河北省保定市第七中學2023學年物理高二第一學期期中學業(yè)水平測試模擬試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡

2、一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、圖示電路中電阻R1、R2、R3的阻值相等，電池的內阻不計那么，開關K接通后流過R2的電流是K接通前的（ ）ABCD2、某點電荷的電場線如圖所示，a、b、c三點的電場強度（ ）AEa最大 BEb最大 CEc最大 D一樣大3、下列說法正確的是（ ）A庫侖定律適用于點電荷，也適用于一切帶電體B根據(jù)，當兩個電荷的距離趨近于零時，靜電力將趨向于無窮大C若點電荷q1的電荷量大于q2的電荷量，則q1對q2的靜電力大于q2大于q1的靜電力D所以帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數(shù)倍4、關于電功和

3、電功率，下列說法中正確的是A電流做功越多的用電器，單位時間內消耗的電能就越多B電功率越大的用電器消耗的電能一定越多C額定功率越大的用電器電流做功一定較快D電能消耗越快的用電器電功率越大5、關于物體的慣性，下列說法正確的是A同一物體在地球上比在月球上慣性大B物體只有在靜止或做勻速直線運動時才有慣性C乒乓球的速度可以被快速改變，是因為兵乓球的慣性小D汽車速度越大，剎車所用時間越長，說明物體速度越大，慣性越大6、一線圈在勻強磁場中勻速轉動產生的電流瞬時值表達式為：i=102sin100t（A），則（）A此交流的頻率為100HzB此交流的峰值為10AC用交流電流表測此電流，示數(shù)為10AD用交流電流表測

4、此電流，示數(shù)為14.1A二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，相距為d的兩塊平行金屬板M、N與電源相連，電鍵S閉合后，MN間有勻強電場一個帶電粒子垂直于電場方向從M板邊緣射入電場，恰好打在N板中央，若不計重力下列說法正確的是()A電鍵S閉合時，N板不動，為了使粒子剛好飛出電場，可僅將M板向上移動3dB電鍵S閉合時，N板不動，為了使粒子剛好飛出電場，可僅將M板向上移動dC電鍵S斷開時，M板不動，為了使粒子剛好飛出電場，可僅將N板向下移動dD電鍵S斷開時，M板不動

5、，為了使粒子剛好飛出電場，可僅將N板向下移動3d8、在如圖所示的電路中，R1、R2、R3均為可變電阻當開關S閉合后，兩平行金屬板MN中有一帶電液滴正好處于靜止狀態(tài)為使帶電液滴向上加速運動，可采取的措施是A增大R1B減小R2C減小R3D減小MN間距9、下列設備或電器中，沒有利用電磁感應原理工作的是A發(fā)電機B白熾燈C電動機D電吹風10、絕緣水平面上固定一正點電荷Q，另一質量為m，電荷量為-q的滑塊（可看做點電荷）從a點以初速度v0沿水平面向Q運動，到達b點時速度減為零已知a、b間距離為s，滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度為g，則以下判斷正確的是（ ）A滑塊在運動過程中所受Q的庫侖力一定小于

6、滑動摩擦力B滑塊在運動過程中的中間時刻，速度大小等于v02C此過程產生的內能小于12mv02DQ產生的電場中，a、b兩點間的電勢差為Uab=m(v02-2gs)2q三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在描繪一個標有“6.3V，0.3A”小燈泡的伏安特性曲線的實驗中，要求燈泡兩端的電壓由零逐漸增加到6.3V，并便于操作。已選用的器材有：學生電源（電動勢為9V，內阻約1）；電流表（量程為00.6A，內阻約0.2；量程為03A，內阻約0.04）；電壓表（量程為03V，內阻約3k；015V，內阻約15k）；開關一個、導線若干(1)實驗中還

