的周日T逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，則A.兩導(dǎo)線框中均會(huì)產(chǎn)生正弦交流電B.兩導(dǎo)線框中感應(yīng)電流的周期都等于TC.在？曲寸，兩導(dǎo)線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)相等8D.兩導(dǎo)線框的電阻相等時(shí)，兩導(dǎo)線框中感應(yīng)電流的有效值也相等【答案】BC【解析】試題分析：當(dāng)線圈進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，根據(jù)楞次定律可得，兩線框中的感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，根據(jù)EBRvBR（R）BR2可得過(guò)程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定，即電流恒定，不是正弦式交流電，A錯(cuò)誤；當(dāng)線圈進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，根據(jù)楞次定律可得，兩線框中的感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，當(dāng)線框穿出磁場(chǎng)時(shí)，根據(jù)楞次定律可得線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流為幗寸針j所以感應(yīng)電流的周郵口其運(yùn)動(dòng)周期相等,為T,B正確$根據(jù)3爐卬可得線

40、框在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)相等，c正確：線圈、在完全進(jìn)入磁場(chǎng)后有;時(shí)間內(nèi)線圈的磁通量不變化,過(guò)程中沒(méi)有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)產(chǎn)生，即線圈N在a工和衛(wèi)r內(nèi)有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì),其斜寸44間打沒(méi)有，而線圈M在整個(gè)過(guò)程卬都有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，故即便電阻相等，兩者的電流有效值不會(huì)相同，D錯(cuò)，口哧5【考點(diǎn)定位】考查了楞次定律的應(yīng)用，導(dǎo)體切割磁感線運(yùn)動(dòng)【方法技巧】在分析導(dǎo)體切割磁感線運(yùn)動(dòng)，計(jì)算電動(dòng)勢(shì)時(shí)，一定要注意導(dǎo)體切割磁感線的有效長(zhǎng)度，在計(jì)算交流電有效值時(shí)，一定要注意三個(gè)相同：相同電阻，相同時(shí)間，相同熱量第II卷（非選擇題共174分）三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第22題第32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須做答。第33

41、題第40題為選考題，考生根據(jù)要求做答。（一）必考題（共129分）22 .某同學(xué)用圖中所給器材進(jìn)行與安培力有關(guān)的實(shí)驗(yàn)。兩根金屬導(dǎo)軌ab和ab固定在同一水平面內(nèi)且相互平行，足夠大的電磁鐵（未畫(huà)出）的N極位于兩導(dǎo)軌的正上方，S極位于兩導(dǎo)軌的正下方，一金屬棒置于導(dǎo)軌上且兩導(dǎo)軌垂直。（1）在圖中畫(huà)出連線，完成實(shí)驗(yàn)電路。要求滑動(dòng)變阻器以限流方式接入電路，且在開(kāi)關(guān)閉合后，金屬棒沿箭頭所示的方向移動(dòng)。（2）為使金屬棒在離開(kāi)導(dǎo)軌時(shí)具有更大的速度，有人提出以下建議：A.適當(dāng)增加兩導(dǎo)軌間的距離B.換一根更長(zhǎng)的金屬棒C.適當(dāng)增大金屬棒中的電流其中正確的是（填入正確選項(xiàng)前的標(biāo)號(hào)）【答案】（1）如圖所示（2）AC【解析】

42、試題分析：（1）如圖所示，注意滑動(dòng)變阻器的接法是限流接法3）根據(jù)公式尸二BA可得適當(dāng)噌加導(dǎo)軌間的距離或者增大電流t可增大金屬棒受到的安培力,根據(jù)動(dòng)能定理另一聲:：項(xiàng)/可知金屬棒商開(kāi)導(dǎo)軌時(shí)的動(dòng)能變大,即離開(kāi)導(dǎo)軌時(shí)的速度變大3C正確3若操用一根更長(zhǎng)的金屬棒，但金屬棒切割底感的有效長(zhǎng)度即導(dǎo)軌間的寬度不變;所以對(duì)最后的速度沒(méi)有影響，E錯(cuò)曲【考點(diǎn)定位】考查了研究安培力實(shí)驗(yàn)【方法技巧】對(duì)于高中實(shí)驗(yàn)，要求能明確實(shí)驗(yàn)原理，認(rèn)真分析各步驟，從而明確實(shí)驗(yàn)方法；同時(shí)注意掌握?qǐng)D象的性質(zhì)，能根據(jù)圖象進(jìn)行分析，明確對(duì)應(yīng)規(guī)律的正確應(yīng)用23 .某物理課外小組利用圖（a）中的裝置探究物體加速度與其所受合外力之間的關(guān)系。途中，置

