2023屆福建省高考物理模擬（二模、三模）試題知識點(diǎn)分類訓(xùn)練：電磁學(xué)選擇題含答案

試卷第=page1010頁，共=sectionpages1111頁福建省2023年高考物理模擬（二模、三模）試題知識點(diǎn)分類訓(xùn)練：電磁學(xué)選擇題一、單選題1．（2023·福建泉州·統(tǒng)考二模）心臟驟停最有效的搶救方式是盡早通過AED自動除顫機(jī)給予及時治療。如圖，某型號AED模擬治療儀器內(nèi)有一電容為的電容器，某次使用過程中，該電容器在內(nèi)充電至電壓，之后在時間內(nèi)完成放電，則（）A．電容器充電后所帶的電荷量為B．電容器充電過程中電容一直增大C．電容器放電過程中放電電流一直增大D．電容器放電過程中平均電流為2．（2023·福建漳州·統(tǒng)考二模）如圖，在等量異種點(diǎn)電荷+Q、-Q產(chǎn)生的電場中，O是兩點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)，A、B是中垂線上關(guān)于O點(diǎn)對稱的兩點(diǎn)，C、D是關(guān)于中垂線對稱的兩點(diǎn)，a、b兩個電子從O點(diǎn)以相同初動能射出，a電子經(jīng)過C點(diǎn)，b電子經(jīng)過D點(diǎn)，不計電子的重力和電子對原電場的影響，則（）A．A、B兩點(diǎn)電勢相同，電場強(qiáng)度不相同B．C、D兩點(diǎn)電場強(qiáng)度相同，電勢不相同C．a(chǎn)電子經(jīng)過C點(diǎn)時的動能大于b電子經(jīng)過D點(diǎn)時的動能D．a(chǎn)電子在C點(diǎn)時的加速度大于b電子在D點(diǎn)時的加速度3．（2023·福建漳州·統(tǒng)考二模）如圖萊頓瓶是一個玻璃容器，瓶內(nèi)、外壁各貼著一圈金屬箔，作為里、外兩個極板，穿過橡皮塞的銅棒上端是一個球形電極，下端利用鐵鏈與內(nèi)壁金屬箔連接，外壁金屬箔接地，在其他因素視為不變的情況下，下列說法正確的是（）A．金屬箔越厚，萊頓瓶的電容越大B．金屬箔越厚，萊頓瓶的電容越小C．瓶壁玻璃越薄，萊頓瓶的電容越小D．瓶壁玻璃越薄，萊頓瓶的電容越大4．（2023·福建泉州·統(tǒng)考三模）三個相同的帶孔金屬小球A、B、C串在環(huán)形絕緣細(xì)繩上，A、B所帶的電荷量分別為、，C不帶電。將三個小球放在絕緣水平桌面上，保持靜止時三個小球的位置如圖甲所示。將三個球一起接觸后釋放，再次靜止時，三個小球的位置如圖乙所示。不計小球的體積與一切摩擦，則前后兩次靜止時，細(xì)繩中張力大小之比為（）A． B． C． D．5．（2023·福建福州·統(tǒng)考二模）利用電壓u＝220sin100πt（V）交流電源對如圖電路供電，已知理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為5:1，燈泡L1和L2規(guī)格均為“40V，20W”，電阻R的阻值為100Ω，所有電表均為理想電表。則下列說法正確的是（）A．若開關(guān)S斷開，電表V2的示數(shù)為44VB．若開關(guān)S斷開，電表A1、A2的示數(shù)之比為5:1C．若開關(guān)S由斷開到閉合，A1示數(shù)增大，V1示數(shù)增大D．若開關(guān)S由斷開到閉合，A2示數(shù)增大，V2示數(shù)減小6．（2023·福建廈門·統(tǒng)考二模）如圖所示，在直鐵芯上、下部分分別繞有匝數(shù)和的兩個線圈，上線圈兩端與的交流電源相連，下線圈兩端接交流電壓表，則交流電壓表的讀數(shù)可能是（）A．1.0V B．4.0VC．5.7V D．36.0V7．（2023·福建龍巖·統(tǒng)考二模）在A、B兩點(diǎn)放置電荷量分別為和的點(diǎn)電荷，其形成的電場線分布如圖所示，C為A、B連線的中點(diǎn)，D是AB連線的中垂線上的另一點(diǎn)。