2021年廣東省高考物理猜題試卷（三）(含答案詳解)

2021年廣東省高考物理猜題試卷（三）

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.原子核的比結(jié)合能與原子序數(shù)的關(guān)系圖所示，大多數(shù)恒星內(nèi)部溫度非常高，可進(jìn)行輕核聚變，

核反應(yīng)方程為4+B-C.但對(duì)于金、伯等重金屬產(chǎn)生，目前科學(xué)界有一種理論認(rèn)為，兩顆中子

星合成過(guò)程中會(huì)釋放巨大的能量,在能量的作用下能夠合成金、鉗等重金屬，其核反應(yīng)為D+E-

F,下列說(shuō)法正確的是（）

A.重核F裂變成。和E的過(guò)程中，會(huì)產(chǎn)生質(zhì)量虧損

B.較輕的核/和B聚合成C的過(guò)程中核子平均質(zhì)量變大

C.較重的核。和E聚合成F的過(guò)程中，會(huì)釋放較大能量

D.4和8聚合成C的過(guò)程中，C的結(jié)合能小于4和B的結(jié)合能之和

2.汽車在轉(zhuǎn)彎時(shí)容易打滑出事故，為了減少事故發(fā)生，除了控制車速外，一般會(huì)把彎道做成斜面。

如圖所示，斜面的傾角為汽車的轉(zhuǎn)彎半徑為r,則汽車安全轉(zhuǎn)彎速度大小為

A.Ngrsin。B.yjgrcosdC.dgrtant?D.y/grcotd

3.中國(guó)運(yùn)動(dòng)員黃珊汕在第16屆廣州亞運(yùn)會(huì)女子蹦床比賽中取得冠軍，黃

珊汕在與蹦床接觸的時(shí)候受到幾對(duì)作用力與反作用力（忽略空氣阻力

)()

A.1對(duì)

B.2對(duì)

C.3對(duì)

D.4對(duì)

4.如圖所示的電容式話筒就是一種電容式傳感器，其原理是：導(dǎo)電性振動(dòng)

膜片與固定電極構(gòu)成了一個(gè)電容器，當(dāng)振動(dòng)膜片在聲壓的作用下振動(dòng)時(shí),

兩個(gè)電極之間的電容發(fā)生變化，電路中電流也隨之變化，這樣聲信號(hào)就變成了電信號(hào).下列說(shuō)

法中正確的是（）

A.當(dāng)振動(dòng)膜片向左振動(dòng)時(shí)，電容器電容值增大

B.當(dāng)振動(dòng)膜片向左振動(dòng)時(shí)，電容器帶電荷量減小

C.當(dāng)振動(dòng)膜片向右振動(dòng)時(shí).，電容器兩極板間的場(chǎng)強(qiáng)不變

D.當(dāng)振動(dòng)膜片向右振動(dòng)時(shí)，電容器兩極板間的場(chǎng)強(qiáng)減小

5.下列說(shuō)法正確的是（）

A.物體的動(dòng)量改變時(shí)，動(dòng)能可能不變

B.上升電梯里的物體一定處于超重狀態(tài)

C.做圓周運(yùn)動(dòng)的物體受合外力的方向總是指向圓心

D.人在沼澤地里往下沉，是因?yàn)槿藢?duì)地面的壓力大于地面對(duì)人的支持力

6.把一條通電直導(dǎo)線垂直于磁場(chǎng)方向放入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，若導(dǎo)線長(zhǎng)為0.5m,電流為44磁場(chǎng)的磁感

應(yīng)強(qiáng)度為1X10-27,該導(dǎo)線受到的安培力大小為（）

A.2xIO-3NB.5xIO-2NC.2xIO-2ND.4x10-3/V

7.如圖所示，動(dòng)圈式話筒能夠?qū)⒙曇艮D(zhuǎn)變?yōu)槲⑷醯碾娦盘?hào)（交變電流）。產(chǎn)生的電信號(hào)一般都不是

直接送給擴(kuò)音機(jī)，而是經(jīng)過(guò)一只變壓器（視為理想變壓器）之后再送給擴(kuò)音機(jī)放大，變壓器的作

用是為了減少電信號(hào)沿導(dǎo)線傳輸過(guò)程中的電能損失，關(guān)于話筒內(nèi)的這只變壓器，下列判斷正確

的是（）

A.一定是降壓變壓器，因?yàn)镻=/2R,降壓后電流減少，導(dǎo)線上損失的電能減少

B.一定是降壓變壓器，因?yàn)镻=f,降壓后電壓降低，導(dǎo)線上損失的電能減少

R

C.一定是升壓變壓器，因?yàn)镻=U/,升壓后，電流減小，導(dǎo)線上損失的電能減少

D.一定是升壓變壓器，因?yàn)?=9,升壓后，電流增大，使到達(dá)擴(kuò)音機(jī)的信號(hào)加強(qiáng)

