2023學(xué)年廣西桂林十八中物理高二第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)1考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動(dòng)，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題

2、目要求的。1、下列關(guān)于慣性的說法正確的是()A汽車靜止時(shí)沒有慣性B汽車加速時(shí)慣性不變C加速時(shí)汽車慣性大D減速時(shí)汽車慣性小2、如圖所示，電路兩端的電壓保持不變，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向右移動(dòng)時(shí)，三個(gè)燈泡亮度的變化情況是() AL1變亮，L2和L3皆變暗BL1變暗，L2不能確定，L3變暗CL1變暗，L2變亮，L3變亮DL1變亮，L2變亮，L3變暗3、平行板電容器充電后斷開電源，現(xiàn)將其中一塊金屬板沿遠(yuǎn)離另一極板的方向平移一小段距離下圖表示此過程中電容器兩極板間電場強(qiáng)度E隨兩極板間距離d的變化關(guān)系，正確的是()ABCD4、磁感應(yīng)強(qiáng)度B是表征磁場強(qiáng)弱和方向的物理量，下列關(guān)于磁感應(yīng)強(qiáng)度的說法正確的是A根

3、據(jù)公式B可知，F(xiàn)越大，B就越大B磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與該處通電導(dǎo)線受到的安培力的方向垂直C磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向就是該處小磁針的N極所指的方向D磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與該處正粒子所受的洛倫茲力方向相同5、一個(gè)人站在陽臺(tái)上在同一位置，以相同的速率分別把三個(gè)球豎直向上拋出，豎直向下拋出，水平拋出，不計(jì)空氣阻力。則三球落地時(shí)的速度大?。ǎ〢上拋球最大B下拋球最大C平拋球最大D三球一樣大6、如圖所示，兩根長度相等的絕緣細(xì)線，上端都系在同一水平天花板上，另一端分別連著質(zhì)量均為m的兩個(gè)帶電小球P、Q，兩小球靜止時(shí)，兩細(xì)線與天花板間的夾角30，以下說法正確的是()A細(xì)線對(duì)小球的拉力大小為mgB兩小球間的靜電力大小為mgC剪

4、斷左側(cè)細(xì)線瞬間P球的加速度大小為2gD若兩球間的靜電力瞬間消失時(shí)Q球的加速度大小為g二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、空間存在一電場，一帶負(fù)電的粒子僅在電場力作用下從x1處沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，初速度大小為v0,其電勢能Ep隨坐標(biāo)x變化的關(guān)系如圖所示，圖線關(guān)于縱軸左右對(duì)稱，以無窮遠(yuǎn)處為零電勢能點(diǎn)，粒子在原點(diǎn)O處電勢能為E0，在x1處電勢能為E1，則下列說法中正確的是A從x1到O之間，該電場的場強(qiáng)先減小后增大B由x1運(yùn)動(dòng)到O過程加速度一直減小C粒子經(jīng)過x1、-x1處速度相

5、同D粒子能夠一直沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，一定有8、如圖所示，電容器由平行金屬板M、N和電介質(zhì)D構(gòu)成電容器通過開關(guān)S及電阻及與電源E相連接則AM上移電容器的電容變大B將D從電容器抽出，電容變小C斷開開關(guān)S，M上移，MN間電壓將增大D閉合開關(guān)S，M上移，流過電阻及的電流方向從B到A9、如圖所示，帶電荷量之比為qAqB13的帶電粒子A、B以相等的速度v0從同一點(diǎn)出發(fā)，沿著跟電場強(qiáng)度垂直的方向射入平行板電容器中，分別打在C、D點(diǎn)，若OCCD，忽略粒子重力的影響，則( ) AA和B在電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為12BA和B運(yùn)動(dòng)的加速度大小之比為41CA和B的位移大小之比為11DA和B的質(zhì)量之比為11210、如圖所示