7、需要一個滑動變阻器，現(xiàn)有以下兩個滑動變阻器，則應選其中的_（選填選項前的字母）A滑動變阻器（最大阻值10，最大允許電流1A）B滑動變阻器（最大阻值1500，最大允許電流0.3A）(2)實驗電路圖應選用圖中的實驗電路圖應選用圖中的_（選填“甲”或“乙”）。(3)請根據(jù)(2)中所選的電路圖，補充完成圖中實物電路的連接。（_）(4)接閉合關，改變滑動變阻器滑動端的位置，并記錄對應的電流表示數(shù)I、電壓表示數(shù)U，圖中電流表選擇00.6A量程，電壓表選擇015V量程，電流表、電壓表示數(shù)如上圖所示，可知該狀態(tài)下小燈泡電阻的測量值Rx=_（計算結果保留兩位有效數(shù)字）。 (5)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，畫出的小燈泡IU圖線

8、如圖所示。由此可知，當小燈泡兩端的電壓增加時，小燈泡的電阻值將_（選填“變大”或“變小”）。12（12分）某同學查閱資料發(fā)現(xiàn)鉛筆芯的電阻隨溫度的升高而變小在實驗中，他取一段長為16 cm的鉛筆芯，用多用電表測量其電阻大約為4 .該同學要較精確地測量鉛筆芯的電阻，現(xiàn)有下列器材可供選擇：A電源3 V(內阻不計)B電流表03 A(內阻0.1 )C電流表0600 mA(內阻0.5 )D電壓表03 V(內阻3 k)E電壓表015 V(內阻200 k)F滑動變阻器(010 ，1 A)G滑動變阻器(01 k，300 mA)(1)除開關、導線外，實驗中要求能夠在電壓表上從零開始讀取若干組數(shù)據(jù)，需要選用的器材有

9、： _ (填寫字母代號)；(2)用筆畫線代替導線，在實物圖中連接實驗電路_；(3)該同學記錄了實驗數(shù)據(jù)，并畫出了該鉛筆芯的伏安特性曲線，證實了鉛筆芯的電阻隨溫度的升高而減小，則該鉛筆芯的伏安特性曲線為下圖中的_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，水平放置的平行金屬導軌，相距l(xiāng)0.50m，左端接一電阻R0.20，磁感應強度B0.40T的勻強磁場方向垂直于導軌平面，導體棒ab垂直放在導軌上，并能無摩擦地沿導軌滑動，導軌和導體棒的電阻均可忽略不計，當ab以v4.0m/s的速度水平向右勻速滑動時，求：(1

10、)ab棒中感應電動勢的大小；(2)回路中感應電流的大??；(3)ab棒受到的安培力的大小14（16分）如圖所示，是關于y軸對稱的四分之一圓，在PQNM區(qū)域有均勻輻向電場，PQ與MN間的電壓為U一初速度為零的帶正電的粒子從PQ上的任一位置經(jīng)電場加速后都會從進入半徑為R、中心位于坐標原點O的圓形勻強磁場區(qū)域，磁場方向垂直xOy平面向外，大小為B，粒子經(jīng)磁場偏轉后都能平行于x軸射出在磁場區(qū)域右側有一對平行于x軸且到x軸距離都為R的金屬平行板A和K，金屬板長均為4R，其中K板接地，A與K兩板間加有電壓UAK0，忽略極板電場的邊緣效應，不計重力已知金屬平行板左端連線與磁場圓相切，在y軸上（1）求帶電粒子的

11、比荷；（2）求帶電粒子進入右側電場時的縱坐標范圍；（3）若無論帶電粒子從PQ上哪個位置出發(fā)都能打到K板上，則電壓U至少為多大？15（12分）示波器的示意圖如圖所示，金屬絲發(fā)射出來的電子被加速后從金屬板的小孔穿出，進入偏轉電場。電子（電量q，質量m）在穿出偏轉電場后沿直線前進，最后打在熒光屏上。設加速電壓，偏轉電壓為，偏轉極板長L，金屬板間距d，當電子加速后從兩金屬板的中央沿與板平行的方向進入偏轉電場。求：（1）電子束離開偏轉電場時的偏移量（2）偏轉極板右端到熒光屏的距離為D，電子束到達熒光屏時的偏移量.參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一

