2023學年福建省廈門二中物理高二第一學期期中質(zhì)量檢測模擬試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，足夠大的光滑絕緣水平面上有兩個帶正電的小球，A球的電荷量是B球的兩倍，A對B的庫侖力大小為F1，B對A的庫侖力大小為F2。兩小球從圖示位置由靜止釋放后( )A

2、F1、F2保持不變，且F1=F2BF1、F2保持不變，且F1=2F2CF1、F2逐漸減小，且F1=F2DF1、F2逐漸減小，且F2=2F12、如圖所示，A、B兩小球從相同高度同時水平相向拋出，經(jīng)過時間t在空中相遇。若兩球的拋出速度都變?yōu)樵瓉淼?倍，則兩球從拋出到相遇經(jīng)過的時間為（ ）AtBCD3、如圖所示，厚薄均勻的矩形金屬薄片邊長 ab 2bc.當將A與B接入電壓為U(V)的電路中時，電流為I；若將C與D接入電壓為U(V)的電路中，則電流為( ) A4IB2IC12ID14I4、如圖所示，質(zhì)量為m的小物塊靜止地放在半徑為R的半球體上，物塊與半球體間的動摩擦因數(shù)為，物塊與球心的連線與水平地面的

3、夾角為，下列說法中正確的是A地面對半球體的摩擦力方向水平向左B物塊對半球體的壓力大小為mgcosC物塊所受摩擦力大小為mgcosD物塊所受摩擦力大小為mgcos5、下列各圖中所畫的電場線，正確的是（ ）A（1）（2）和（4）B只有（4）C只有（3）D（2）和（3）6、如圖所示，A、B兩點是粒子在勻強電場中運動時經(jīng)過的兩個點，平行直線表示電場線，但方向未知，整個過程中只有電場力做功已知粒子在A點的動能比B點大，則下列說法中正確的是( ) A無論粒子是從A到B，還是從B到A，電場力均做負功B電場線方向從右向左C無論粒子是帶正電還是負電，均不可能沿軌跡2運動D粒子的運動軌跡若為1，則粒子一定帶負電二

4、、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如甲圖所示，兩個帶等量正電荷的小球A、B（可視為點電荷），被固定在光滑絕緣的水平面上，P、N是小球A、B連線的中垂線上兩點，且PO=ON現(xiàn)將一個電量很小的負電小球C（可視為質(zhì)點），由P點靜止釋放并向N點運動的過程中，下列關(guān)于小球C的圖象，可能正確是AABBCCDD8、如圖所示電路中，R15 ，R27 ，R38 ，R410 ，C20F，電源電動勢E18.6 V，內(nèi)阻r1 ，電表為理想電表開始電鍵K是閉合的，則下列判斷正確的是（ ）A電流

5、表的示數(shù)為l AB電壓表的示數(shù)為6 VC電容器所帶的電荷量為18104CD當電鍵K斷開后，通過電阻R1的電荷量為18104C9、如圖所示，一直流電動機與阻值R = 4 的電阻串聯(lián)在電源上，閉合開關(guān)，電動機的輸入功率為P = 20 W，電源的電動勢E = 20 V，內(nèi)阻r = 1 。用理想電壓表測出電動機兩端電壓，已知電動機線圈的電阻RM = 1 ，則下列說法中正確的是A通過電動機的電流為10 AB電源的輸出功率為36 WC電動機的輸出功率為16 WD理想電壓表的示數(shù)為2 V10、質(zhì)量為的通電導(dǎo)體棒置于傾角為的導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌的寬度為，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為有電流時，恰好在導(dǎo)軌上靜止，如圖所示

