云南省保山隆陽區(qū)2022-2023學年物理高三上期中質(zhì)量檢測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，斜面傾角為，位于斜面底端正上方的小球以初速度正對斜面頂點水平拋出，小球到達斜面經(jīng)過的時間為，重力加速度為，則下列說法正確的是（）A若小球以最小位移到達斜面，則B若小球垂直擊中斜面，則C若小球能擊中斜面中點，則D無論小球怎樣

2、到達斜面，運動時間均為2、如圖所示，兩條曲線為汽車a、b在同一條平直公路上的速度時間圖像，已知在t2時刻，兩車相遇，下列說法正確的是（ ）Aa車速度先減小后增大，b車速度先增大后減小Bt1時刻a車在前，b車在后Ct1t2汽車a、b的位移相同Da、b車加速度都是先減小后增大3、物體放在動摩擦因數(shù)為的水平地面上，受到一水平拉力作用開始運動，運動的速度隨時間變化關(guān)系和拉力隨時間變化關(guān)系分別如圖甲、乙所示由圖象可知動摩擦因數(shù)為（）（）A0.1B0.2C0.3D0.44、如圖所示，豎直面內(nèi)光滑的3/4圓形導軌固定在一水平地面上，半徑為R一個質(zhì)量為m的小球從距水平地面正上方h高處的P點由靜止開始自由下落，

3、恰好從N點沿切線方向進入圓軌道不考慮空氣阻力，則下列說法正確的是（）A適當調(diào)整高度h，可使小球從軌道最高點M飛出后，恰好落在軌道右端口N處B若h=2R，則小球在軌道最低點對軌道的壓力為4mgC只有h2.5R時，小球才能到達圓軌道的最高點MD若h=R，則小球能上升到圓軌道左側(cè)離地高度為R的位置，該過程重力做功為mgR5、如圖是滑雪場的一條雪道質(zhì)量為70kg的某滑雪運動員靜止由 A 點沿圓弧軌道滑下，在B點以m/s 的速度水平飛出，落到了傾斜軌道上的 C點(圖中未畫出)不計空氣阻力，30， g 取 10 m/s2，則下列判斷正確的是( )A落到C點時重力的瞬時功率為WBBC 兩點間的落差為mC該滑

4、雪運動員騰空的時間為1sD若該滑雪運動員從更高處滑下，落到傾斜軌道上時落點在C下方與軌道夾角增大6、 如圖所示,水平面上 O 點的左側(cè)光滑,O 點的右側(cè)粗糙有 8 個質(zhì)量均為 m 的完全相同的小滑塊(可視為質(zhì)點),用輕質(zhì)的細桿相連,相鄰小滑塊間的距離為 L,滑塊 1 恰好位 于 O 點左側(cè),滑塊 2、3依次沿直線水平向左排開現(xiàn)將水平恒力 F 作用于滑塊 1上經(jīng)觀察發(fā)現(xiàn),在第 3 個小滑塊完全進入粗糙地帶后到第 4 個小滑塊進入粗糙地帶前這一過程中,小滑塊做勻速直線運動,已知重力加速度為 g,則下列判斷中正確的是( )A粗糙地帶與滑塊間的動摩擦因數(shù)為B滑塊勻速運動時,各段輕桿上的彈力大小相等C第

5、 2 個小滑塊完全進入粗糙地帶到第 3 個小滑塊進入粗糙地帶前這一過程中,8 個小滑塊的加速度大小為D第 1 個小滑塊完全進入粗糙地帶到第 2 個小滑塊進入粗糙地帶前這一過程中,5 和 6兩個小滑塊之間的輕桿上的彈力大小為二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、a、b、c三個粒子同時由同一點沿水平方向進入豎直偏轉(zhuǎn)電場，其中b恰好沿下極板右邊沿飛出電場，下面說法正確的是( ) A在b飛離電場的同時，a剛好打在負極板上Bb和c同時飛離電場C進入電場，c的速度最大，a的速度最小

6、Da、b動能增量相等8、如圖所示，一根粗細和質(zhì)量分布均勻的細繩，兩端各系一個質(zhì)量都為m的小環(huán)，小環(huán)套在固定水平桿上，兩環(huán)靜止時，繩子過環(huán)與細繩結(jié)點P、Q的切線與豎直方向的夾角均為，已知繩子的質(zhì)量也為m，重力加速度大小為g，則兩環(huán)靜止時（ ）A.每個環(huán)對桿的壓力大小為mgB繩子最低點處的彈力的大小為 mgtanC當兩環(huán)間距離增大，環(huán)靜止時，桿對環(huán)的摩擦力增大D在繩的最低點施加豎直向下的力使繩的最低點緩慢下降（環(huán)仍保持靜止），則繩重心將下降9、如圖所示，粗糙程度均勻的絕緣斜面下方O點處有一正點電荷，帶負電的小物體以初速度v1從M點沿斜面上滑，到達N點時速度為零，然后下滑回到M點，此時速度為v2（v

