（課標(biāo)版）高考物理二輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題三 電場(chǎng)與磁場(chǎng) 第10講 選擇題對(duì)“電容器、帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)”的考查限時(shí)練（含解析）-人教版高三全冊(cè)物理試題

選擇題對(duì)“電容器、帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)”的考查[A組基礎(chǔ)小題練熟練快]1．(2019·天津和平區(qū)期末)如圖所示，平行板電容器的兩個(gè)極板與水平地面成一角度，兩極板與一穩(wěn)壓電源相連，若一帶電粒子恰能沿圖中所示水平直線(xiàn)通過(guò)電容器，則在此過(guò)程中該粒子()A．所受重力與電場(chǎng)力平衡B．電勢(shì)能逐漸增加C．機(jī)械能逐漸減小D．做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)解析：帶電粒子在電場(chǎng)中受到電場(chǎng)力與重力，根據(jù)題意可知，粒子做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力必定垂直極板向上，若由左向右運(yùn)動(dòng)，則電場(chǎng)力與重力的合力必定與速度方向反向，粒子做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)；若由右向左運(yùn)動(dòng)，則電場(chǎng)力與重力的合力與速度方向相同，做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，D正確．電場(chǎng)力垂直于極板向上，若粒子從左向右運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加；若粒子從右向左運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故B錯(cuò)誤．因重力不做功，當(dāng)電場(chǎng)力做負(fù)功時(shí)，電勢(shì)能增加，導(dǎo)致動(dòng)能減小，此時(shí)機(jī)械能減??；當(dāng)電場(chǎng)力做正功時(shí)，動(dòng)能增加，此時(shí)機(jī)械能增加，故C錯(cuò)誤．答案：D2.(2019·西北師大附中模擬)如圖所示，平行板電容器充電后與電源斷開(kāi)，正極板接地，兩板間有一個(gè)帶負(fù)電的試探電荷固定在P點(diǎn)．靜電計(jì)的金屬球與電容器的負(fù)極板連接，外殼接地．以E表示兩板間的場(chǎng)強(qiáng)，φ表示P點(diǎn)的電勢(shì)，Ep表示該試探電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能，θ表示靜電計(jì)指針的偏角．若保持負(fù)極板不動(dòng)，將正極板緩慢向右平移一小段距離(靜電計(jì)帶電荷量可忽略不計(jì))，各物理量變化情況描述正確的是()A．E增大，φ降低，Ep減小，θ增大B．E不變，φ降低，Ep增大，θ減小C．E不變，φ升高，Ep減小，θ減小D．E減小，φ升高，Ep減小，θ減小解析：將正極板適當(dāng)向右水平移動(dòng)，兩板間的距離減小，根據(jù)電容的決定式C＝eq\f(εrS,4πkd)可知，電容C增大，因平行板電容器充電后與電源斷開(kāi)，則電容器的電荷量Q不變，由C＝eq\f(Q,U)得知，板間電壓U減小，因此夾角θ減?。辉僖罁?jù)板間場(chǎng)強(qiáng)E＝eq\f(U,d)＝eq\f(Q,Cd)＝eq\f(4πkQ,εrS)，知E不變；P點(diǎn)到正極板距離減小，且正極板接地，由公式U＝Ed得知，則P點(diǎn)的電勢(shì)增加；負(fù)電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能減小，故C正確．答案：C3．(2019·四川名校聯(lián)考)一電子(不計(jì)重力)恰能在兩固定的等量正點(diǎn)電荷連線(xiàn)的中垂面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則以下判斷中正確的是()A．該電子受到的電場(chǎng)力是恒力B．該電子受到的電場(chǎng)力一定不做功C．該電子的軌道半徑越大，軌道處的電場(chǎng)強(qiáng)度越大D．該電子的軌道半徑越小，軌道處的電勢(shì)越低解析：由于電子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，兩等量的正電荷對(duì)其的電場(chǎng)力的合力提供向心力，可知該電子受到的電場(chǎng)力的合力大小不變，但是方向時(shí)刻改變，其方向時(shí)刻與速度方向垂直，則該電子受到的電場(chǎng)力一定不做功，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；由于等量正點(diǎn)電荷連線(xiàn)的中垂面上場(chǎng)強(qiáng)先增大后減小，則當(dāng)電子的軌道半徑越大，其軌道處的電場(chǎng)強(qiáng)度可能越大，也可能越小，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；該電子的軌道半徑越小，距離正電荷越近，可知軌道處的電勢(shì)越高，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．