2023屆福建省晉江市物理高一第二學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測試題含解析_第1頁
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文檔簡介

2022-2023學(xué)年高一下物理期末模擬試卷注意事項(xiàng):1.答卷前,考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2.回答選擇題時(shí),選出每小題答案后,用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑,如需改動(dòng),用橡皮擦干凈后,再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?;卮鸱沁x擇題時(shí),將答案寫在答題卡上,寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后,將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題:本大題共10小題,每小題5分,共50分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有的只有一項(xiàng)符合題目要求,有的有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。1、下面物理原理中說法不正確的是()A.物體所受合外力越大,它的動(dòng)量變化就越快B.發(fā)射火箭的基本原理是利用直接噴出的高溫高壓氣體,獲得強(qiáng)大的反沖推力C.物體所受合外力對(duì)其所做總功為零,則該物體機(jī)械能一定守恒D.某系統(tǒng)在爆炸或碰撞瞬間內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力,可近似認(rèn)為該系統(tǒng)動(dòng)量守恒2、(本題9分)研究與平行板電容器電容有關(guān)因素的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示,下列說法正確的是()A.實(shí)驗(yàn)前,只用帶電玻璃棒與電容器a板接觸,能使電容器帶電B.實(shí)驗(yàn)中,只將電容器b板向上平移,靜電計(jì)指針的張角變小C.實(shí)驗(yàn)中,只在極板間插入有機(jī)玻璃板,靜電計(jì)指針的張角變大D.實(shí)驗(yàn)中,只增加極板帶電量,靜電計(jì)指針的張角變大,表明電容增大3、(本題9分)如圖所示,小球從高處下落到豎直放置的輕彈簧上,在將彈簧壓縮到最短的整個(gè)過程中,下列關(guān)于小球和彈簧的能量敘述中正確的是()A.重力勢能和動(dòng)能之和總保持不變B.重力勢能和彈性勢能之和總保持不變C.動(dòng)能和彈性勢能之和總保持不變D.重力勢能、彈性勢能和動(dòng)能之和總保持不變4、(本題9分)庫侖利用如圖所示的裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)研究,得出了庫侖定律.關(guān)于實(shí)驗(yàn)裝置和實(shí)驗(yàn)操作,下列說法正確的是()A.小球A、B、C均為帶電小球B.庫侖用儀器測量了金屬球所帶電荷量的具體數(shù)值C.A和C之間的靜電力大小是用彈簧測力計(jì)測量出來的D.A和C之間的靜電力使懸絲扭轉(zhuǎn),通過懸絲扭轉(zhuǎn)的角度來比較靜電力的大小5、(本題9分)物理學(xué)的發(fā)展豐富了人類對(duì)物質(zhì)世界的認(rèn)識(shí),推動(dòng)了科學(xué)技術(shù)的創(chuàng)新和革命,促進(jìn)了物質(zhì)生產(chǎn)的繁榮與人類文明的進(jìn)步.下面說法正確的是A.哥白尼提出地球是宇宙的中心B.開普勒提出日心說,并指出行星繞太陽的運(yùn)動(dòng)軌跡是橢圓C.牛頓通過“月—地”檢驗(yàn)驗(yàn)證了重力與地球?qū)υ铝恋囊κ峭恍再|(zhì)的力D.牛頓利用扭秤實(shí)驗(yàn)測出了引力常量6、(本題9分)用如圖所示實(shí)驗(yàn)裝置探究影響平行板電容器電容的因素,其中電容器左側(cè)極板和靜電計(jì)外殼接地,電容器右側(cè)極板與靜電計(jì)金屬球相連,電容器帶電后與電源斷開.下列說法中正確的有A.上移左極板,靜電計(jì)指針張角變小B.右移左極板,靜電計(jì)指針張角變大C.在兩極板間插入一課本,靜電計(jì)指針張角變小D.若教室內(nèi)空氣濕度較大,則實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象不明顯7、(本題9分)如圖所示,質(zhì)量相同的物體分別自斜面AC和BC的頂端由靜止開始下滑,物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)都相同,物體滑到斜面底部C點(diǎn)時(shí)重力所做的功分別為WG1和WG2,下滑過程中克服摩擦力所做的功分別為W1和W2,則()A.WG1>W(wǎng)G2 B.WG1<WG2 C.W1>W(wǎng)2 D.W1=W28、(本題9分)2017年3月16日消息,高景一號(hào)衛(wèi)星發(fā)回清晰影像圖,可區(qū)分單個(gè)樹冠.