6、圖中的四個側(cè)視圖中，標出了四種可能的勻強磁場方向，其中導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌之間的摩擦力可能為零的圖是（ ）ABCD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在做驗證力的平行四邊形定則實驗時：（1）以下說法中正確的是：（_）A用兩只彈簧秤拉橡皮筋時，應(yīng)使兩細套之間的夾角為90，以便求出合力的大小B用兩只彈簧秤拉時結(jié)點的位置必須與用一只彈簧秤拉時結(jié)點的位置重合C若用兩只彈簧秤拉時合力的圖示F與用一只彈簧秤拉時拉力的圖示F不完全重合，說明力的合成的平行四邊形定則不一定是普遍成立的DF1F2，若方向不變，大小各增加1N，則合力F的方向不變，大小也增加1

7、N（2）某同學實驗如圖甲所示，其中A為固定橡皮條的圖釘,O為橡皮條與細繩的結(jié)點,OB和OC為細繩,圖乙是在白紙上根據(jù)實驗結(jié)果畫出的力的圖示,下列說法中正確的是（_）A圖乙中的F是力F1和F2合力的理論值,F是力F1和F2合力的實際測量值B圖乙的F是力F1和F2合力的理論值,F是力F1和F2合力的實際測量值C在實驗中,如果將細繩也換成橡皮條,那么對實驗結(jié)果沒有影響D在實驗中,如果將細繩也換成橡皮條,那么對實驗結(jié)果有影響（3）本實驗采用的科學方法是_(填字母代號)A理想實驗法 B等效替代法 C控制變量法 D建立物理模型法12（12分）如圖所示為驗證動量守恒的實驗裝置示意圖若入射小球質(zhì)量為，半徑為；

8、被碰小球質(zhì)量為，半徑為則_ A. C. 為完成此實驗，以下所提供的測量工具中必需的是_ 填下列對應(yīng)的字母 A.直尺游標卡尺天平彈簧秤秒表設(shè)入射小球的質(zhì)量為，被碰小球的質(zhì)量為為碰前入射小球落點的平均位置，則關(guān)系式用、及圖中字母表示 _ 成立，即表示碰撞中動量守恒四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，平行板電容器板間距離為2cm，有一個質(zhì)量m10-7kg、電荷量q-108C的液滴，在兩板正中央處于靜止狀態(tài)問：（取g10m/s2）（1）哪塊板帶正電？板間電場強度多大？（2）若電容器電容為510-10F，則

9、電容器帶電荷量Q為多少？（3）若下板接地，液滴的電勢能是多少？14（16分）如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，R阻值為2r,滑動變阻器R1的阻值最大值為2r，左側(cè)是水平放置、間距為d,長度為L的平行金屬板，不計其他電阻；若在兩板中間A點靜止釋放一質(zhì)量為m的帶電油滴，恰好保持靜止狀態(tài)，此時滑動變阻器的滑動觸片在中間。（1）油滴帶電量是多少？（2）將兩板繞過A點的軸（垂直于紙面）逆時針旋轉(zhuǎn)，調(diào)節(jié)R1的阻值，在A點靜止釋放該油滴，使油滴沿直線平行于兩板間離開電場，此時滑動變阻器的滑動觸片在什么位置？15（12分）如圖所示，在平面直角坐標系xOy的第四象限有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度B2.0

10、 T一質(zhì)量為m5.0108 kg、電量為q1. 0106 C的帶電粒子從P點沿圖示方向以v20 m/s的速度進入磁場，從x軸上的Q點離開磁場（Q點未畫出）已知OP30 cm，(粒子重力不計，sin 370.6，cos 370.8)，求：(1) OQ的距離；(2) 若粒子不能進入x軸上方，求磁感應(yīng)強度B滿足的條件參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】兩球之間的作用力是作用力與反作用力，故，同種電荷互相排斥，兩小球相距會越來越遠，根據(jù)庫侖定律可知庫侖力與距離的二次方成反比，故逐漸減?。弧驹斀狻績尚∏蚨紟д?，同

