2021屆全國學海大聯(lián)考新高考原創(chuàng)預測試卷（十）物理

2021屆全國學海大聯(lián)考新高考原創(chuàng)預測試卷（十）

物理

★祝考試順利★

注意事項：

1、考試范圍：高考范圍。

2、答題前，請先將自己的姓名、準考證號用0.5毫米黑色簽字筆填寫在試題卷和答題卡

上的相應位置，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。用2B鉛筆將答題卡上試卷

類型A后的方框涂黑。

3、選擇題的作答：每個小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂

黑。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非選擇題答題區(qū)域的答案一律無效。

4、主觀題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對應的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙

和答題卡上的非答題區(qū)域的答案一律無效。如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答

案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。

5、選考題的作答：先把所選題目的題號在答題卡上指定的位置用2B鉛筆涂黑。答案用

0.5毫米黑色簽字筆寫在答題卡上對應的答題區(qū)域內(nèi)，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非選

修題答題區(qū)域的答案一律無效。

6、保持卡面清潔，不折疊，不破損，不得使用涂改液、膠帶紙、修正帶等。

7、考試結(jié)束后，請將本試題卷、答題卡、草稿紙一并依序排列上交。

一、選擇題

1.質(zhì)點做直線運動的位移x和時間/的關系圖象如圖所示，則該質(zhì)點（）

A.質(zhì)點的加速度大小恒為1m/s2

B.0~2s內(nèi)的位移是為1m

C.2末的速度是4m/s

D.物體第3s內(nèi)的平均速度大小為3m/s

【答案】C

【解析】

【詳解】根據(jù)彳=！。/得，可知圖線的斜率表示」。，可得：a=2m/s2,故A錯誤；0-2s內(nèi)的

22

位移x=—。廠=—x2x2~=4m，故B錯誤；2s末的速度v=at=2X2m/s=4m/s,故C正確；

22

物體在第3s內(nèi)的位移x=x,-馬=!“乂32-工"22=5，%，則平均速度：

22

x5

v=-=-=5m/s,故D錯誤。

t1

2.關于靜電場，下列說法正確的是

A.電勢高的地方電場線密，電勢低的地方電場線疏

B.在勻強電場中，任意兩點間的電勢差與這兩點間的距離成正比

C.保持平行板電容器所帶電荷量不變，減小兩板間的距離，板間電場的電場強度不變

D.電荷從電場中一點移到另一點，電場力不做功，電荷必在同一等勢面上移動

【答案】C

【解析】

【詳解】A.電勢的高低與電場線的疏密程度無關，故A錯誤；

B.勻強電場電勢差與電場強度的關系U=&/可知，勻強電場中沿著電場強度方向的任意兩點

間的電勢差與這兩點間的距離成正比，垂直于電場線方向電勢差為零，故B錯誤；

C.若保持平行板電容器所帶電荷量不變，僅減小兩極板間的距離，由。=一"一，和c=±

4兀kdU

及￡=且可知七=坦2,與兩極板的距離無關，故E不變，故C正確；

dsS

D.電荷從電場中一點移到另一點，電場力不做功，電荷起到與終點在同一個等勢面上，當

未必在同一等勢面上移動，故D錯誤。

3.如圖所示，a、b、c為電場中同一條水平方向電場線上的三點，c為數(shù)的中點.a、6電勢

分別為血=5V,血,=3V,下列敘述正確的是（）

丸]=5V["%I_=_3V

acb

A.該電場在c點處的電勢一定為4v

B.a點處的場強及一定大于6點處的場強瓦

C.一正電荷從c點運動到6點電勢能一定減少

D.一正電荷運動到c點時受到的電場力由c指向a

【答案】C

【解析】

【詳解】A、當該電場是勻強電場時，由于沿電場方向相同距離電勢差相等，則場在c點處的

電勢一定為4V,當該電場不是勻強電場時，在c點處的電勢不一定為4V,故A錯誤；

B、一條電場線無法比較電場線的疏密，就無法比較場強的大小，則a點處的場強區(qū)不一定大

于b點處的場強故B錯誤；

CD、由題可判斷電場線方向從a指向b,正電荷運動到c點時受到的電場力由a指向c,根據(jù)

