2022-2023學(xué)年廣東省廣州市越秀區(qū)執(zhí)信中學(xué)高三物理第一學(xué)期期中復(fù)習(xí)檢測(cè)模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請(qǐng)考生注意：1請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫(xiě)在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫(xiě)在試題卷、草稿紙上均無(wú)效。2答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的注意事項(xiàng)，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、下列說(shuō)法中正確的有( )Akg、m、N都是國(guó)際單位制中的基本單位B伽利略通過(guò)理想斜面實(shí)驗(yàn)說(shuō)明力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因C物理模型在物理學(xué)研究中起到了重要作用，其中“質(zhì)點(diǎn)”“點(diǎn)電荷”等都是理想化模型D卡文迪許將行星與太陽(yáng)之間的引力規(guī)律推廣

2、到宇宙中的一切物體，得出萬(wàn)有引力定律并測(cè)出了引力常量G的數(shù)值2、假如宇航員在土星表面上用測(cè)力計(jì)測(cè)得質(zhì)量為m的物塊重為G0，已知土星半徑為R，土星繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的周期為T(mén)，線速度為v，引力常量為G，則太陽(yáng)對(duì)土星的引力大小為（ ）ABCD3、2011年11月3日凌晨，“神舟八號(hào)”與“天宮一號(hào)”空間站成功對(duì)接。對(duì)接后，空間站在離地面三百多公里的軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)?，F(xiàn)已測(cè)出其繞地球球心作勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T(mén)，已知地球半徑為R、地球表面重力加速度為g、萬(wàn)有引力常量為G，則根據(jù)以上數(shù)據(jù)，以下不能夠計(jì)算的物理量是（ ）A地球的平均密度B空間站所在處的重力加速度大小C空間站繞行的速度大小D空間站所受的萬(wàn)

3、有引力大小4、半徑為1 m的水平圓盤(pán)繞過(guò)圓心O的豎直軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，A為圈盤(pán)邊緣上一點(diǎn)，在O點(diǎn)的正上方將一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的小球以4 m/s的速度水平拋出時(shí)，半徑OA方向恰好與該初速度的方向相同，如圖所示，若小球與圓盤(pán)只碰次，且落在A點(diǎn)，則圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度大小可能是（ ）ABCD5、A、B兩球在光滑的水平面上相向運(yùn)動(dòng)，其中球A的質(zhì)量為mA=4kg，兩球發(fā)生碰撞前后的位移時(shí)間圖象情況如圖所示，則可知（）AB球質(zhì)量為2kgBB球質(zhì)量為6kgC碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能為20JD碰撞是彈性碰撞，無(wú)機(jī)械能損失6、如圖所示，小圓環(huán)A系著一個(gè)質(zhì)量為m2的物塊并套在另一個(gè)豎直放置的大圓環(huán)上，有一細(xì)線一端拴在小圓環(huán)A上，

4、另一端跨過(guò)固定在大圓環(huán)最高點(diǎn)B的一個(gè)小滑輪后吊著一個(gè)質(zhì)量為m1的物塊。如果小圓環(huán)、滑輪、繩子的大小和質(zhì)量以及相互之間的摩擦都可以忽略不計(jì)，繩子又不可伸長(zhǎng)，若平衡時(shí)弦AB所對(duì)應(yīng)的圓心角為，則兩物塊的質(zhì)量比m1：m2應(yīng)為（）ABCD二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、有三顆質(zhì)量相同的人造地球衛(wèi)星， 是放置在赤道附近還未發(fā)射的衛(wèi)星， 是靠近地球表面做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星， 是在高空的一顆地球同步衛(wèi)星比較三顆人造衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)周期、線速度、角速度和向心力，下列判斷正確的是（ ）ABCD