11、種電荷互相排斥，故兩小球相距會越來越遠，根據(jù)庫侖定律可知庫侖力與距離的二次方成反比，故逐漸減小，根據(jù)牛頓第三定律可知，A對B的庫侖力大小為與B對A的庫侖力大小為是作用力與反作用力，故，故C正確、ABD錯誤。【點睛】本題要知道A對B的庫侖力大小為F1與B對A的庫侖力大小為F2是作用力與反作用力，根據(jù)牛頓第三定律可知。2、C【解析】依據(jù)運動的獨立性原理，在水平方向上，兩球之間的距離得故選C。3、A【解析】設(shè)沿AB方向的橫截面積為S1，沿CD方向的橫截面積為S2，則有s1s2=12AB接入電路時電阻為R1，CD接入電路時電阻為R2，則有R1R2=labs1lbcs2=41，電流之比：I1I2=R1R

12、2=14，I2=4I1=4I，A正確，BCD錯誤故選A4、D【解析】從整體角度去分析，則地面對半球體沒有摩擦力，故A錯誤；對物體受力分析，質(zhì)點受重力、支持力及摩擦力，如圖所示：由共點力的平衡可知，質(zhì)點受到的支持力F=mgsin，故由牛頓第三定律可求得質(zhì)點對半球體的壓力大小為mgsin； 質(zhì)點受到的摩擦力f=mgcos，方向斜向上，因為是靜摩擦力，不用動摩擦因數(shù)求摩擦力，故B C錯誤，D正確；故選D【點睛】本題采用整體法和隔離法處理力平衡問題，考查靈活選擇研究對象的能力，正確作出力圖是基礎(chǔ)5、B【解析】（1）電場線總是從正電荷出發(fā)，終止于負電荷或無窮遠；而（1）是終止于正電荷，故（1）錯誤；（2

13、）是從負電荷出發(fā)，故（2）錯誤；（3）兩個正電荷的電場線分布如圖而不是終止于某一個正電荷，故（3）錯誤；（4）中所有的電場線都是電場線總是從正電荷出發(fā)，終止于負電荷；或從無窮遠出發(fā)，終止于負電荷；或從正電荷出發(fā)，終止于無窮遠。故（4）正確。所以四個圖中只有（4）正確，故B正確，ACD都錯誤。故選B。6、C【解析】A、由題可知，粒子在A點時的動能比B點大，則無論電場方向如何，帶電性質(zhì)如何，A到B的過程中電場力做負功，B到A的過程中電場力做正功，A錯誤；B、粒子的帶電性質(zhì)未知，不能確定電場線方向，B錯誤； C、在A點時的動能比B點大，如果電場力向沿水平方向，則電場力的方向向左，粒子運動的軌跡向左彎

14、曲，運動的軌跡只能是軌跡1，不可能是軌跡2，C正確；D、粒子的運動軌跡若為1，則所受電場力向左，若電場線向左，粒子一定帶正電，若電場向右，則粒子帶負電，D錯誤；故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】試題分析：由于電場線的分布情況未知，小球從P到O，場強可能先增大后減小，電場力先增大后減小，加速度先增大后減小，v-t圖象的斜率先增大后減小小球經(jīng)過O點時場強為零，電場力為零，則加速度為零小球從O到N，根據(jù)對稱性可知，加速度先增大后減小，v-t圖象的斜率先

15、增大后減小故A正確根據(jù)電場線的分布情況可知，PO段與ON段電場強度方向相反，從P到O，場強可能先增大后減小，從O到N，場強先增大后減小故B正確-x圖象的斜率等于場強，越接近O場強應(yīng)減小，圖象的斜率應(yīng)減小，故C錯誤小球從P到O，電場力做正功，電勢減小從O到N，電場力增大，電勢能增大，故D錯誤故選AB.考點：電場強度；電勢及電勢能8、BC【解析】A、由于電流表視為短路，而電壓表視為短路，則分析電路結(jié)構(gòu)可知，知R2、R3、R4串聯(lián)后與R1并聯(lián)，R5上無電流電流表示數(shù)為：解得：電流，電壓表的示數(shù)等于R4上的電壓，解得：；A錯誤，B正確；C、電容器C所帶的電量：；解得：；開關(guān)斷開后，電流將分別流過R1、

