2024屆海南省四校高三年級下冊一模物理試題及答案解析

2024屆海南省四校高三下學(xué)期一模物理試題

學(xué)校:姓名：班級：考號：

一、單選題

1.中科院近代物理研究所利用蘭州重離子加速器（HIRFL）通過“熔合蒸發(fā)”反應(yīng)合成超

重核案Ds,并同時輻射出一個中子。下列可能合成該超重核的原子核組合是（）

A.仙,彩PbB.；；Ni,等PbC.短Ni,普BiD.；；Ni,賀Bi

2.如圖所示為某自行車的大齒輪、小齒輪和后輪結(jié)構(gòu)示意圖，它們的邊緣有三個點。、

b、c,半徑大小關(guān)系為此＞凡＞《，下列判斷正確的是（）

C.。比6的向心加速度大D.c比6的向心加速度大

3.真空輪胎在輪胎和輪圈之間封閉著一定質(zhì)量的空氣。海南夏天天氣炎熱，胎內(nèi)氣體

開始升溫，假設(shè)此過程胎內(nèi)氣體的體積不變，則此過程中（）

A.每個氣體分子動能均增大B.氣體對外做功

C.速率大的區(qū)間內(nèi)分子數(shù)減少D.氣體壓強增大

4.2023年2月，我國成功發(fā)射的中星26號衛(wèi)星是地球靜止軌道衛(wèi)星，其距離地面的

高度約為地球半徑的6倍。已知地球自轉(zhuǎn)的周期為T,引力常量為G,依據(jù)題中信息可

估算出（）

A.地球的質(zhì)量B.衛(wèi)星的質(zhì)量

C.近地衛(wèi)星的周期D.該衛(wèi)星繞行的線速度大小

5.如圖，物體A、B相對靜止，共同沿粗糙斜面勻速下滑，若默認最大靜摩擦力大小

等于滑動摩擦力的大小，則下列說法中正確的是（）

A.A與B之間可能沒有摩擦力

B.B受到斜面的滑動摩擦力大于sin。

C.B與斜面的滑動摩擦因數(shù)〃〉tan。

D.A與B的滑動摩擦因數(shù)一定等于B與斜面間的滑動摩擦因數(shù)

6.由于空氣阻力的影響，炮彈的實際飛行軌跡不是拋物線，而是“彈道曲線”，如圖所

示。其中。點為發(fā)射點，d點為落地點，匕點為軌跡的最高點，。為距地面高度相

等的兩點，重力加速度為g。下列說法正確的是（）

A.炮彈到達最高點6時的加速度等于g

B.炮彈經(jīng)過。點和經(jīng)過。點的機械能不相同

C.炮彈經(jīng)過。點和經(jīng)過c點時的加速度相同

D.炮彈由。點運動到b點的時間大于由6點運動到。點的時間

7.如圖所示，處于真空中的勻強電場與水平方向成。角，直線與勻強電場E互相垂

直。在A點以大小為％的初速度水平拋出一質(zhì)量為機，帶電量為+4的小球，經(jīng)時間3

小球下落一段距離過C點（圖中未畫出）時速度大小仍為%,在小球由A點運動到C

A.小球的電勢能減少

B.C可能位于直線的右側(cè)

C.小球的機械能減少量一定等于;叫"2

D.小球的機械能減少量一定大于g/找g2產(chǎn)

8.如圖所示，物體。與b通過輕彈簧連接，b、c、d三個物體用不可伸長的輕繩通過輕

滑輪連接，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，。恰好和地面無擠壓。已知“c質(zhì)量均為md質(zhì)量為

試卷第2頁，共8頁

2m,彈簧的勁度系數(shù)為鼠物體在運動過程中不會與滑輪相碰，不計一切阻力，重力加

速度為g。將。與d間的線剪斷，下列說法正確的是（）

□c

，亡Id

0口

//Z///Z////Z

A.8的質(zhì)量為相

B.此時6的瞬時加速度為日

C.b下降孚時的速度最大

k

D.6下降孚時彈簧彈性勢能最大

二、多選題

9.“物理，，一詞最早出現(xiàn)在我國的晉朝，泛指事物之理，源于《莊子?天下》中的“判天地

之美，析萬物之理關(guān)于物理思想與方法，下列說法正確的是（）

A.加速度。=上用到了比值定義法

m

B.重心、合力的概念都體現(xiàn)了等效思想

C.用點電荷來代替帶電體的方法運用了假設(shè)法

D.伽利略的理想斜面實驗運用了在可靠的事實基礎(chǔ)上進行合理外推的方法

10.邊長為L的正方形單匝線框"cd放置在如圖所示的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度為2,

