2023屆江蘇省豐縣中學高三物理第一學期期中統(tǒng)考試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、天宮二號空間站經控制中心兩次軌道控制，已調整至距地面393km的軌道上運行。2016

2、年10月17日，神舟十一號載人飛船發(fā)射成功。如圖所示是天宮二號和神舟十一號交會對接前繞地球做勻速圓周運動的軌道示意圖，則神舟十一號比天宮二號的（ ）A運行速度小B周期小C向心加速度小D角速度小2、惠更斯利用擺的等時性發(fā)明了帶擺的計時器，叫擺鐘如圖所示，旋轉鐘擺下端的螺母可以使擺上的圓盤沿擺桿上下移動為使擺鐘走時準確，下列做法中正確的是（）A擺鐘快了，應使圓盤沿擺桿上移B擺鐘慢了，應使圓盤沿擺桿下移C由冬季變?yōu)橄募緯r，應使圓盤沿擺桿上移D把擺鐘從黑龍江移到福建，應使圓盤沿擺桿下移3、如圖所示為A、B兩物體從同一點出發(fā)的位移-時間圖象，則下列說法正確的是A02s內A、B兩物體的運動方向都發(fā)生了改變

3、B1.5s末A、B兩物體的速度相同C01.5s的時間內，A的平均速度等于B的平均速度D025內A、B兩物體之間的最大距離為3m4、如圖所示，將足球用網兜掛在光滑的墻壁上，設繩對球的拉力為，墻壁對球的支持力為，當細繩長度變短時() A，均不變B減小，增大C，均增大D，均減小5、在平直公路上行駛的a車和b車，其位移-時間圖象分別為圖中直線a和曲線b，由圖可知（）。Ab車運動方向始終不變B在t1時刻a車與b車速度相同Ct1到t3時間內a車與b車的平均速度相等Dt1到t2時間內有一時刻兩車的速度相同6、如圖所示，拖拉機后輪的半徑是前輪半徑的兩倍，A和B是前輪和后輪邊緣上的點，若車行進時車輪沒有打滑，則

4、（ ）AA點和B點的線速度大小之比為12B前輪和后輪的角速度之比為21C前輪和后輪的周期之比為1：1DA點和B點的向心加速度大小之比為12二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖是氫原子的能級圖，a、b、c為原子躍遷時所發(fā)出的三種光。當用c光照射某種金屬時恰能發(fā)生光電效應，下列說法正確的是Ac光的頻率小于b光的頻率Ba光的頻率大于b光的頻率C換成a光照射該種金屬，一定會發(fā)生光電效應D換成b光照射該種金屬，可能會發(fā)生光電效應8、一質量為m的物體靜止在光滑水平面上，從t0

5、時刻開始受到水平外力的作用力的大小F與時間t的關系如圖所示，力的方向保持不變，則下列說法中正確的是（ ）A物體在t0和2t0時刻相對于出發(fā)點的位移之比是15B物體在t0和2t0時刻的瞬時速度之比是15C外力在O到t0和t0到2t0時間內做功之比是18D外力在t0和2t0時刻的瞬時功率之比是189、在豎直桿上安裝一個光滑導向槽，使豎直上拋的小球通過導向槽能改變方向做平拋運動不計經導向槽時小球的能量損失，設小球從地面沿桿豎直上拋的速度大小為v，那么當小球有最大水平位移時，下列說法正確的是()A導向槽位置應在高為的位置B最大水平距離為C小球在上、下兩過程中，在經過某相同高度時，合速度的大小總有v下2

6、v上D當小球落地時，速度方向與水平方向成45角10、如圖所示，質量為4.0kg的物體A靜止在豎直的輕彈簧上，質量為6.0kg的物體B用細線懸掛在天花板上，B與A剛好接觸但不擠壓，現(xiàn)將細線剪斷，則剪斷后瞬間，下列結果正確的是（g取10m/s2）（）AA加速的大小為1m/s2BB加速的大小為6m/s2C彈簧彈力大小為60NDA、B間相互作用力的大小為24N三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學研究小燈泡的伏安特性所使用的器材有：小燈泡（額定電壓，額定電流）；電壓表V（量程，內阻）；電流表A（量程，內阻）；固定電阻（阻值）；滑動變阻