答案：B4．(多選)(2019·山東煙臺(tái)一模)在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一帶電顆粒以速度v從a點(diǎn)水平向右拋出，不計(jì)空氣阻力，顆粒運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)速度大小仍為v，方向豎直向下．已知顆粒的質(zhì)量為m，電荷量為q，重力加速度為g，則顆粒從a運(yùn)動(dòng)到b的過(guò)程中()A．做勻變速運(yùn)動(dòng)B．速率先增大后減小C．電勢(shì)能增加了eq\f(1,2)mv2D．a(chǎn)點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)低eq\f(mv2,q)解析：小球受到的重力和電場(chǎng)力是恒力，所以小球做的是勻變速運(yùn)動(dòng)，故A正確；根據(jù)平行四邊形定則知，電場(chǎng)力和重力的合力斜向左下方，由合力與速度的夾角可知，顆粒從a運(yùn)動(dòng)到b的過(guò)程中速率先減小后增大，故B錯(cuò)誤；在平行于電場(chǎng)方向，小球的動(dòng)能減小量為ΔEk＝eq\f(1,2)mv2，減小的動(dòng)能轉(zhuǎn)化為了小球的電勢(shì)能，所以小球電勢(shì)能增加了eq\f(1,2)mv2，故C正確；在平行于電場(chǎng)方向有qUab＝0－eq\f(1,2)mv2，解得Uab＝－eq\f(mv2,2q)，所以a點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)低eq\f(mv2,2q)，故D錯(cuò)誤．答案：AC5．(多選)(2019·山西太原五中二模)如圖所示，平行板電容器與直流電源、理想二極管(正向通電時(shí)可以理解為短路，反向通電時(shí)可理解為斷路)連接，電源正極接地．初始電容器不帶電，閉合開(kāi)關(guān)，電路穩(wěn)定后，一帶電油滴位于電容器中的P點(diǎn)且處于靜止?fàn)顟B(tài)．下列說(shuō)法正確的是()A．上極板上移，帶電油滴向下運(yùn)動(dòng)B．上極板上移，P點(diǎn)電勢(shì)降低C．上極板下移，帶電油滴向下運(yùn)動(dòng)D．上極板下移，P點(diǎn)電勢(shì)升高解析：將上極板向上移動(dòng)，d變大，由C＝eq\f(εrS,4πkd)可知，C變小，而U不變，要放電，由于二極管具有單向?qū)щ娦裕娙萜鞑荒芊烹?，由E＝eq\f(4πkQ,εrS)可知電容器兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，油滴所受電場(chǎng)力不變，油滴靜止不動(dòng)，上極板電勢(shì)為零，P點(diǎn)到上極板的距離增大，根據(jù)U＝Ed可知P與上極板間的電勢(shì)差的絕對(duì)值增大，而電場(chǎng)中的電勢(shì)都為負(fù)，所以P點(diǎn)電勢(shì)降低，A錯(cuò)誤，B正確；若上極板下移，則d變小，C變大，兩極板間的電壓U等于電源電動(dòng)勢(shì)不變，電場(chǎng)強(qiáng)度E＝eq\f(U,d)變大，電場(chǎng)力變大，電場(chǎng)力大于重力，油滴所受合力向上，油滴向上運(yùn)動(dòng)，P點(diǎn)到下極板的距離不變，根據(jù)U＝Ed可知P與下極板間的電勢(shì)差變大，則P與上極板間的電勢(shì)差的絕對(duì)值減小，而電場(chǎng)中的電勢(shì)都為負(fù)，所以P點(diǎn)電勢(shì)升高，C錯(cuò)誤，D正確．答案：BD6．(2019·山西太原五中二模)電子束熔煉是指高真空下，將高速電子束的動(dòng)能轉(zhuǎn)換為熱能作為熱源來(lái)進(jìn)行金屬熔煉的一種熔煉方法．如圖所示，陰極燈絲被加熱后產(chǎn)生初速度為0的電子，在3×104V加速電壓的作用下，以極高的速度向陽(yáng)極運(yùn)動(dòng)；穿過(guò)陽(yáng)極后，在金屬電極A1、A2間1×103V電壓形成的聚焦電場(chǎng)作用下，轟擊到物料上，其動(dòng)能全部轉(zhuǎn)換為熱能，使物料不斷熔煉．已知某電子在熔煉爐中的軌跡如圖中虛線(xiàn)OPO′所示，P是軌跡上的一點(diǎn)，聚焦電場(chǎng)過(guò)P點(diǎn)的一條電場(chǎng)線(xiàn)如圖，則()A．電極A1的電勢(shì)高于電極A2的電勢(shì)B．電子在P點(diǎn)時(shí)速度方向與聚焦電場(chǎng)強(qiáng)度方向夾角小于90°C．聚焦電場(chǎng)只改變電子速度的方向，不改變電子速度的大小D．