天文愛好者觀測該衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí),發(fā)現(xiàn)該衛(wèi)星每經(jīng)過時(shí)間t通過的弧長為l,該弧長對(duì)應(yīng)的圓心角為θ弧度,已知引力常量為G,則A.高景一號(hào)衛(wèi)星的質(zhì)量為B.高景一號(hào)衛(wèi)星角速度為C.高景一號(hào)衛(wèi)星線速度大小為2πD.地球的質(zhì)量為9、(本題9分)如圖,a、b、c是地球大氣層外同一平面內(nèi)沿圓形軌道上運(yùn)動(dòng)的三顆衛(wèi)星,a和b的質(zhì)量相等且小于c的質(zhì)量,則()A.b所需向心力最小B.b、c的周期相同,且大于a的周期C.b、c的線速度大小相等,且大于a的線速度D.b、c的向心加速度大小相等,且大于a的向心加速度10、如圖,電荷量分別為q和–q(q>0)的點(diǎn)電荷固定在正方體的兩個(gè)頂點(diǎn)上,a、b是正方體的另外兩個(gè)頂點(diǎn).則A.a(chǎn)點(diǎn)和b點(diǎn)的電勢相等B.a(chǎn)點(diǎn)和b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等C.a(chǎn)點(diǎn)和b點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向相同D.將負(fù)電荷從a點(diǎn)移到b點(diǎn),電勢能增加二、實(shí)驗(yàn)題11、(4分)某同學(xué)利用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律.將氣墊導(dǎo)軌固定在水平桌面上,調(diào)節(jié)旋鈕使其水平.在氣墊導(dǎo)軌的左端固定一光滑的定滑輪,在B處固定一光電門,測出滑塊及遮光條的總質(zhì)量為M,將質(zhì)量為m的鉤碼通過細(xì)線與滑塊連接.打開氣源,滑塊從A處由靜止釋放,寬度為b的遮光條經(jīng)過光電門擋光時(shí)間為t,取擋光時(shí)間t內(nèi)的平均速度作為滑塊經(jīng)過B處的速度,A、B之間的距離為d,重力加速度為g.(1)調(diào)整光電門的位置,使得滑塊通過B點(diǎn)時(shí)鉤碼沒有落地.滑塊由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中,系統(tǒng)動(dòng)能增加量ΔEk為______,系統(tǒng)重力勢能減少量ΔEp為___.(以上結(jié)果均用題中所給字母表示)(2)若實(shí)驗(yàn)結(jié)果發(fā)現(xiàn)ΔEk總是略大于ΔEp,可能的原因是______A.存在空氣阻力B.滑塊沒有到達(dá)B點(diǎn)時(shí)鉤碼已經(jīng)落地C.測出滑塊左端與光電門B之間的距離作為dD.測出滑塊右端與光電門B之間的距離作為d12、(10分)(本題9分)某同學(xué)用如圖1所示的裝置來探究彈力和伸長量的關(guān)系,她分別把彈簧和橡皮筋作為研究對(duì)象,記錄每一次懸掛鉤碼的質(zhì)量和指針?biāo)鶎?duì)應(yīng)的刻度,然后通過分析這些數(shù)據(jù)獲得了自己的實(shí)驗(yàn)結(jié)論.(1)實(shí)驗(yàn)時(shí),該同學(xué)認(rèn)為可以用鉤碼的重力來代替彈簧或橡皮筋產(chǎn)生的彈力大小,這樣做的依據(jù)是______.A.鉤碼靜止時(shí)受到的彈力和重力是一對(duì)作用力與反作用力B.鉤碼靜止時(shí)受到的彈力和重力是一對(duì)平衡力C.鉤碼靜止時(shí)受到的彈力和重力本來就是同一個(gè)力(2)該同學(xué)用圖象法來分析數(shù)據(jù),如圖2所示,其中橫軸代表伸長量、縱軸代表彈力.圖中“虛線”是根據(jù)橡皮筋的測量數(shù)據(jù)繪制出的圖線、“+”是根據(jù)彈簧的測量數(shù)據(jù)描繪的點(diǎn)跡,但她對(duì)彈簧的研究工作還未結(jié)束,請(qǐng)你根據(jù)下面表格中的數(shù)據(jù)在圖2中完成剩余工作:a.請(qǐng)用“+”將第4個(gè)點(diǎn)跡描繪在圖象中;b.請(qǐng)根據(jù)所有點(diǎn)跡“+”畫出能反映彈簧彈力變化規(guī)律的圖線______.(3)請(qǐng)根據(jù)圖中你所繪制的圖線計(jì)算該彈簧的勁度系數(shù)為______N/m.(保留3位有效數(shù)字)(4)若將橡皮筋和彈簧分別從原長拉伸5cm的伸長量,人克服彈力做的功分別為W1、W2,請(qǐng)根據(jù)圖2判斷W1______W2(選填“>”“=