7、器（阻值）；電源（電動勢，內阻不計）；開關；導線若干（1）實驗中，電壓表的量程偏小，需要將電壓表與固定電阻串聯(lián)，改裝后的電壓表的量程為_（2）實驗要求能夠實現(xiàn)在的范圍內對小燈泡的電壓進行測量，畫出實驗電路原理圖_ （3）實驗測得該小燈泡伏安特性曲線如圖（a）所示由實驗曲線可知，當小燈泡兩端的電壓為時，小燈泡的電阻為_ （保留兩位有效數(shù)字），隨著小燈泡兩端電壓的增加小燈泡的電阻_（填“增大”“不變”或“減小”），燈絲的電阻率_（填“增大”“不變”或“減小”）（4）用另一電源（電動勢，內阻）和題給器材連接成圖（b）所示的電路，調節(jié)滑動變阻器的阻值，可以改變小燈泡的實際功率閉合開關，在的變化范圍內，

8、小燈泡的最小功率為_ （結果均保留位小數(shù)）12（12分）利用氣墊導軌驗證機械能守恒定律，實驗裝置如圖甲所示。水平桌面上固定一傾斜的氣墊導軌，導軌上A處有一帶長方形遮光片的滑塊，其總質量為M，左端由跨過輕質光滑定滑輪的細繩與一質量為m的小球相連，遮光片兩條長邊與導軌垂直，導軌上B處有一光電門，可以測量遮光片經過光電門時的擋光時間t.用d表示A處到光電門B處的距離，b表示遮光片的寬度，將遮光片通過光電門的平均速度看作滑塊通過B處時的瞬時速度。實驗時使滑塊在A處由靜止開始運動。（1）某次實驗測得傾角=，重力加速度用g表示，滑塊從A處到達B處時，m和M組成的系統(tǒng)動能增加量可表示為Ek=_，系統(tǒng)的重力勢

9、能減少量可表示為Ep=_,在誤差允許的范圍內，若Ek=Ep則可認為系統(tǒng)的機械能守恒；（2）某同學改變A、B間的距離，求出滑塊通過B點的瞬時速度v后，作出的v2-d圖像如圖乙所示，并測得m=M，則重力加速度g=_m/s2.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，質量M=2.0kg的長木板靜止在光滑水平面上，在長木板的右端放一質量m=1.0kg的小滑塊（可視為質點），小滑塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)=0.20.現(xiàn)用水平恒力F=8.0N向右拉長木板，使小滑塊與長木板發(fā)生相對滑動，經過t=1.0s撤去拉力F.小

10、滑塊在運動過程中始終沒有從長木板上掉下.求：（1）撤去力F時小滑塊和長木板的速度各為多少（2）運動中小滑塊距長木板右端的最大距離是多大？14（16分）如圖所示，一根輕質細桿兩端分別固定著A、B兩個質量均為m的小球，O點是光滑水平軸已知AOL，BO2L.使細桿從水平位置由靜止開始轉動，當B球轉到O點正下方時，它對細桿的拉力是多少？15（12分）如圖所示，一條長為L的細線上端固定，下端拴一個質量為m，電荷量為q的小球，將它置于方向水平向右的勻強電場中，使細線豎直拉直時將小球從A點靜止釋放，當細線離開豎直位置偏角60時，小球速度為0。(1)試分析小球運動到細線和豎直方向偏角為多大時，球速最大？并求出

11、電場強度E的大小。(2)若小球恰好完成豎直圓周運動，求小球在A點應有的初速度vA的大小(可含根式)。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】根據(jù)萬有引力提供向心力，解得： ， ， ；A、由衛(wèi)星的線速度公式： ，知神舟十一號的軌道半徑比天宮二號的小，則神舟十一號的線速度比天宮二號的大，故A錯誤；B、衛(wèi)星的周期為，知神舟十一號的軌道半徑比天宮二號的小，則神舟十一號的周期比天宮二號的小，故B正確；C、衛(wèi)星的加速度為，由于神州十一號的軌道半徑比天宮二號的小，則神州十一號的加速度比天宮二號的大，故C錯誤；D、衛(wèi)星的角速

