江西省臨川一中等2022-2023學年高三物理第一學期期中綜合測試試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于靜電場的電場強度和電勢，下列說法正確的是( )A電場強度的方向總是指向正電荷的運

2、動方向B電場強度為零的地方，電勢也為零C隨著電場強度的大小逐漸減小，電勢也逐漸降低D任一點的電場強度總是指向該點電勢降落最快的方向2、測得某短跑運動員在100m跑步比賽中5s末的速度為10.4m/s，10s末到達終點的速度是10.2m/s此運動員在這100m中的平均速度為（ ）ABCD3、某運動員采用蹲踞式起跑，在發(fā)令槍響后，左腳迅速蹬離起跑器，在向前加速的同時提升身體重心，如圖所示。假設運動員質量為m，在起跑階段前進的距離s內，重心升高量為h，獲得的速度為v，則在此過程中（）A運動員的機械能增加了B運動員的機械能增加了C運動員的重力做功為D運動員的重力做功為4、如圖所示，質量mA=6kg的物

3、塊A下端連接著直立且固定于水平地面的輕質彈簧，上端連接著跨過定滑輪的輕質細繩，繩的另一端連接著靜置于水平地面、質量為mB=8kg的物塊B。此時，與A相連的輕繩處于豎直方向，與B相連的輕繩與水平地面成37角，并且彈簧的壓縮量為10cm，若彈簧勁度系數k=100N/m，重力加速度g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，不計滑輪與輕繩間的摩擦。則下列分析計算正確的是A物塊A所受合力為40NB輕繩對物塊B的拉力為40NC地面對物塊B的摩擦力為50ND地面對物塊B的支持力為50N5、如圖所示，質量為m的小球A沿高度為h傾角為的光滑斜面以初速v0滑下，另一質量與A相同的小球B自相同高度同

4、時由靜止落下，結果兩球同時落地下列說法正確的是（ ） A重力對兩球做的功不等B落地前的瞬間A球的速度等于B球的速度C落地前的瞬間A球重力的瞬時功率大于B球重力的瞬時功率D兩球重力的平均功率相同6、如圖所示，在點電荷Q形成的電場中，已知a、b兩點在同一等勢面上，c、d兩點在同一等勢面上。甲、乙兩個帶電粒子的運動軌跡分別為acb和adb曲線，兩個粒子經過a點時具有相同的速率，由此可以判斷（ ）A甲、乙兩粒子電性相同B若取無窮遠處電勢為零，則甲粒子經過c點時的電勢能小于乙粒子經過d點時的電勢能C甲粒子在c點時速率等于乙粒子在d點時速率D甲、乙兩粒子在b點時具有相同的動能二、多項選擇題：本題共4小題，

5、每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，物塊m1、m2均沿斜面勻速下滑，斜面體abc靜止于粗糙水平地面上，已知m1m2，12。下列說法中正確的是（ ）A斜面體ab面和ac面的動摩擦因數不同B斜面對物塊m1的作用力垂直ab面向上C物塊m1對斜面的作用力豎直向下D地面對斜面體的摩擦力水平向左8、如圖所示，A、B、C三個小球（可視為質點）的質量分別為m、2m、3m，B小球帶負電，電荷量為q，A、C兩小球不帶電（不考慮小球間的靜電感應），不可伸長的絕緣細線將三個小球連接起來懸掛在O點，三個小球均處于

6、豎直向上的勻強電場中，電場強度大小為E，以下說法正確的是（）A靜止時，A、B兩小球間細線的拉力為5mg+qEB靜止時，A、B兩小球間細線的拉力為5mgqEC剪斷O點與A小球間細線的瞬間，A、B兩小球間細線的拉力為qED剪斷O點與A小球間細線的瞬間，A、B兩小球間細線的拉力為qE9、如圖所示，A、B兩物塊質量均為m，兩物塊由一輕質彈簧拴接，質量為M的物塊C放在足夠高的水平桌面上，物塊C與B之間由繞過固定光滑定滑輪的細線相連，C與水平桌面之間的動摩擦因數為，初始時，系統(tǒng)處于靜止，細線恰好伸直且無作用力現對物塊C施加一個水平方向的力F，物塊C在F作用下向右勻加速運動，位移為x時速度為v，此時物塊A恰