則下列說法正確的是（）A．B．C點(diǎn)的場強(qiáng)小于D點(diǎn)的場強(qiáng)C．C點(diǎn)的電勢等于D點(diǎn)的電勢D．若將另一負(fù)電荷從C點(diǎn)移到D點(diǎn)，電荷電勢能增大8．（2023·福建·模擬預(yù)測）如圖所示，導(dǎo)體棒P通過兩等長細(xì)線懸掛在豎直墻面上等高的兩點(diǎn)，并通以恒定電流，另一長直導(dǎo)體棒Q位于AB連線正下方，并與一滑動變阻器串聯(lián)，閉合開關(guān)前滑片位于最左端，已知通電直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度與通電導(dǎo)線的電流大小成正比，與到通電導(dǎo)線的距離成反比。不計電源與導(dǎo)體棒電阻，現(xiàn)閉合開關(guān)，將滑動變阻器的滑片自最左端緩慢滑至中間，導(dǎo)體棒P繞AB連線緩慢轉(zhuǎn)動，下列說法正確的是（）A．導(dǎo)體棒P所受安培力始終垂直于兩棒所在平面B．繩子拉力將減半C．兩棒間的安培力將翻倍D．兩棒的間距將變?yōu)樵瓉淼谋?．（2023·福建莆田·統(tǒng)考二模）某家庭電路兩端的電壓u隨時間t變化關(guān)系如圖所示，下列說法正確的是（）A．該交流電的頻率為100HzB．該交流電的電壓有效值為311VC．交流電壓表測得該電壓示數(shù)為220VD．該交流電的電壓表達(dá)式為二、多選題10．（2023·福建泉州·統(tǒng)考二模）在水平向右的勻強(qiáng)電場中，帶電小球A、B用一根絕緣輕繩連接，另一根絕緣輕繩將A懸掛在O點(diǎn)，A、B的質(zhì)量均為，電量分別為和。對B施加拉力使系統(tǒng)平衡時A、B的位置如圖所示，其中繩水平，構(gòu)成正三角形。已知重力加速度大小為，勻強(qiáng)電場場強(qiáng)大小為?，F(xiàn)撤去拉力，由于空氣阻力的作用，A、B最終會再次處于靜止?fàn)顟B(tài)，則A、B再次靜止后（）A．繩的拉力大小為B．繩的拉力大小為C．與撤去前相比，系統(tǒng)電勢能和系統(tǒng)重力勢能都減小D．與撤去前相比，A球的總能量增加，B球的總能量減少11．（2023·福建漳州·統(tǒng)考二模）如圖，矩形線圈在豎直勻強(qiáng)磁場中繞垂直磁場的軸OO′勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的交變電流輸入理想變壓器的原線圈，A是串聯(lián)在原線圈回路中的理想交流電流表，P1是原線圈上的滑動片，P2是滑動變阻器R的滑動片，此時燈泡L正常發(fā)光，忽略矩形線圈的內(nèi)阻和燈絲電阻的變化，則（）A．僅將P1向上滑動，燈泡將變暗B．僅將P2向左滑動，電流表示數(shù)變大C．矩形線圓轉(zhuǎn)到中性面位置時，電流表示數(shù)為零D．矩形線圓在勻速轉(zhuǎn)動過程中，電流表示數(shù)不變12．（2023·福建漳州·統(tǒng)考二模）如圖，水平虛線下方有水平向右的勻強(qiáng)電場，虛線上方有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，P為虛線上的一點(diǎn)，從O點(diǎn)沿OP方向先后射出初動能分別為E0和2E0的兩個質(zhì)子，它們第一次經(jīng)過虛線上的位置分別為M1、M2，第二次經(jīng)過虛線上的位置分別為N1、N2，M1、M2、N1、N2圖中未畫出，已知O、P連線垂直于電場也垂直于磁場，則（）A．PM1=PM2 B．PM1>PM2C．M2N2<M1N1 D．13．（2023·福建福州·統(tǒng)考二模）如圖，兩根間距為L的固定平行光滑金屬導(dǎo)軌MCN和PDQ，水平部分MC、PD與傾斜部分CN、DQ分別在C、D平滑連接，傾斜軌道與水平面夾角為θ。