2023屆廣東省深圳市普通高中高三物理第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)水平測(cè)試模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請(qǐng)考生注意：1請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的注意事項(xiàng)，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、貝可勒爾在120年前首先發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，如今原子核的放射性在眾多領(lǐng)域中有著廣泛應(yīng)用下列屬于核聚變的是（ ）ABCD2、如圖所示，一根木棒沿水平桌面從A運(yùn)動(dòng)到B，若棒與桌面間的摩擦力大小為f，則棒對(duì)桌面的摩擦力和桌面對(duì)棒的摩擦力做

2、的功各為（ ）Afs，fsBfs，fsC0，fsDfs，03、一物塊用輕繩AB懸掛于天花板上，用力F拉住套在輕繩上的光滑小圓環(huán)O（圓環(huán)質(zhì)量忽略不計(jì)），系統(tǒng)在圖示位置處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時(shí)細(xì)繩OA與豎直方向的夾角為，力F與豎直方向的夾角為，當(dāng)緩慢拉動(dòng)圓環(huán)使（090）增大時(shí)，則AF變大，變小BF變小，變小CF變大，變大DF變小，變大4、已知某星球的自轉(zhuǎn)周期為T，物體在該星球赤道上隨該星球自轉(zhuǎn)的向心加速度為a，該星球赤道處的重力加速度為g。 要使該星球赤道上的物體“飄”起來，該星球的自轉(zhuǎn)周期應(yīng)變?yōu)椋ǎ〢BCD5、某圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，現(xiàn)有兩個(gè)不同的粒子a、b，以不同的速度同時(shí)由A點(diǎn)沿A

3、O（O為圓心）方向射入圓形磁場(chǎng)區(qū)域，又同時(shí)由C點(diǎn)及B點(diǎn)分別射出磁場(chǎng)，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示（虛線AB弧長(zhǎng)等于磁場(chǎng)圓周長(zhǎng)的，虛線AC弧長(zhǎng)等于磁場(chǎng)圓周長(zhǎng)的），粒子始終在紙面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，不計(jì)粒子重力則下列說法正確的是Aa、b粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)半徑之比Ra:Rb=3:Ba、b粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期之比Ta:Tb=3:4Ca、b粒子的比荷之比Da、b粒子的速率之比6、將兩個(gè)質(zhì)量均為m的小球a、b用細(xì)線相連后，再用細(xì)線懸掛于O點(diǎn)，如圖所示。用力F拉小球b，使兩個(gè)小球都處于靜止?fàn)顟B(tài)，且細(xì)線Oa與豎直方向的夾角保持30，則F達(dá)到最小值時(shí)Oa繩上的拉力為（ ）ABmgCD二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20

4、分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、一個(gè)電子只在電場(chǎng)力作用下從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的軌跡如圖中虛線所示，圖中一組平行等距的實(shí)線可能是電場(chǎng)線也可能是等勢(shì)面，則以下說法正確的是A無論圖中的實(shí)線是電場(chǎng)線還是等勢(shì)面，a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)都比b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小B無論圖中的實(shí)線是電場(chǎng)線還是等勢(shì)面，a點(diǎn)的電勢(shì)都比b點(diǎn)的電勢(shì)高C如果實(shí)線是電場(chǎng)線，電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能比在b點(diǎn)的電勢(shì)能大D如果實(shí)線是等勢(shì)面，電子在a點(diǎn)的速率一定大于在b點(diǎn)的速率8、如圖為娛樂場(chǎng)里常見的一種簡(jiǎn)單的娛樂設(shè)施一滑道，它由一個(gè)傾斜軌道和水平軌道平滑連接而成若一名兒童自軌道頂端由靜止開始

5、下滑，到達(dá)水平軌道某處停下，兒童與整個(gè)軌道的滑動(dòng)摩擦因素處處相同，不計(jì)空氣阻力則下列關(guān)于其路程大小x、速度大小、加速度大小a、合大小F隨時(shí)間t變化的大致規(guī)律，可能正確的是（）ABCD9、如圖所示的裝置叫做阿特伍德機(jī)，是阿特伍德創(chuàng)制的一種著名力學(xué)實(shí)驗(yàn)裝置，用來研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律繩子兩端的物體下落（或上升）的加速度總是小于自由落體的加速度g已知物體A、B的質(zhì)量相等均為4m，物體C的質(zhì)量為m，一切摩擦不計(jì)，輕繩不可伸長(zhǎng)且足夠長(zhǎng)， 現(xiàn)將裝置從靜止釋放下列說法正確的是 A物體C的加速度為B物體C的加速度為C物體C對(duì)B的拉力為D物體C對(duì)B的拉力為10、如圖所示，A、B兩物塊的質(zhì)量分別為3m和2m，兩