6、，電路中A、B為兩塊豎直放置的金屬板，C是一只靜電計(jì)，開關(guān)S合上后，靜電計(jì)指針張開一個(gè)角度，下述做法可使靜電計(jì)指針張角增大的是（ ）A使A、B兩板靠近一些B使A、B兩板正對(duì)面積減小一些C斷開S后，使B板向右平移一些D斷開S后，使A、B正對(duì)面積減小一些三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“描繪小燈泡伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，選擇“3V0.5A”的小燈泡作為研究對(duì)象，請回答下面幾個(gè)問題：（1）下列實(shí)驗(yàn)器材中應(yīng)選擇_（填入器材序號(hào)）A電流表（量程00.6A, 內(nèi)阻約1）B電流表（量程03A，內(nèi)阻約1）C電壓表（量程015V，內(nèi)阻約10k

7、）D電壓表（03V，內(nèi)阻約2k）E滑動(dòng)變阻器（阻值01000）F滑動(dòng)變阻器（阻值010）G電源E6VH開關(guān)S，導(dǎo)線若干（2）在本實(shí)驗(yàn)中，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用_（填“分壓”或“限流”）接法，電流表應(yīng)采用_（填“內(nèi)”或“外”）接法（3）在方框中畫出實(shí)驗(yàn)電路圖。（_）12（12分）某同學(xué)在“練習(xí)使用多用電表”實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)步驟及相關(guān)操作如下：（1）該同學(xué)在使用多用電表前，發(fā)現(xiàn)多用電表的指針不在零刻度上，如圖甲所示那么在使用前，他應(yīng)調(diào)節(jié)甲圖中表盤上的哪一個(gè)部件？答：_ ；（填“A”或“B）（2）該同學(xué)按正確操作步驟測量發(fā)光二極管的正反向電阻，測量結(jié)果如圖乙所示此時(shí)多用電表選擇開關(guān)置于歐姆檔“10”檔位，二極

8、管導(dǎo)通由此可知，與多用電表紅表筆接觸的是發(fā)光二極管的_極（填“正”或“負(fù)”）；（3）測得的二極管的正向電阻值約為_ 四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）我國重型運(yùn)載火箭將于2030年實(shí)現(xiàn)首飛，使我國航天運(yùn)輸系統(tǒng)水平和能力進(jìn)入世界航天強(qiáng)國前列若某次重型運(yùn)載火箭實(shí)驗(yàn)中，火箭發(fā)動(dòng)機(jī)在0.1s的時(shí)間內(nèi)向后噴氣200kg，噴射氣體的速度約為3km/s求火箭噴氣過程產(chǎn)生的推力大小為多少？14（16分）一物體在光滑水平面上運(yùn)動(dòng)，它在相互垂直的x方向和y方向上的兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)的速度-時(shí)間圖象如圖所示（1）計(jì)算物體的初速度大小；

9、（2）計(jì)算物體在前3 s內(nèi)的位移大小15（12分）如圖，將小燈泡與電動(dòng)機(jī)并聯(lián)接在電源上，閉合開關(guān)，此時(shí)小燈泡剛好正常發(fā)光，電動(dòng)機(jī)正常轉(zhuǎn)動(dòng)。已知電源電動(dòng)勢為E = 9 V，內(nèi)阻為r = 2 ，電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為R = 3 ，小燈泡的額定電壓為U = 6 V，額定功率為P = 3 W。求：（1）干路電流I；（2）電動(dòng)機(jī)的熱功率P1；（3）電動(dòng)機(jī)的工作效率（輸出功率與總功率比值的百分?jǐn)?shù)）。參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】A：一切物體在任何時(shí)候都具有慣性，汽車靜止時(shí)具有慣性故A項(xiàng)錯(cuò)誤BCD：慣性的唯一量度是質(zhì)量，