水平導(dǎo)軌和傾斜導(dǎo)軌間分別存在寬度均為d、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B的磁場區(qū)域I和Ⅱ，區(qū)域I磁場方向豎直向上，區(qū)域Ⅱ磁場方向垂直平面CNQD向下。兩根質(zhì)量均為m、電阻分別為2R和3R的金屬棒a、b與導(dǎo)軌垂直放置，b棒置于水平導(dǎo)軌C、D處。a棒以速度v0進(jìn)入磁場區(qū)域I，從磁場Ⅰ穿出時的速度大小為，與b棒發(fā)生彈性碰撞。b棒從C、D處沿傾斜軌道穿過磁場區(qū)域Ⅱ并返回C、D處時，速度大小為，所用時間為t。兩金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，導(dǎo)軌電阻不計。則（）A．a(chǎn)棒在磁場中向右運(yùn)動過程與b棒在磁場中向上運(yùn)動過程，回路中感應(yīng)電流方向相反B．a(chǎn)棒第一次穿過磁場區(qū)域I的過程中，金屬棒b上產(chǎn)生的焦耳熱為mC．b棒從開始運(yùn)動到返回C、D處所用時間D．最終a棒停在磁場區(qū)域I中距區(qū)域I右邊界處14．（2023·福建泉州·統(tǒng)考三模）如圖甲所示，水平絕緣傳送帶正在輸送一閉合正方形金屬線框，在輸送中讓線框隨傳送帶通過一固定的勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁場方向豎直向下，磁場邊界MN、PQ與傳送帶運(yùn)動方向垂直，其間距為。已知傳送帶以恒定速度運(yùn)動，線框質(zhì)量為，邊長為，線框與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為，且在傳送帶上始終保持線框左、右兩邊平行于磁場邊界，線框右邊進(jìn)入磁場到線框右邊離開磁場過程中，其速度隨時間變化的圖像如圖乙所示，重力加速度大小為，則（）A．線框進(jìn)出磁場過程中感應(yīng)電流方向相同B．線框穿過磁場過程中受到的摩擦力方向不變C．整個線框剛好離開磁場時的速度為D．整個線框穿過磁場過程中安培力對線框做的功為15．（2023·福建廈門·統(tǒng)考二模）如圖甲所示，平板電腦機(jī)身和磁吸保護(hù)殼對應(yīng)部位分別有霍爾元件和磁體。如圖乙所示，霍爾元件為一塊長、寬、高分別為a、b、c的矩形半導(dǎo)體，元件內(nèi)的導(dǎo)電粒子為自由電子，通入的電流方向向右。當(dāng)保護(hù)套合上時，霍爾元件處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于上表面向下的勻強(qiáng)磁場中，于是元件的前、后表面間出現(xiàn)電壓，以此控制屏幕的熄滅，已知電子定向移動速率為v，則（）A．霍爾元件前表面的電勢比后表面的高B．霍爾元件前表面的電勢比后表面的低C．霍爾元件前、后表面間的電壓U=BbvD．霍爾元件前、后表面間的電壓U=Bav16．（2023·福建莆田·統(tǒng)考二模）電動自行車已成為大家出行的便捷交通工具。某型號電動自行車使用磁鐵和霍爾元件來實現(xiàn)改變車速。當(dāng)轉(zhuǎn)動轉(zhuǎn)把時，施加在霍爾元件上的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小發(fā)生變化，霍爾元件產(chǎn)生的電壓（霍爾電壓）U大小就隨之變化，從而改變車速。如圖所示，該霍爾元件是一塊厚度為h，寬度為d的矩形截面半導(dǎo)體，元件內(nèi)的導(dǎo)電粒子是自由電子?；魻栐幱诖怪庇谇氨砻妗⒎较蛳蚶锏膭驈?qiáng)磁場中，通入方向向右的恒定電流I。下列說法正確的是（）A．霍爾元件上表面的電勢低于下表面的電勢B．增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B時，霍爾電壓U減小C．霍爾電壓U與磁感應(yīng)強(qiáng)度B成正比D．