16、R4和R2、R3，故流過R1的電量一定小于1.8104C，C正確，D錯誤；故選BC9、BC【解析】A設(shè)電路中的電流為I，則：P=IE-I(R+r)即20=I20-I(4+1)解得I=2A選項A錯誤；B電源的輸出功率為選項B正確；CD電動機兩端電壓U=E- I(R+r)=10V電動機的輸出功率為選項C正確，D錯誤。10、AB【解析】A. 導(dǎo)體棒受重力、水平向右的安培力和斜面的支持力，若三個力平衡，則不受摩擦力，故A正確；B. 導(dǎo)體棒受重力，豎直向上的安培力，若重力與安培力相等，則二力平衡，不受摩擦力，故B正確C. 導(dǎo)體棒受重力，豎直向下的安培力和斜面的支持力，若不受摩擦力，導(dǎo)體棒不可能平衡，故C

17、錯誤；D. 導(dǎo)體棒受重力、水平向左的安培力和斜面的支持力，若不受摩擦力，導(dǎo)體棒不可能平衡，故D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B BC B 【解析】(1)1A. 合力是我們根據(jù)平行四邊形畫出來的，不是計算出來的，不需要讓夾角為特殊角，故A錯誤。B. 為了使兩次實驗對橡皮筋產(chǎn)生的作用效果相同，故用兩只彈簧秤拉時結(jié)點的位置必須與用一只彈簧秤拉時結(jié)點的位置重合，故B正確。C. 共點力合成的平行四邊形定則是一定成立的，如果畫出的差距太大，說明實驗時出現(xiàn)錯誤，故C錯誤。D. 根據(jù)平行四邊形定則可知，合力和兩分力的大小并不總能同時增加相同的

18、量。只有兩力大小相等，夾角成120時，才能保證合力與分力增加量相同；故D錯誤。(2)2 F1與F2合成的理論值是通過平行四邊形定則算出的值，而實際值是單獨一個力拉O點的時的值，因此F是F1與F2合成的理論值，F(xiàn)是F1與F2合成的實際值，故A錯誤，B正確；CD. 由于O點的作用效果相同，將兩個細繩套換成兩根橡皮條，不會影響實驗結(jié)果，故C正確D錯誤。(3)3 合力與分力的作用效果相同，所以本實驗采用的科學方法是等效替代法，故B正確ACD錯誤。12、 (1)C (2)AC (3) 【解析】（1）為了保證碰撞前后使入射小球的速度方向不變，故必須使入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量為了使兩球發(fā)生正碰，兩小

19、球的半徑相同；（2）兩球做平拋運動，由于高度相等，則平拋的時間相等，水平位移與初速度成正比，把平拋的時間作為時間單位，小球的水平位移可替代平拋運動的初速度將需要驗證的關(guān)系速度用水平位移替代【詳解】（1）在小球碰撞過程中水平方向動量守恒定律故有m1v0=m1v1+m2v2在碰撞過程中動能守恒故有m1v02=m1v12+m2v22解得v1=v0要碰后入射小球的速度v10，即m1-m20，m1m2，為了使兩球發(fā)生正碰，兩小球的半徑相同，r1=r2，故選C（2）P為碰前入射小球落點的平均位置，M為碰后入射小球的位置，N為碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度v1；碰撞后入射小球的速度v2 ；碰撞后被碰小球的速度v3；若m1v1=m2v3+m1v2則表明通過該實驗驗證了兩球碰撞過程中動量守恒，代入數(shù)據(jù)得：m1 =m1+m2，所以需要測量質(zhì)量和水平位移，用到的儀器是直尺、天平；故選AC（3）若關(guān)系式m1 =m1+m2成立，即表示碰撞中動量守恒【點睛】本題是運用等效思維方法，平拋時間相等，用水平位移代替初速度，這樣將不便驗證的方程變成容易驗證四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指