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

8.如圖所示，兩個(gè)傾角均為。的光滑斜面固定在水平面上.甲、乙兩個(gè)相同

的小球（均視為質(zhì)點(diǎn)）從斜面頂端同時(shí)以相同的速率%分別向左水平拋出

和沿斜面下滑，甲球不會(huì)落到斜面上，下列說(shuō)法正確的是（）

A.兩球到達(dá)水平面時(shí)的動(dòng)能相等

B.兩球到達(dá)水平面時(shí)重力做功的功率相等

C.無(wú)論如何調(diào)節(jié)火的值，乙球一定先到達(dá)水平面

D.若甲球恰好落至斜面底端，則甲球到達(dá)底端時(shí)的速度方向與水平方向的夾角為2。

9.某同學(xué)站在電梯底板上，利用速度傳感器和計(jì)算機(jī)研究一觀光電梯升

降過(guò)程中的情況，如圖所示的t圖象是計(jì)算機(jī)顯示的觀光電梯在某\卜\

一段時(shí)間內(nèi)速度變化的情況（向上為正方向）.根據(jù)圖象提供的信息，可'15不5傍

以判斷下列說(shuō)法中正確的是（）

A.在0?5s內(nèi)，觀光電梯在加速上升，該同學(xué)處于失重狀態(tài)

B.在5s?10s內(nèi)，該同學(xué)對(duì)電梯底板的壓力等于他所受的重力

C.在10s?20s內(nèi)，觀光電梯在加速下降，該同學(xué)處于失重狀態(tài)

D.在20s?25s內(nèi)，觀光電梯在加速下降，該同學(xué)處于失重

10.如圖所示，在斜面上固定一光滑平行導(dǎo)軌，現(xiàn)加一垂直斜面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，將一恒定外力尸施

加于a桿上，金屬桿a和b同時(shí)由靜止開始沿導(dǎo)軌向上滑動(dòng)；兩桿始終保持水平且垂直于軌道：

在開始的一段時(shí)間內(nèi)F做的功必，電路中產(chǎn)生的電能為E,a克服安培力做功叫，安培力對(duì)b做

功為町，a、b獲得的動(dòng)能分別為Eka和9助，增加的重力勢(shì)能分別為Epa和0；,，電路中產(chǎn)生的熱

量為Q，貝女）

A.WF=Wa+Eka+EpaB.Wp—Eka+Ekb+Epa+Epb+Q

C.Wa=E=Ekb+Epb+QD.Wb=Q+Ekb+Ep、

三、填空題（本大題共2小題，共8.0分）

11.物體的體積變化時(shí)，分子間距離會(huì)隨之變化，分子勢(shì)能也會(huì)發(fā)生變化。設(shè)有4、B兩個(gè)分子，4分

子固定在。點(diǎn)，%為其平衡位置，現(xiàn)使B分子由靜止釋放，并在分子力的作用下由距4分子0.5?處

開始沿x方向運(yùn)動(dòng)到無(wú)窮遠(yuǎn)，則B分子的加速度如何變化？；分子力對(duì)B做功情況？

分子勢(shì)能如何變化？。

12.圖示為一列沿x軸負(fù)方向傳播的機(jī)械波，實(shí)線和虛線分別為t時(shí)刻和t+At時(shí)刻的波形，B和C是

橫坐標(biāo)分別為d和3d的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn).則t時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)B的振動(dòng)方向?yàn)?該波的波速為.

四、實(shí)驗(yàn)題(本大題共2小題，共16.0分)

13.如圖所示，甲是探究小車加速度與力關(guān)系的實(shí)驗(yàn)裝置，長(zhǎng)木板置于水平桌面上，一端系有砂桶

的細(xì)繩通過(guò)滑輪與固定的拉力傳感器相連，拉力傳感器可顯示繩中拉力F的大小，改變砂桶中砂

的質(zhì)量進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)。

(1)下列操作或說(shuō)法正確的是。

A.本實(shí)驗(yàn)需要測(cè)出砂和砂桶的總質(zhì)量

B.先接通電源，再釋放小車，同時(shí)記錄拉力傳感器的示數(shù)