霍爾電壓U與厚度h無關(guān)17．（2023·福建龍巖·統(tǒng)考二模）如圖所示，直角三角形ABC區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場（圖中未畫出），AC邊長為l，∠B＝，一群比荷為的帶正電粒子以相同速度在CD范圍內(nèi)垂直AC邊射入，從D點(diǎn)射入的粒子恰好不從AB邊射出。已知從BC邊垂直射出的粒子在磁場中運(yùn)動的時間為t，粒子在磁場中運(yùn)動的最長時間為，不計粒子的重力及粒子間的相互作用力，則（）A．磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B．粒子運(yùn)動的軌道半徑為C．粒子射入磁場的速度大小為 D．粒子在磁場中掃過的面積為18．（2023·福建·模擬預(yù)測）如圖甲所示，兩根足夠長、電阻不計且相距的平行金屬導(dǎo)軌固定在傾角的絕緣斜面上，兩導(dǎo)軌間存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小、垂直斜面向上的勻強(qiáng)磁場，現(xiàn)將兩根質(zhì)量均為、電阻均為、長度均為的金屬棒放置在導(dǎo)軌頂端附近，兩金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好，金屬棒ab與導(dǎo)軌間的摩擦忽略不計，金屬棒cd與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為.在時將金屬棒ab由靜止釋放，此時金屬棒cd鎖定在斜面上，若在時間內(nèi)，金屬棒ab沿著斜面下滑的距離為；時將金屬棒cd由靜止釋放，金屬棒ab中的電流隨時間變化的關(guān)系如圖乙所示，重力加速度大小為，，，則（）A．時，金屬棒ab的加速度大小為B．時，金屬棒cd的加速度大小為C．時，金屬棒ab的速度大小為D．在時間內(nèi)，金屬棒ab產(chǎn)生的焦耳熱為2J19．（2023·福建·模擬預(yù)測）如圖所示，在水平面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系，坐標(biāo)原點(diǎn)O處固定一電荷量為的正點(diǎn)電荷，x軸上距坐標(biāo)原點(diǎn)處的P點(diǎn)固定電荷量為的負(fù)點(diǎn)電荷，已知點(diǎn)電荷周圍任一點(diǎn)的電勢，為該點(diǎn)到點(diǎn)電荷的距離。經(jīng)探究可知在該平面內(nèi)存在一圓周，該圓周上各點(diǎn)的電勢均為零，如圖虛線圓所示，則下列判斷正確的是（）A．各點(diǎn)電勢均為零的圓的圓心坐標(biāo)為（，）B．各點(diǎn)電勢均為零的圓的圓心坐標(biāo)為（，）C．各點(diǎn)電勢均為零的圓的半徑為D．各點(diǎn)電勢均為零的圓的半徑為20．（2023·福建福州·統(tǒng)考二模）如圖所示，兩實線所圍成的環(huán)形區(qū)域內(nèi)有一徑向電場，場強(qiáng)方向沿半徑向外，電場強(qiáng)度大小可表示為，a為常量。電荷量相同、質(zhì)量不同的兩粒子在半徑r不同的圓軌道運(yùn)動。不考慮粒子間的相互作用及重力，則（）A．兩個粒子均帶負(fù)電B．質(zhì)量大的粒子動量較小C．若將兩個粒子交換軌道，兩個粒子仍能做勻速圓周運(yùn)動D．若去掉電場加上垂直紙面的勻強(qiáng)磁場，兩個粒子一定同時做離心運(yùn)動或向心運(yùn)動21．（2023·福建漳州·統(tǒng)考三模）如圖甲，兩根電阻不計、足夠長的導(dǎo)軌MN、PQ平行放置，與水平面問夾角α＝37°，間距為0.8m，上端連接一電阻R＝0.1Ω。兩導(dǎo)軌之間存在方向垂直導(dǎo)軌平面向上的均勻分布的磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示。