6、物塊靜止疊放在水平地面上A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為(0)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g.現(xiàn)對(duì)B施加一水平推力F，則下列說法正確的是() A若Fmg，A、B間的摩擦力一定為零B當(dāng)F7.5mg時(shí)，A相對(duì)B滑動(dòng)C當(dāng)F3mg時(shí)，A的加速度為gD若去掉B上的力，而將F3mg的力作用在A上，則B的加速度為0.1g三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在研究平拋運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)記錄了小球運(yùn)動(dòng)過程經(jīng)過的A、B、C、D、E、F、G點(diǎn)的位置，相鄰兩點(diǎn)的時(shí)間間隔均為t=0.05s取A點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，以+x方向表示水平初

7、速度方向、+y方向表示豎直向下方向，實(shí)驗(yàn)記錄如下：（結(jié)果保留兩位小數(shù)）（1）作出的x-t圖像如圖a所示，小球平拋的水平初速度大小是_m/s（2）以t為橫坐標(biāo)， 為縱坐標(biāo)，作出圖像如圖b所示，圖像b所對(duì)應(yīng)的函數(shù)解析式為 重力加速度的測(cè)量值是_ m/s2t=0.10s時(shí)，小球的豎直分速度大小是_m/s12（12分）在實(shí)驗(yàn)室里為了驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，一般采用如圖甲、乙兩種裝置：若入射小球質(zhì)量為，半徑為；被碰小球質(zhì)量為，半徑為，則要求_A.B.C. D.設(shè)入射小球的質(zhì)量為，被碰小球的質(zhì)量為，則在用甲裝置實(shí)驗(yàn)時(shí)，驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的公式為_用裝置圖中的字母表示若采用乙裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，以下所提供的測(cè)量工具中必須

8、有的是_A.毫米刻度尺游標(biāo)卡尺天平彈簧秤秒表在實(shí)驗(yàn)裝置乙中，若小球和斜槽軌道非常光滑，則可以利用一個(gè)小球驗(yàn)證小球在斜槽上下滑過程中的機(jī)械能守恒。這時(shí)需要測(cè)量的物理量有：小球靜止釋放的初位置到斜槽末端的高度差，小球從斜槽末端水平飛出后平拋運(yùn)動(dòng)到地面的水平位移s、豎直下落高度則所需驗(yàn)證的關(guān)系式為_。不計(jì)空氣阻力，用題中的字母符號(hào)表示四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）有一種能夠垂直起降的小型遙控?zé)o人機(jī)，質(zhì)量為 m2 kg，假定運(yùn)動(dòng)過程中所受空氣阻力大小恒為 F阻4 N，方向與無人機(jī)運(yùn)動(dòng)方向相反當(dāng)無人機(jī)在地面上由

9、靜止開始以最大升力豎直向上起飛，經(jīng)時(shí)間 t4 s 時(shí)，離地面的高度為 h48 m，g 取 10 m/s2.(1)其動(dòng)力系統(tǒng)能夠提供的最大升力為多大？(2)當(dāng)無人機(jī)懸停在距離地面高度 H100 m 處時(shí)，由于動(dòng)力設(shè)備故障，無人機(jī)突然失去 升力，從靜止開始?jí)嬄洌瑒t無人機(jī)墜落地面時(shí)的速度為多大？14（16分）如圖所示，兩塊相同平板、置于光滑水平面上，質(zhì)量均為m 的右端固定一輕質(zhì)彈簧，左端A與彈簧的自由端B相距L物體P置于的最右端，質(zhì)量為且可以看作質(zhì)點(diǎn) 與P以共同速度向右運(yùn)動(dòng)，與靜止的發(fā)生碰撞，碰撞時(shí)間極短，碰撞后與粘連在一起，P壓縮彈簧后被彈回并停在A點(diǎn)(彈簧始終在彈性限度內(nèi))P與之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為

10、，求（1）、剛碰完時(shí)的共同速度和P的最終速度；（2）此過程中彈簧最大壓縮量和相應(yīng)的彈性勢(shì)能.15（12分）汽車發(fā)動(dòng)機(jī)的額定功率為30KW，質(zhì)量為2000kg，當(dāng)汽車在水平路面上行駛時(shí)受到阻力為車重的0.1倍，若汽車從靜止開始保持1m/s2的加速度作勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則（1）汽車在路面上能達(dá)到的最大速度； （2）勻加速直線運(yùn)動(dòng)過程能持續(xù)多長(zhǎng)時(shí)間； （3）當(dāng)汽車速度為10m/s時(shí)的加速度.參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】A反應(yīng)是輕核的聚變，選項(xiàng)A正確；B反應(yīng)是原子核的人工轉(zhuǎn)變方程，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C反應(yīng)是衰變方