線框總電阻為r,若線框從圖示位置開始以角速度。繞功軸勻速轉(zhuǎn)動，則下列說法正

確的是（）

X

X

X

X

A.線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大值是

B.線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢有效值是3^0

C.線框所在平面和磁場的方向垂直時，回路電流最大

D.線框所在平面和磁場的方向平行時，回路電流最大

11.多個點波源在空間也可以形成干涉圖樣，如圖甲是利用軟件模擬出某時刻三個完全

相同的橫波波源產(chǎn)生的干涉圖樣。圖乙是三個完全相同的橫波波源在均勻介質(zhì)中的位置,

波源SI,S2,S3分別位于等邊三角形的三個頂點上，且邊長為2m。三個波源/=0時刻

同時開始振動，振動方向垂直紙面，振動圖像均如圖丙所示。已知波的傳播速度為0.25m/s,

。處質(zhì)點位于三角形中心，C處質(zhì)點位于與邑連線中點。下列說法正確的是（）

A.位于。處的質(zhì)點的振幅為6cm

B.片4s時，C處質(zhì)點開始振動

C.其中一列波遇到尺寸為0.8m的障礙物時，不能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象

D.若三列波頻率不同，即使在同一種介質(zhì)中傳播時也能夠發(fā)生干涉現(xiàn)象

12.如圖所示，有一玻璃直角三棱鏡ABC,AB^AC,由兩種單色光甲和乙組成的一

細光束，從邊射入三棱鏡，調(diào)整入射方向發(fā)現(xiàn)，當入射光束垂直邊入射時，單

色光甲從BC邊射出，且出射光線和BC邊的夾角為30。，單色光乙恰好在5c邊發(fā)生全

反射，則下列判斷正確的是（）

A.甲、乙兩種單色光的折射率分別為血和Q

B.甲、乙兩種單色光在該玻璃中的傳播速度之比為2:6

C.若用單色光甲照射某金屬表面，能使該金屬發(fā)射光電子，則用單色光乙照射該

金屬表面，也一定能使該金屬發(fā)射光電子

D.用完全相同的楊氏雙縫干涉儀做雙縫干涉實驗，單色光甲的條紋寬度要比單色

光乙的條紋寬度窄

13.如圖，真空中有區(qū)域I和n,區(qū)域1中存在勻強電場和勻強磁場，電場方向豎直向

試卷第4頁，共8頁

下（與紙面平行），磁場方向垂直紙面向里，腰長為L的等腰直角三角形CG尸區(qū)域（區(qū)