12、項是符合題目要求的。1、B【解析】設三個電阻均為R；開關S接通前，流過R2的電流為：；開關S接通后，流過R2的電流為：則I2：I1=2：3；故選B2、A【解析】電場線的疏密反映場強的大小，由圖象疏密知場強EaEbEc，即Ea最大，Ec最??；故A正確，BCD錯誤；故選A；【點睛】此題關鍵是知道電場線的疏密反映場強的大小，電場線越密集的地方場強越大，反之越小.3、D【解析】A. 庫侖定律僅適用于點電荷，故A項與題意不相符；B. 當兩個點電荷距離趨于0時，兩帶電體已不能看出點電荷了，該公式，不適用了，故電場力并不是趨于無窮大，故B項與題意不相符；C. 兩點電荷之間的作用力是相互的，根據(jù)牛頓第三定律，

13、無論點電荷q1的電荷量與q2的電荷量大小如何，q1對 q2的靜電力大小上總等于q2對q1的靜電力，故C項與題意不相符；D. 根據(jù)帶電本質可知，所有帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數(shù)倍，任何帶電體的電荷量都不是連續(xù)變化的，故D項與題意相符4、D【解析】A電流做功越多的用電器，可能所用的時間也很長，所以電功率不一定大，即單位時間內消耗的電能不一定多，故A錯誤； BD電功率越大的用電器，消耗的電能快，但不一定越多，故B錯誤，D正確； C因用電器工作過程中實際電功率可能小于它的額定功率，所以額定功率越大的用電器，其實際功率不一定大，所以電流做功不一定較快，故C錯誤。故選D5、C【解析】A.慣性大小只與

14、物體的質量有關，一個物體從地球移到月球質量不變，慣性不變，故A錯誤；B.慣性是物體的固有屬性，它指的是物體能夠保持原來的運動狀態(tài)的一種性質，任何物體在任何情況下都有慣性。故B錯誤；C.乒乓球質量小，慣性小，所以容易改變其運動狀態(tài)，故C正確；D.慣性大小只與物體的質量有關，質量越大，慣性越大，與速度無關，故D錯誤；6、C【解析】交流電的表達式為：i=102sin100t(A)，故角頻率=100rads，頻率f=2=1002=50Hz，電流的最大值為102A，故AB錯誤；電流最大值為102A，故有效值為：I=1022A=10A，交流電流表測量的是有效值，為10A；故C正確，D錯誤；故選C二、多項選

15、擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】設極板的長度為L，帶電粒子的初速度為v0，電源兩端的電壓為UAB當電鍵S閉合時，N板不動，將M板向上移前： 將M板向上移動d后：設帶電粒子的水平位移大小為s，則有：由聯(lián)立得到s=L則使粒子剛好飛出電場； 當電鍵S閉合時，N板不動，若將M板向上移動3d，則有：由得s=2L說明粒子不是剛好飛出電場，故A錯誤，B正確CD若S斷開，電容器板間場強不變，則帶電粒子的加速度大小不變，粒子剛好飛出電場時水平位移大小為l，設豎直位移大小為y，則有

16、：由得：y=4d則將N板向下移動3d，故C錯誤，D正確8、BD【解析】解：A、當增大R1電阻時，沒有作用，因為R1電阻與兩平行金屬板相串聯(lián)，沒有電流通過，所以R1電阻兩端沒有電勢差故A錯誤；B、當R2減小時，導致總電阻減小，所以總電流變大，則變阻器R3電壓變大，電容器板間電壓增大，場強增大，液滴所受的電場力增大，將向上加速運動，故B正確；C、當R3減小時，導致總電阻減小，所以總電流變大，則R2電阻兩端電壓變大，那么R3變阻器電壓變小，電容器板間電壓減小，場強減小，液滴所受的電場力減小，將向下加速運動，故C錯誤；D、當減小MN間距時，由于平行板兩端電壓不變，則兩板間的電場強度變大，所以電場力將大