12、度為，由于神州十一號的軌道半徑比天宮二號的小，則神州十一號的角速度比天宮二號的大，故D錯誤。點睛：明確萬有引力提供向心力是解決衛(wèi)星問題的前提，關鍵要掌握衛(wèi)星的線速度，知道其他量與線速度的關系，能推導出其他量的表達式。2、C【解析】單擺的周期為：，擺鐘快了，說明擺動周期小，則必須使擺下移，才能調準，故AB錯誤； 由冬季變?yōu)橄募緯r，溫度升高，則由熱脹冷縮可知，應使圓盤沿擺桿上移，才準確，故C正確；把擺鐘從黑龍江移到福建，則重力加速度減小，應使圓盤沿擺桿上移，才能準確，故D錯誤所以C正確，ABD錯誤3、C【解析】由于位移-時間圖象的斜率表示該時刻的速度，由圖可知，0-2s內A、B兩物體的速度（斜率）

13、沒有負值，即運動方向沒有發(fā)生改變，A錯誤1.5s末A、B兩物體的位置坐標相同，說明兩物體相遇，而不是速度相同，B錯誤由圖可知，0-1.5s的時間內，兩物體的位移相等，所用時間也相等，所以平均速度相等，C正確從x-t圖象看出，兩個物體1s末縱坐標讀數(shù)之差最大，兩物體相距最遠，且最大距離為x=3m-1m=2m，D錯誤4、C【解析】分析足球的受力情況，作出力圖，根據(jù)平衡條件得到懸線的拉力和墻的支持力與的關系式，再用數(shù)學知識分析拉力、支持力變化情況，由牛頓第三定律即可知球對墻的壓力變化情況【詳解】分析足球的受力情況：重力G、懸線的拉力和墻的支持力，如圖所示：由平衡條件得：支持力和重力的合力F與拉力大小

14、相等、方向相反；由平衡條件得：；當細繩長度變短時，增大，cos減小，sin增大，則增大，增大【點睛】本題運用函數(shù)法研究動態(tài)平衡問題，也可以運用圖解法研究5、C【解析】A、b圖線切線切線先為負值，然后為正值，知b的運動方向發(fā)生變化故A錯誤；B、在t1時刻，兩車的位移相等，速度不同故B錯誤；C、t1到t3時間內，兩車的位移相同，時間相同，則平均速度相同故C正確；D、t1到t2時間內，b圖線的切線斜率始終為負，與a的速度方向相反，則兩車的速度不可能相同；故D錯誤；故選C。6、B【解析】傳動裝置，在傳動過程中不打滑，則有：共軸的角速度是相同的，同一傳動裝置接觸邊緣的線速度大小是相等的；【詳解】A、輪A

15、、B分別為同一傳動裝置前輪和后輪邊緣上的一點，所以，即A點和B點的線速度大小之比為，故A錯誤；B、根據(jù)和，可知A、B兩點的角速度之比為，故B正確C、據(jù)和前輪與后輪的角速度之比2：1，求得兩輪的轉動周期為1：2，故C錯誤D、由，可知，向心加速度與半徑成反比，則A與B點的向心加速度之比為2：1，故D錯誤【點睛】明確共軸的角速度是相同的，同一傳動裝置接觸邊緣的線速度大小是相等的，同時要靈活應用線速度、角速度與半徑之間的關系二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】因為

16、Em-En=hv，則EaECEb，依據(jù)E=h，可知，acb，可知a光的頻率最高，b光的頻率最低，故A錯誤，B正確；因為a光的能量大于c光的能量，所以能發(fā)生光電效應，故C正確；因為b光的能量小于c光的能量，所以不能發(fā)生光電效應，故D錯誤。所以BC正確，AD錯誤。8、AC【解析】A項：0到t0時間內的加速度，這段時間內的位移為，t0時刻的速度為，t0到2t0時間內的加速度為，所以t0到2t0時間內的位移為：，所以2t0時刻相對于出發(fā)點的位移為：，所以物體在t0和2t0時刻相對于出發(fā)點的位移之比是1：5，故A正確；B項：2t0時的速度為：v2=v1+a2t0=所以物體在t0和2t0時刻的瞬時速度之比