10、汽車加速、減速時(shí)的慣性不變故B項(xiàng)正確，CD兩項(xiàng)錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】一切物體在任何時(shí)候都具有慣性，慣性的唯一量度是質(zhì)量2、D【解析】當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向右移動(dòng)時(shí)，變阻器電阻R減小，故總電阻減小，根據(jù)歐姆定律干路電流增加，故燈泡L1變亮；并聯(lián)電路的電壓U并=U-IRL1，故并聯(lián)電路電壓變小，燈泡L3變暗；干路電流增加，而通過燈泡L3的電流變小，故通過燈泡L2的電流增加，燈泡L2變亮；故選D。3、C【解析】根據(jù)電容器公式C=S4kd可知，d變大，則C變小，且成反比，所以A錯(cuò)充好電之后斷開電源，則Q保持不變，所以B錯(cuò)根據(jù)C=QU可知，C變小，Q不變，所以U應(yīng)變大，所以D錯(cuò)C=S4kd=QU可得SU4kd

11、=Q，即E保持不變4、B【解析】A.磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小是由磁場本身決定，與試探電流元受到的安培力的大小無關(guān)，故A錯(cuò)誤；B.根據(jù)左手定則可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與通電導(dǎo)線在磁場中受力的方向垂直，故B正確；C.磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向就是該處小磁針靜止時(shí)N極所指的方向，故C錯(cuò)誤；D.根據(jù)左手定則可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與該處正粒子所受的洛倫茲力方向垂直，故D錯(cuò)誤5、D【解析】由機(jī)機(jī)械能守恒定律可得：12mv2=mgH+12mv02解得v=v02+2gH所以三球落地時(shí)的速度大小相等。A. 上拋球最大與上述計(jì)算結(jié)果不符，故A不符合題意； B. 下拋球最大與上述計(jì)算結(jié)果不符，故B不符合題意； C. 平拋球最大與上述計(jì)

12、算結(jié)果不符，故C不符合題意； D. 三球一樣大與上述計(jì)算結(jié)果相符，故D符合題意。6、C【解析】對(duì)P球分析，運(yùn)用共點(diǎn)力平衡條件得：細(xì)線的拉力為 ，庫侖力大小故AB錯(cuò)誤；剪斷左側(cè)細(xì)線的瞬間，庫侖力不變，小球P所受的合力，根據(jù)牛頓第二定律得，a=2g。故C正確。若兩球間的靜電力瞬間消失時(shí)Q球的加速度大小為，故D錯(cuò)誤。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】根據(jù)電勢能與電勢的關(guān)系：Ep=q，場強(qiáng)與電勢的關(guān)系：，得：Ep-x圖象切線的斜率等于，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知，坐標(biāo)原點(diǎn)

13、O處切線斜率為零，則坐標(biāo)原點(diǎn)O處電場強(qiáng)度為零，從x1到O之間，斜率先增加后減小，則該電場的場強(qiáng)先增加后減小，故A錯(cuò)誤由x1運(yùn)動(dòng)到O過程，場強(qiáng)先增大后減小，由F=qE知，粒子所受的電場力先增大后減小，根據(jù)牛頓第二定律得知，加速度先增大后減小，故B錯(cuò)誤由圖看出，x1、-x1兩處的電勢能相等，根據(jù)能量守恒定律得知，粒子經(jīng)過x1、-x1處速度相同，故C正確根據(jù)公式Ep=q，可知，該粒子帶負(fù)電，從x1處到-x1處，電勢先降低后升高，電場方向先沿x軸負(fù)方向后沿x軸正方向，電場力先沿x軸正方向后沿x軸負(fù)方向，粒子只要能通過原點(diǎn)O，就能一直沿x軸運(yùn)動(dòng)，設(shè)粒子恰好能到達(dá)原點(diǎn)O時(shí)的速度為v，則根據(jù)能量守恒定律得：

14、mv2=E0-E1，當(dāng)v0v時(shí)，即v0粒子能夠一直沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故D正確故選CD.點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵要分析圖象斜率的物理意義，判斷電勢和場強(qiáng)的變化，再根據(jù)力學(xué)基本規(guī)律：牛頓第二定律和能量守恒定律進(jìn)行分析8、BC【解析】，根據(jù)電容的決定式可知，當(dāng)M向上移時(shí)，板間距離d增大，電容器的電容變?。划?dāng)將D從電容器抽出，介電常數(shù)減小，電容器的電容變小，故A錯(cuò)誤，B正確；斷開開關(guān)S，M上移，電量不變，而電容減小，根據(jù)電容的定義式，可知電容器兩端的電壓增大，故C正確；閉合開關(guān)S，電壓不變，M上移時(shí)電容減小，則由可知，電量Q減小,電容器放電，流過電阻的電流方向從A到B，故D錯(cuò)誤選BC.【點(diǎn)睛】根據(jù)電容的決