7、2v1）若小物體電荷量保持不變，OMON，則（）A小物體上升的最大高度為B從N到M的過程中，小物體的電勢能逐漸減小C從M到N的過程中，電場力對小物體先做負功后做正功D從N到M的過程中，小物體受到的摩擦力和電場力均是先增大后減小10、如圖所示的裝置叫做阿特伍德機，是阿特伍德創(chuàng)制的一種著名力學實驗裝置，用來研究勻變速直線運動的規(guī)律繩子兩端的物體下落（或上升）的加速度總是小于自由落體的加速度g已知物體A、B的質(zhì)量相等均為4m，物體C的質(zhì)量為m，一切摩擦不計，輕繩不可伸長且足夠長， 現(xiàn)將裝置從靜止釋放下列說法正確的是 A物體C的加速度為B物體C的加速度為C物體C對B的拉力為D物體C對B的拉力為三、實驗

8、題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“驗證力的平行四邊形定則”實驗中，某同學的實驗情況如圖所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細繩的結(jié)點，OB和OC為細繩（1）本實驗中，采用下列哪些方法和步驟可以減小實驗誤差_A兩個分力、間的夾角盡量小些B兩個分力、間的夾角盡量大些C橡皮筋的細繩要盡量短一些D實驗中，彈簧秤必須與木板平行，讀數(shù)時視線要正對彈簧秤刻度（2）本實驗采用的是等效替代法，但若將細繩也換成橡皮筋，則實驗結(jié)果是否會發(fā)生變化？答：_（選填“變化”或“不變化”）（3）若保持結(jié)點O的位置及OB繩方向不變，而將OC順時針緩慢轉(zhuǎn)動一小

9、角度，其他操作均正確，則_A彈簧秤甲的示數(shù)不變 B彈簧秤甲的示數(shù)一直減小 C彈簧秤乙的示數(shù)可能增大 D彈簧秤乙的示數(shù)一定先減小后增大12（12分）某實驗小組用如圖甲所示的裝置驗證牛頓第二定律，同時測量木塊與木板間的動摩擦因數(shù)，提供的器材有帶定滑輪的長木板，打點計時器，交流電源，木塊，紙帶，米尺，8個質(zhì)量均為20g的鉤碼，細線等.實驗操作過程如下：A長木板置于水平桌面上，帶定滑輪的一端伸出桌面，把打點計時器同定在長木板上并與電源連接，紙帶穿過打點計時器并與木塊相連，細線一端與木塊相連，另一端跨過定滑輪掛上鉤碼，其余鉤碼都疊放在木塊上；B使木塊靠近打點計時器，接通電源，釋放木塊，打點計時器在紙帶上

10、打下一系列點，記下懸掛鉤碼的個數(shù)C將木塊上的鉤碼逐個移到懸掛鉤碼端，更換紙帶，重復實驗操作B;D測出每條紙帶對應的木塊運動的加速度a，實驗數(shù)據(jù)如圖乙所示.n456780.501.302.203.003.90（1）實驗開始時，必須調(diào)節(jié)滑輪高度， 使_；（2）該實驗中小車質(zhì)量_（填“需要”或“不需要”)遠大于所掛鉤碼質(zhì)量。（3）根據(jù)圖乙數(shù)據(jù)，在圖丙中作出圖象；（_）（4）由圖線得到= _(g=10 m/s2 )，還可求的物理量是_ (只需填寫物理量名稱).四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）發(fā)射地球同步衛(wèi)星時，

11、可認為先將衛(wèi)星發(fā)射至距地面高度為h1的圓形近地軌道上，在衛(wèi)星經(jīng)過A點時點火（噴氣發(fā)動機工作）實施變軌進入橢圓軌道，橢圓軌道的近地點為A，遠地點為B。在衛(wèi)星沿橢圓軌道運動經(jīng)過B點再次點火實施變軌，將衛(wèi)星送入同步軌道（遠地點B在同步軌道上），如圖所示。兩次點火過程都是使衛(wèi)星沿切向方向加速，并且點火時間很短。已知同步衛(wèi)星的運動周期為T，地球的半徑為R，地球表面重力加速度為g，求：（1）衛(wèi)星在近地圓形軌道運行接近A點時的加速度大小；（2）衛(wèi)星同步軌道距地面的高度。14（16分）如圖，一端封閉、粗細均勻的U形玻璃管開口向上豎直放置，管內(nèi)用水銀將一段氣體封閉在管中當溫度為280K時，被封閉的氣柱長L=22

