江西省奉新一中、南豐一中等六校2022-2023學年物理高三第一學期期中統(tǒng)考模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、物理學的發(fā)展豐富了人類對物質世界的認識，推動了科學技術的創(chuàng)新和革命，促進了物質生產的繁榮與人類文明的進步，下列表述不正確的是（）A牛頓發(fā)現了萬有引力定律，并測出了萬有引力常量B伽利略首創(chuàng)了理想實驗的研究方法C法國物理學家?guī)靵隼门こ?/p>

2、實驗發(fā)現了庫侖定律，并測出了靜電力常量D德國天文學家開普勒提出開普勒三大定律2、某壓榨機的結構示意圖如圖所示，其中B為固定鉸鏈，若在A鉸鏈處作用一垂直于墻壁的力F，則由于力F的作用，使滑塊C壓緊物體D，設C與D光滑接觸，桿的重力及滑塊C 的重力不計，圖中a=0.6m，b=0.1 m，則物體D所受壓力的大小與力F的比值為A3B4C5D63、如圖所示，水平面上質量均為5kg的兩木塊A、B用一輕彈簧相連接，整個系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)。現用一豎直向上的力F拉動木塊A，使木塊A向上做加速度為5m/s2的勻加速直線運動。研究從力F剛作用在木塊A的瞬間到B剛離開地面的瞬間這個過程，并且選定這個過程的起始位置為坐標

3、原點，則下列b圖中可以表示力F與木塊A的位移X之間關系的是：（g=10m/s2）( )A BC D4、如圖所示，一圓盤與水平方向夾角為30，半徑為0.1 m，圓盤可繞過圓盤中心垂直盤面的轉軸轉動，一物體放置在圓盤邊緣，物體與圓盤間的動摩擦因數為，當圓盤以某一角速度轉動時，物體在最低點恰好不會被甩離圓盤，取g=10 m/s2，且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則A物體在最低點受到的摩擦力恰好為零B物體的線速度大小為1 m/sC圓盤轉動的角速度為5 rad/sD物體的向心加速度大小為5 m/s25、關于運動的合成,下列說法中正確的是（ ）A兩個分運動的時間一定與合運動的時間相等B兩個直線運動的合運動一

4、定是直線運動C合運動的速度一定比每一個分運動的速度大D合運動的加速度一定比每一個分運動的加速度大6、如圖甲所示，電源電動勢E6 V，閉合開關，將滑動變阻器的滑片P從A端滑至B端的過程中，得到電路中的一些物理量的變化如圖乙、丙、丁所示其中圖乙為輸出功率與路端電壓的關系曲線，圖丙為路端電壓與總電流的關系曲線，圖丁為電源效率與外電路電阻的關系曲線，不考慮電表、導線對電路的影響則下列關于圖中a、b、c、d點的坐標值正確的是Aa（3 V,4.5 W）Bb（4.5v ,2.88 W）Cc（0.6 A,4.5 V）Dd（2 ，80%）二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項

5、中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在地面上方的水平勻強電場中，一個質量為、電荷量為的小球，系在一根長為L的絕緣細線一端，可以在豎直平面內繞O點做圓周運動。AB為圓周的水平直徑，CD為豎直直徑。已知重力加速度為，電場強度。不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A若小球在豎直平面內繞O點做圓周運動，則它運動的最小速度為B若小球在豎直平面內繞O點做圓周運動，則小球運動到B點時的機械能最大C若將小球在A點由靜止開始釋放，它將在ABCD圓弧上往復運動D若將小球在A點以大小為的速度豎直向上拋出，它將能夠沿圓弧到達B點8、在星球M上將一輕彈簧豎直

6、固定在水平桌面上，把物體P輕放在彈簧上端，P由靜止向下運動，物體的加速度a與彈簧的壓縮量x間的關系如圖中實線所示在另一星球N上用完全相同的彈簧，改用物體Q完成同樣的過程，其ax關系如圖中虛線所示，假設兩星球均為質量均勻分布的球體已知星球M的半徑是星球N的3倍，則AM與N的密度相等BQ的質量是P的3倍CQ下落過程中的最大動能是P的4倍DQ下落過程中彈簧的最大壓縮量是P的4倍9、如圖所示，車廂內的后部有一相對車廂靜止的乘客，車廂內的前部有一小球用細線懸掛在車廂的天花板上，小球與車廂一起沿平直軌道以速度v勻速前進。某時刻細線突然斷裂，小球落向車廂底板，這一過程中車廂始終以速度v勻速前進。若空氣阻力可