15、定式，分析電容的變化電容器的板間電壓不變，根據(jù)電容的定義式，分析電容器電量的變化，即可判斷電路中電流的方向9、ABD【解析】A：粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向，初速度相等，則故A項(xiàng)正確B：粒子在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，y相同，則故B項(xiàng)正確C：A和B的位移大小之比，故C項(xiàng)錯(cuò)誤D：由牛頓第二定律得：，則粒子質(zhì)量，所以故D項(xiàng)正確10、CD【解析】AB.靜電計(jì)顯示的是A、B兩極板間的電壓，指針張角越大，表示兩板間的電壓越高；當(dāng)合上S后，A、B兩板與電源兩極相連，板間電壓等于電源電壓，不管是使A、B兩板靠近一些，還是使A、B兩板正對(duì)面積減小一些，靜電計(jì)指針張角不變，故選項(xiàng)AB不合題意。

16、CD.當(dāng)斷開S后，根據(jù)平行板電容器電容的決定式C=14ksd，板間距離d增大，正對(duì)面積S減小，都將使A、B兩板間的電容C變小，而電容器所帶的電荷量Q不變，由C=QU可知，板間電壓U增大，從而使靜電計(jì)指針張角增大，故選項(xiàng)CD符合題意。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ADFGH 分壓 外 【解析】由題意可知考查描繪小燈泡伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)器材選擇、測量電路、控制電路設(shè)計(jì)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析可得?！驹斀狻? 小燈泡的額定電流為0.5A，電流表選擇0.6A量程，故選擇A；額定電壓為3V，電壓表選擇3V量程，故選擇D；描繪小燈泡的伏安特性曲線要求

17、電流、電壓從零開始變化，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，滑動(dòng)變阻器的阻值比待測阻值小些時(shí)調(diào)節(jié)更方便，故滑動(dòng)變阻器選擇F；電源、開關(guān)導(dǎo)線唯一直接選擇，總之實(shí)驗(yàn)器材中應(yīng)選擇ADFGH。2 本實(shí)驗(yàn)要求小燈泡兩端電壓從零開始變化，所以滑動(dòng)變阻器只能選擇分壓式接法。 3 因小燈泡電阻很小，采用電流表外接法實(shí)驗(yàn)誤差更小，故電流表采用外接法。4 由以上分析可畫得電路圖為【點(diǎn)睛】描繪小燈泡的伏安特性曲線時(shí)因小燈泡阻值較小，電流表采用外接法，該實(shí)驗(yàn)要求小燈泡兩端電壓從零開始變化，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法。12、A； 負(fù)； 185； 【解析】（1）1該同學(xué)在使用多用電表前，發(fā)現(xiàn)多用電表的指針不在零刻度上那么在使用前，他應(yīng)調(diào)節(jié)甲圖中表盤上的A；（2）2二極管加的是正向電壓，歐姆表紅表筆內(nèi)部接電源的負(fù)極，則與多用電表紅表筆接觸的是發(fā)光二極管的負(fù)極；（3）3測得的二極管的正向電阻值約為18.510=185四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、【解析】以氣體為研究對(duì)象，以噴出氣體的方向?yàn)檎较颍鶕?jù)動(dòng)量定理可得：其中：解得：14、（1）50m/s （2）【解析】試題分析：（1）由圖可看出，物體沿x方向的分運(yùn)動(dòng)為勻速直線運(yùn)動(dòng)，沿y方向的分運(yùn)動(dòng)為勻變速直線運(yùn)動(dòng)x