5、8、原來(lái)做勻速運(yùn)動(dòng)的升降機(jī)內(nèi)有一被伸長(zhǎng)彈簧拉住的具有一定質(zhì)量的物體A靜止在地板上，如圖所示，現(xiàn)發(fā)現(xiàn)A突然被彈簧拉向右方由此可判斷，此時(shí)升降機(jī)的運(yùn)動(dòng)可能是（）A加速上升B減速上升C加速下降D減速下降9、如圖所示，固定的傾斜粗糙桿，桿與水平面夾角為(0，且 ；所以， 故AD錯(cuò)誤，BC正確故選BC8、BC【解析】當(dāng)升降機(jī)靜止時(shí)，地板給物體的靜摩擦力與彈簧的彈力平衡，且該靜摩擦力可能小于或等于最大靜摩擦力當(dāng)升降機(jī)有向下的加速度（加速下降或減速上升）時(shí)，必然會(huì)減小物體對(duì)地板的正壓力，也就減小了最大靜摩擦力，這時(shí)的最大靜摩擦力小于電梯靜止時(shí)的靜摩擦力，而彈簧的彈力又未改變，故只有在這種情況下A才可能被拉向

6、右方，故BC正確，AD錯(cuò)誤9、BD【解析】初位置時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為零，環(huán)的機(jī)械能為mgh，由于摩擦力做負(fù)功，彈力先做負(fù)功后做正功再做負(fù)功，所以環(huán)的機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；彈簧的彈性勢(shì)能隨彈簧的形變量的變化而變化，由圖知彈簧先縮短后再伸長(zhǎng)，故彈簧的彈性勢(shì)能先增大再減小后增大，故B正確；彈簧的彈性勢(shì)能先增大再減小后增大，彈力先做負(fù)功后做正功再做負(fù)功，故C錯(cuò)誤；對(duì)于彈簧和物體系統(tǒng)，重力勢(shì)能減小，彈性勢(shì)能增加，同時(shí)摩擦生熱，根據(jù)能量守恒定律，全過(guò)程彈簧彈性勢(shì)能的增加量小于圓環(huán)重力勢(shì)能的減少量，故D正確10、BD【解析】A、小球到達(dá)C點(diǎn)時(shí)有速度將會(huì)做平拋運(yùn)動(dòng)，A正確B、h=0.8時(shí)小球恰好在C點(diǎn)， ，所

7、以x=0.4，C正確D、從A到C應(yīng)用動(dòng)能定理 C、B時(shí)AC中但摩擦力前半過(guò)程大摩擦力做功多，所以A到B過(guò)程中摩擦力做功大于-0.125J，機(jī)械能損失既大于-0.125J，C錯(cuò)誤故本題選BD三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、0.975 d/t 過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)的一條傾斜的直線 【解析】游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀; 由于遮光條通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間極短，可以用平均速度表示瞬時(shí)速度.【詳解】(1)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于9mm+0.0515mm=9.75mm=0.975cm，(2)滑塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí),擋住光的時(shí)間極短，故可用平均速度代替為

8、滑塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)位置的瞬時(shí)速度，；(3)根據(jù)動(dòng)能定理可知，合外力做的功應(yīng)等于物體動(dòng)能的變化量，有，所以畫(huà)出的W-v2圖象應(yīng)是過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)的一條傾斜直線.【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法，以及知道在極短時(shí)間內(nèi)的平均速度可以表示瞬時(shí)速度12、 （1）B （2）D【解析】（1）用該平均速度代替物體的瞬時(shí)速度,故在遮光條經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)滑塊的瞬間速度為，根據(jù)動(dòng)能定理，可見(jiàn)s與成反比，即與成正比，故應(yīng)作出圖象，B選項(xiàng)是正確.（2）經(jīng)前面分析知，要使圖象為過(guò)原點(diǎn)的直線，應(yīng)保證小車初動(dòng)能為零，即必須保證小車從靜止?fàn)顟B(tài)開(kāi)始釋放，所以D選項(xiàng)正確.四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答