參考答案一、選擇題:本大題共10小題,每小題5分,共50分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有的只有一項(xiàng)符合題目要求,有的有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。1、C【解析】

A.物體所受合外力越大,加速度就越大,物體速度變化就越快,所以它的動(dòng)量變化就越快,故A正確;B.發(fā)射火箭的基本原理是利用直接噴出的高溫高壓氣體,獲得強(qiáng)大的反沖推力,選項(xiàng)B正確;C.物體所受合外力對(duì)其所做總功為零,則該物體機(jī)械能不一定守恒,例如勻速上升的物體,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;D.某系統(tǒng)在爆炸或碰撞瞬間內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力,可近似認(rèn)為該系統(tǒng)動(dòng)量守恒,選項(xiàng)D正確;2、A【解析】A、當(dāng)用帶電玻璃棒與電容器a板接觸,由于靜電感應(yīng),從而在b板感應(yīng)出等量的異種電荷,從而使電容器帶電,故選項(xiàng)A正確;B、根據(jù)電容器的決定式:C=εS4πkd,將電容器b板向上平移,即正對(duì)面積S減小,則電容C減小,根據(jù)C=QU可知,電量C、根據(jù)電容器的決定式:C=εS4πkd,只在極板間插入有機(jī)玻璃板,則介電系數(shù)ε增大,則電容C增大,根據(jù)C=QU可知,電量D、根據(jù)C=QU可知,電量Q增大,則電壓U也會(huì)增大,則電容點(diǎn)睛:本題是電容器動(dòng)態(tài)變化分析問題,關(guān)鍵抓住兩點(diǎn):一是電容器的電量不變;二是電容與哪些因素有什么關(guān)系。3、D【解析】

A、對(duì)于小球從接觸彈簧到將彈簧壓縮到最短的過程中,小球的動(dòng)能、重力勢能和彈簧的彈性勢能這三種形式的能量相互轉(zhuǎn)化,沒有與其他形式的能發(fā)生交換,也就說小球的動(dòng)能、重力勢能和彈簧的彈性勢能之和保持不變。對(duì)于小球從接觸彈簧到將彈簧壓縮到最短的過程中,彈簧是一直被壓縮的,所以彈簧的彈性勢能一直在增大。因?yàn)樾∏虻膭?dòng)能、重力勢能和彈簧的彈性勢能之和保持不變,重力勢能和動(dòng)能之和始終減小。故A錯(cuò)誤。

B、在剛接觸彈簧的時(shí)候這個(gè)時(shí)候小球的加速度等于重力加速度,在壓縮的過程中,彈簧的彈力越來越大,小球所受到的加速度越來越小,直到彈簧的彈力等于小球所受到的重力,這個(gè)時(shí)候小球的加速度為0,要注意在小球剛接觸到加速度變0的工程中,小球一直處于加速狀態(tài),由于慣性的原因,小球還是繼續(xù)壓縮彈簧,這個(gè)時(shí)候彈簧的彈力大于小球受到的重力,小球減速,直到小球的速度為0,這個(gè)時(shí)候彈簧壓縮的最短。所以小球的動(dòng)能先增大后減小,所以重力勢能和彈性勢能之和先減小后增加。故B錯(cuò)誤。

C、小球下降,重力勢能一直減小,所以動(dòng)能和彈性勢能之和一直增大。故C錯(cuò)誤。

D、對(duì)于小球從接觸彈簧到將彈簧壓縮到最短的過程中,小球的動(dòng)能、重力勢能和彈簧的彈性勢能這三種形式的能量相互轉(zhuǎn)化,沒有與其他形式的能發(fā)生交換,也就說小球的動(dòng)能、重力勢能和彈簧的彈性勢能之和保持不變。故D正確。

故選D。4、D【解析】

AD.在該實(shí)驗(yàn)中,細(xì)懸絲的下端懸掛一根絕緣棒,棒的一端是一個(gè)帶電的金屬小球A,另一端有一個(gè)不帶電的球B,B與A所受的重力平衡,當(dāng)把另一個(gè)帶電的金屬球C插入容器并使它靠近A時(shí),A和C之間的作用力F使懸絲扭轉(zhuǎn),已知懸絲轉(zhuǎn)動(dòng)的角度a與力F的大小成正比.故A錯(cuò)誤,D正確;B.該實(shí)驗(yàn)中沒有測量A與C的帶電量.故B錯(cuò)誤;C.A與B之間的靜電力是通過力矩平衡,結(jié)合懸絲的力矩來分析的.故C錯(cuò)誤.5、C【解析】

