2021-2022學年陜西省西安交通大學附中高考臨考沖刺物理試卷含解析

1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、空間內有一水平向右的電場E，現有一帶電量為q的小球以初速度為v0向右上拋出，已知，求小球落地點距離拋出點的最遠距離（）ABCD2、假設將來一艘飛船靠近火星時，經歷如圖所示的變軌過程，則下列說法正確的是（）A飛船在軌道上運動到P點

2、的速度小于在軌道軌道上運動到P點的速度B若軌道I貼近火星表面，測出飛船在軌道I上運動的周期，就可以推知火星的密度C飛船在軌道I上運動到P點時的加速度大于飛船在軌道上運動到P點時的加速度D飛船在軌道上運動時的周期小于在軌道I上運動時的周期3、如圖所示，質量相等的A、B兩個小球懸于同一懸點O，且在O點下方垂直距離h=1m處的同一水平面內做勻速圓周運動，懸線長L13m，L22m，則A、B兩小球（）A周期之比T1：T22：3B角速度之比1：23：2C線速度之比v1：v2：D向心加速度之比a1：a28：34、如圖所示，是一個質點在時間內的v-t圖象，在這段時間內，質點沿正方向運動的平均速度大小為v1沿負

3、方向運動的平均速度大小為v2則下列判斷正確的是( )Av1v2Bv1v2，與結論不相符，選項A錯誤；B. v1m/s2，故P比Q運動更快，根據位移關系有：代入數據解得：t=2s，C錯誤，D正確。故選BD。10、AD【解析】AB若v0，帶電粒子垂直進入磁場，做勻速圓周運動，則由牛頓第二定律可得：qvBm，T將速度代入可得：rL由左手定則可知 粒子在三角形內的區(qū)域內偏轉的方向向左，從a射出粒子第一次通過圓弧從a點到達c點的運動軌跡如下圖所示，可得：tac粒子從c到b的時間：tcb帶電粒子從b點到達a點的時間也是，所以粒子第一次返回a點所用的時間是t1tac+tcb+tba故A正確，B錯誤；CD粒子

4、第一次到達a點后沿與初速度方向相反的方向向上運動，依次推理，粒子在一個周期內的運動；可知粒子運動一個周期的時間是3個圓周運動的周期的時間，即：故C錯誤，D正確；故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、R2 a 2 10 48 【解析】(1)1由題意可知，電源電動勢約為8V，而電流表量程為200mA，則電流表達滿偏時需要的電流為故為了安全和準確，滑動變阻器應選擇R2；2為了讓電路中電流由最小開始調節(jié)，滑動變阻器開始時接入電阻應最大，故滑片應滑至a端；3由實驗步驟可知，本實驗采用了半偏法，由于電流表示數減為原來的一半，則說明電流表內阻

5、與電阻箱電阻相等，即Rg=2；(2)4根據實驗電路以及閉合電路歐姆定律可知：變形可得 則由圖象可知圖象的斜率解得E=10V5圖象與縱軸的交點為5，則可知 解得r=4812、AD 偏小 【解析】(1)1小球的動能，因此需要測量小球的質量m，小球離開彈簧時的速度大小v可以通過測得A、B間的距離結合經過該段的時間求出，所以AD項的物理量需要測量，故選AD。(2)2小球的動能為由桌面光滑，則小球從A到B做勻速直線運動，則離開彈簧時的速度大小聯立解得動能的表達式(3)3由于水平面不是絕對光滑，小球在過程中克服摩擦力做功轉化為內能，導致彈簧減少的彈性勢能沒有全部轉化為小球的動能，所以測得的彈性勢能小于其真

6、實值。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1） ；（2）【解析】（1）（2）施加恒力時，物體做勻加速直線運動，則有，撤去恒力物體返回斜面底端過程，物體做勻變速直線運動方向沿斜面向下，則有，聯立解得，故與大小之比為，與大小之比為。14、 (1)2.8m；(2)m；(3)m【解析】（1）設滑塊到達木板右端的速度為v1，由動能定理可得 代入數據，解得v1=8 m/s設滑塊離開圓弧軌道后.上升的最大高度為h1，由動能定理可得代入數據，解得h1=2.8 m。（2）由機械能守恒定律可得滑塊回到木板底端時速度大小v1=8 m/

7、s，滑上木板后，滑塊的加速度為a2，由牛頓第二定律木板的加速的為a1，由牛頓第二定律解得，。設經過t1時間后兩者共速，共同速度為v，由運動學公式可知，解得該過程中木板的位移滑塊走過的位移由于，假設正確，之后一起勻減速運動，若滑塊最終未從木板左端滑出，則木板的最小長度聯立以上各式，解得（3）滑塊和木板一起勻減速運動至最左端，設加速度均為a，由牛頓第二定律可知解得滑塊和木板一起勻減速運動至最左端的速度為v2，由動能定理可得隨后滑塊滑上左側軌道，設上升的最大高度為h2，則由動能定理可得代入數據，解得15、3S【解析】對行李，設加速度為a，則有：a=g設行李速度達到lm/s時，時間為t1，位移為x1，則有：時間為：t1=位移為：x1=整理代入數據得：t1=lsx1=2.5m4.5m設行李勻速運動時間為t2，則