7、好離開地面則此過程中( )A細線的拉力T為恒力BF的最小值為C彈簧的彈性勢能變化量為零DF做的功為10、下列說法正確的是_A布朗運動是在顯微鏡中看到的液體分子的無規(guī)則運動B水可以浸潤玻璃,但不能浸潤石蠟,表明一種液體是否浸潤某種固體與這兩種物質的性質都有關系C液晶的各種物理性質,在各個方向上都是不同的D做功和熱傳遞在改變內能的效果上是等效的E.溫度升高,分子熱運動的平均動能一定增大,但并非所有分子的速率都增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）學校物理興趣小組利用如圖甲所示的實驗裝置完成“探究加速度與力的關系”的實驗他們所用的器材

8、有小車、一端帶有滑輪的導軌、打點計時器和幾個已知質量的鉤碼，另有學生電源和力傳感器(圖中未畫出)(1)圖乙是實驗中得到的一條紙帶，圖中打相鄰兩計數點的時間間隔為0.1s，由圖中數據可得小車的加速度大小a=_ms2(結果保留三位有效數字)(2)實驗小組A、B分別以各自測得的加速度a為縱軸，小車所受的合力F為橫軸，作出圖象如圖丙中圖線1、2所示，則圖線1、2中對應小車(含車內的鉤碼)的質量較大的是圖線_(選填“1”或“2”)12（12分）某實驗小組成員用如圖1所示的裝置驗證機械能守恒定律，所用重物的質量為 m（1）圖2為實驗中打出的一條紙帶，選取紙帶上的連續(xù)的五個點A、B、C、D、E，測出 A 距

9、起始點 O 的距離為 s0，點 AC間的距離為 s1，點 CE 間的距離為 s2，使用交流電的頻率為 f，則打下 C 點時重物的速度大小為_（2）若當地重力加速度為g，選取從O到C的過程，要驗證機械能守恒，則只需驗證表達式_成立即可 （3）由于阻力的存在影響了該實驗精度，某同學利用紙帶上多個計時點到 O 點的距離h，算出打下這些點時重物對應的速度v，以h為橫軸，以v22 為縱軸畫出了如圖3所示的圖線測得圖線的斜率為 k，則求得重物和紙帶受到的阻力大小為_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）在一寬廣的平靜湖面

10、上有相距的兩個波源、，它們都產生上下振動的水波已知水波在該湖面上的傳播速度為，波源、的振動圖像如圖中的甲.乙所示，在湖面上與相距，與相距處有一觀測點P，時刻讓兩波源同時開始振動（i）求觀測點P的起振時刻及起振方向；（ii）畫出觀測點P從起振開始一個半周期內的振動圖像14（16分）如圖所示,MN、PQ是平行金屬板,板長為l,兩板間距離為,PQ板帶正電,MN板帶負電,在PQ板的上方有垂直于紙面向里的勻強磁場一個電荷量為q、質量為m的帶負電粒子以速度v0從MN板邊緣沿平行于板的方向射入兩板間,結果粒子恰好從PQ板左邊緣飛進磁場,然后又恰好從PQ板的右邊緣飛進電場不計粒子重力求:（1）兩金屬板間所加電

11、場的電場強度大?。?）勻強磁場的磁感應強度B的大小15（12分）如圖所示，光滑水平面上固定兩個傾斜軌道和一豎直光滑圓軌道（最低點處分別與左、右水平軌道相切），各部分平滑相接。一小球（可視為質點）從左邊傾斜軌道頂點A由靜止釋放，沿傾斜軌道下滑，經過圓軌道后沖上右邊光滑的傾斜軌道，到最高點后再沿軌道滑下，再次經過圓軌道并滑上左邊的傾斜軌道，如此往復多次。已知圓軌道半徑，小球的質量，左邊傾斜軌道的傾角，軌道的長度，小球與左邊傾斜軌道間的動摩擦因數，g取10m/s2。求：(1)小球第一次通過豎直圓軌道最高點時對軌道的壓力大小；(2)小球第一次滑上右邊軌道的最大高度與第二次滑上右邊軌道的最大高度之比；(