12、cm，兩邊水銀柱高度差h=16cm，大氣壓強=76cmHg（1）為使左端水銀面下降3cm，封閉氣體溫度應變?yōu)槎嗌?？?）封閉氣體的溫度重新回到280K后，為使封閉氣柱長度變?yōu)?0cm，需向開口端注入的水銀柱長度為多少？15（12分）如圖所示的裝置叫做阿特伍德機，是阿特伍德創(chuàng)制的一種著名力學實驗裝置，用來研究勻變速直線運動的規(guī)律。繩子兩端的物體下落（上升）的加速度總是小于自由落體的加速度g，同自由落體相比，下落相同的高度，所花費的時間要長，這使得實驗者有足夠的時間從容的觀測、研究。已知物體A、B的質(zhì)量相等均為M，物體C的質(zhì)量為m，輕繩與輕滑輪間的摩擦不計，輕繩不可伸長且足夠長，如果m=14M，求

13、：（1） 物體B從靜止開始下落一段距離的時間與其自由落體下落同樣的距離所用時間的比值。（2）系統(tǒng)在由靜止釋放后的運動過程中，物體C對B的拉力。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】AD.小球以最小位移到達斜面即位移剛好垂直于斜面，位移與水平方向的夾角為，則解得故A正確D錯誤；B.小球垂直擊中斜面時，速度與水平方向夾角為，則即故B錯誤；C.小球擊中斜面中點時，設斜面長為，則水平位移為下落高度為聯(lián)立兩式得故C錯誤。故選A。2、D【解析】由圖線可知，a車的速度先增大后減小，b車的速度先減小后增大，故A錯誤；在時刻

14、，兩車相遇，在時間內(nèi)，a圖線與時間軸圍成的面積大，則a的位移大，可知時刻，b車在前，a車在后，故BC錯誤；圖線切線的斜率表示加速度，可知a車的加速度先減小后增大，b車的加速度先減小后增大，故D正確3、B【解析】由圖甲可知，2s后物體勻速運動，則拉力等于摩擦力，由圖乙可知，2s后拉力大小為5N，根據(jù)平衡條件得摩擦力f=5N；物體受到的支持力；根據(jù)滑動摩擦力公式可得，對前2s過程進行分析，F(xiàn)的沖量為；根據(jù)動量定理可知：，代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得，B正確，選B【點睛】明確vt圖象以及Ft圖象的性質(zhì)，根據(jù)圖甲根據(jù)平衡條件即可求得摩擦力，再根據(jù)滑動摩擦力公式列式；再對前2s過程，根據(jù)動量定理列式，聯(lián)立可求得動摩

15、擦因數(shù)4、C【解析】若小球從M到N做平拋運動，故有：R=vMt， ，所以， ；若小球能到達M點，對小球在M點應用牛頓第二定律可得： ，所以，故小球不可能從軌道最高點M飛出后，恰好落在軌道右端口N處，故A錯誤；設小球在最低點速度為v，對小球從靜止到軌道最低點應用動能定理可得：mgh=mv2；再由牛頓第三定律，對小球在最低點應用牛頓第二定律可得：小球在軌道最低點對軌道的壓力 ；故B錯誤；對小球從靜止到M點應用動能定理可得： ，所以，h2.5R，故C正確；若h=R，由動能定理可得：小球能上升到圓軌道左側(cè)離地高度為R的位置，該過程始末位置高度差為零，故重力做功為零，故D錯誤；故選C5、C【解析】BC運

16、動員平拋的過程中，水平位移為x=v0t豎直位移為 落地時： 聯(lián)立解得t=1sy=5m；則B錯誤，C正確；A落地時的豎直速度：vy=gt=101=10m/s所以落到C點時重力的瞬時功率為：P=mgvy=701010=7000 W故A錯誤；D根據(jù)落地時速度方向與水平方向之間的夾角的表達式：可知到C點時速度與豎直方向的夾角與平拋運動的初速度無關(guān)。故D錯誤。故選C。6、D【解析】A.將勻速運動的8個小滑塊作為一個整體，有，解得，故A項錯誤；B.當滑塊勻速運動時，處在光滑地帶上的滑塊間的輕桿上的彈力都為零，處在粗糙地帶上的滑塊間的輕桿上的彈力不為零，且各不相同，故B項錯誤；C.對8個滑塊，有，代入，解得

17、，故C項錯誤；D.對8個滑塊，有，解得再以6、7、8三個小滑塊作為整體，由牛頓第二定律有，故D項正確;二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】AB、三個粒子所受的電場力相等，加速度大小相等，在豎直方向上有：y=，可知：a、b的偏轉(zhuǎn)位移相等，大于c的偏轉(zhuǎn)位移，知a、b的運動時間相等，大于c的時間，故A正確，B錯誤；C、因為a的水平位移小于b的水平位移，它們的運動時間相等，則a的速度小于b的速度；b的水平位移和c的水平位移相等，b的時間大于c的時間，則b的速度小

