高三第一學期第二次月考物理試卷

1、高三第一學期第二次月考物理試卷2019高三第一學期第二次月考物理試卷2019一.單項選擇題（本題共11小題，每小題4分，共44分。每小題只有一個選項符合題意）1. 一物體從靜止開始做勻加速直線運動，以T為時間間隔，在第3個T內的位移為3m，在第3個T終了時的瞬時速度是3m/s。則A.物體的加速度為1m/s2B.物體在第1個T終了時的瞬時速度是0.6m/sC.時間間隔T=1sD.物體在第1個T內的位移為0.6m【答案】D【考點】勻變速直線運動【解析】解;由公式得，3Ts內的位移：2Ts內的位移：第3個T秒內的位移x=x3-x2=3m由公式v=at得：3Ts末的速度v3=a3T=3-聯(lián)立得；T=1

2、.2S故AC錯；第一個T末的速度v=aT=1m/s,故B錯；第一個T內的位移故D正確故選：D.2. 關于摩擦力，下列說法正確的是A. 靜摩擦力產生在兩個靜止的物體之間，滑動摩擦力產生在兩個運動的物體之間B. 靜摩擦力可以作為動力、阻力，而滑動摩擦力只能作為阻力C. 有摩擦力一定存在彈力，且摩擦力的方向總與相對應的彈力方向垂直D. 摩擦力的大小與正壓力大小成正比【答案】C【考點】靜摩擦力和最大靜摩擦力;滑動摩擦力.【解析】解：A、摩擦力產生在有相對運動或有相對運動趨勢物體間，還要滿足其他的條件，故A錯誤B、靜摩擦力和滑動摩擦力均可作為動力或阻力，要看力的作用效果而定，故B錯誤C、摩擦力平行于接觸

3、面，彈力垂直于接觸面，二者方向垂直，故C正確D、滑動摩擦力大小與正壓力成正比，故D錯誤故選C3. A、B兩物體疊放在一起，放在光滑的水平面上，從靜止開始受到一變力的作用，該力與時間的關系如圖所示，A、B始終相對靜止，則下列說法不正確的是：A.t0時刻，AB間靜摩擦力最大B.t0時刻，B速度最大C.2t0時刻，A、B間靜摩擦力最大D.2t0時刻，A、B位移最大【答案】A【考點】靜摩擦力和最大靜摩擦力;【解析】解：A、C以整體為研究對象，由圖看出，整體所受的合力先沿正方向減小，后沿負方向增大，則根據牛頓第二定律得知，加速度先減小后增大，對A而言，由牛頓第二定律得知，A所受的靜摩擦力先減小后增大，則

4、知在t=0、2t0時刻A、B間的靜摩擦力最大.t0時刻，加速度為零，A、B間的靜摩擦力為零.故A錯誤，C正確.B、兩物體先做加速度減小的加速運動，后做加速度增大的減速運動，則t0時刻B速度最大.故B正確.D、由上分析可知，兩物體彳單向直線運動，則2t0時刻AB運動的位移最大.故D正確.本題選錯誤的，故選A4. 一質量為1kg的物塊在水平地面上向右滑行，物塊與地面間的動摩擦因數為=0.2，從t=0時刻開始受到一水平向左的恒定外力F=1N的作用，則反映物塊所受摩擦力隨時間變化的圖象是(取向右為正方向)()【答案】A【考點】牛頓第二定律;滑動摩擦力.【解析】解：從t=0開始物體以一定初速度0向右滑行

5、時，物體受到水平向左的滑動摩擦力，由公式f=N得摩擦力為f1=-mg=-2N.物體的最大靜摩擦力Fm=mg=2N由于F物體受到的靜摩擦力為f2=F=1N.故選：A.5. 如圖所示，小車向右做勻加速運動的加速度大小為a，bc為固定在小車上的水平橫桿，物塊M串在桿上，M通過細線懸吊著一小鐵球m,M、m均相對小車靜止，細線與豎直方向的夾角為.若小車的加速度逐漸增大到2a時，M仍與小車保持相對靜止，則A.橫桿對M的作用力增加到原來的2倍B. 細線的拉力增加到原來的2倍C. 細線與豎直方向的夾角增加到原來的2倍D. 細線與豎直方向夾角的正切值增加到原來的2倍【答案】D【考點】牛頓第二定律;力的合成與分解

