2023年天津市高考物理試卷(含答案)

102023一、單項選擇題〔每題6分，共30分。每題給出的四個選項中，只有一個選項是正確的〕1〔6.00分〕國家大科學(xué)工程﹣﹣中國散裂中子〔CSNS〕于2023年8月28日首次打靶成功獲得中子束流，可以為諸多領(lǐng)域的爭論和工業(yè)應(yīng)用供給先進(jìn)的爭論平臺。以下核反響中放出的粒子為中子的是〔 〕N俘獲一個粒子，產(chǎn)生Al粒子，產(chǎn)生

D．Li俘獲一個質(zhì)子，產(chǎn)生

Be并放出一個粒子He2〔6.00〕滑雪運動深受人民群眾寵愛。某滑雪運發(fā)動〔可視為質(zhì)點〕由坡道進(jìn)入豎直圓面內(nèi)的圓弧形滑道AB，從滑道的A點滑行到最低點B的過程中，由于摩擦力的存在，運發(fā)動的速率不變，則運發(fā)動沿AB下滑過程中〔 〕C．合外力做功肯定為零

所受摩擦力大小不變D．機械能始終保持不變3〔6.00分〕如下圖，實線表示某電場的電場線〔方向未標(biāo)出，虛線是一帶負(fù)電的粒子只在MNφφ，粒子在MNM N分別為a、a，速度大小分別為v、v，電勢能分別為E、E．以下推斷正確的選項是〔 〕M N M N PM PNM N M N M N M Nφ＜φ，E＜E D．a(chǎn)＜a，E＜EM N PM PN M N PM PN4〔6.00〕教學(xué)用發(fā)電機能夠產(chǎn)生正弦式交變電流。利用該發(fā)電機〔內(nèi)阻可無視〕RAV、URP．假設(shè)發(fā)電機線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉淼?，則〔〕A．R消耗的功率變?yōu)镻 B．電壓表V的讀數(shù)變?yōu)閁C．電流表A的讀數(shù)變?yōu)?ID．通過R的交變電流頻率不變5〔6.00分〕氫原子光譜在可見光區(qū)域內(nèi)有四條譜線HHα β

H，都是氫原子中電子從量γ δ子數(shù)n＞2的能級躍遷到n=2的能級時發(fā)出的光它們在真空中的波長由長到短可以判〔 〕A．H

對應(yīng)的前后能級之差最小α

的折射率最大α的傳播速度最大δ

照耀某一金屬能發(fā)生光電效應(yīng)，則Hγ

也肯定能β〔每題618全部選對的得630〕6〔6.00分202322成為世界上少數(shù)擁有在軌運行高精度地球物理場探測衛(wèi)星的國家之一。通過觀測可以得到衛(wèi)星繞地球運動的周期，并地球的半徑和地球外表處的重力加速度。假設(shè)將衛(wèi)星繞地球的運動看作是勻速圓周運動，且不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，依據(jù)以上數(shù)據(jù)可以計算出衛(wèi)星的〔〕A．密度 B．向心力的大小C．離地高度 D．線速度的大小7〔6.00分〕扶正了塔身。假設(shè)所用的木楔為等腰三角形，木楔的頂角為，方向如圖所示，木楔兩側(cè)產(chǎn)生推力FN