11、程，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D反應(yīng)是重核裂變方程，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選A.2、C【解析】棒對(duì)桌面的摩擦力和桌面對(duì)棒的摩擦力，為作用力和反作用力，大小相等方向相反，從A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，棒受到的摩擦力為f，位移為s，摩擦力做的是負(fù)功，所以桌面對(duì)棒的摩擦力做的功為-fs，桌面受到的摩擦力的大小也為f，但桌面沒動(dòng)，位移是0，所以棒對(duì)桌面的摩擦力做的功為0。故選C。3、A【解析】由于圓環(huán)O是光滑的，所以環(huán)的繩子各處張力大小相等，等于物塊的重力，當(dāng)增大時(shí)，AO與OB間的夾角減小，根據(jù)平行四邊形定則可知，繩AO和OB的拉力的合力變大，由平衡條件可知，F(xiàn)與繩AO和OB的拉力的合力等大反向，所以F變大，+變小，則變小故選A.

12、4、C【解析】當(dāng)物體“飄”起來時(shí)，不受地面的支持力，由重力提供向心力，向心加速度增大了g，根據(jù)向心加速度公式即可求解?！驹斀狻吭O(shè)該星球的半徑為r，物體在赤道上隨星球自轉(zhuǎn)時(shí)，有物體隨星球自轉(zhuǎn)時(shí)，赤道上物體受萬有引力和支持力，支持力等于重力，即物體“飄”起來時(shí)只受萬有引力，故有解得即當(dāng)物體“飄”起來時(shí)，物體的加速度為，則有計(jì)算得出故選C。5、C【解析】A設(shè)磁場(chǎng)半徑為R0，粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)題意作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系，可以得出，所以Ra:Rb=:3，A錯(cuò)誤B因?yàn)閮闪Ｗ油瑫r(shí)進(jìn)入，同時(shí)射出，所以，即：，B錯(cuò)誤C根據(jù)，所以比荷之比，C正確D根據(jù)半徑關(guān)系Ra:Rb=:3，比荷關(guān)系，

13、且，聯(lián)立解得，D錯(cuò)誤6、A【解析】將a、b兩小球視為整體受力分析，根據(jù)力的合成：可知當(dāng)外力垂直繩子時(shí)有最小值，則Oa繩子的拉力：A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】若圖中的實(shí)線為電場(chǎng)線，電場(chǎng)線是一組平行等距直線，則該電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，故a點(diǎn)的等于b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，根據(jù)電子的運(yùn)動(dòng)軌跡可判斷，電子所受電場(chǎng)力方向向右，電場(chǎng)線方向向左，則a點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)的電勢(shì)低，并且電場(chǎng)力方向與速度方向的夾角小于90，則電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故電子在a點(diǎn)的

14、電勢(shì)能比在b點(diǎn)的電勢(shì)能大；若圖中的實(shí)線為等勢(shì)線，等勢(shì)線是一組平行等距直線，則電場(chǎng)強(qiáng)度方向垂直實(shí)線，根據(jù)電子的運(yùn)動(dòng)軌跡可判斷，電子所受電場(chǎng)力方向向下，則電場(chǎng)線向上，故a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)，電子從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，動(dòng)能減小，故電子在a點(diǎn)的速率一定大于在b點(diǎn)的速率綜上所述，AB錯(cuò)誤，CD正確8、BC【解析】?jī)和谛泵骐A段與斜面正壓力大小與重力在垂直斜面方向的分量相等，此分量小于重力，在水平軌道正壓力大小等于重力，摩擦力與正壓力大小呈正比，兩個(gè)階段滑動(dòng)摩擦力又相等，故斜面階段加速度要小于水平軌道階段，因此在傾斜軌道下滑過程中，由于受力不平衡會(huì)加速下滑F(xiàn)=ma=mgsin-mgco

15、s，會(huì)加速下滑的路程為，路程大小隨時(shí)間變化是曲線，故A錯(cuò)誤；加速過程v=at，其中加速度a=gsin-gcos，速度大小隨時(shí)間變化是直線，在水平面上根據(jù)牛頓第二定律：F=ma=mg，可得：a=g，可知做減速運(yùn)動(dòng)，且合外力F和F大小關(guān)系不確定，a與a之間大小關(guān)系不確定，故B可能正確；兩階段加速度大小不確定，故C可能正確；水平軌道階段合力與斜面階段力的方向必然相反，故D錯(cuò)誤9、BD【解析】設(shè)物體C下落的加速度為a，繩子的張力為T，以物體A作為研究對(duì)象有：T-4mg=4ma，以BC作為整體為研究對(duì)象有：（4m+m）g-T=（4m+m）a，聯(lián)立以上兩式可解得：，故A錯(cuò)誤，B正確；對(duì)物體C，根據(jù)牛頓第二