12、3)小球通過豎直圓軌道最高點的次數。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析：電場強度的方向不一定是正電荷的運動方向，只有正電荷從靜止開始沿直線電場線運動時，其運動方向才沿電場強度的方向，選項A錯誤；電場強度為零的地方，電勢不一定為零，例如放在電場中的導體，場強為零，但是電勢不為零，選項B錯誤；隨著電場強度的大小逐漸減小，電勢不逐漸降低，例如在負點電荷電場中，距離負電荷越遠，場強越小，但是電勢越高，選項C錯誤；任一點的電場強度總是指向該點電勢降落最快的方向，選項D正確；故選D.考點：電場強度；電勢【名

13、師點睛】此題考查了電場強度及電勢的關系；要知道電場強度是從力的角度對電場進行描述，而電勢則時從能量角度進行描述，所以場強為零的點電勢不一定為零，而電勢為零的點場強不一定為零；電場強度的方向是電勢降落最快的方向.2、D【解析】運動員在這100m中的平均速度為。A，與結論不相符，選項A錯誤；B，與結論不相符，選項B錯誤；C，與結論不相符，選項C錯誤；D，與結論相符，選項D正確；故選D.3、B【解析】AB運動員的重心升高量為h，重力勢能增加獲得的速度為v，動能增加為則其機械能增加量為故A錯誤，B正確；CD運動員的重心升高量為h，則運動員的重力做功為故CD錯誤。故選B。4、D【解析】A.物塊A處于靜止

14、狀態(tài)，受到的合力為零，故A錯誤；B. 彈簧壓縮x=10cm=0.1m，根據胡克定律可知，彈簧彈力F=kx=1000.1=10N，彈力向上，繩子拉力T=mAg-F=6-10=50N，故B錯誤；CD. B處于靜止狀態(tài)，受力平衡，對B受力分析，根據平衡條件，地面對B的摩擦力f=Tcos37=500.8=40N，地面對物塊B的支持力N=mBg-Tsin37=80-500.6=50N；故C錯誤，D正確。5、D【解析】本題考查功和功率A.兩球從相同的高度下落，策略所做的功相同，均為，故A錯；B.設落地前的瞬間A，B球的速度為，則，由于所以，所以落地前的瞬間A球的速度大于B球的速度，故B錯；C. 根據平均速

15、度公式可知：對A有：，對B有：，整理得：，而vAsin就是A球在底端的豎直速度，很明顯小于vB， ，因此PAPB，故C錯誤D.重力所做的功相同，均為；做功的時間也相同均為，所以其功率也相同，且為，故本題正確答案為D6、B【解析】A由圖可知電荷甲受到中心電荷的引力，而電荷乙受到中心電荷的斥力，故兩粒子的電性一定不同。故A不符合題意。B取無窮遠處電勢為零（電勢能也一定為零），將帶電粒子甲從c移動到無窮遠處，電場力做負功，電勢能增加，故粒子甲在c點電勢能為負值；將帶電粒子乙從d移動到無窮遠處，電場力做正功，電勢能減小，故粒子乙在d點的電勢能為正值，故甲粒子經過c點時的電勢能小于乙粒子經過d點時的電勢

16、能。故B符合題意。C甲粒子從a到c和乙粒子從a到d，Uac=Uad，但甲、乙兩粒子帶異種電荷，而且電量也不一定相等，所以甲粒子從a到c電場力做功與乙粒子從a到d電場力做功不一定相等，所以甲粒子經過c點時的速率不等于乙粒子經過d點時的速率。故C不符合題意。D根據虛線為等勢面，可判定沿著acb、adb曲線運動過程中電場力所做的總功為0，兩粒子在a點時具有相同的速度，但動能不一定相等。根據動能定理，兩粒子經過b點時具有的動能也不一定相同。故D不符合題意。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選