，則〔 〕NC肯定，F(xiàn)FN

大大N大D肯定，F(xiàn)F大N8〔6.00分一振子沿x軸做簡諧選動平衡位置在坐標(biāo)原點t=0時振子的位移為m時位移為0.1m，則〔 〕A0.1m，振子的周期可能為sB．假設(shè)振幅為0.1m，振子的周期可能為sC．假設(shè)振幅為0.2m，振子的周期可能為4sD0.2m6s三、非選擇題．此題共4729〔4.00分〕0.45k0.05k200m/s水平速度擊中木塊，并留在其中，整個木塊沿子彈原方向運動，則木塊最終速度的大小是10〔4.00分5N〔帶兩個較長的細(xì)繩套，刻度尺，圖釘〔假設(shè)干個。①具體操作前，同學(xué)們提出了如下關(guān)于試驗操作的建議，其中正確的有 A．橡皮條應(yīng)和兩繩套夾角的角平分線在一條直線上B．重復(fù)試驗再次進(jìn)展驗證時，結(jié)點O的位置可以與前一次不同C．使用測力計時，施力方向應(yīng)沿測力計軸線；讀數(shù)時視線應(yīng)正對測力計刻度D．用兩個測力計互成角度拉橡皮條時的拉力必需都小于只用一個測力計時的拉力②該小組的同學(xué)用同一套器材做了四次試驗，白紙上留下的標(biāo)注信息有結(jié)點位置O分力和合力的大小及表示力的作用線的點，如以下圖所示。其中對于提高試驗精度最有利的是 。11〔10.00〕Rx外，還有以下器材供選用：D．電流表〔0～0.6

的阻值〔10k

xF．電源〔12V2A，內(nèi)阻不計〕①為使測量盡量準(zhǔn)確，電壓表選用 ，電流表選用 ，電源選用 材的字母代號〕Rx阻值的試驗電路圖。③該同學(xué)選擇器材、連接電路和操作均正確，從試驗原理上看，待測電阻測量值會 實值〔填大于、小于或等于，緣由是 。12〔16.00分C919后，拉開了全面試驗試飛的征程。假設(shè)飛機在水平跑道上的滑跑是初速度為零的勻加速直線x=1.×103mv=80m/s000.1g=10m/s2．求飛機滑跑過程中a牽引力的平均功率P。13〔18.00分〕abab的上方存在勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，方向垂直紙面對里。磁場中有一內(nèi)、外半徑分別為R、R的半圓環(huán)形區(qū)域，外圓與ab的交點分別為M、N．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負(fù)電PMNPM所用的時間t；PQMNMNQv0

的大小。14〔20.00〕真空管道超高速列車的動力系統(tǒng)是一種將電能直接轉(zhuǎn)換成平動動能的裝置。圖1l的兩條平行光滑金屬導(dǎo)abcdRcdB1啟動，需在M、N間連接電動勢為E的直流電源，電源內(nèi)阻及導(dǎo)線電阻無視不計。列車啟動后電源自動關(guān)閉。要使列車向右運行，啟動時圖1中M、N哪個接電源正極，并簡要說明理由；a列車減速時，需在前方設(shè)置如圖2所示的一系列磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場區(qū)域，磁場寬度和相鄰磁場間距均大于。假設(shè)某時刻列車的速度為v0

，此時ab、cd要使列車停下來，前方至少需要多少塊這樣的有界磁場？2023參考答案與試題解析一、單項選擇題〔每題6分，共30分。每題給出的四個選項中，只有一個選項是正確的〕1〔6.00分〕國家大科學(xué)工程﹣﹣中國散裂中子〔CSNS〕于2023年8月28日首次打靶成功獲得中子束流，可以為諸多領(lǐng)域的爭論和工業(yè)應(yīng)用供給先進(jìn)的爭論平臺。以下核反響中放出的粒子為中子的是〔 〕N俘獲一個粒子，產(chǎn)生Al粒子，產(chǎn)生

D．Li俘獲一個質(zhì)子，產(chǎn)生

Be并放出一個粒子He【分析】依據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒；裂變是較重的原子核分裂成較輕的原子核的反響?！窘獯稹拷猓篈、 粒子的質(zhì)量數(shù)為14+4﹣17=1，電荷數(shù)為：7+2﹣8=1，所以粒子為質(zhì)子。故A錯誤；Al俘獲一個粒子產(chǎn)生 BC、 B俘獲一個質(zhì)子，產(chǎn)生Be后，粒子的質(zhì)量數(shù)為11+1﹣8=4，電荷數(shù)為：5+1﹣4=2，所以粒子為粒子。故C錯誤；D、應(yīng)選：B?！军c評】考察核反響書寫規(guī)律，把握常見的人工核反響的規(guī)律，知道質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒是解答的關(guān)鍵。2〔6.00〕滑雪運動深受人民群眾寵愛。某滑雪運發(fā)動〔可視為質(zhì)點〕由坡道進(jìn)入豎直圓面AB，從滑道的ABAB〔〕C．合外力做功肯定為零