t＝0時刻，一電阻不計，質(zhì)量為0.02kg的導(dǎo)體棒ab從導(dǎo)軌上且在MP下方0.5m處由靜止釋放。取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，ab與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為0.5，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，不考慮t＝4.25s時磁感應(yīng)強(qiáng)度突變產(chǎn)生的電磁感應(yīng)現(xiàn)象。則（）A．0~4.25s內(nèi)ab中感應(yīng)電流方向從a到bB．t＝0s時ab中感應(yīng)電流I0＝0.4AC．0~4.25s內(nèi)R中消耗的熱功率為0.016WD．a(chǎn)b的最大速度值為0.625m/s22．（2023·福建漳州·統(tǒng)考三模）中國古代屋脊兩頭，有一仰起的龍頭，龍口吐出伸向天空且曲折的金屬舌頭，舌根連接一根直通地下的細(xì)鐵絲，起到避雷的作用。當(dāng)雷云放電接近房屋時，屋頂?shù)谋芾揍橅敹擞捎诰奂罅侩娮佣纬删植侩妶黾械目臻g。圖中虛線表示某時刻避雷針周圍的等差等勢面分布情況，一帶電粒子（不計重力）在該電場中的運(yùn)動軌跡如圖所示。則（）A．該粒子帶正電 B．a(chǎn)點(diǎn)的電勢比c點(diǎn)的低C．b點(diǎn)的場強(qiáng)比c點(diǎn)的場強(qiáng)大 D．該粒子在b點(diǎn)的電勢能比在c點(diǎn)的大23．（2023·福建莆田·統(tǒng)考二模）如圖甲所示，四個電荷量均為＋q的點(diǎn)電荷分別放置于邊長為的正方形abcd的四個頂點(diǎn)上，在x軸上的Oc之間電勢φ的變化曲線如圖乙所示。下列判斷正確的是（）A．正方形內(nèi)部可能存在兩個電場強(qiáng)度為零的點(diǎn)B．在x軸上從a到c電場強(qiáng)度先減小后增大C．將一帶正電的試探電荷由點(diǎn)移至點(diǎn)，靜電力做正功D．將一帶正電的試探電荷由點(diǎn)靜止釋放，經(jīng)過O點(diǎn)時其動能最大答案第=page1717頁，共=sectionpages1717頁答案第=page1818頁，共=sectionpages11頁參考答案：1．D【詳解】A．電容器充電后所帶的電荷量為A錯誤；B．電容器的電容由電容器本身的性質(zhì)決定，與電容器是否帶電無關(guān)，故電容器充電過程中電容保持不變，B錯誤；C．電容器放電過程中，放電電流逐漸減小，C錯誤；D．電容器放電過程中的平均電流為D正確。故選D。2．C【詳解】A．根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷等勢線與電場線的分布規(guī)律，可知A、B兩點(diǎn)電勢與電場強(qiáng)度均相同，A錯誤；B．根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷等勢線與電場線的分布規(guī)律，可知C、D兩點(diǎn)電場強(qiáng)度大小相等，方向不同，C點(diǎn)電勢大于D點(diǎn)電勢，B錯誤；C．根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷等勢線的分布規(guī)律，可知對a電子經(jīng)過C點(diǎn)過程有對b電子經(jīng)過D點(diǎn)過程有解得C正確；D．根據(jù)上述可知C、D兩點(diǎn)電場強(qiáng)度大小相等，兩電子在兩點(diǎn)所受電場力大小相等，則a電子在C點(diǎn)時的加速度大小等于b電子在D點(diǎn)時的加速度，D錯誤。故選C。3．D【詳解】金屬箔，作為里、外兩個極板，玻璃是電介質(zhì)，根據(jù)其中，d是兩極板之間的間距，即為電介質(zhì)玻璃的厚度，可知當(dāng)瓶壁玻璃越薄，萊頓瓶的電容越大。