C本實(shí)驗(yàn)不需要平衡摩擦力

D為減小誤差，實(shí)驗(yàn)中一定要保證砂和砂桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量

(2)實(shí)驗(yàn)中得到一條紙帶，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間有四個(gè)點(diǎn)未標(biāo)出。電源的頻率為50Hz,則小車的加速度大

小為m/s2o

(3)以拉力傳感器的示數(shù)F為橫坐標(biāo)，以加速度a為縱坐標(biāo)，作出a-F圖線，求出其斜率為屋則小車

的質(zhì)量為。

14.小明為了測(cè)定某段電阻絲的電阻率，設(shè)計(jì)了如圖中所示的電路，首先小明測(cè)量了該電阻絲的直

徑和長(zhǎng)度，螺旋測(cè)微器和游標(biāo)卡尺的示數(shù)分別如圖乙、圖丙所示，則該電阻絲的直徑為

mm,長(zhǎng)度為mm；小明為了減小兩個(gè)電表對(duì)電路的影響，完成了如下操作：

(1)連接好電路后，小明合上開關(guān)S1，將單刀雙擲開關(guān)扳到2位置，移動(dòng)兩個(gè)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭,

直到電壓表指針的偏轉(zhuǎn)角度接近最大，此時(shí)兩電表的示數(shù)分別為6、/1；

(2)保持Si閉合，不移動(dòng)兩滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭，將單刀雙擲開關(guān)扳到1位置，兩電表的示數(shù)分別

為U2、12。

利用以上測(cè)量的物理量表示該電阻絲的電阻，為o電阻絲的長(zhǎng)度用L表示，電阻絲的直徑用d

10cm1112

01020

圖丙

五、計(jì)算題(本大題共4小題，共44.0分)

15.如圖為某種質(zhì)譜儀的截面示意圖，該質(zhì)譜儀由加速電場(chǎng)、電磁分析器、偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)以及收集板組

成。離子源。不斷地逸出初速為零的負(fù)離子束，經(jīng)加速電場(chǎng)加速后沿電磁分析器的兩平行金屬

板中線飛入電磁分析器，負(fù)離子束包含電荷量大小均為q，質(zhì)量分別為瓶1、62(7nl＜巾2)的兩

種離子，加速電場(chǎng)和電磁分析器的兩平行金屬板間電壓分別為5=200V、U2—1001Z,金屬板

間電場(chǎng)視為勻強(qiáng)電場(chǎng)，電磁分析器的兩平行金屬板豎直放置，板長(zhǎng)L=0.2根,板間距離d=0.1m,

且右板電勢(shì)較高。偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)區(qū)域足夠大，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=5x10-3n方向垂直紙面向里，其下

邊界緊靠電磁分析器的金屬板上端，下邊界處水平放置足夠大的收集板PQ,左端P緊靠電磁分

析器的右板上端。已知負(fù)離子m1的比荷為￡=108c/kg,粒子間的相互作用和重力忽略不計(jì)。

(1)為了能讓質(zhì)量為mi的負(fù)離子沿直線穿過(guò)電磁分析器，需在電磁分析器中加上勻強(qiáng)磁場(chǎng)B',求夕的

大小和方向：

(2)若可以調(diào)節(jié)電磁分析器中的磁場(chǎng)B'的大小，質(zhì)量為根］的粒子將從電磁分析器的左板上端M點(diǎn)飛入

偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)，求其飛入偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的速度大小(保留兩位有效數(shù)字)；

(3)若撤去電磁分析器中的磁場(chǎng)，發(fā)現(xiàn)質(zhì)量分別為m1、爪2的兩負(fù)離子束擊中收集板的位置離開P點(diǎn)的

距離之比為10：11,求兩負(fù)離子質(zhì)量與m2的比值(保留兩位有效數(shù)字)。

XXXXXXXXXXXXXX

XXXXXXXXXXXXXX

xXXXXXXXxXXXXX

XXXXXXXXXX

XXXXXXXXXX

p收集板

電磁分析H

加速電場(chǎng)

16.如圖甲所示，2、B兩物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)不相同，4的質(zhì)量為2kg,以一定的初速度