電子轟擊到物料上時(shí)的動(dòng)能小于3×104eV解析：在P點(diǎn)電子受電場(chǎng)力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，又要與電場(chǎng)線(xiàn)相切，可判斷電場(chǎng)線(xiàn)的方向是從A1指向A2，所以電極A1的電勢(shì)高于電極A2的電勢(shì)，A正確；軌跡的切線(xiàn)方向是運(yùn)動(dòng)方向，由圖可知運(yùn)動(dòng)方向與電場(chǎng)方向夾角大于90°，B錯(cuò)誤；聚焦電場(chǎng)一方面使電子向中央靠攏，另一方面使電子加速，所以既改變電子速度的方向，又改變電子速度的大小，C錯(cuò)誤；聚焦電場(chǎng)對(duì)電子做功，且總功是正功W，從O到O′，根據(jù)動(dòng)能定理qU＋W＝Ek，U＝3×104V，電子轟擊到物料上時(shí)的動(dòng)能大于3×104eV，故D錯(cuò)誤．答案：A7．(多選)(2019·河北衡水中學(xué)模擬)水平放置的平行金屬板A、B連接一恒定電壓，兩個(gè)質(zhì)量相等的電荷M和N同時(shí)分別從極板A的邊緣和兩極板的正中間沿水平方向進(jìn)入板間電場(chǎng)，兩電荷恰好在板間某點(diǎn)相遇，如圖所示．若不考慮電荷的重力和它們之間的相互作用，則下列說(shuō)法正確的是()A．電荷M的電荷量大于電荷N的電荷量B．兩電荷在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度相等C．從兩電荷進(jìn)入電場(chǎng)到兩電荷相遇，電場(chǎng)力對(duì)電荷M做的功大于電場(chǎng)力對(duì)電荷N做的功D．電荷M進(jìn)入電場(chǎng)的初速度大小與電荷N進(jìn)入電場(chǎng)的初速度大小一定相同解析：從軌跡可以看出yM>yN，故eq\f(1,2)·eq\f(qME,mM)t2>eq\f(1,2)·eq\f(qNE,mN)t2，解得eq\f(qME,mM)>eq\f(qNE,mN)，qM>qN，故A正確，B錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理，電場(chǎng)力做的功為W＝ΔEk＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,y)，質(zhì)量m相同，M電荷豎直分位移大，豎直方向的末速度vy＝eq\f(2y,t)也大，故電場(chǎng)力對(duì)電荷M做的功大于電場(chǎng)力對(duì)電荷N做的功，故C正確；從軌跡可以看出xM>xN，故vMt>vNt，故vM>vN，故D錯(cuò)誤．答案：AC8．(多選)(2019·廣東珠海聯(lián)考)如圖所示，在豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，A球位于B球的正上方，質(zhì)量相等的兩個(gè)小球以相同初速度水平拋出，它們最后落在水平面上同一點(diǎn)，其中只有一個(gè)小球帶電，不計(jì)空氣阻力，下列判斷正確的是()A．如果A球帶電，則A球一定帶負(fù)電B．如果A球帶電，則A球的電勢(shì)能一定增加C．如果B球帶電，則B球一定帶負(fù)電D．如果B球帶電，則B球的電勢(shì)能一定增加解析：平拋時(shí)的初速度相同，在水平方向通過(guò)的位移相同，故下落時(shí)間相同，A在上方，B在下方，由h＝eq\f(1,2)at2可知，A下落的加速度大于B的加速度．如果A球帶電，則A的加速度大于B，故A受到向下的電場(chǎng)力，則A球一定帶負(fù)電，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故A正確，B錯(cuò)誤；如果B球帶電，則B帶正電，電場(chǎng)力對(duì)B做負(fù)功，電勢(shì)能增加，故C錯(cuò)誤，D正確．答案：AD[B組中難題目練通抓牢]9.(多選)(2019·貴州貴陽(yáng)二模)如圖所示，一板間距為d的平行板電容器豎直放置，兩板間存在電場(chǎng)強(qiáng)度為E的電場(chǎng)，一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電油滴從兩極板正中間由靜止釋放，重力加速度為g，則帶電油滴運(yùn)動(dòng)到極板的過(guò)程中()A．加速度大小為eq\r(\f(Eq2,m)＋g2)B．所需的時(shí)間為eq\r(\f(md,Eq))C．下降的高度為eq\f(mgd,2Eq)D．電場(chǎng)力對(duì)油滴所做的功為eq\f(Eqd,2)解析：點(diǎn)電荷受到重力、電場(chǎng)力，合力F＝eq\r(Eq2＋mg2)，根據(jù)牛頓第二定律有a＝eq\f(F,m)＝eq\f(\r(Eq2＋mg2),m)＝eq\r(\f(Eq,m)2＋g2)，故A錯(cuò)誤；根據(jù)運(yùn)動(dòng)獨(dú)立性，水平方向點(diǎn)電荷的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，水平方向上的加速度a＝eq\f(qE,m)，根據(jù)位移公式可得eq\f(d,2)＝eq\f(1,2)×eq\f(Eq,m)t2，解得t＝eq\r(\f(md,Eq))，下落的高度為h＝eq\f(1,2)gt2＝eq\f(mgd,2Eq)，電場(chǎng)力對(duì)油滴所做的功為W＝Eq×eq\f(d,2)＝eq\f(Eqd,2)，故B、C、D正確．