17、于重力，液滴向上加速運動，故D正確故選BD【點評】電阻R1與兩平行板相串聯(lián)，由于沒有電流，所以沒有電勢降落，因此可將R1電阻去除當改變間距時，會導致兩板間的電容變化9、BCD【解析】發(fā)電機是線圈在磁場中運動，結果是產生電流，利用電磁感應現(xiàn)象原理，故A正確；白熾燈是將電能轉化為熱能后一部分熱能轉化為光能的設備，即是消耗電能的電熱裝置，故B錯誤；電動機是線圈在磁場中運動，因通電，而產生力，故C錯誤；電吹風是將電能轉化為熱能，與電磁感應無關，故D錯誤；故選A10、AD【解析】A、由題意可知，滑塊水平方向受庫侖力、滑動摩擦力，摩擦力與運動方向相反，而庫侖力與運動方相同，因滑塊在到達b點時速度減為零，所

18、以從a點到b點滑塊做減速運動，則有滑塊在運動過程中所受Q的庫侖力一定小于滑動摩擦力，故A正確；B、水平方向受大小不變的摩擦力及變大的庫侖力，當在滑動過程中，隨著間距減小，庫侖力增大，但仍小于滑動摩擦力，所以導致加速度慢慢減小，加速度是變化的，故中間時刻的速度小于v02，故B錯誤；C、由動能定理可得：Uq-mgs=0-12mv02，產生的內能Q=mgs=Uq+12mv02，因此在此過程中產生的內能大于12mv02，故C錯誤；D、由動能定理可得：Uq-mgs=0-12mv02，解得兩點間的電勢差U=m(v02-2gs)2q，故D正確；故選AD?！军c睛】根據(jù)滑塊的運動情況可知滑塊受力情況，則可知庫侖

19、力與滑動摩擦力的大小關系；由滑塊的受力情況可確定加速度的變化情況，即可判斷中間時刻的速度；由動能定理可確定過程中產生的內能與動能變化關系；由動能定理可求得兩點間的電勢差。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A 乙 18 變大 【解析】(1)1實驗要求燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到6.3V，則滑動變阻器應采用分壓接法，所以要選擇滑動變阻器的最大值比較小的A滑動變阻器（最大阻值10，最大允許電流1A）與分析相符，故A正確；B滑動變阻器（最大阻值1500，最大允許電流0.3A）與分析不符，故B錯誤。(2)2燈泡正常發(fā)光時的電阻為該電阻值相對

20、于電壓表屬于小電阻，所以電流表應采用外接法，實驗要求燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加，所以滑動變阻器應用分壓式，因此實驗電路應選乙；(3)3根據(jù)實驗電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示；(4)4電流表的量程為0.6V，所以每一小格的讀數(shù)為0.02A，所以電流表的讀數(shù)為0.22A，電壓表的量程為15V，所以每一小格的讀數(shù)為0.5V，所以讀數(shù)為：80.5=4V由歐姆定律得(5)5在I-U圖象中，各個點與坐標原點的連線的斜率表示電阻的倒數(shù)，由圖可知，隨電壓增大，各點與坐標原點的連線的斜率減小，所以可知待測電阻的電阻值增大12、 (1)ACDF (2)電路如圖； (3)C 【解析】試題分析：（1）電源電動勢為3V，故電壓表選D，電流，若選取3A量程，則指針偏轉不及刻度的，誤差較大，故電流表選C，滑動變阻器分壓接法，選取小電阻即可，故選擇器材為：ACDF（2）電壓表上從零開始讀取，所以選擇滑動變阻器分壓接法，被測電阻為小電阻，電流表用外接，如圖：（3）鉛筆芯的電阻隨溫度的升高而減小，則I-U圖象的斜率越來越大，故選C【點睛】解決本題的關鍵掌握電流表的內外