所受摩擦力大小不變D．機械能始終保持不變【分析】滑雪運發(fā)動的速率不變做勻速圓周運動，加速度不為零，運發(fā)動所受合外力大小不為小ABAB程中，滑道與水平方向之間的夾角漸漸減小，則重力沿斜面對下的分力漸漸減小，運發(fā)動的速0BDABD應(yīng)選：C。3〔6.00分〕如下圖，實線表示某電場的電場線〔方向未標(biāo)出MNφφ，粒子在MNM N分別為a、a，速度大小分別為v、v，電勢能分別為E、E．以下推斷正確的選項是〔 〕M N M N PM PNM N M N M N M Nφ＜φ，E＜E D．a(chǎn)＜a，E＜EM N PM PN M N PM PN【分析】帶電粒子只受電場力作用，依據(jù)運動軌跡可知電場力指向運動軌跡的內(nèi)側(cè)即斜向左下電場線的疏密反響電場的強弱?！窘獯稹拷猓簬щ娏Ｗ铀茈妶隽χ赶蜍壽E彎曲的內(nèi)側(cè)，依據(jù)帶負(fù)電粒子受力狀況可知，電場φφ①；M N假設(shè)粒子從M到N過程，電場力做負(fù)功，動能減小，電勢能增加，故帶電粒子通過M點時的速N點時的速度大，即vM

＞v②，NM點具有的電勢能比在NE＜E③；PM PN依據(jù)電場線疏密可知，EM

F=EqaN

＜a④；NA、由②④可知，AB、由①②可知，BC、由①③可知，CD、由③④可知，D應(yīng)選：D?！军c評】解決這類帶電粒子在電場中運動的思路是：依據(jù)運動軌跡推斷出所受電場力方向，然后進(jìn)一步推斷電勢、電場強度、電勢能、動能等物理量的變化。4〔6.00〕教學(xué)用發(fā)電機能夠產(chǎn)生正弦式交變電流。利用該發(fā)電機〔內(nèi)阻可無視〕RAV、URP．假設(shè)發(fā)電機線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉淼?，則〔〕A．R消耗的功率變?yōu)镻 B．電壓表V的讀數(shù)變?yōu)閁C．電流表A的讀數(shù)變?yōu)?ID．通過R的交變電流頻率不變【分析】依據(jù)溝通電的產(chǎn)生以及最大值的表達(dá)式，分析溝通電的最大值的變化，結(jié)合的變化、功率的變化以及頻率的變化。【解答】解：A、B、線圈在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動，設(shè)線圈的最大橫截面積為S，磁場的磁感應(yīng)B原線圈兩端的電壓等于電動勢的有效值，為：的電壓為： 當(dāng)發(fā)電機線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉淼臅r，有： 聯(lián)立①③可知，由：P=

，即電壓表的讀數(shù)變?yōu)閁R消耗的電功率： ，即R消耗的功率變?yōu)?；故A錯誤，B正確；C由變壓器的特點可知副線圈消耗的功率為原來的則發(fā)電機產(chǎn)生的電功率變成原來的；P=UIC誤；D、發(fā)電機線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉淼?，則原線圈中電流的頻率變成原來的，所以副線圈中，通應(yīng)選：B?！军c評】此題考察了溝通電的產(chǎn)生以及變壓器的構(gòu)造和原理，對溝通電來說，當(dāng)線圈的角速度減小時，不僅僅溝通電的頻率發(fā)生變化，溝通電的最大值、有效值都會產(chǎn)生變化。5〔6.00分〕氫原子光譜在可見光區(qū)域內(nèi)有四條譜線HHα β