答案：BCD10．(2019·蘇北三市聯(lián)考)如圖所示，金屬板帶有等量異種電荷，板間某一豎直平面內(nèi)電場(chǎng)線(xiàn)的分布如實(shí)線(xiàn)所示，已知該平面內(nèi)P、O的連線(xiàn)為等勢(shì)線(xiàn)，且與電場(chǎng)線(xiàn)上兩點(diǎn)M、N的連線(xiàn)垂直．一帶電油滴在O點(diǎn)處于靜止?fàn)顟B(tài)．則()A．若將油滴置于P處，仍能靜止B．若將油滴從M處釋放，將沿電場(chǎng)線(xiàn)運(yùn)動(dòng)至N處C．M點(diǎn)的電勢(shì)一定比N點(diǎn)的高D．油滴在M點(diǎn)的電勢(shì)能一定比在N點(diǎn)的小解析：由題可知，在O點(diǎn)處于靜止?fàn)顟B(tài)，說(shuō)明在O點(diǎn)的電場(chǎng)力與重力相等，由電場(chǎng)線(xiàn)的分布可知，P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，即EP>EO，則在P點(diǎn)的電場(chǎng)力大于重力，則油滴不會(huì)處于靜止?fàn)顟B(tài)，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤．帶電油滴受到重力和電場(chǎng)力的作用，由于電場(chǎng)的方向?yàn)殡妶?chǎng)線(xiàn)的切線(xiàn)方向，可知二者的合力的方向時(shí)刻在變化，其合力的方向不沿著電場(chǎng)線(xiàn)，根據(jù)曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)條件可知，油滴也不會(huì)沿電場(chǎng)線(xiàn)運(yùn)動(dòng)到N處，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤．根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)的性質(zhì)，可知沿著電場(chǎng)線(xiàn)電勢(shì)降低，由于電場(chǎng)線(xiàn)的方向未知，所以M、N點(diǎn)電勢(shì)高低也是未知的，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤．若油滴帶負(fù)電，則上極板帶正電，則φM>φN，則根據(jù)電勢(shì)能公式Ep＝φq可知EPM<EPN；若油滴帶正電，則上極板帶負(fù)電，則φM<φN，同理可知EPM<EPN，故選項(xiàng)D正確．答案：D11．(2019·山西四校聯(lián)考)如圖甲所示，兩平行金屬板MN、PQ的板長(zhǎng)和板間距離相等，板間存在如圖乙所示的隨時(shí)間周期性變化的電場(chǎng)，電場(chǎng)方向與兩板垂直，在t＝0時(shí)刻，一不計(jì)重力的帶電粒子沿板間中線(xiàn)垂直電場(chǎng)方向射入電場(chǎng)，粒子射入電場(chǎng)時(shí)的速度為v0，t＝T時(shí)刻粒子剛好沿MN板右邊緣射出電場(chǎng)．則()A．該粒子射出電場(chǎng)時(shí)的速度方向一定是沿垂直電場(chǎng)方向的B．在t＝eq\f(T,2)時(shí)刻，該粒子的速度大小為2v0C．若該粒子在eq\f(T,2)時(shí)刻以速度v0進(jìn)入電場(chǎng)，則粒子會(huì)打在板上D．若該粒子的入射速度變?yōu)?v0，則該粒子仍在t＝T時(shí)刻射出電場(chǎng)解析：由題設(shè)條件可知，粒子在0～eq\f(T,2)時(shí)間內(nèi)做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，在eq\f(T,2)～T時(shí)間內(nèi)做類(lèi)斜拋運(yùn)動(dòng)，因粒子在電場(chǎng)中所受的電場(chǎng)力大小相等，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱(chēng)性，粒子射出電場(chǎng)時(shí)的速度方向一定是沿垂直電場(chǎng)方向的，如圖所示，選項(xiàng)A正確；前后兩段運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，eq\f(T,2)時(shí)將速度分解，設(shè)板長(zhǎng)為l，由類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得l＝v0T，eq\f(1,2)l＝eq\f(1,2)vT，則v＝v0，則eq\f(T,2)時(shí)刻該粒子的速度為eq\r(2)v0，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