7、忽略不計，對于小球從線斷裂至落到車廂底板上之前的運動，下列說法中正確的是A相對于乘客，小球做自由落體運動B相對于乘客，小球的運動軌跡為斜向前的直線C相對于地面，小球的運動軌跡為拋物線D相對于地面，小球做自由落體運動10、如圖所示，傾角=30的斜面體C置于水平面上，B置于斜面上，通過細繩跨過光滑的定滑輪與A相連接，連接滑輪的輕桿沿豎直方向，連接B的一段細繩與斜面平行，A、B、C都處于靜止狀態(tài)，已知C的質量為2m，A、B質量均為m，則下列說法正確的是A定滑輪受到輕桿的作用力為BC受到水平面的摩擦力為mgCB受到C間摩擦力大小為D水平面對C的支持力為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題

8、卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）小江同學在做“探究彈力與彈簧伸長的關系”實驗中，他用實驗裝置如圖所示，所用的鉤碼每只質量為50g他先測出不掛鉤碼時彈簧的自然長度，再將5個鉤碼逐個掛在彈簧的下端，每次都測出相應的彈簧總長度，并將數據填在表中，實驗中彈簧始終未超過彈性限度，取g取10m/s1根據實驗數據可得(1)該彈簧的勁度系數k=_N/m(1)彈力F與形變量x的表達式_12（12分）某同學在做“驗證力的平行四邊形定則”實驗時，將橡皮筋改為勁度系數為400N/m的輕質彈簧，將彈簧的一端固定在豎直墻面上。不可伸長的細線OA、OB、OC，分別固定在彈簧的A端和彈簧秤甲、乙的掛鉤上，其

9、中O為OA、OB、OC三段細線的結點，如圖1示。在實驗過程中，保持彈簧伸長1.00cm不變。（1）若OA、OC間夾角為90，彈簧秤乙的示數如圖2所示，為_N，則彈簧秤甲的示數應該是_N；（2）在（1）問中若保持OA與OB的方向不變：逐漸增大OA與OC的夾角，則彈簧秤甲的讀數大小將_，彈簧秤乙的讀數大小將_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，平行金屬板M、N水平放置，板右側有一豎直熒光屏，板長、板間距及豎直屏到板右端的距離均為l，M板左下方緊貼M板有一粒子源，以初速度v0水平向右持續(xù)發(fā)射質量為m，

10、電荷量為+q的粒子已知板間電壓UMN隨時間變化的關系如圖所示，其中忽略離子間相互作用和它們的重力，忽略兩板間電場對板右側的影響，熒光屏足夠大（1）計算說明，t=0時刻射入板間的粒子打在屏上或N板上的位置；（2）求熒光屏上發(fā)光的長度14（16分）如圖所示，兩形狀完全相同的平板A、B置于光滑水平面上，質量分別為m和2m平板B的右端固定一輕質彈簧，P點為彈簧的原長位置，P點到平板B左端點Q的距離為L物塊C置于平板A的最右端，質量為m且可視為質點平板A、物塊C以相同速度v0向右運動，與靜止平板B發(fā)生碰撞，碰撞時間極短，碰撞后平板A、B粘連在一起，物塊C滑上平板B，運動至P點開始壓縮彈簧，后被彈回并相對

11、于平板B靜止在其左端Q點彈簧始終在彈性限度內，平板B的P點右側部分為光滑面，P點左側部分為粗糙面，物塊C與平板B 粗糙面部分之間的動摩擦因數處處相同，重力加速度為g求：(1)平板A、B剛碰完時的共同速率v1；(2)物塊C與平板B粗糙面部分之間的動摩擦因數；(3)在上述過程中，系統(tǒng)的最大彈性勢能Ep；15（12分）如圖所示，一物體從光滑固定斜面頂端由靜止開始下滑已知物體的質量，斜面的傾角，斜面長度，取重力加速度求：Failed to download image : 0:8086/QBM/2018/12/14/2096671323242496/2098779498348544/STEM/460a