18、于c的速度。所以進入電場時，c的速度最大，a的速度最小，故C正確；D、根據(jù)動能定理知，a、b的偏轉(zhuǎn)位移相等，則電場力做功相等，所以a、b的動能增量相等，故D正確。故選：ACD。8、BC【解析】AB對繩子受力分析，受重力、水平拉力和天花板的拉力，如圖甲所示，根據(jù)平衡條件，有水平方向豎直方向聯(lián)立解得，對環(huán)進行受力分析如圖乙，水平方向豎直方向故A錯誤，B正確；C當兩環(huán)之間的距離增大，變大，故f變大，故C正確；D在繩的最低點施加豎直向下的力使繩的最低點緩慢下降，力做正功，由功能關(guān)系可知，繩的機械能增大，所以繩的重心上升，故D錯誤。故選BC。9、AD【解析】A設斜面傾角為、上升過程沿斜面運動的最大距離為

19、L因為OMON，則MN兩點電勢相等，小物體從M到N、從N到M電場力做功均為2上滑和下滑經(jīng)過同一個位置時，垂直斜面方向上電場力的分力相等，則經(jīng)過相等的一小段位移在上滑和下滑過程中電場力分力對應的摩擦力所作的功均為相等的負功，所以上滑和下滑過程克服電場力產(chǎn)生的摩擦力所作的功相等、并設為W2在上滑和下滑過程，對小物體，應用動能定理分別有：和上兩式相減可得：故A正確BC由OMON，可知電場力對小物體先作正功后作負功，電勢能先減小后增大；故BC錯誤；D從N到M的過程中，小物體受到的電場力垂直斜面的分力先增大后減小，而重力分力不變，則摩擦力先增大后減小，在此過程中小物體到O的距離先減小后增大，根據(jù)庫侖定律

20、可知小物體受到的電場力先增大后減??；故D正確10、BD【解析】設物體C下落的加速度為a，繩子的張力為T，以物體A作為研究對象有：T-4mg=4ma，以BC作為整體為研究對象有：（4m+m）g-T=（4m+m）a，聯(lián)立以上兩式可解得：，故A錯誤，B正確；對物體C，根據(jù)牛頓第二定律得：mg-F=ma，解得：，故C錯誤，D正確所以BD正確，AC錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、D 不變化 BC 【解析】（1）根據(jù)平行四邊形定則可知夾角太小將會導至合力過大，導致一個彈簧拉時可能超過量程，故夾角不能太小或太大，適當即可，故AB錯誤；為了準確

21、記下拉力的方向，故采用兩點描線時兩點應盡量距離大一些，故細繩應長些，故C錯誤；為了防止出現(xiàn)分力的情況，應讓各力盡量貼近木板，且與木板平行，同時，讀數(shù)時視線要正對彈簧秤刻度，故D正確；故選D（2）由于O點的作用效果相同，將兩個細繩套換成兩根橡皮條，不會影響實驗結(jié)果（3）對點o受力分析，受到兩個彈簧的拉力和橡皮條的拉力，保持結(jié)點O的位置及OB繩方向不變，其中橡皮條長度不變，其拉力大小不變，彈簧秤甲的示數(shù)一直減小，彈簧秤乙的示數(shù)可能增大，也有可能減小，故AD錯誤，BC正確；故選BC【點睛】本題考查驗證力的平行四邊形定則，要了解具體操作和有關(guān)數(shù)據(jù)處理的方法以及誤差分析，了解整個實驗過程的具體操作，以及

22、這些具體操作的意義，同時要熟練應用所學基本規(guī)律來解答實驗問題12、（1）細線與木板表面平行 不需要 0.31(0. 290.33) 木塊的質(zhì)量 【解析】（1）1實驗開始時，必須調(diào)節(jié)滑輪高度，保證細線與木板表面平行；（2）2該實驗中保持木塊和鉤碼的總質(zhì)量不變，則研究對象是木塊和鉤碼的整體，則木塊質(zhì)量不需要遠大于所掛鉤碼質(zhì)量。（3）3根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標系中描出對應的點，然后作出圖象，如圖所示；（4）45對木塊與鉤碼組成的系統(tǒng)，由牛頓第二定律得：nmg-（8-n）mg+m木g=（8m+m木）a解得：由圖象得：n=0時，-g=a=-3，0.31（0.290.33均正確）由圖象還可以求出木塊質(zhì)量四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）R2(R+h1)2g （2）3gR2T242-R【解析】（1）設地球質(zhì)量為M，衛(wèi)星質(zhì)量為m，萬有引力常量為G，衛(wèi)星在近地圓軌道運動接近A點時加速度為aA，根據(jù)牛頓第二定律GMm(R+h1)2=maA可認為物體在地球表面上受到的萬有引力等于重力 G