故選D。4．A【詳解】令繩的全長為L，三個球一起接觸之前，對A分析有三個球一起接觸后，對A分析有解得故選A。5．D【詳解】B．若開關(guān)S斷開，電表A1、A2的示數(shù)之比為選項B錯誤；A．電源的電動勢有效值為燈泡電阻則解得選項A錯誤；CD．由上述表達(dá)式可知若開關(guān)S由斷開到閉合，相當(dāng)與RL減小，則I1變大，U2減小，則I2變大，U1減小，即A1、A2示數(shù)增大，V1、V2示數(shù)減小，選項C錯誤，D正確。故選D。6．A【詳解】根據(jù)可知，交流電的最大值為，則其有效值由圖可知線圈n1是原線圈，線圈n2是副線圈，如果變壓器是理想變壓器，那么輸入電壓和輸出電壓的關(guān)系有U1∶U2=n1∶n2可得考慮到實際變壓器存在漏磁現(xiàn)象，故通過原線圈的磁通量大于通過副線圈的磁通量，故實際副線圈的輸出電壓小于4V。故選A。7．D【詳解】AB．根據(jù)電場線越密電場強(qiáng)度越大，由圖可知，點(diǎn)附近電場強(qiáng)度大于點(diǎn)附近的電場強(qiáng)度，C點(diǎn)的場強(qiáng)大于D點(diǎn)的場強(qiáng)，由點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式可知故AB錯誤；CD．根據(jù)電場線與等勢面的關(guān)系，畫出過C點(diǎn)的等勢線，如圖所示根據(jù)沿電場線方向電勢逐漸降低可知，C點(diǎn)的電勢大于D點(diǎn)的電勢，由可知，負(fù)電荷從C點(diǎn)移到D點(diǎn)，電荷電勢能增大，故C錯誤，D正確。故選D。8．D【詳解】A．由題意可知，兩棒互相排斥，則電流方向相反，安培力平行于兩棒所在平面，A錯誤；B．如圖所示根據(jù)相似三角形可知可知繩子拉力為定值，B錯誤；CD．由，可得當(dāng)滑片滑到中間時，電阻減半，故兩棒的間距將變?yōu)樵瓉淼谋叮瑒t安培力將變?yōu)樵瓉淼谋?，C錯誤，D正確。故選D。9．C【詳解】A．該交流電的周期為則該交流電的頻率為故A錯誤；BC．該交流電的電壓最大值為，則該交流電的電壓有效值為即交流電壓表測得該電壓示數(shù)為，故B錯誤，C正確；D．該交流電的電壓表達(dá)式為故D錯誤。故選C。10．BC【詳解】A．A、B再次靜止后，A、B受到的電場力的合力為方向水平向左。對A、B整體受力分析如圖由幾何關(guān)系可得且OA繩與豎直方向的夾角為即A錯誤；B．A、B再次靜止后，對B受力分析如圖由幾何關(guān)系可得且AB繩與豎直方向的夾角為即B正確；C．由上述分析可知，A、B再次靜止后，OA繩、AB繩與豎直方向的夾角均為，則此時兩球的位置如圖所示設(shè)繩長為L，故A電勢能的變化量為B電勢能的變化量為A重力勢能的變化量為B重力勢能的變化量為與撤去前相比，系統(tǒng)電勢能和系統(tǒng)重力勢能變化量分別為故與撤去前相比，系統(tǒng)電勢能和系統(tǒng)重力勢能都減小，C正確；D．與撤去前相比，A、B兩球的總能量變化量分別為故A球的總能量減少，B球的總能量減少，D錯誤。故選BC。11．AD【詳解】A．根據(jù)電壓匝數(shù)關(guān)系有可知，若僅將P1向上滑動，匝數(shù)增大，則變壓器輸出電壓將減小，燈泡將變暗，A正確；B．若僅將P2向左滑動，接入電阻增大，變壓器兩端電壓不變，則副線圈中電流減小，根據(jù)電流匝數(shù)關(guān)系有可知，原線圈中電流減小，即電流表示數(shù)變小，B錯誤；C．由于電流表顯示的是有效值，則矩形線圓轉(zhuǎn)到中性面位置時，電流表示數(shù)不為零，C錯誤；D．矩形線圓在勻速轉(zhuǎn)動過程中，電流表顯示的是有效值，則電流表的示數(shù)不變，D正確。故選AD。12．BD【詳解】AB．對于這兩個質(zhì)子有，電場中質(zhì)子在豎直方向做勻速直線運(yùn)動，則有，電場中質(zhì)子在水平方向做勻加速直線運(yùn)動，則有，解得A錯誤，B正確；CD．