根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答,記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可。【詳解】AB.哥白尼提出了日心說,開普勒發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動(dòng)規(guī)律,故A、B錯(cuò)誤;C.牛頓通過“月一地”檢驗(yàn)驗(yàn)證了重力與地球月亮的引力是同一種力,故C正確;D.卡文迪許利用扭秤實(shí)驗(yàn)測出萬有引力常量,牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律,故D錯(cuò)誤?!军c(diǎn)睛】本題主要考查的是物理學(xué)史,較為簡單。6、CD【解析】

電容器帶電后與電源斷開,則電容器帶電量Q一定,由,上移左極板,則S減小,C減小,由Q=CU可知,U變大,則靜電計(jì)指針張角變大,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;由,右移左極板,則d減小,C變大,由Q=CU可知,U變小,則靜電計(jì)指針張角變小,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;在兩極板間插入一課本,ε變大,由,則C變大,由Q=CU可知,U變小,則靜電計(jì)指針張角變小,選項(xiàng)C正確;若教室內(nèi)空氣濕度較大,則電容器所帶的電量不容易保持,則實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象不明顯,選項(xiàng)D正確.7、AD【解析】

由題圖及“WG1和WG1”、“W1和W1”可知,本題考查功的計(jì)算公式的運(yùn)用。根據(jù)物體下降的高度關(guān)系分析重力做功關(guān)系。由功的計(jì)算公式分析克服摩擦力所做的功關(guān)系?!驹斀狻緼B、根據(jù)重力做功公式WG=mgh,知m相等,h1>h1,則WG1>W(wǎng)G1,故A正確,B錯(cuò)誤。CD、設(shè)任一斜面的傾角為θ,斜面的長度為s,斜面底邊為L.則物體克服摩擦力做功Wf=μmgcosθ?s=μmgL,μ、m、L都相等,則W1=W1.故C錯(cuò)誤,D正確?!军c(diǎn)睛】計(jì)算知道重力做功與豎直高度有關(guān),滑動(dòng)摩擦力做功與水平位移有關(guān)。8、BD【解析】

根據(jù)萬有引力提供向心力列式只能求解中心天體的質(zhì)量,不能求解環(huán)繞天體的質(zhì)量,所以不能求出高景一號(hào)衛(wèi)星的質(zhì)量,故A錯(cuò)誤;高景一號(hào)衛(wèi)星線速度為:;角速度為:;根據(jù)線速度和角速度的關(guān)系公式,有:v=ωr

衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng),萬有引力提供向心力,根據(jù)牛頓第二定律,有:;聯(lián)立解得:,故BD正確,C錯(cuò)誤.故選BD.9、AB【解析】

根據(jù)萬有引力提供向心力得A.,a和b質(zhì)量相等且小于c的質(zhì)量,可知b所需向心力最小,故A項(xiàng)與題意相符;B.所以b、c的周期相同,大于a的周期,故B項(xiàng)與題意相符;C.所以b、c的線速度大小相等,小于a的線速度,故C項(xiàng)與題意不相符;D.所以b、c的向心加速度相等,小于a的向心加速度,故D項(xiàng)與題意不相符。10、BC【解析】

由幾何關(guān)系,可知b的電勢大于a的電勢,故A錯(cuò)誤,把負(fù)電荷從a移到b,電勢能減少,故D錯(cuò)誤;由對(duì)稱性和電場的疊加原理,可得出a、b的合電場強(qiáng)度大小、方向都相同,故B、C正確.二、實(shí)驗(yàn)題11、C【解析】

(1)由于光電門的寬度b很小,所以我們用很短時(shí)間內(nèi)的平均速度代替瞬時(shí)速度。

滑塊通過光電門B速度為:;

滑塊從A處到達(dá)B處時(shí)m和M組成的系統(tǒng)動(dòng)能增加量為:;

系統(tǒng)的重力勢能減少量可表示為:△Ep=mgd;

比較△Ep和△Ek,若在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)相等,即可認(rèn)為機(jī)械能是守恒的。

(2)若存在空氣阻力的,則有△Ek總是略小于△Ep,故A錯(cuò)誤;滑塊沒有到達(dá)B點(diǎn)時(shí)鉤碼已經(jīng)落地,拉力對(duì)滑塊做的功會(huì)減小,△Ek應(yīng)小于△Ep,故B錯(cuò)誤;將滑塊左端與光電門B之間的距離作為d,鉤碼下落的高度算少了,△Ek將大于△Ep,

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