向右滑動(dòng)，與B發(fā)射碰撞，碰前4的速度變化如圖乙中圖線/所示，碰后A、B的速度變化分別如

圖線n和HI所示，g=10m/s2,求：

(1)4和B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為多少？

(2)物體B的質(zhì)量；

(3)碰撞前后，4與B系統(tǒng)損失的機(jī)械能。

z/Tz/Z/z//////

17.某實(shí)驗(yàn)中學(xué)的物理興趣實(shí)驗(yàn)小組為了探究理想氣體實(shí)驗(yàn)定律，完成了如下

的操作：該小組的同學(xué)將一截面積為S=3cm2、長(zhǎng)度為L(zhǎng)=57cm的一端封

閉的導(dǎo)熱性能良好的玻璃管如圖放置，現(xiàn)用一段水銀柱封閉玻璃管內(nèi)的氣

體，經(jīng)測(cè)量水銀柱的長(zhǎng)度為4cm,氣柱的長(zhǎng)度為51cm,已知環(huán)境溫度為33冤,

外界的大氣壓強(qiáng)Po=76cm"g,求：

①當(dāng)環(huán)境的溫度升高到多少攝氏度時(shí)，水銀柱的上端剛好到達(dá)玻璃管的開口

處？

②如圖環(huán)境的溫度保持不變，向玻璃管內(nèi)緩慢地注入水銀，求當(dāng)水銀柱的長(zhǎng)度為多長(zhǎng)時(shí)水銀柱的上

端剛好與玻璃管的開口處相平？

18.在真空中有一正方體玻璃磚，其截面如圖所示，已知它的邊長(zhǎng)為d.在面上方

有一單色點(diǎn)光源S,從S發(fā)出的光線SP以60。入射角從4B面中點(diǎn)射入，當(dāng)它從側(cè)

面4D射出時(shí)，出射光線偏離入射光線SP的偏向角為30。，若光從光源S到4B面

上P點(diǎn)的傳播時(shí)間和它在玻璃磚中傳播的時(shí)間相等，求點(diǎn)光源S到P點(diǎn)的距離.

參考答案及解析

1.答案：A

解析：解：4、如圖，D和E的比結(jié)合能大于?比結(jié)合能，說(shuō)明。和E比尸要穩(wěn)定，所以重核F裂變成。和

E的過(guò)程中，會(huì)產(chǎn)生質(zhì)量虧損，放出能量，故A正確。

B、如圖，A和B的比結(jié)合能小于C比結(jié)合能，說(shuō)明C比4和B都要穩(wěn)定，所以較輕的核A和B聚合成C的

過(guò)程中，會(huì)產(chǎn)生質(zhì)量虧損，核子平均質(zhì)量變小，故B錯(cuò)誤。

C、在核反應(yīng)D+E-F中，。和E的比結(jié)合能大于F比結(jié)合能，即反應(yīng)后核子的質(zhì)量會(huì)增加，這種核

反應(yīng)需要吸收能量，故C錯(cuò)誤。

。、結(jié)合能為比結(jié)合能與核子數(shù)的乘積；A和B聚合成C的過(guò)程中，AB的核子總數(shù)等于。的核子數(shù)，而

A和B的比結(jié)合能小于C比結(jié)合能，所以C的結(jié)合能大于4和B的結(jié)合能之和，故。錯(cuò)誤。

故選：Ao

比結(jié)合能比較小的重核裂變成比結(jié)合能比較大的原子核，會(huì)出現(xiàn)質(zhì)量虧損，放出大量的能量；比結(jié)

合能比較小的輕核聚變成比結(jié)合能比較大的原子核，會(huì)出現(xiàn)質(zhì)量虧損，放出大量的能量；結(jié)合能為

比結(jié)合能與核子數(shù)的乘積，核子數(shù)相同時(shí)，比結(jié)合能越大，結(jié)合能越大。

本題考查了質(zhì)能方程、結(jié)合能與比結(jié)合能等知識(shí)點(diǎn)。注意點(diǎn)：原子核越穩(wěn)定，子核結(jié)合的更緊密，

拆成自由核子所要添加的能量更多，比結(jié)合能更大。

2.答案：C

解析：

N

汽車完全不依靠摩擦力轉(zhuǎn)彎時(shí)所需的向心力由重力和路面的支持力的合力提

供.根據(jù)牛頓第二定律得到轉(zhuǎn)彎的速度大小。

本題運(yùn)用牛頓第二定律分析生活中的圓周運(yùn)動(dòng)，考查物理聯(lián)系實(shí)際的能力，關(guān)

鍵是分析物體受力情況，確定向心力的來(lái)源。

高速行駛的汽車完全不依靠摩擦力轉(zhuǎn)彎時(shí)所需的向心力由重力和路面的支持力的合力提供，受力圖

如圖:

根據(jù)牛頓第二定律得:

mgtanQ=m：

解得：v=y/grtand

故選Co

3.答案：B

解析：解：黃珊汕在與蹦床接觸的時(shí)候，共受到兩個(gè)力作用，地球?qū)λ闹亓捅拇矊?duì)她的支持力

這兩個(gè)力的反作用力分別是她對(duì)地球的引力和她對(duì)蹦床的壓力

故黃珊汕在與蹦床接觸的時(shí)候，與她相互作用的力有二對(duì)，故B正確AC￡＞錯(cuò)誤；

故選：B.