9、題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、 (1) 5 m/s2 5 m/s2(2)10 m【解析】解：(1)設(shè)質(zhì)點(diǎn)乙、甲先后通過(guò)x5 m處時(shí)的速度均為v，對(duì)質(zhì)點(diǎn)甲： 對(duì)質(zhì)點(diǎn)乙：聯(lián)立解得： 當(dāng)質(zhì)點(diǎn)甲的速度v18 m/s、質(zhì)點(diǎn)乙的速度v26 m/s時(shí)，兩質(zhì)點(diǎn)通過(guò)相同的位移均為x.對(duì)質(zhì)點(diǎn)甲： 對(duì)質(zhì)點(diǎn)乙：聯(lián)立解得：a1a2聯(lián)立解得：(2)設(shè)甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過(guò)時(shí)間t后相遇，相遇時(shí)離出發(fā)點(diǎn)距離為d，對(duì)質(zhì)點(diǎn)甲：對(duì)質(zhì)點(diǎn)乙：聯(lián)立解得：14、 (1)3m/s；(1)1kgm/s；(3)，所以不能；(4) 【解析】物塊B沿光滑曲面下滑到水平位置由機(jī)械能守恒列出等式，物塊B在傳送帶上滑動(dòng)根據(jù)牛頓第二定律和

10、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解；物塊A、B第一次碰撞前后運(yùn)用動(dòng)量守恒，能量守恒列出等式求解；當(dāng)物塊B在傳送帶上向右運(yùn)動(dòng)的速度為零時(shí)，將會(huì)沿傳送帶向左加速可以判斷，物塊B運(yùn)動(dòng)到左邊臺(tái)面是的速度大小為v1，繼而與物塊A發(fā)生第二次碰撞物塊B與物塊A第三次碰撞、第四次碰撞，根據(jù)對(duì)于的規(guī)律求出n次碰撞后的運(yùn)動(dòng)速度大小【詳解】(1) 設(shè)物塊B沿光滑曲面下滑到水平位置時(shí)的速度大小為v0，由機(jī)械能守恒定律可得： 解得： 設(shè)物塊B在傳送帶上滑動(dòng)過(guò)程中因受摩擦力所產(chǎn)生的加速度大小為a，則有：mg=ma，設(shè)物塊B通過(guò)傳送帶后運(yùn)動(dòng)速度大小為v，有：v11-v01=-1al，解得：v1=3m/sv=1m/s，則物塊B與物塊A第一次碰撞

11、前的速度大小為3m/s；(1)設(shè)物體A、B第一次碰撞后的速度分別為、，取向右為正方向由動(dòng)量守恒定律得： 由機(jī)械能守恒定律得： 解得：vA=-1m/s，vB=1m/s，（vA=0m/s，vB=-3m/s不符合題意，舍去） ，方向水平向右；(3) 碰撞后物塊B在水平臺(tái)面向右勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)物塊B在傳送帶上向右運(yùn)動(dòng)的最大位移為l，則有：0-vB1=-1al，解得：所以物塊B不能通過(guò)傳送帶運(yùn)動(dòng)到右邊的曲面上；(4) 當(dāng)物塊B在傳送帶上向右運(yùn)動(dòng)的速度為零時(shí)，將會(huì)沿傳送帶向左加速可以判斷，物塊B運(yùn)動(dòng)到左邊臺(tái)面是的速度大小為vB，繼而與物塊A發(fā)生第二次碰撞由（1）可知，vB= 同理可得：第二次碰撞后B的速度：vB1= 第n次碰撞后B的速度為：vB（n-1）=【點(diǎn)睛】本題是多過(guò)程問(wèn)題，分析滑塊經(jīng)歷的過(guò)程，運(yùn)用動(dòng)量守恒，能量守恒、牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合按時(shí)間順序分析和計(jì)算，難度較大15、（1）；（2）【解析】（1）裝置靜止時(shí)，設(shè)OA、OB桿中的彈力分別為F1、T1，OA桿與轉(zhuǎn)軸的夾角為1，小環(huán)受到的彈力F彈1=k小環(huán)受力平衡有F彈1=mg+T1小球受力平衡有F1+ T1=mgF1= T1解得彈簧的勁度系