17、錯的得0分。7、AC【解析】對整體受力分析。整體受力為重力和支持力。故D錯誤；對m1受力分析得;斜面對物體的總作用力與m1的重力等大反向共線，豎直向上，m1對斜面的總作用力豎直向下，故C正確，B錯誤；對m1列式： m1gsin1=1m1gcos1,1=tan1；同理對m2列式：2=tan2，故A正確。故選AC.【點睛】本題注意整體法和隔離法的運用。8、AC【解析】AB靜止時，對AB球整體進行受力分析，則有：T=2mg+3mg+Eq=5mg+Eq故A正確，B錯誤；CD假設B球也不帶電，則剪斷OA線瞬間，A、B、C三個小球一起以加速度g自由下落，互相相對靜止，AB、BC間拉力為0.若B球帶負電，則

18、相當于在上述狀態(tài)下給B球瞬間施加一個豎直下下的電場力qE，電場力 qE對A、B球整體產生一個豎直向下的加速度，此時A、B球的加速度為aA=g+（顯然大于g），C球以加速度g保持自由下落，以A球為研究對象可得A、B球間細線的拉力為T，由牛頓第二定律，則有T+mg=maA解得T=qE故C正確，D錯誤。故選AC。9、BC【解析】A.物塊C做勻加速直線運動，因為細線長度不變，所以物塊B也做勻加速直線運動，物塊B受重力、彈簧彈力和細線拉力T，由牛頓第二定律得：得到：由于彈簧開始階段被壓縮，后來伸長，式中的先為正后為負，其大小方向都變化，所以細線拉力T大小變化，不為恒力，故A錯誤；B.以物塊B、C為研究對

19、象，當彈簧的壓縮量最大時F值最小，由牛頓第二定律得：又因為：得到：故B正確；C.因為初始狀態(tài)細線對B無拉力，彈簧處于壓縮狀態(tài)，由胡克定律得壓縮量，物塊A恰好剛剛離開地面時，物塊A不受地面支持力，彈簧處于伸長狀態(tài)，由胡克定律得伸長量，所以初、末狀態(tài)彈簧形變量相等，彈簧彈性勢能相等，故C正確；D.設力F做的功為，對BC組成的系統(tǒng)由功能關系得：而且：解得：故D錯誤10、BDE【解析】考查布朗運動、液體浸潤與不浸潤、液晶、改變內能的方式、溫度與分子平均動能。【詳解】A布朗運動是懸浮在液體中微粒的無規(guī)則運動，不是分子的無規(guī)則運動，故A錯誤B液體是否浸潤某種固體取決于相關液體及固體的性質，故B正確C液晶的

20、光學性質具有各向異性，不能說液晶的所有物理性質，在不同方向上都是不同的，故C錯誤D做功和熱傳遞在改變內能的效果上是等效的，區(qū)別在于做功是其他形式的能轉化為內能，熱傳遞則是內能在物體間發(fā)生轉移，故D正確E溫度升高，整體看分子熱運動的平均動能一定增大，但個體看，其動能是不斷變化的（相互碰撞引起的，有的可能瞬間被撞的速率非常小了）,并非所有分子的速率都增大，故E正確故選BDE。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）0.195 （2）1 【解析】（1）根據連續(xù)相等時間內的位移之差是一恒量，運用逐差法求出小車的加速度（2）根據牛頓第二定律得出

21、a與F的關系式即可分析質量較大的圖線【詳解】（1）根據x=aT2，運用逐差法得：，（2）根據牛頓第二定律得F=ma，變形得：，即a-F圖線的斜率表示質量的倒數，則斜率越小質量越大，故1圖線的質量較大【點睛】掌握紙帶的處理方法，會通過紙帶求解瞬時速度和加速度，關鍵是勻變速直線運動推論的運用在該實驗中，知道當鉤碼的質量遠遠小于小車質量時，鉤碼的重力才能近似等于小車的合力12、 S1+S24f ; g(s1+s2)=132(s1+s2)2f2; mg-mk ;【解析】（1）根據中間時刻的瞬時速度等于該段時間內的平均速度可得打C點時的速度為：vC=s1+s24T=s1+s24f。（2）從O到C的過程中，要驗證機械能守恒定律，只要驗證：mg（s1+s2）=12mvC2成立，即驗證g（s1+s2）=132（s1+s2）2f2成立即可。（3）由v2=2ah，可得v22=ah，因此v22-h圖象的斜率為k，表示加速度，根據牛頓第二定律，可解得：mgf=mk，重物和紙帶受到的阻力大小為f=mgmk。四、計算題：