先分析黃珊汕在與蹦床接觸的時(shí)候，受到兒個(gè)力，施力物體分別是哪個(gè)，再根據(jù)作用力與反作用力

的概念，找到對(duì)應(yīng)的反作用力即可。

本題考查作用力和反作用力，解題關(guān)鍵是會(huì)分析她與蹦床接觸時(shí)受到哪些力，并且找到對(duì)應(yīng)的反作

用力；明確力總是成對(duì)出現(xiàn)的。

4.答案:B

解析：

根據(jù)膜片的振動(dòng)可明確兩板間距離的變化，電容器極板間距離的變化引起了電容的變化，電容的變

化引起了電量的變化；再根據(jù)U=Ed分析板間場(chǎng)強(qiáng)的變化。

本題實(shí)質(zhì)上考查了電容器的動(dòng)態(tài)分析，此類問(wèn)題的基本方法是：從部分的變化引起電容的變化，根

據(jù)電壓或電量不變判斷電量或電壓的變化.要牢記電容的決定式和定義式。

AB,振動(dòng)膜片向左振動(dòng)時(shí)電容器兩極板的距離變大，由電容的決定式可知，C=指則可知，電容

4nkd

減小，由c=?知，U不變的情況下，Q減小，故A錯(cuò)誤，8正確；

CD,振動(dòng)膜片向左振動(dòng)時(shí)電容器兩極板的距離變小，由1/=七&可知，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度增大，故

CD錯(cuò)誤。

故選Bo

5.答案：A

解析：解：力、動(dòng)量是一個(gè)矢量，動(dòng)能是一個(gè)標(biāo)量，物體的動(dòng)量改變時(shí)，有可能速度大小不變、方向

改變，例如勻速圓周運(yùn)動(dòng)，動(dòng)量改變、動(dòng)能不變，故A正確；

B、超重時(shí)加速度方向向上，如果電梯減速上升，物體處于失重狀態(tài)，故B錯(cuò)誤：

C、做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體合外力方向總是指向圓心，如果物體做圓周運(yùn)動(dòng)的速度大小發(fā)生變化，物

體受合外力的方向不一定總是指向圓心，故C錯(cuò)誤；

。、人對(duì)地面的壓力與地面對(duì)人的支持力是一對(duì)作用力與反作用力，大小相等、方向相反，人在沼

澤地里往下沉，是因?yàn)榈孛鎸?duì)人的支持力小于人的重力，故。錯(cuò)誤。

故選：4。

動(dòng)量是一個(gè)矢量，物體的動(dòng)量改變時(shí)，有可能速度大小不變、方向改變，只要物體的速度大小不變，

則物體的動(dòng)能就不變；

超重時(shí)加速度方向向上；

做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體合外力方向總是指向圓心；

根據(jù)牛頓第三定律進(jìn)行分析。

本題主要是考查動(dòng)量、超重失重、圓周運(yùn)動(dòng)的向心力、牛頓第三定律等知識(shí)，關(guān)鍵是弄清楚力學(xué)部

分的基本概念即可解答。

6.答案：C

解析：解：導(dǎo)線與磁場(chǎng)垂直，導(dǎo)線受到的安培力為：

F=B/L=0.5x0.01x4N=0.02N；故錯(cuò)誤，C正確.

故選：C.

己知電流、導(dǎo)線長(zhǎng)度與磁感應(yīng)強(qiáng)度，由安培力公式可以求出導(dǎo)線受到的安培力.

熟練應(yīng)用安培力公式即可正確解題，本題是一道基礎(chǔ)題.