12、b19539314d888ec24756777de77a.png物體沿斜面由頂端滑到底端所用的時間；物體滑到斜面底端時的動能；在物體下滑的全過程中支持力對物體的沖量參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】牛頓發(fā)現了萬有引力定律，卡文迪許測出了萬有引力常量，選項A錯誤；伽利略首創(chuàng)了理想實驗的研究方法，選項B正確；法國物理學家?guī)靵隼门こ訉嶒灠l(fā)現了庫侖定律，并測出了靜電力常量，選項C正確；德國天文學家開普勒總結了前人的天文觀測數據，提出開普勒三大定律，選項D正確；故選A.2、A【解析】設力F與水平方向的夾角為，將

13、力F按作用效果沿AB和AC兩個方向進行分解，作出力的分解圖如圖甲所示。則有：2F1cos=F則得 再將F2按作用效果分解為FN和FN，作出力的分解圖如圖乙所示。則有：FN=F2sin聯立得到： 根據幾何知識得可知 ；得到：FN=3FA3，與結論相符，選項A正確； B4，與結論不相符，選項B錯誤；C5，與結論不相符，選項C錯誤； D6，與結論不相符，選項D錯誤；3、A【解析】設初始狀態(tài)時，彈簧的壓縮量為x0，彈簧勁度系數為k，物體的質量為m，則kx0=mg；力F作用在木塊A上后，選取A為研究對象，其受到豎直向上的拉力F. 豎直向下的重力mg和彈力k(x0 x)三個力的作用，根據牛頓第二定律，F+

14、k(x0 x)mg=ma，即F=ma+kx=25+kx；當彈簧對物體B豎直向上的彈力等于重力時B剛好離開地面，此時彈簧對物體A施加豎直向下的彈力F彈，大小為mg，對物體A運用牛頓第二定律有FmgF彈=ma，代入數據，可求得F=125N.故選：A.點睛：最初彈簧被壓縮，A物體受到豎直向上的彈力等于重力，由于A物體做勻加速直線運動，對A受力分析，列出牛頓第二定律解出對應的表達式；當B物體要離開地面時地面的支持力為零，彈簧對B物體向上的拉力等于B物體的重力，即彈簧對A物體向下的拉力等于B的重力，再列出牛頓第二定律解出此所需的拉力F大小即可4、C【解析】A物體在最低點恰好不會被甩離圓盤，物體受到的是最

15、大靜摩擦力，重力沿圓盤方向的分力，與最大靜摩擦力的合力提供向心力，故A錯誤；B由A選項可知：代入數據解得v=0.5m/s，故B錯誤；C根據線速度與角速度的關系：可解得：=5 rad/s，故C正確。D根據：可得a=2.5 m/s2，故D錯誤。5、A【解析】: A、分運動與合運動具有等時性.所以A選項是正確的.B、分運動是直線運動,合運動不一定是直線運動,比如:平拋運動.故B錯誤C、根據平行四邊形定則,合速度不一定比分速度大.故C錯誤.D、根據平行四邊形定則,合加速度可能比分加速度大,可能比分加速度小,可能與分加速度相等.故D錯誤.綜上所述本題答案是：A6、A【解析】A由丙圖可知短路電流為 I短=

16、3A，由得：；當輸出功率達到最大時：R=r=2，此時路端電壓為U=3V，所以各點的坐標為：a點：U=3V， A點坐標為：（3V，4.5W）；選項A正確；BCD電源效率最高時，滑動變阻器的阻值最大，由丙圖知電源的最大效率為 =80%由解得：R=8變阻器的滑動頭C在右端B時，分別對應c、b、d三點。b點、c點：R=8，U=E-Ir=6-0.62=4.8VP=UI=4.80.6W=2.88W所以b點的坐標為：（4.8V，2.88W）；c點的坐標為（0.6A，4.8V）；d點坐標為（8，80%）；故BCD錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符

17、合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】A由于電場強度，則重力和電場力的合力為，方向與豎直方向成45斜向右下，小球運動的物理最高點在弧AD的正中間，則解得：小球在等效最高點的最小速度故A項正確；B小球在豎直平面內繞O點做圓周運動，小球在運動過程中受電場力、重力、繩的拉力，則小球的動能、重力勢能、電勢能之和不變，則小球運動到B點時，小球的電勢能最小，所以到B點時的機械能最大，故B項正確；C小球受合力方向與電場方向夾角45斜向下，若將小球在A點由靜止開始釋放，它將沿合力方向做勻加速直線運動，不沿圓弧運動，故C項錯誤；D若小球在豎直平面內繞O點做圓周運動，