令兩個質(zhì)子進(jìn)入磁場的速度分別為v3、v4，該速度與虛線夾角為θ1、θ2，則有，對應(yīng)的弦長為，在電場中有，由于，解得C錯誤，D正確。故選BD。13．BD【詳解】A．a(chǎn)棒在磁場中向右運(yùn)動過程產(chǎn)生逆時針方向的感應(yīng)電流；b棒在磁場中向上運(yùn)動過程也產(chǎn)生逆時針方向的感應(yīng)電流，則回路中感應(yīng)電流方向相同，選項A錯誤；B．a(chǎn)棒第一次穿過磁場區(qū)域I的過程中，整個回路產(chǎn)生的焦耳熱金屬棒b上產(chǎn)生的焦耳熱為選項B正確；C．因ab質(zhì)量相同，則兩棒相碰后交換速度，即碰后a靜止，b的速度為，返回到CD時的速度為，取沿斜面向下為正方向，則由動量定理解得選項C錯誤；D．當(dāng)導(dǎo)體棒a經(jīng)過水平磁場時其中當(dāng)b回到底端時，再次與a交換速度，此時a以速度進(jìn)入水平磁場，設(shè)進(jìn)入x后停止，則由動量定理其中解得x=d即最終a棒停在磁場區(qū)域I中距區(qū)域I右邊界處，選項D正確。故選BD。14．BD【詳解】A．由楞次定律可知線框進(jìn)入磁場過程中感應(yīng)電流方向為逆時針（俯視），出磁場過程中感應(yīng)電流方向為順時針（俯視），故A錯誤；B．滑動摩擦力方向與相對運(yùn)動方向相反，由v-t圖可知線框右邊進(jìn)入磁場到右邊恰離開磁場過程中速度小于傳送帶速度，所受滑動摩擦力方向水平向右，線框出磁場過程與進(jìn)入磁場過程中初速度相同、受力情況相同，所以運(yùn)動情況相同，即出磁場過程中速度由一直減小至，所以出磁場過程中所受滑動摩擦力方向水平向右，故線框穿過磁場過程中受到的摩擦力方向不變。故B正確；C．由B項分析知線框剛好離開磁場時的速度為，線框恰完全進(jìn)入磁場至右邊恰出磁場過程中線框做勻加速直線運(yùn)動，有解得故C錯誤；D．線框穿過磁場的整個過程中初末速度為、，整個過程中摩檫力不變，所以由動能定理可得解得故D正確。故選BD。15．AC【詳解】AB．根據(jù)圖中所示電子受到的洛倫茲力使其向后表面偏轉(zhuǎn)，所以后表面電勢低，A正確，B錯誤；CD．當(dāng)前、后表面間電壓穩(wěn)定后，電子受到的洛倫茲力與電場力平衡，此時有解得故C正確，D錯誤。故選AC。16．ACD【詳解】A．電子運(yùn)動方向向左，根據(jù)左手定則，電子受向上的洛倫茲力，則上表面帶負(fù)電，霍爾元件上表面的電勢低于下表面的電勢，A正確；BC．根據(jù)得增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B時，霍爾電壓U增大，霍爾電壓U與磁感應(yīng)強(qiáng)度B成正比，BC錯誤；D．由聯(lián)立得則霍爾電壓U與厚度h無關(guān)，D正確。故選ACD。17．CD【詳解】A．帶電粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，垂直BC邊射出的粒子在磁場中運(yùn)動的時間是解得故A錯誤；B．設(shè)運(yùn)動時間最長的粒子在磁場中的運(yùn)動軌跡所對的圓心角為θ，則有解得畫出該粒子的運(yùn)動軌跡如圖設(shè)圓周運(yùn)動半徑為R，由幾何知識得可得故B錯誤；C．粒子在磁場中運(yùn)動時有可得粒子射入磁場的速度大小為故C正確；D．從D點(diǎn)射入的粒子恰好不從AB邊射出，由幾何知識可得粒子在磁場中掃過的面積為故D正確。故選CD。18．AC【詳解】A．在時，對ab棒，由牛頓第二定律有解得金屬棒ab的加速度大小為故A正確；B．對cd棒，由牛頓第二定律有解得金屬棒cd的加速度大小為故B錯誤；C．時，設(shè)金屬棒ab的速度為，此時回路中的電流解得故C正確；D．由能量守恒定律得可得在時間內(nèi)，金