7.答案：C

解析：解：變壓器的作用是為了減少電信號(hào)沿導(dǎo)線傳輸過(guò)程中的電能損失，根據(jù)P瓶=〃r,要減小

導(dǎo)線能量的損耗，需要減小線路的電流，由「=〃可知，在傳輸功率一定的條件下，需要提高傳輸

電壓，所以要采取升壓變壓器。故錯(cuò)誤，C正確。

故選：CO

根據(jù)P損=/乙P出=UI,提高傳輸電壓，可以減小線路電流，可以減小線路電能的損耗。

本題考查了變壓器的構(gòu)造和原理、遠(yuǎn)距離輸電等知識(shí)點(diǎn)。掌握遠(yuǎn)距離輸電原理是本題的關(guān)鍵。

8.答案:AC

解析：解：4、設(shè)斜面的高度為比根據(jù)機(jī)械能守恒定律得

mgh=Ek

則得，小球落到水平面時(shí)的動(dòng)能a=mg/i+3ni詔，可知兩球到達(dá)水平面時(shí)的動(dòng)能相等.故A正確.

B、重力做功的功率P=mg%,%是豎直分速度，由于兩球到達(dá)水平面時(shí)豎直分速度不一定相等，

所以兩球到達(dá)水平面時(shí)重力做功的功率不一定相等.故B錯(cuò)誤.

C、對(duì)于甲球，落在水平面上與落在斜面底端的時(shí)間相等.甲球落在斜面上時(shí)，將其運(yùn)動(dòng)沿斜面方向

和垂直于斜面方向分解，沿斜面的分初速度為為cos。，分加速度為gs譏。.甲球沿斜面方向做初速度

為%cos。、加速度為gsin。的勻加速運(yùn)動(dòng).設(shè)斜面的長(zhǎng)為3則沿斜面方向有L=v0cosdt+-gsindt^.

對(duì)于乙球，加速度大小為a=gsind,則有L=vot^+-gsindt^.

對(duì)比可得，tz<t/，可知，無(wú)論如何調(diào)節(jié)%的值，乙球一定先到達(dá)水平面，故C正確.

。、設(shè)甲球到達(dá)底端時(shí)的速度方向與水平方向的夾角為a,則有

tana=-

又tan。=?=品=型,則有tana=2tan。，aK2。,故。錯(cuò)誤.

xvot2v0

故選：AC

兩球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，只有重力做功，機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律分析到達(dá)水平面時(shí)動(dòng)能的關(guān)系.根

據(jù)2=^193，3是豎直分速度，分析兩球到達(dá)水平面時(shí)重力做功的功率的關(guān)系.根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分

析運(yùn)動(dòng)時(shí)間關(guān)系.由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求甲球恰好落至斜面底端，速度方向與水平方向的夾角.

解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式

綜合分析.

9.答案：BD

解析：

在速度時(shí)間圖象中，直線的斜率表示加速度的大小，根據(jù)圖象求出電梯的加速度，當(dāng)有向上的加速

度時(shí)，此時(shí)人就處于超重狀態(tài)，當(dāng)有向下的加速度時(shí)，此時(shí)人就處于失重狀態(tài)。

本題主要考查了對(duì)超重失重現(xiàn)象的理解，人處于超重或失重狀態(tài)時(shí)，人的重力并沒(méi)變，只是對(duì)支持

物的壓力變了。

A.在。?5s內(nèi)，從速度時(shí)間圖象可知，此時(shí)的加速度為正，電梯的加速度向上，此時(shí)人處于超重狀態(tài)，

故A錯(cuò)誤；

8.在5s?10s內(nèi)，速度時(shí)間圖象為水平線，此時(shí)電梯在勻速運(yùn)動(dòng)，處于受力平衡狀態(tài)，所以該同學(xué)對(duì)

電梯底板的壓力等于他所受的重力，故B正確；

CD.在10s?25s內(nèi)，從速度時(shí)間圖象可知，此時(shí)的加速度為負(fù)，電梯的加速度向下，此時(shí)人處于失重

狀態(tài)，故C錯(cuò)誤，。正確。

故選B。。

10.答案：ABC

解析：解：4、對(duì)a桿根據(jù)動(dòng)能定理可得必-Wa-WGa=Eka，其中％=Epa，所以有：WF=Wa+

Eka+Epa'故A正確；

B、以整體為研究對(duì)象，根據(jù)功能關(guān)系可得，拉力做的功等于系統(tǒng)機(jī)械能與內(nèi)能的增加，即％=Eka+

Ekb+Epa+Epb+Q，故8正確；

C、克服安培力做的功等于產(chǎn)生的電能，所以有％=E,根據(jù)4、8選項(xiàng)可得：WF=Wa+Eka+Epa=

E

Eka+kb+Epa+^pb+Q,解得以=E=Ekb+Epb+Q,C正確；

D、以b為研究對(duì)象，根據(jù)動(dòng)能定理可得：Wb-Wcb=Ekb,其中克服重力做的功叫匕=Epb，解得

Wb=Ekb+Epb,。錯(cuò)誤.