6、的運用.【解析】解：對小球受力分析，受重力mg和細線的拉力T,如圖根據牛頓第二定律，水平方向有Tsin=ma豎直方向受力平衡有：Tcos-mg=0再對m和M整體受力分析，受總重力(M+m)g、橫桿支持力N、橫桿摩擦力f，如圖根據牛頓第二定律，水平方向有f=(M+m)a豎直方向受力平衡有：N-(M+m)g=0由解得：N=(M+m)gf=(M+m)a橫桿對M的作用力：由以上表達式可知：橫桿對M的摩擦力增大為原來2倍，但是支持力沒變，故橫桿對M的作用力不是原來兩倍.故A錯誤由拉力表達式可知，拉力T也不是增大為原來2倍，故B錯誤.的正切變?yōu)樵瓉淼?倍，但不是2倍，故C錯誤，D正確故選D.6. 質點受到

7、在一條直線上的兩個力F1和F2的作用，F(xiàn)1、F2隨時間的變化規(guī)律如圖所示，力的方向始終在一條直線上且方向相反。已知t=0時質點的速度為零。在圖示的t1、t2、t3和t4各時刻中，哪一時刻質點的速率最大?A.t1B.t2C.t3D.t4【答案】B【考點】牛頓第二定律;勻變速直線運動的速度與時間的關系.【解析】解：質點受到的合力如圖中紅色線所示0到t1時間內，加速度變大，物體做加速運動;t1到t2時間內，加速度變小，但加速度與速度同向，故物體做加速度不斷變小的加速運動，t2時刻加速度減為零，速度達到最大;t2到t3時間內，合力反向，加速度也反向，加速度與速度反向，物體做減速運動;t3到t4時間內，

8、加速度減小，物體還是減速運動，t4時刻速度減為零;故選B.7. 原來做勻速運動的電梯的地板上，有一個被處于伸長狀態(tài)的輕彈簧拉住，具有一定質量的木塊A靜止在地板上，如圖所示?，F(xiàn)發(fā)現(xiàn)木塊突然被彈簧拉向右方，由此可以判斷，以下說法正確的是A. 電梯可能向上做減速運動，木塊處于超重狀態(tài)B. 電梯一定向上做加速運動，木塊處于超重狀態(tài)C. 電梯可能向上做加速運動，木塊處于超重狀態(tài)D. 電梯可能向上運動，木塊處于失重狀態(tài)【答案】D【考點】牛頓運動定律的應用-超重和失重.【解析】解：.當升降機靜止時，地板給物體的靜摩擦力與彈簧的彈力平衡，且該靜摩擦力可能小于或等于最大靜摩擦力.當升降機有向下的加速度時，必然會

9、減小物體對地板的正壓力，也就減小了最大靜摩擦力，這時的最大靜摩擦力小于電梯靜止時的靜摩擦力，而彈簧的彈力又未改變，故選D8. 在一塊長木板上放一鐵塊，當把長木板從水平位置繞一端緩緩抬起時，鐵塊所受的摩擦力()A. 隨傾角的增大而減小B. 在開始滑動前，隨角的增大而增大，滑動后，隨角的增大而減小C. 在開始滑動前，隨角的增大而減小，滑動后，隨角的增大而增大D. 在開始滑動前保持不變，滑動后，隨角的增大而減小【答案】B【考點】靜摩擦力和最大靜摩擦力;滑動摩擦力.【解析】解：設木板與水平面的傾角為，對物體進行受力分析可知物體受豎直向下的重力mg，垂直木板向上的支持力N，沿木板向上的靜摩擦力f，當物體

10、處于靜止狀態(tài)，則在沿斜面方向有f=mgsin，由題意可知當逐漸增大時，故鐵塊受到的摩擦力增大;當物體處于滑動狀態(tài)，則在沿斜面方向有f=mgcos，由題意可知逐漸增大時，故鐵塊受到的摩擦力減小.因此只有B正確，ACD勻是錯誤；故選B.9. 如圖所示，滑輪A可沿傾角為的足夠長光滑軌道下滑，滑輪下用輕繩桂著一個重力為G的物體B,下滑時，物體B相對于A靜止，則下滑過程中（不計空氣阻力）A.B的加速度為gsinB.繩的拉力為GcosC.繩的方向與光滑軌道不垂直D.繩的拉力為G【答案】AB【考點】牛頓第二定律;物體的彈性和彈力.【解析】解：A對整體分析，加速度為：，則B的加速度為gsin.故A正確.B、隔