沿著電場線方向電勢降低可知c點的電勢高于b點的電勢，根據(jù)正電荷在電勢高處電勢能大

可知，正電荷從c點運動到b點電勢能一定減少，故C正確，D錯誤：

故選C。

4.下列說法正確的是

A.原子的核式結(jié)構(gòu)模型是湯姆孫最早提出的

B.鈾核）衰變?yōu)殂U核（）的過程中，要經(jīng)過8次a衰變和6次B衰變

C.一個氫原子從量子數(shù)n=3的激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)時最多可輻射3種不同頻率的光子

D.一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應，可能是因為這束光的強度太小

【答案】B

【解析】

【詳解】A.原子的核式結(jié)構(gòu)模型是盧瑟福最早提出的，故A錯誤；

B.鈾核（2和）衰變?yōu)殂U核（加匕）的過程中，設要經(jīng)過X次a衰變和y次夕衰變，則有:

238-4^=206,92-2x+y=82

解得：

x=8,y=6

故B正確；

C.一個氫原子從量子數(shù)〃=3的激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)時，最多可產(chǎn)生2條不同頻率的譜線，而不

是3條，因為只有一個氫原子，故C錯誤；

D.一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應，根據(jù)光電效應發(fā)生的條件可知，是因為這束

光的光頻率小于極限頻率，而與光的強度大小無關，故D錯誤。

5.如圖所示，a、6兩個帶正電的粒子以相同的速度先后垂直于電場線從同一點進入平行板間

的勻強電場，a粒子打在6板的優(yōu)點，6粒子打在6板的力點，若不計重力，則

4+

b

H//

A.a的電荷量一定大于6的電荷量

B.6的質(zhì)量一定大于a的質(zhì)量

C.a的比荷一定大于6的比荷

D.6的比荷一定大于a的比荷

【答案】C

【解析】

【詳解】設任一粒子的速度為片電量為g,質(zhì)量為例加速度為a,運動的時間為3則加速

度為：

時間為:

偏轉(zhuǎn)量為:

=-at=

因為兩個粒子的初速度相等，則foe%,則得a粒子的運動時間短，則a的加速度大，a粒子

的比荷包就一定大，但a、6的電荷量和質(zhì)量無法確定大小關系，故C正確，ABD錯誤。

6.一衛(wèi)星繞某行星做勻速圓周運動，其軌道半徑為r,運行速度為吃行星的自轉(zhuǎn)周期為7。

引力常量為C,行星視為質(zhì)量分布均勻的球體。行星的同步衛(wèi)星運行的速度大小為

1271TV3T

Inr

【答案】B

【解析】

【詳解】該衛(wèi)星的周期為:

行星的同步衛(wèi)星運行的速度大小為:

丹=學（與為同步衛(wèi)星運行的軌道半徑）

根據(jù)開普勒第三定律有:

,32

解得:

故ACD錯誤，B正確。

7.小球只0用不可伸長的輕繩懸掛在天花板上，P、0的質(zhì)量相等，連接入。兩球的繩長之

比為1：4,將兩球拉到水平水平位置后由靜止釋放，不計空氣阻力。則兩球運動到懸點正下

方時

A.速度之比為1：1

B.小球動能之比為1：4

C.拉力之比為1：1

D.向心加速度之比為1：4

【答案】BC

【解析】

【詳解】A.對任意一球，設繩子長度為Z.小球從靜止釋放至最低點，由機械能守恒得:

mgL=mv2,解得：

v=j2gL,vocVZ

所以速度之比為1：2,故A錯誤。

B.mgL=3機，1，小球動能之比為1：%故B正確。

CD.向心力

Fn=m^-=2mg

向心加速度

a=—=2g

m

故向心加速度之比為1：1；在最低點，拉力和重力的合力提供向心力，由牛頓第二定律得:

F-mg=m—

解得，23mg,與繩長無關，故拉力之比為1：1,故C正確D錯誤。

8.如圖所示，在高法10m處將小球A以匕=20m/s的速度水平拋出，與此同時地面上有個小球

6以及=10m/s的速度豎直上拋，兩球在空中相遇，不計空氣阻力，取g=10m/s2g=10m/s2,

則

/H

必、,

A.從它們拋出到相遇所需的時間是0.5s

B.從它們拋出到相遇所需的時間是1s

C.兩球拋出時的水平距離為5nl

D.兩球拋出時的水平距離為20m

【答案】BD

【解析】

【詳解】AB.兩球相遇時有：

-gt-+v2t--gt=H

H,

解得：r=-=ls,故A錯誤B正確。

CD.兩球拋出時的水平距離

V.H”

x=卬=——=20m

v2

故C錯誤D正確。

9.如圖甲，傾斜傳送帶逆時針勻速轉(zhuǎn)動。質(zhì)量為勿的滑塊在傳送帶頂端由靜止釋放，益時刻滑

塊滑到傳送帶底端，滑塊運動的Lt圖象如圖乙所示，若小打、瓜七及重力加速度已知，

則據(jù)此

A.可求出傳送帶的傾角

B.無法求出滑塊和傳送帶間的動摩擦因數(shù)