故選：ABC.

分析兩個(gè)桿在向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，存在著哪些能量之間的轉(zhuǎn)化，根據(jù)動(dòng)能定理和功能關(guān)系進(jìn)行分析.

對(duì)于電磁感應(yīng)問(wèn)題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，重點(diǎn)是分析安培力作用下導(dǎo)體棒的平衡

問(wèn)題，根據(jù)平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問(wèn)題，根據(jù)動(dòng)

能定理、功能關(guān)系等列方程求解.

11.答案：加速度先變小再反向變大，再變小分子力先做正功再做負(fù)功分子勢(shì)能先減小后增大

解析：解：兩分子間的斥力和引力的合力尸與分子間距離r的關(guān)系如圖中曲線所示，曲線與r軸交點(diǎn)的

橫坐標(biāo)為.由圖可知，B分子受到的分子力先變小，位于平衡位置時(shí)，分子力為零，過(guò)平衡位置后，

分子力先變大再變小，故B分子的加速度先變小再反向變大，再變??；

當(dāng)r小于2時(shí)，分子間的作用力表現(xiàn)為斥力，F(xiàn)做正功，分子動(dòng)能增加，分子勢(shì)能減小，當(dāng)r等于為時(shí)，

分子動(dòng)能最大，分子勢(shì)能最小，當(dāng)r大于S時(shí)，分子間作用力表現(xiàn)為引力，分子力做負(fù)功，分子動(dòng)能

減小，分子勢(shì)能增加。故分子力先做正功再做負(fù)功，分子勢(shì)能先減小后增大。

故答案為：加速度先變小再反向變大，再變??；分子力先做正功再做負(fù)功；分子勢(shì)能先減小后增大。

利用F-r圖象，先分析分子力隨距離增大而變化的情況，從而判斷分子力做功情況，最后分析分子

勢(shì)能的變化。

本題考查分子力與分子勢(shì)能隨分子間距的變化。分子間的勢(shì)能要根據(jù)分子間作用力做功進(jìn)行分析，

可以類比重力做功進(jìn)行理解記憶。

12.答案：y軸正方向；管著，（其中k=0,1,2,3...）

解析：解：波沿?zé)o軸負(fù)方向傳播，運(yùn)用波形平移法分析知，t時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)B的振動(dòng)方向?yàn)閥軸正方向.

由圖知，該波的波長(zhǎng)為％=3d

根據(jù)波的周期性，可知波在△t時(shí)間傳播的距離為△x=kA+^d.=3kd+jd,（其中k=0,1,2,3...）.

則波速為D=W=器翌，（其中k=0,1,2,3...）.

故答案為：y軸正方向，管善，（其中k=0,1,2,3...）.

已知波的傳播方向，運(yùn)用波形平移法分析質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向.根據(jù)波的周期性，寫出波傳播距離的通

項(xiàng)，再求解波速的通項(xiàng).

本題是多解問(wèn)題，關(guān)鍵要理解波的周期性及重復(fù)性，是會(huì)通過(guò)波形微平移法得到波的傳播距離的通

項(xiàng)，最后求解傳播速度通項(xiàng).

13.答案:B1.47：

解析：解：（1）4。、小車所受拉力可以由拉力傳感器測(cè)出，不需要測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量，不需要滿

足砂和砂桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量，故4。錯(cuò)誤；

8、為充分利用紙帶，實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通電源，再釋放小車，同時(shí)記錄拉力傳感器的示數(shù)，故B正確;

C、為使小車受到的合力等于細(xì)繩的拉力，實(shí)驗(yàn)前需要平衡摩擦力，故C錯(cuò)誤。

故選：B。

（2）電源的頻率為50Hz,打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)的時(shí)間間隔7=]=4=0.02s,

相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間有四個(gè)點(diǎn)未標(biāo)出,相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔t=0.02x5s=0.1s,

由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論△￡=砒2可知，小車的加速度：

a=#XA-XI=-（8.72—4.31）X一102*=1.47m/^；

（3）拉力傳感器的示數(shù)尸，則小車所受合力為2F,由牛頓第二定律得：2F=ma

則Q=2F,a—F圖象的斜率k=2,小車的質(zhì)量M=]；

mmk

故答案為：(1)B；(2)1.47；(3)也

(1)小車所受拉力可以由拉力傳感器測(cè)出，不需要測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量，不需要滿足砂和砂桶的質(zhì)量

遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量；實(shí)驗(yàn)前需要平衡摩擦力，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理與實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)分析答題。