11、離對B分析，根據平行四邊形定則知，繩的方向與斜面垂直，拉力大小為Gcos.故B正確，CD錯誤.故選：AB.10.如圖，質量為M的斜面放在粗糙的水平地面上。幾個質量都是m的不同物塊，先后在斜面上以不同的加速度向下滑動，斜面始終保持靜止不動。下列關于水平地面對斜面底部的支持力和靜摩擦力的幾種說法中正確的有A. 勻速下滑時，支持力靜摩擦力不為零;B. 勻加速下滑時，支持力靜摩擦力的方向水平向右;C. 勻減速下滑時，支持力靜摩擦力的方向水平向右;D. 無論怎樣下滑，總是靜摩擦力為零?！敬鸢浮緾【考點】摩擦力的判斷與計算.【解析】解：A當勻速下滑時，從整體角度由發(fā)，處于平衡狀態(tài)，則支持力等于N=(m+M

12、)g斜面沒有運動趨勢，則靜摩擦力為零，故A錯誤;B、當勻加速下滑時，由整體角度，結合加速度分解，則有豎直向下與水平向左的加速度，再根據牛頓第二定律，則有豎直方向重力大于支持力，而水平方向有向左的靜摩擦力，故B錯誤;C、同理，當勻減速下滑時，由整體角度，結合加速度分解，則有豎直向上與水平向右的加速度，再根據牛頓第二定律，則有豎直方向重力小于支持力，而水平方向有向右的靜摩擦力，故C正確；D、由上分析可知，故D錯誤；故選：C.11.如圖所示為A、B兩質點作直線運動的圖象，已知兩質點在同一直線上運動，由圖可知A. 兩個質點一定不從同一位置出發(fā)B. 兩個質點一定同時從同一位置由靜止開始運動C. t2秒末

13、兩質點相遇D.0-t2秒時間內B質點可能領先AD【考點】勻變速直線運動的圖像.【解析】解：A、速度圖象不能反映物體的初始位置，所以不知兩物體是否是從同一位置出發(fā)，故A錯誤.B、由題意可知A、B兩質點在同一直線上同時開始由靜止開始運動，但是不一定同時從同一位置開始運動的，故B錯誤.C、D、由于不知兩物體是否是從同一位置由發(fā)，雖然在t2時刻之前VAD、物體不一定從同一位置開始運動的，所以B質點可能領先A。二.實驗題(每空3分)12. 某同學為估測摩托車在水泥路面上行駛時所受的牽引力，設計了下述實驗：將輸液用的500ml玻璃瓶裝適量水后，連同輸液管一起綁在摩托車上，調節(jié)輸液管的滴水速度，剛好每隔1.

14、0s滴一滴，該同學騎摩托車，先使之加速到某一速度，然后熄火，讓摩托車沿直線滑行，如圖是某次實驗中水泥路面上的部分水滴(左側是起點，單位：m)。設該同學質量為50kg，摩托車的質量為75kg，根據該同學的實驗結果可估算(g=10m/s2)(1) 騎摩托車加速時的加速度大小為m/s2;(2) 騎摩托車滑行時的加速度大小為m/s2;(3)騎摩托車加速時的牽引力大小為N【答案】(1)3.79m/s2，(2)0.19m/s2，(3)497.5N【考點】測定勻變速直線運動的加速度.【解析】解：(1)已知前四段位移，根據勻變速直線運動的推論公式4x=aT2可以求生加速度的大小，得：x4-x2=2a1T2x3

15、-x1=2a2T2為了更加準確的求解加速度，我們對兩個加速度取平均值得：即小車運動的加速度計算表達式為：(3) 滑行時的加速度帶入數據得：摩托車減速時的加速度a2=-0.19m/s2，負號表示摩托車做減速運動.(4) 由牛頓第二定律：加速過程：F-f=ma減速過程：f=ma2，解得：F=m(a+a2)=497.5N故答案為：(1)3.79m/s2;(2)0.19m/s2;(3)497.5N.13. 在探究加速度與物體所受合外力和質量間的關系時，采用如圖所示的實驗裝置，小車及車中的祛碼質量用M'表示,盤及盤中的祛碼質量用m表示，小車的加速度可由小車后拖動的紙帶由打點計時器打出的點計算出：

16、(1)當M與m的大小關系滿足時，才可以認為繩子對小車的拉力大小等于盤和砝碼的重力。(2) 一組同學在先保持盤及盤中的砝碼質量一定，探究加速度與質量的關系，以下做法錯誤的是：A. 平衡摩擦力時，應將盤及盤中的砝碼用細繩通過定滑輪系在小車上B. 每次改變小車的質量時，不需要重新平衡摩擦力C. 實驗時，先放開小車，再接通打點計時器電源D.小車運動的加速度可用天平測由m以及小車質量M,直接用公式a=mg/M求生。(3)在保持小車及車中的祛碼質量M一定，探究加速度與所受合外力的關系時，由于平衡摩擦力時操作不當，二位同學得到的a-F關系分別如下圖C、D所示(a是小車的加速度，F(xiàn)是細線作用于小車的拉力)。其