H，都是氫原子中電子從量γ δ子數(shù)n＞2的能級躍遷到n=2的能級時發(fā)出的光它們在真空中的波長由長到短可以判〔 〕A．H

對應(yīng)的前后能級之差最小α

的折射率最大α的傳播速度最大δ

照耀某一金屬能發(fā)生光電效應(yīng)，則Hγ

也肯定能β【分析】由波長與頻率關(guān)系，可判定四條譜線的頻率凹凸，從而確定其的能量大小，再結(jié)合躍遷過程中，釋放能量即為前后能級之差，并由能量大小，來判定折射率的凹凸，再由v=，來確定傳播速度的大?。蛔罱K依據(jù)入射光的頻率不小于極限頻率時，才會發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象?！窘獯稹拷猓篈H

、HHα β

和H，在真空中的波長由長到短，依據(jù) ，可知，γ δα

β γ

，的頻率是由低到高；那么它們的能量也是由小到大，δ而△E=Em

E=hn

對應(yīng)的前后能級之差最小，故A正確；αBH錯誤；

δ

的折射率最小，故BαC、在同一介質(zhì)中，H

v=C錯誤；δDH

γ

β

Hγ

β

，依據(jù)γH應(yīng)選：A。

不肯定能，故D錯誤；β【點評】考察躍遷過程中能級的凹凸，把握頻率的大小與折射率的凹凸的關(guān)系，理解光電效應(yīng)發(fā)生條件?！裁款}618全部選對的得630〕6〔6.00分202322成為世界上少數(shù)擁有在軌運行高精度地球物理場探測衛(wèi)星的國家之一。通過觀測可以得到衛(wèi)星繞地球運動的周期，并地球的半徑和地球外表處的重力加速度。假設(shè)將衛(wèi)星繞地球的運動看作是勻速圓周運動，且不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，依據(jù)以上數(shù)據(jù)可以計算出衛(wèi)星的〔〕A．密度 B．向心力的大小C．離地高度 D．線速度的大小【分析】衛(wèi)星繞地球做圓周運動，萬有引力供給向心力，應(yīng)用萬有引力公式與牛頓其次定律求出線速度、向心加速度、重力加速度，然后答題?！窘獯稹拷猓篈TR，地球外表的重g；地球外表的重力由萬有引力供給，所以：mg=所以地球的質(zhì)量：M= ，沒有告知萬有引力常量，所以不能求出地球的質(zhì)量，就不能求出地A錯誤；BBC、依據(jù)萬有引力供給向心力，由牛頓其次定律得： =m 〔R+h〕解得：h= = 可以求出衛(wèi)星的高度。故C正確；D、由牛頓其次定律得： =解得：v= = ，可知可以求出衛(wèi)星的線速度。故D正確應(yīng)選：CD【點評】此題考察了人造衛(wèi)星的應(yīng)用，知道萬有引力供給向心力是解題的關(guān)鍵，應(yīng)用萬有引力公式與牛頓其次定律可以解題。7〔6.00分〕扶正了塔身。假設(shè)所用的木楔為等腰三角形，木楔的頂角為，方向如圖所示，木楔兩側(cè)產(chǎn)生推力FN

，則〔 〕NC肯定，F(xiàn)FN

大大N大D肯定，F(xiàn)F大NF平行四邊形定則，畫出力F【解答】解：選木楔為爭論對象，木楔受到的力有：水平向左的F、和兩側(cè)給它的與木楔的斜FF則：N