16、定律得：mg-F=ma，解得：，故C錯(cuò)誤，D正確所以BD正確，AC錯(cuò)誤10、ABD【解析】AB與地面間的最大靜摩擦力fB5mgmg，當(dāng)F=mg時(shí)，AB處于靜止，對(duì)A分析，A所受的摩擦力為零，故A正確；BA發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)的臨界加速度a=g，對(duì)整體分析，F(xiàn)5mg5ma，解得F=7.5mg，所以當(dāng)F7.5mg時(shí)，A相對(duì)B滑動(dòng)故B正確；C當(dāng)7.5mgF=3mgmg，可知AB保持相對(duì)靜止，一起做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度a=0.1g，故C錯(cuò)誤；D若去掉B上的力，而將F=3mg的力作用在A上，B發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)的臨界加速度a0.25g，對(duì)A分析F-3mg=3ma，解得不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)的最小拉力F=3.75mg，可知F

17、=3mg的力作用在A上，一起做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度a=0.1g，故D正確。故選ABD?！军c(diǎn)睛】本題考查了摩擦力的計(jì)算和牛頓第二定律的綜合運(yùn)用，解決本題的突破口在于通過隔離法和整體法求出A、B不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)的最大拉力三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 【解析】小球做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向有，水平初速度大小等于x-t圖像的斜率，豎直方向有，化為，與函數(shù)解析式相對(duì)應(yīng)，12、C； ； AC； ； 【解析】（1）為了保證碰撞前后使入射小球的速度方向不變，故必須使入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量。為了使兩球發(fā)生正碰，兩小球的半徑相同；（2）（3）

18、兩球做平拋運(yùn)動(dòng)，由于高度相等，則平拋的時(shí)間相等，水平位移與初速度成正比，把平拋的時(shí)間作為時(shí)間單位，小球的水平位移可替代平拋運(yùn)動(dòng)的初速度。將需要驗(yàn)證的關(guān)系速度用水平位移替代。根據(jù)表達(dá)式確定需要測(cè)量的物理量。（4）驗(yàn)證小球在斜槽上下滑過程中的機(jī)械能守恒，即驗(yàn)證在斜槽滑下動(dòng)能的增加量與重力勢(shì)能的減小量是否相等?！驹斀狻浚?）在小球碰撞的過程中水平方向動(dòng)量守恒，則：在碰撞過程中機(jī)械能守恒，則：則碰后，入射小球的速度變?yōu)橐龊笕肷湫∏虻乃俣葹椋簞t只要保證即可，故選C。（2）（3）P為碰前入射小球落點(diǎn)的平均位置，M為碰后入射小球的位置，N為碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度為：碰后入射小球的速度為：

19、碰后被碰小球的速度為：根據(jù)動(dòng)量守恒：，由于平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，可得；故需要的工具有刻度尺天平。（4）根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有：，解得平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為則動(dòng)能的增加量為：重力勢(shì)能的減小量為：則需驗(yàn)證：即為：?！军c(diǎn)睛】本題考查驗(yàn)動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)，要注意本實(shí)驗(yàn)中運(yùn)用等效思維方法，平拋時(shí)間相等，用水平位移代替初速度，這樣將不便驗(yàn)證的方程變成容易驗(yàn)證；在學(xué)習(xí)中要注意理解該方法的準(zhǔn)確應(yīng)用。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)36N,(2)40m/s【解析】(1)無人機(jī)以最大升力豎直向上起飛，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由h=12a

20、t2解得：a1=2ht2=6m/s2根據(jù)牛頓第二定律：Fmgf=ma1解得：F=mg+f+ma1=36N(2)無人機(jī)失去升力墜落過程，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律：mgf=ma2解得：a2=8m/s2由v2=2a2H解得：v=40m/s答：(1)其動(dòng)力系統(tǒng)所能提供的最大升力為36N.(2)無人機(jī)到達(dá)地面時(shí)速度為40m/s.【點(diǎn)睛】（1）根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式求出加速度，結(jié)合牛頓第二定律求出最大升力的大小；（2）根據(jù)牛頓第二定律求出失去升力的加速度，根據(jù)速度位移公式求出落地的速度14、（1）,;（2）, .【解析】試題分析：（1）P1、P2碰撞過程，由動(dòng)量守恒定律mv0=2mv1解得v1=v0，方向水平向右 對(duì)P1、P2、P系統(tǒng)，由動(dòng)量守恒定律mv0+2mv0=4mv2解得v2=v