17、原因分別是：CD圖：【答案】mC:平衡摩擦力時，長木板的傾角過大了D:平衡摩擦力時，木板的傾角過小【考點】探究加速度與物體質量、物體受力的關系.【解析】解：(1)該實驗的研究對象是小車，采用控制變量法研究.當質量一定時，研究小車的加速度和小車所受合力的關系.那么小車的合力怎么改變和測量呢?為消除摩擦力對實驗的影響，可以把木板D的左端適當墊高，以使小車的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小車的合力就是繩子的拉力.根據牛頓第二定律得：對m：mg-F拉=ma對M：F拉=Ma解得：當Mmfl寸，即當祛碼和盤的總重力要遠小于小車的重力，繩子的拉力近似等于砝碼和盤的總重力.(2)A、平衡摩擦力時，應將繩從小

18、車上拿去，輕輕推動小車，是小車沿木板運動，通過打點計時器打出來的紙帶判斷小車是否勻速運動.故A錯誤.B、每次改變小車的質量時，小車的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力.故B正確.C、實驗時，應先放開小車，再接通打點計時器電源，由于小車運動較快，可能會使打出來的點很少，不利于數據的采集和處理.故C錯誤.D、小車運動的加速度是利用打點計時器測量，如果用天平測由m以及小車質量M,直接用公式求出，這是在直接運用牛頓第二定律計算的，而我們實驗是在探究加速度與物體所受合外力和質量間的關系.故D錯誤.本題選錯誤的，故選ACD(3)C圖：當F=0時，a0.也就是說當繩子上沒有拉力時小車就有加

19、速度，該同學實驗操作中平衡摩擦力過大，即傾角過大.D圖：從上圖中發(fā)現(xiàn)直線沒過原點，當F0時，a=0.也就是說當繩子上有拉力時小車的加速度還為0，說明小車的摩擦力與繩子的拉力抵消呢.該組同學實驗操作中遺漏了平衡摩擦力或平衡摩擦力不足這個步驟.即傾角過小故答案是：(1)M(2)ACD;(3)傾角過大;傾角過小.三.計算題(本題共3小題，解答應寫明必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出答案的不能得分，有數值計算的題，答案中必須寫出數值和單位)14(8).為了測量某住宅大樓每層的平均高度(層高)及電梯運行情況，甲、乙兩位同學在一樓電梯內用電子體重計及秒表進行了以下實驗，一質量為m=50kg的甲

20、同學站在體重計上，乙同學記錄電梯從地面一樓到頂層全過程中，體重計示數隨時間變化的情況，并作出了如圖所示的圖像，已知t=0時，電梯靜止不動，從電梯內樓層按鈕上獲知該大樓共19層.求：(1)電梯啟動和制動時的加速度大小;(2)該大樓的層高.【答案】，【考點】牛頓第二定律【解析】解：(1)對于啟動狀態(tài)有：，對于制動狀態(tài)有：，(2) 電梯勻速運動的速度，從圖中讀得，電梯勻速上升的時間t2=26s(1分)，電梯運動的總時間t=28s。所以總位移層高15(8).如圖所示，在傾角為=30的長斜面上有一帶風帆的滑塊從靜止開始沿斜面下滑，滑塊的質量為m=2kg,它與斜面的動摩擦因數為，帆受到的空氣阻力與滑塊下滑

21、的速度成正比，即f=kv.若從靜止開始下滑的速度圖像如圖中的曲線所示，圖中的直線是t=0時速度圖像的切線，g=10m/s2.(1) 求滑塊下滑的最大加速度和最大速度(2) 求和k的值【答案】，kg/s，【考點】牛頓第二定律【解析】解:(1)由圖乙可得：t=0時滑塊下滑的加速度最大為：t=3s時滑塊下滑的速度最大為：(2)滑塊受力如圖所示，t=0時滑塊下滑的加速度最大為amax,由牛頓第二定律得：t=3s時滑塊下滑的速度達最大，有：解得:kg/s說明：k的答案沒有單位不得分.16(9).甲、乙兩汽車沿同一平直公路同向勻速行駛，甲車在前，乙車在后，它們行駛的速度均為16m/s.已知甲車緊急剎車時加速度a1=3m/s2，乙車緊急剎車時加速度a2=4m/s2，乙車司機的反應時間為0.5s(即乙車司機看到甲車剎車后0.5s才開始剎車)，求為保證兩車在緊急剎車過程中不相撞，甲、乙兩車行駛過程中至少應保持多大距離?【答案】為保證兩車不相撞，行駛時兩車