；若該粒子在eq\f(T,2)時(shí)刻以速度v0進(jìn)入電場(chǎng)，粒子將先向下做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，后做類(lèi)斜拋運(yùn)動(dòng)，而從PQ板右邊緣射出電場(chǎng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；若該粒子的入射速度變?yōu)?v0，粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t＝eq\f(l,2v0)＝eq\f(T,2)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．答案：A12．如圖甲所示，M、N為正對(duì)豎直放置的平行金屬板，A、B為兩板中線(xiàn)上的兩點(diǎn)．當(dāng)M、N板間不加電壓時(shí)，一帶電小球從A點(diǎn)由靜止釋放經(jīng)時(shí)間T到達(dá)B點(diǎn)，此時(shí)速度為v.若兩板間加上如圖乙所示的交變電壓，t＝0時(shí)，將帶電小球仍從A點(diǎn)由靜止釋放，小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終未接觸極板，則t＝T時(shí)，小球()A．在B點(diǎn)上方 B．恰好到達(dá)B點(diǎn)C．速度大于v D．速度小于v解析：在A(yíng)、B兩板間加上如圖乙所示的交變電壓，小球受到重力和電場(chǎng)力的作用，電場(chǎng)力作周期性變化，且電場(chǎng)力在水平方向，所以小球豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)．在水平方向小球先做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，后沿原方向做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，t＝eq\f(T,2)時(shí)速度為零，接著反向做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，后繼續(xù)沿反方向做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，t＝T時(shí)速度為零．根據(jù)對(duì)稱(chēng)性可知在t＝T時(shí)小球的水平位移為零，所以t＝T時(shí)，小球恰好到達(dá)B點(diǎn)，故A錯(cuò)誤，B正確．在0～T時(shí)間內(nèi)，電場(chǎng)力做功為零，小球機(jī)械能變化量為零，所以t＝T時(shí)，小球速度等于v，故C、D錯(cuò)誤．答案：B[C組探究創(chuàng)新從容應(yīng)對(duì)]13．(多選)(2019·西南名校聯(lián)考)如圖所示，P、Q為固定在豎直線(xiàn)上的兩個(gè)點(diǎn)電荷，N為在PQ連線(xiàn)中垂面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的另一點(diǎn)電荷，圖中實(shí)線(xiàn)為N做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的圓軌跡．N的重力不計(jì)，則下列說(shuō)法中正確的是()A．P、Q為不等量異種電荷，P、N為異種電荷B．N的軌跡平面為點(diǎn)電荷P、Q共同產(chǎn)生的電場(chǎng)中的一個(gè)等勢(shì)面C．在點(diǎn)電荷P、Q共同產(chǎn)生的電場(chǎng)中N的軌跡上的各點(diǎn)電勢(shì)相等D．N的軌跡半徑越大，N的電勢(shì)能越大解析：若P、Q為不等量異種電荷，則根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)的分布可知，N無(wú)論是帶何種電荷都不能在PQ連線(xiàn)中垂面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；只有當(dāng)P、Q為等量同種電荷，且N帶與P、Q相反電性的電荷時(shí)，才能在P、Q連線(xiàn)中垂面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，而由等量同種電荷的電場(chǎng)電勢(shì)分布可知，P、Q連線(xiàn)的中垂面不是等勢(shì)面，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；N做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能不變，則N應(yīng)當(dāng)是沿一條等勢(shì)線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故C正確；異種電荷遠(yuǎn)離時(shí)，電勢(shì)能變大，可知N的軌跡半徑越大，N的電勢(shì)能越大，選項(xiàng)D正確．答案：CD14.(多選)(2019·江