肯定，F(xiàn)FN

ADBC應(yīng)選：BC?！军c評】對力進(jìn)展分解時，肯定要分清力的實際作用效果的方向如何，再依據(jù)平行四邊形定則或三角形定則進(jìn)展分解即可。8〔6.00分一振子沿x軸做簡諧選動平衡位置在坐標(biāo)原點t=0時振子的位移為m時位移為0.1m，則〔 〕A0.1m，振子的周期可能為sB．假設(shè)振幅為0.1m，振子的周期可能為sC．假設(shè)振幅為0.2m，振子的周期可能為4sD0.2m6st=0x﹣0.1mt=1x=0.1mm1s0.2m，分靠近平衡位置和遠(yuǎn)離平衡位置分析?！窘獯稹拷猓篈、B、t=0x=﹣0.1m，t=1sx=0.1m0.1m，則：〔n+〕T=t解得：T= n=2T=sB圖象，有：t=+nT ①T+nT ②者t=+nT ，當(dāng)n=1時，T= sn=1T=s應(yīng)選：AD01s4三、非選擇題．此題共4729〔4.00分〕0.45k0.05k200m/s水平速度擊中木塊，并留在其中，整個木塊沿子彈原方向運動，則木塊最終速度的大小是20以整體為爭論對象，水平方向依據(jù)動量守恒定律求解木塊最終的速度大小；依據(jù)能量守恒定律求解子彈射入木塊的深度?！窘獯稹拷猓耗緣K的質(zhì)量M=0045kg，子彈的質(zhì)量為m=0.05kg，初速度為v0

=200m/s，二者組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，設(shè)子彈初速度方向為正方向，依據(jù)動量守恒定律可得：=〔m+M〕v0解得木塊最終速度的大小v= = 設(shè)子彈射入木塊的深度為d，依據(jù)能量守恒定律可得：fd= ，解得：d=0.2m。【點評】此題主要是考察了動量守恒定律；對于動量守恒定律，其守恒條件是：系統(tǒng)不受外力作用或某一方向不受外力作用；解答時要首先確定一個正方向，利用碰撞前系統(tǒng)的動量和碰撞后系統(tǒng)的動量相等列方程進(jìn)展解答。10〔4.00分5N〔帶兩個較長的細(xì)繩套，刻度尺，圖釘〔假設(shè)干個。①具體操作前，同學(xué)們提出了如下關(guān)于試驗操作的建議，其中正確的有BC。A．橡皮條應(yīng)和兩繩套夾角的角平分線在一條直線上B．重復(fù)試驗再次進(jìn)展驗證時，結(jié)點O的位置可以與前一次不同C．使用測力計時，施力方向應(yīng)沿測力計軸線；讀數(shù)時視線應(yīng)正對測力計刻度D．用兩個測力計互成角度拉橡皮條時的拉力必需都小于只用一個測力計時的拉力②該小組的同學(xué)用同一套器材做了四次試驗，白紙上留下的標(biāo)注信息有結(jié)點位置O分力和合力的大小及表示力的作用線的點，如以下圖所示。其中對于提高試驗精度最有利的是B?！痉治觥孔鎏骄抗颤c力合成的規(guī)律試驗：我們是讓兩個力拉橡皮條和一個力拉橡皮條產(chǎn)生的作用效果一樣，測出兩個力的大小和方向以及一個力的大小和方向，用力的圖示畫出這三個力，用平行四邊形做出兩個力的合力的理論值，和那一個力〔實際值〕進(jìn)展比較。用平行四邊形畫出來的是理論值，和橡皮筋同線的那個是實際值。由此結(jié)合試驗過程中需要留意的事項依次分析即可。1AFF1 2

方向間夾角大小適當(dāng)即可，不肯定要橡皮條應(yīng)和兩繩套夾角的角平分線在一條直線上，故A錯誤；B、合力與分力的關(guān)系為等效替代的關(guān)系，效果是一樣的，所以在同一次試驗時，需要讓兩個力OOBC、使用測力計時，施力方向應(yīng)沿測力計軸線，可以減小引摩擦產(chǎn)生的誤差；讀數(shù)時視線應(yīng)正對測力計刻度，可以減小偶然誤差。故C正確；D錯誤；應(yīng)選：BC〔2〕A、為了便于確定拉力的方向，拉橡皮條的細(xì)繩要稍長一些，同時在紙上描點時，所描的AB、該圖中所描的點到結(jié)點的距離適中，力的大小適中，而且兩個力的角度的大小也適中。故B正確；C、試驗要便利、準(zhǔn)確，兩分力適當(dāng)大點，讀數(shù)時相對誤差小，但不宜太大，該圖中的讀數(shù)都太CDD應(yīng)選：B〔1〕BC〔2〕B求同學(xué)們對于根底學(xué)問要嫻熟把握并能正確應(yīng)用，加強對根底試驗理解，同時要理解會給試驗帶來誤差的因素。11〔10.00〕Rx外，還有以下器材供選用：D．電流表〔0～0.6