(2)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論△x=at?求出小車的加速度。

(3)根據(jù)圖示實(shí)驗(yàn)裝置，應(yīng)用牛頓第二定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，然后分析答題。

本題考查了探究小車加速度與力關(guān)系實(shí)驗(yàn)，理解實(shí)驗(yàn)原理、知道實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)是解題的前提，分析

清楚圖示實(shí)驗(yàn)裝置，根據(jù)實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)應(yīng)用牛頓第二定律與勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論即可解題。

14.答案：1.782I。?！?一￡嚓總一器)

解析：解：(1)由圖乙所示螺旋測(cè)微器可知，其讀數(shù)為：1.5mm+28.2xO.Olnun=1.782nun；

由圖丙所示游標(biāo)卡尺可知，游標(biāo)尺的是20分度的，游標(biāo)尺的精度是0.05/mn,讀數(shù)為：lOOmm+3X

0.05mm=100.15mm。

(2)設(shè)電阻絲的電阻為R,由圖示電路圖，根據(jù)歐姆定律得：

合上開關(guān)，將單刀雙擲開關(guān)扳到位置時(shí)：

S1S2IR+RA+R2=^

合上開關(guān)S1，將單刀雙擲開關(guān)S2扳到2位置時(shí)：T

RA+R2=12

解得，電阻絲電阻R=我一夫

1112

(3)由電阻定律得：R=P，=P急，

解得：p=/(大妙

故答案為：1.782(1.781?1.783均可)；100.15：⑵受一￡；與7爭(zhēng)一為。

螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器讀數(shù)；游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺的示數(shù)之和是

游標(biāo)卡尺的讀數(shù)。

根據(jù)圖示電路圖應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律列式求出電阻絲阻值的表達(dá)式。

應(yīng)用電阻定律求出金屬絲電阻率的表達(dá)式。

本題考查了螺旋測(cè)微器和游標(biāo)卡尺的讀數(shù)與實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理問(wèn)題，要掌握常用器材的使用方法與讀數(shù)

方法；分析清楚圖示電路結(jié)構(gòu)，應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律、電阻定律即可解題。

15.答案：解:(1)粒子在加速電場(chǎng)中加速，根據(jù)動(dòng)能定理qUi=：mi說(shuō)，

代入數(shù)據(jù)解得巧=2x105m/s,

粒子沿直線穿過(guò)電磁分析器，得B'q%=q爭(zhēng)

代入數(shù)據(jù)解得B'=5x10-3。方向垂直紙面向外。

(2)粒子從M點(diǎn)飛入偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)，根據(jù)動(dòng)能定理-券=Jm^2

代入數(shù)據(jù)解得u=V3x105m/s=1.73x105m/so

(3)粒子由加速電場(chǎng)加速，進(jìn)入電磁分析器受電場(chǎng)力發(fā)生偏轉(zhuǎn)，其偏移量為y,

聯(lián)立y=a=器,七=白(弋入數(shù)據(jù)得y=會(huì)導(dǎo)=0.05m

根據(jù)題意分析兩束負(fù)離子束進(jìn)入電磁分析器發(fā)生偏轉(zhuǎn)的軌跡重合，且都從P點(diǎn)飛入，

根據(jù)動(dòng)能定理qU】+等=EK，兩束負(fù)離子束進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能相等，

且進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)時(shí)速度方向與PQ的夾角相同，

根據(jù)題意和粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡可以分析得兩種負(fù)離子運(yùn)動(dòng)半徑之比為10：11;

根據(jù)Bqv=m—>得R=—=61n

RqBqB

*=(沙喑*。83

答：(1)夕的大小為5x10-37，方向垂直紙面向外。

(2)離子飛入偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的速度大小1.73x105m/So

(3)兩負(fù)離子質(zhì)量Tn1與Tn2的比值為0.83。

解析：(1)離子做直線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力與磁場(chǎng)力相等可求磁感應(yīng)強(qiáng)度。

(2)根據(jù)動(dòng)能定理可求飛入偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的速度大小。

(3)離子在加速電場(chǎng)中加速，在電磁分析器中偏轉(zhuǎn)做類平拋運(yùn)動(dòng)，在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)根據(jù)幾何

關(guān)系可求兩離子的質(zhì)量之比。

明確粒子加速電場(chǎng)和偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)分別做勻變速直線運(yùn)動(dòng)和類平拋運(yùn)動(dòng)，明確離子做直線運(yùn)動(dòng)的條件，

明確離子在磁場(chǎng)中做勻