C.傳送帶的速度大小為打

D.可求出整個過程因滑塊摩擦產(chǎn)生的熱量

【答案】AD

【解析】

【詳解】ABC.根據(jù)圖像可知，物塊先向下加速，達到與傳送帶共速匕后，繼續(xù)向下加速，根

據(jù)牛頓第二定律可知第一階段：

m—=mgsin0+/jmgcos0

4

第二階段：

m—~—=mgsin0-cos0

12Tl

兩方程做和，即可求得傾角的正弦值，進而計算傾角；將正弦值代入任一方程中，即可計算

動摩擦因數(shù)，故A正確BC錯誤。

D.根據(jù)圖像面積代表位移，可求出物塊位移，進而求出相對位移，動摩擦因數(shù)可求，滑動摩

擦力可求，產(chǎn)熱可求，故D正確。

10.如圖所示，兩塊較大的金屬板A、B相距為d,平行放置并與一電源相連，S閉合后，兩板

間恰好有一質(zhì)量為m,帶電量為q的油滴處于靜止狀態(tài)，以下說法正確的是（）

A.若將S斷開，則油滴將做自由落體運動，G表中無電流

B.若將A向左平移一小段位移，則油滴仍然靜止，G表中有b-a的電流

C.若將A向上平移一小段位移，則油滴向下加速運動，G表中有bfa的電流

D.若將A向下平移一小段位移，則油滴向上加速運動，G表中有b-a電流

【答案】BC

【解析】

【詳解】A、將S斷開，電容器電量不變，板間場強不變，故油滴仍處于靜止狀態(tài)，A錯誤：

B、若S閉合，將A板左移，由E=g可知，E不變，油滴仍靜止，而電容C變小，電容器極板

d

電量Q=CU變小，電容器放電，則有由b-a的電流，故B正確；

C、將A板上移，由E=￡可知，E變小，油滴應向下加速運動.電容C變小，電容器要放電，

d

則有由b-a的電流流過G,故C正確；

D、當A板下移時，板間電場強度增大，油滴受的電場力增加，油滴向上加速運動，C增大，

電容器要充電，則有由a-b的電流流過G,故D錯誤.

故選BC

二、實驗題

11.一小球做平拋運動的閃光照片的一部分，圖中背景方格的邊長均為5cm,如果取

g=10m/s2.那么：

(1)閃光頻率是Hz.

(2)小球運動中水平分速度的大小m/s.

(3)小球在6點的速度大小為m/s

【答案】(1).10(2).1.5(3).2.5

【解析】

【詳解】(1)[1]在豎直方向上有：

A/z=gT2

其中：

A/z=(5-3)x5cm=1Ocm=0.Im

代入求得:

T=竺=、￡s=0.1s

Ngno

則頻率為:

f=—=——Hz=10Hz；

T0.1

(2)⑵水平方向勻速運動，有：X=vot,其中x=15cm,r=T=0.1s,代入解得:

獷叵叱襁=1.59；

°0.1

(3)[3]根據(jù)勻變速直線運動中，時間中點的瞬時速度等于該過程的平均速度，在夕點有:

%c_8x5x10-2

m/s=2m/s

270.2

所以8點速度為：

vB=不久+K="+(1.5)2m/s=2.5m/s?