43、于試驗(yàn)臺(tái)上的長(zhǎng)木板水平放置，其右端固定一輕滑輪：輕繩跨過(guò)滑輪，一段與放在木板上的小滑車相連，另一端可懸掛鉤碼。本實(shí)驗(yàn)中可用的鉤碼共有N=5個(gè)，每個(gè)質(zhì)量均為。實(shí)驗(yàn)步驟如下：（1）將5個(gè)鉤碼全部放入小車中，在長(zhǎng)木板左下方墊上適當(dāng)厚度的小物快，使小車9（和鉤碼）可以在木板上勻速下滑。（2）將n（依次取n=1,2,3,4,5）個(gè)鉤碼掛在輕繩右端，其余N-n各鉤碼仍留在小車內(nèi)；用手按住小車并使輕繩與木板平行。釋放小車，同時(shí)用傳感器記錄小車在時(shí)刻t相對(duì)于其起始位置的位移s,繪制s-t圖像，經(jīng)數(shù)據(jù)處理后可得到相應(yīng)的加速度ao（3）對(duì)應(yīng)于不同的n的a值見(jiàn)下表。n=2時(shí)的s-t圖像如圖（b）所示：由圖（b）求出

44、此時(shí)小車的加速度（保留2位有效數(shù)字），將結(jié)果填入下表。n12345（4）利用表中的數(shù)據(jù)在圖（c）中補(bǔ)齊數(shù)據(jù)點(diǎn)，并作出a-n圖像。從圖像可以看出：當(dāng)物體質(zhì)量一定是二時(shí)，物體的加速度與其所受的合外力成正比。（5）利用a-n圖像求得小車（空載）的質(zhì)量為kg（保留2位有效數(shù)字，重力加速度取g=-s2）。（6）若以“保持木板水平”來(lái)代替步驟（1）,下列說(shuō)法正確的是（填入正確選項(xiàng)錢的標(biāo)號(hào)）A.a-n圖線不再是直線B. a-n圖線仍是直線，但該直線不過(guò)原點(diǎn)C. a-n圖線仍是直線，但該直線的斜率變大s 1at22【答案】(3)(4)如圖所示(5)(6)BC試題分析：(3)因?yàn)樾≤囎龀跛俣葹榱愕膭蚣铀僦本€運(yùn)動(dòng)

45、，故將(2,)代入可得a0.39m/s2(4)根據(jù)描點(diǎn)法可得如圖所示圖線(5)根據(jù)牛頓第二定律可得nmg(5n)mMa,變形可得M (5 n)m M 5m nmnmg一,如果繩子的拉力近似等于祛碼的重力，則必須滿足Mm,故a，gn,故斜率k-mg-,根據(jù)圖像以及m=,可得M0.45kgM5mM5m因?yàn)槿绻黄胶饽?，礪足FT的光式即康所會(huì)不過(guò)原點(diǎn),但仍是直線，A錯(cuò)誤B正確；因?yàn)?=黑QM+J代入可得n -A/+5用M +wg + 那g限M + 5陽(yáng))，故直緘儲(chǔ)率變大,故C正確丁【考點(diǎn)定位】驗(yàn)證牛頓第二定律的應(yīng)用【方法技巧】對(duì)于高中實(shí)驗(yàn)，要求能明確實(shí)驗(yàn)原理，認(rèn)真分析各步驟，從而明確實(shí)驗(yàn)方法；同時(shí)

46、注意掌握?qǐng)D象的性質(zhì)，能根據(jù)圖象進(jìn)行分析，明確對(duì)應(yīng)規(guī)律的正確應(yīng)用24.如圖，在豎直平面內(nèi)由:圓弧AB和1圓弧BC組成的光滑固定軌道，兩者在最低點(diǎn)B平滑連接。AB弧的半徑為RBC弧的半徑為R。一小球在A點(diǎn)正上方與A相距B24處由靜止開(kāi)始自由下落，經(jīng)A點(diǎn)沿圓弧軌道運(yùn)動(dòng)。(1)求小球在B、A兩點(diǎn)的動(dòng)能之比；(2)通過(guò)計(jì)算判斷小球能否沿軌道運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)?！敬鸢浮?1)EA5(2)小球恰好可以沿軌道運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)EKB【解析】試題分析：（1）設(shè)小球的質(zhì)量為日小千在A點(diǎn)的動(dòng)能為Eka,由機(jī)械能守恒可得EkamgR4設(shè)小球在B點(diǎn)的動(dòng)能為Ekb,同理有Ekbmg5R4由聯(lián)立可得E叢5Ekb根據(jù)可知，小球恰好可以沿軌道

47、運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)【考點(diǎn)定位】考查了機(jī)械能守恒，牛頓運(yùn)動(dòng)定律，圓周運(yùn)動(dòng)，【方法技巧】分析清楚小球的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，把握?qǐng)A周運(yùn)動(dòng)最高點(diǎn)臨界速度的求法：重力等于向心力，同時(shí)要熟練運(yùn)用機(jī)械能守恒定律.25.如圖，兩條相距l(xiāng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌位于同一水平面（紙面）內(nèi)，其左端接一阻值為R的電阻；一與導(dǎo)軌垂直的金屬棒置于兩導(dǎo)軌上；在電阻、導(dǎo)軌和金屬棒中間有一面積為S的區(qū)域，區(qū)域中存在垂直于紙面向里的均勻磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度打下B隨時(shí)間t的變化關(guān)系為Bikt,式中k為常量；在金屬棒右側(cè)還有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，區(qū)域左邊界MN（虛線）與導(dǎo)軌垂直，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為Bo,方向也垂直于紙面向里。某時(shí)刻，金屬棒在一外加水平恒力的作用下