17、是1：3，故B錯誤；C項：根據(jù)動能定理得：外力在0到t0時間內做的功為，外力在t0到2t0時間內做的功為，所以外力在0到t0和t0到2t0時間內做功之比是1：8，故C正確；D項：外力在t0的時刻的瞬時功率為P1=F0v1=，2t0時刻的瞬時功率P2=2F0v2=，所以外力在t0和2t0時刻的瞬時功率之比是1：6，故D錯誤故應選：AC【點睛】解決本題的關鍵掌握瞬時功率的公式P=Fvcos，以及牛頓第二定律、運動學基本公式的應用9、AD【解析】試題分析：設平拋時的速度為v0，根據(jù)機械能守恒定律可得：mv02+mghmv2，解得：；根據(jù)平拋運動的知識可得下落時間：，則水平位移，所以當時水平位移最大，

18、解得，A正確；最大的水平位移為：，B錯誤；根據(jù)機械能守恒定律可知，在某高度處時上升的速率和下落的速率相等，C錯誤；設速度與水平方向成，位移與水平方向的夾角為為，根據(jù)平拋運動的規(guī)律可知，則=450，所以D正確故選AD考點：平拋運動【名師點睛】本題主要是考查了平拋運動的規(guī)律，知道平拋運動可以分解為水平方向的勻速直線運動和豎直方向的自由落體運動；解決本題的關鍵知道分運動和合運動具有等時性，知道平拋運動的時間由高度決定，與初速度、物體的質量等無關10、BD【解析】彈簧的彈力不能突變，以A、B系統(tǒng)為研究對象，由牛頓第二定律求出系統(tǒng)的加速度，然后以B為研究對象，由牛頓第二定律求出A、B間的作用力?！驹斀狻?/p>

19、C、物體A、B接觸但不擠壓，剪斷細線前，對A由平衡條件得，彈簧的彈力：T=mAg=410=40N，由于彈簧的彈力不能突變，剪斷細線瞬間彈力大小仍為40N，故C錯誤；A、剪斷細線后，A、B一起向下加速運動，對系統(tǒng)，由牛頓第二定律得：（mA+mB）gT=（mA+mB）a，解得：a=6m/s2，故A錯誤，B正確；D、對B，由牛頓第二定律得：mBgF=mBa，解得：F=24N，則A、B間的作用力為24N，故D正確；故選：BD?！军c睛】本題考查牛頓第二定律的應用；解題的關鍵是先采用整體法求解加速度，再隔離物體B并根據(jù)牛頓第二定律列式求解。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處

20、，不要求寫出演算過程。11、 （1）4V （2）見解析 （3）； 增大； 增大 （4）0.39W【解析】（1）依據(jù)電表改裝的特點，故（2）因小燈泡電壓需從開始測至，則燈泡需從滑動變阻器部分電阻串聯(lián)，因電壓表量程為，不滿足電壓測量需求，故將定值電阻與電壓表串聯(lián)以增大電壓表量程（量程大于），又因為，故電流表外接，即可實現(xiàn)題目要求（3）依據(jù)歐姆定律，故代入圖象的數(shù)字由圖象知隨電流的增加，小燈泡的電阻增大，由于小燈泡的燈絲長度與橫截面積不變，則根據(jù)可得燈絲的電阻率增大 （4）當滑動變阻器全部接入電路中時，根據(jù)公式，其中， ， ，因此獲得公式，將其所對應直線放入圖（a）可得此時， ，求得小燈泡最小功率為

21、點睛：本題考查了實驗電路設計，根據(jù)題目要求確定滑動變阻器的接法、根據(jù)燈泡電阻與電表內阻的關系確定電流表的接法是正確解題的關鍵要掌握應用圖象法處理實驗數(shù)據(jù)的方法12、(M+m) （m-）gd 9.75 【解析】(1)1由于光電門的寬度b很小，所以我們用很短時間內的平均速度代替瞬時速度，滑塊通過光電門B速度為滑塊從A處到達B處時m和M組成的系統(tǒng)動能增加量為2系統(tǒng)的重力勢能減少量可表示為(3)3根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒有則對應v2-d圖象，則圖線的斜率則有解得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）， （2）【解析】 (1)對長木板施加恒力F的時間內，小滑塊與長木板間相對滑動，小滑塊和長木板在水平方向的受力情況如圖所示。小滑塊所受摩擦力f=mg設小滑塊的加速度為a1，根據(jù)牛頓第二定律：f=ma1解得：a1=2.0m/s2長木板受的摩擦力f=f=mg設長木板的加速度為a2，根據(jù)牛頓