18、則它運動的最小速度為，若將小球在A點以大小為的速度豎直向上拋出，球不沿圓弧運動，故D項錯誤。故選AB。8、AC【解析】A、由a-x圖象可知，加速度沿豎直向下方向為正方向，根據牛頓第二定律有：，變形式為：，該圖象的斜率為，縱軸截距為重力加速度根據圖象的縱軸截距可知，兩星球表面的重力加速度之比為：；又因為在某星球表面上的物體，所受重力和萬有引力相等，即：，即該星球的質量又因為：，聯立得故兩星球的密度之比為：，故A正確；B、當物體在彈簧上運動過程中，加速度為0的一瞬間，其所受彈力和重力二力平衡，即：；結合a-x圖象可知，當物體P和物體Q分別處于平衡位置時，彈簧的壓縮量之比為：，故物體P和物體Q的質量

19、之比為：，故B錯誤；C、物體P和物體Q分別處于各自的平衡位置（a=0）時，它們的動能最大；根據，結合a-x圖象面積的物理意義可知：物體P的最大速度滿足，物體Q的最大速度滿足：，則兩物體的最大動能之比：，C正確；D、物體P和物體Q分別在彈簧上做簡諧運動，由平衡位置（a=0）可知，物體P和Q振動的振幅A分別為和，即物體P所在彈簧最大壓縮量為2，物體Q所在彈簧最大壓縮量為4，則Q下落過程中，彈簧最大壓縮量時P物體最大壓縮量的2倍，D錯誤；故本題選AC9、AC【解析】AB乘客和小球水平方向具有相同的速度，則相對于乘客，小球做自由落體運動，小球的運動軌跡為豎直向下的直線，選項A正確，B錯誤；CD相對于地

20、面，小球做平拋運動，小球的運動軌跡為拋物線，選項C正確，D錯誤。10、ACD【解析】對A分析，A受到繩子的拉力和重力作用，故有，同一條繩子上的拉力相同，所以繩子對B的拉力大小也為mg，對B分析，B受到繩子的拉力，斜面的支持力，重力，規(guī)定沿斜面向下為正，在沿斜面方向上有，解得，為正，說明沿斜面向下，C正確；將BC看做一個整體，整體受到繩子斜向上的拉力，重力，和支持力，水平方向的摩擦力，在豎直方向上有，解得，在水平方向上，故B錯誤D正確；對定滑輪分析，受輕桿的作用力和兩條繩子的拉力，其中兩條繩子的拉力大小為mg，夾角為60，根據平行四邊形可得輕桿對滑輪的作用，A正確；【點睛】本題考查受力分析以及共

21、點力的平衡條件應用，要注意明確整體法與隔離法的正確應用整體法：以幾個物體構成的整個系統(tǒng)為研究對象進行求解在許多問題中用整體法比較方便，但整體法不能求解系統(tǒng)的內力隔離法：從系統(tǒng)中選取一部分（其中的一個物體或兩個物體組成的整體，少于系統(tǒng)內物體的總個數）進行分析隔離法的原則是選取受力個數最少部分的來分析通常在分析外力對系統(tǒng)作用時，用整體法；在分析系統(tǒng)內各物體之間的相互作用時，用隔離法有時在解答一個問題時要多次選取研究對象，需要整體法與隔離法交叉使用三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、50 【解析】根據胡克定律得：，彈力F與形變量x的表達式：F

22、=50 x12、3.00N 5.00N 減小 先減小后增大 【解析】(1)1根據彈簧秤的讀數方法可知，a的讀數為3.00N； 2 根據胡克定律可知：OA、OC間夾角為，則甲的示數等于彈簧AA的彈力與乙彈簧彈力的矢量和，即(2)34在(1)問中若保持OA與OB的方向不變，逐漸增大OA與OC的夾角，甲乙兩個彈簧秤彈力的合力不變，如圖所示，則可知彈簧秤甲的讀數大小逐漸減小，彈簧秤乙的讀數大小先變小后變大。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）粒子打在下極板上距左端處；（2）【解析】（1）t=0時刻射入的粒子在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，運動到下極板的時間t，解得：粒子在水平方向的位移：粒子打在下極板上距左端處；（2）時射