48、從靜止開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng)，在t。時(shí)刻恰好以速度v。越過(guò)MN此后向右做勻速運(yùn)動(dòng)。金屬棒與導(dǎo)軌始終相互垂直并接觸良好，它們的電阻均忽略不計(jì)。求（1）在t=。到t=t。時(shí)間間隔內(nèi)，流過(guò)電阻的電荷量的絕對(duì)值；（2）在時(shí)刻t（tt。）穿過(guò)回路的總磁通量和金屬棒所受外加水平恒力的大小。【答案】（1）q壁（2）fBlv。kS里RR試題分析；在金屬棒未超過(guò)之前，r時(shí)刻穿過(guò)回路的磁通量為。二也S設(shè)在從i時(shí)刻到:十的時(shí)間間隔內(nèi)，回路磁通量的變化量為，流過(guò)電阻M的電荷量為M根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)有=-Af根據(jù)歐姆定律可得R根據(jù)電流的定義可得:=四Af聯(lián)立可得|M|=-NR根據(jù)可得在L。到K力的時(shí)間間隔內(nèi)，流過(guò)電阻R的電荷量q

49、的維時(shí)值為|=一1(2)當(dāng)t電時(shí)，金屬棒已越過(guò)MN由于金屬棒在MM側(cè)做勻速運(yùn)動(dòng)，有fF式中f是外加水平恒力，F(xiàn)是勻強(qiáng)磁場(chǎng)施加的安培力，設(shè)此時(shí)回路中的電流為I,F的大小為FBoIL此時(shí)金屬棒與MN間的距離為sV0(tt0)勻強(qiáng)磁場(chǎng)穿過(guò)回路的磁通量為Bols感回路的總磁通量為i式中仍如式所示，由寬出可得在時(shí)刻t(tt)穿過(guò)回路的總磁通量為iBo%(tto)kSt在t到tt的時(shí)間間隔內(nèi)，總磁通量的改變t為tBolvokS逆由法拉第電磁感應(yīng)定律可得，回路感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為t由歐姆定律有IR聯(lián)立0可得fBolvokS里R【考點(diǎn)定位】考查了導(dǎo)體切割磁感線運(yùn)動(dòng)【方法技巧】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，結(jié)合閉合電路

50、歐姆定律，及電量表達(dá)式，從而導(dǎo)出電量的綜合表達(dá)式，即可求解；根據(jù)磁通量的概念，=BS,結(jié)合磁場(chǎng)方向，即可求解穿過(guò)回路的總磁通量；根據(jù)動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)與感生電動(dòng)勢(shì)公式，求得線圈中的總感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，再依據(jù)閉合電路歐姆定律，及安培力表達(dá)式，最后依據(jù)平衡條件，即可求解水平恒力大小26.(14分)過(guò)氧化鈣微溶于水，溶于酸，可作分析試劑、醫(yī)用防腐劑、消毒劑。以下是一種制備過(guò)氧化鈣的實(shí)驗(yàn)方法?；卮鹣铝袉?wèn)題：(一)碳酸鈣的制備(1)步驟加入氨水的目的是小火煮沸的作用是使沉淀顆粒長(zhǎng)大，有利于。(2)右圖是某學(xué)生的過(guò)濾操作示意圖，其操作不規(guī)范的是(填標(biāo)號(hào))。a.漏斗末端頸尖未緊靠燒杯壁Vb.玻璃棒用作引流”不，c.將濾紙

51、濕潤(rùn)，使其緊貼漏斗壁墾d.濾紙邊緣高出漏斗e.用玻璃棒在漏斗中輕輕攪動(dòng)以加快過(guò)濾速度(二)過(guò)氧化鈣的制備CaCO稀鹽酸、曾過(guò)濾濾液氨:黑水過(guò)濾白色晶體(3)步驟的具體操作為逐滴加入稀鹽酸，至溶液中尚存有少量固體，此時(shí)溶液呈性(填“酸”、“堿”或“中”。將溶液煮沸，趁熱過(guò)濾。將溶液煮沸的作用(4)步驟中反應(yīng)的化學(xué)方程式為,該反應(yīng)需要在冰浴下進(jìn)行，原因是O(5)將過(guò)濾得到的白色結(jié)晶依次使用蒸儲(chǔ)水、乙醇洗滌，使用乙醇洗滌的目的是O(6)制備過(guò)氧化鈣的另一種方法是：將石灰石煨燒后，直接加入雙氧水反應(yīng)，過(guò)濾后可得到過(guò)氧化鈣產(chǎn)品。該工藝方法的優(yōu)點(diǎn)是,產(chǎn)品的缺點(diǎn)是?！敬鸢浮?1)調(diào)節(jié)溶液pH使Fe(OH)沉淀；過(guò)濾分離；(2)ade;(3)酸；除去溶液中溶解