12.某位同學用如圖所示裝置，通過半徑相同的4、6兩球的碰撞來驗證動量守恒定律。

(1)實驗中必須滿足條件是__。

A.斜槽軌道盡量光滑以減小誤差

B.斜槽軌道末端的切線必須水平

C.入射球/每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下

D.兩球的質(zhì)量必須相等

(2)測量所得入射球/的質(zhì)量為例，被碰撞小球8的質(zhì)量為如，圖中。點是小球拋出點在水

平地面上的垂直投影，實驗時，先讓入射球4從斜軌上的起始位置由靜止釋放，找到其平均

落點的位置只測得平拋射程為|帆|;再將入射球4從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球8

相撞，分別找到球A和球6相撞后的平均落點MN,測得平拋射程分別為|。川和|OMo

當所測物理量滿足表達式時，即說明兩球碰撞中動量守恒；

如果滿足表達式時，則說明兩球的碰撞為彈性碰撞。

【答案】(1).BC(2)./a'\OP/=m^|\ONl(3).ni八OP『=in八

a-|ON/2

【解析】

【詳解】(1)[1LA.斜槽軌道沒必要必須光滑，只要小球到達低端的速度相同即可，選項A

錯誤；

B.斜槽軌道末端的切線必須水平，以保證小球到達低端時速度方向水平，選項B正確；

C.入射球/每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下，以保證小球到達低端的速度相同，選項C

正確；

D.為保證小球碰后不被反彈，入射小球的質(zhì)量必須大于被碰小球的質(zhì)量，選項D錯誤；

(2)[2].小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相同，它們在空中的運動時間t

相等，它們的水平位移x與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若

兩球相碰前后的動量守恒，則有：

2%%=陷匕+德吟

又

OPj-Vot,IOMj-Ht,|ON/-vit,

整理得：

ni\'\OPl=ni\'\OMl-\-nk,\ONl

[3].若碰撞是彈性碰撞，則機械能守恒，由機械能守恒定律得：

121212

]+萬機”2

將I0尸/=t,|的〃=V\t,\ON1=V[t,整理得：

/%1OP『=m八切〃2+偏?|ON%

三、計算題

13.如圖所示是一組不知方向的勻強電場的電場線，把LOxlO^C的負電荷從A點沿水平線移

到占點，靜電力做了2.0xl0-6j的功.從占兩點間的距離為2cm,問：

(1)勻強電場的場強為多大？方向如何?

(2)點6兩點間的電勢差為多大？

【答案】(D200V/m方向沿直線由下而上(2)-2V

【解析】

【詳解】(1)由題意可知，靜電力做了2.0X10-6J的功，有：MB=2X10?J

根據(jù)：

得：

七=200V/m

方向：沿直線由下而上

(2)沿著電場方向的位移為：

d=2x10-2c、os60°m=1x102m

根據(jù)U=Ed

得到：

Ui—

沿著電場線方向電勢降低，所以電場線的方向：沿直線由下而上

14.如圖所示，一質(zhì)量為后2kg木板靜止在光滑水平面上?，F(xiàn)有一質(zhì)量為歸1kg的小滑塊以

4m/s的初速度從木板的左端開始向木板的右端滑行，滑塊速度隨時間變化的關系如圖乙所示,

f0=ls時滑塊恰好到達木板最右端。(圻10m/s2)求：

(1)滑塊與木板間的摩擦因數(shù);

(2)木板的長度。

【答案】(1)0.2(2)2.5m

【解析】

【詳解】(1)由圖可知，滑塊的加速度大小為：

a.---2mzs2

根據(jù)牛頓第二定律：uniff—maA,解得：〃=0.2。

(2)由圖可知，滑塊位移大小為：

2+4

x.----x1=3m

A2

2

木板加速度：Nmg=Maz,解得：a2=lm/s,木板的對地位移為

而=92,2=O.5m

木板長度為：

L~~x\AB=2.5m

答：(1)0.2(2)2.5m

15.如圖所示，水平地面上靜止放置一輛小車4,質(zhì)量，6=4&g,上表面光滑，小車與地面間

的摩擦力極小，可以忽略不計?？梢暈橘|(zhì)點的物塊8置于4的最右端，6的質(zhì)量=2必。

現(xiàn)對4施加一個水平向右的恒力尸=10N,4運動一段時間后，小車左端固定的擋板8發(fā)生碰

撞，碰撞時間極短，碰后46粘合在一起，共同在尸的作用下繼續(xù)運動，碰撞后經(jīng)時間大=

0.6s,二者的速度達到匕=2加/s。求

(1)A開始運動時加速度a的大??；

(2)A,6碰撞后瞬間的共同速度r的大小;

(3)｛的上表面長度1；

【答案】⑴2.5m/s2⑵lm/s(3)0.45m

【解析】

【詳解】(1)以｛為研究對象，由牛頓第二定律有尸=的檢

代入數(shù)據(jù)解得a=2.5m/s?②

(2)對4、6碰撞后共同運動t—0.6s的過程，由動量定理得Ft—(如+加V—(zzzi