的阻值〔10k

xF．電源〔12V2A，內(nèi)阻不計〕①為使測量盡量準(zhǔn)確，電壓表選用 B，電流表選用 C，電源選用 F〔均填器材的字母代號〕Rx阻值的試驗電路圖。③該同學(xué)選擇器材、連接電路和操作均正確，從試驗原理上看，待測電阻測量值會 大于其真實值〔填大于、小于或等于，緣由 電壓表的讀數(shù)大于待測電阻兩端實際電壓?！痉治觥竣俜治鼋o出的儀表，依據(jù)安全和準(zhǔn)確性原則進(jìn)展分析，從而確定應(yīng)選擇的測量儀表；②依據(jù)試驗原理確定試驗電路圖，明確分壓接法和內(nèi)外接法的正確應(yīng)用；③分析電路圖，依據(jù)電表內(nèi)阻的影響進(jìn)展分析，明確誤差狀況和緣由。F10V的量程，最大電流I約為：I= =0.001A=1mAC；量，電流表選擇內(nèi)接法，故電路圖如下圖；律可知，電阻測量值將大于真實值；故答案為：①B；C；F；②如下圖；③大于；電壓表的讀數(shù)大于待測電阻兩端的實際電壓?！军c評】遇到電學(xué)試驗問題應(yīng)明確：①通過求出待測電阻的最大電流來選擇電流表量程；②明要求時，變阻器可以承受限流式接法。12〔16.00分C919后，拉開了全面試驗試飛的征程。假設(shè)飛機在水平跑道上的滑跑是初速度為零的勻加速直線x=1.×103mv=80m/s000.1g=10m/s2．求飛機滑跑過程中a牽引力的平均功率P。〔1〕飛機起飛滑行過程簡化為初速度為零的勻加速直線運動，依據(jù)勻變速直線運動的速度位移公式求出飛機滑行過程的加速度?！?〕由v=att；依據(jù)動能定理求出牽引力做的功，由平均功率的表達(dá)式即可求出平均功率?！窘獯稹?〕代入數(shù)據(jù)得a=2m/s2。：t= s

=0.1mg阻WW﹣Fx=阻牽引力的平均功率：〔1〕a2m/s2；【點評】解決此題的關(guān)鍵把握勻變速直線運動的速度位移公式，并能敏捷運用，要知道加速度是聯(lián)系力和運動的橋梁。13〔18.00分〕abab的上方存在勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，方向垂直紙面對里。磁場中有一內(nèi)、外半徑分別為R、R的半圓環(huán)形區(qū)域，外圓與ab的交點分別為M、N．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負(fù)電PMNPM所用的時間t；PQMNMNQv0

的大小。M點的速度，然后結(jié)合動量定理即可求出粒子在電場中運動的時間；〔2〕M的速度，然后由動能定理即可求出?！窘獯稹俊?〕設(shè)粒子第一次在磁場中運動的速度為向心力，可得：可得：v=qEt=mv﹣0聯(lián)立可得：t=T=期與其速度、半徑都無關(guān)；依據(jù)：

，可知粒子在磁場中運動的周由幾何關(guān)系可得：ab2tanθ=粒子從Q點拋出后做類平拋運動，在電場方向向上的分運動與從P釋放后的狀況一樣，所以粒vv0

，則：tanθ=聯(lián)立可得：v0答〔1〕粒子從P到M所用的時間是 ；〔2〕Qv0

的大小是 ?！军c評】此題考察帶電粒子在電場、磁場中兩運動模型：勻速圓周運動與類平拋運動，及相關(guān)的綜合分析力量，以及空