域II）內(nèi)存在勻強磁場，磁場方向垂直紙面向外。圖中A、C、O三點在同一直線上，

4。與GF垂直，且與電場和磁場方向均垂直。A點處的粒子源持續(xù)將比荷一定但速率不

同的粒子射入?yún)^(qū)域I中，只有沿直線AC運動的粒子才能進入?yún)^(qū)域n。若區(qū)域I中電場

強度大小為E、磁感應(yīng)強度大小為區(qū)域n中磁感應(yīng)強度大小為母,則粒子從CF

邊靠近P的三等分點。射出，它們在區(qū)域n中運動的時間為禮若改變電場或磁場強

弱，能進入?yún)^(qū)域II中的粒子在區(qū)域II中運動的時間為t,不計粒子的重力及粒子之間的

相互作用，下列說法正確的是（）

E

A.從。點飛出的粒子速度大小為年

B.粒子的比荷為笑：

2

C.若僅將區(qū)域I中電場強度大小變?yōu)?E,貝！

D.若僅將區(qū)域II中磁感應(yīng)強度大小變?yōu)榍遗c，則粒子從GP邊出射，出射點距

32

離。點漁L

6

三、實驗題

14.利用如圖所示的裝置來驗證機械能守恒定律,A為裝有擋光片的鉤碼,總質(zhì)量為M,

輕繩一端與A相連,另一端跨過輕質(zhì)定滑輪與質(zhì)量為m的重物B相連。實驗過程如下：

用游標卡尺測出擋光片的寬度為必先用力拉住B,保持A、B靜止，測出A下端到光

電門的距離為〃（/?八,然后由靜止釋放B,A下落過程中擋光片經(jīng)過光電門，測出

擋光時間為心已知重力加速度為g。

(2)某次實驗中用螺旋測微器測出擋光片的寬度，測量結(jié)果如圖所示，則擋光片的寬度為

d=mm；

(3)在A從靜止開始下落人的過程中，如果滿足,則驗證A、B和地球所組成

的系統(tǒng)機械能守恒(用題中所給物理量的符號表示)；

(4)擋光片經(jīng)過光電門的速度與鉤碼A下落〃時的瞬時速度間存在一個差值，為減小這

個差值，可采取的措施是o(寫出合理的一條即可)

15.某同學(xué)用甲圖的電路圖進行相關(guān)電學(xué)實驗。

(1)將電阻箱R2的阻值調(diào)至________(選填“最大”或"最小”)，然后閉合開關(guān)S一再將

撥至1位置，調(diào)節(jié)&使電壓表V有明顯讀數(shù)4；

⑵保持七不變，將開關(guān)S2撥至2位置，調(diào)節(jié)R/使電壓表的讀數(shù)仍為U。，此時電阻箱

讀數(shù)如圖乙所示，則&=Q；

⑶為了測量電池的電動勢E和內(nèi)阻r,先將R的阻值調(diào)到Ro,R2調(diào)到最大，將S2撥至

2位置，閉合開關(guān)然后多次調(diào)節(jié)R2,并記錄下了各次&的阻值和對應(yīng)電壓表的讀

數(shù)U;最后根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)，畫出如圖丙所示的"-為圖像，圖像的斜率為左，與縱軸

的截距為則根據(jù)圖像可以求出電池電動勢E=,內(nèi)阻「=(結(jié)果

均用N)、k、a表示)；

(4)上面數(shù)據(jù)處理中并未考慮電壓表的分流，若考慮電壓表分流，則測得的電動勢E測

試卷第6頁，共8頁

E箕(填“>”、“<”或"=")。

四、解答題

16.在駐波聲場作用下，水中小氣泡周圍液體的壓強會發(fā)生周期性變化，使小氣泡周期

性膨脹和收縮，氣泡內(nèi)氣體可視為質(zhì)量不變的理想氣體，其膨脹和收縮過程可簡化為如

圖所示的。-丫圖像，氣泡內(nèi)氣體先從壓強為P。、體積為%、溫度為"的狀態(tài)A等溫膨

脹到體積為4匕、壓強為PB的狀態(tài)B,然后從狀態(tài)B絕熱收縮到體積為治、壓強為1.8%、

溫度為7c的狀態(tài)C,8到C過程中外界對氣體做功為W,已知P。、W。求：

(1)PB與￡；

(2)8到C過程，氣泡內(nèi)氣體內(nèi)能的變化量。

*

V

17.如圖所示，將一可視為質(zhì)點的小物塊A放置在足夠長的長木板B最右側(cè)，用跨過

輕質(zhì)定滑輪的輕繩將木板右側(cè)與重物C相連并保持靜止，三者的質(zhì)量分別為映=1kg、

%=2kg、性=3kg,重物C距離地面高度〃=0.72m。已知物塊A與長木板B間的動

摩擦因數(shù)4=0.1,木板與桌面間的動摩擦因數(shù)〃2=。?3。初始時刻從靜止開始釋放重物,

長木板全程未與定滑輪發(fā)生碰撞，不計滑輪摩擦，g=10m/s2。求：

(1)釋放重物瞬間長木板和物塊的加速度；

(2)物塊距離長木板右端的最遠距離。

18.如圖所示，間距為d光滑平行金屬導(dǎo)軌由圓弧和水平兩部分組成，兩導(dǎo)軌之間連接

一個阻值為R的定值電阻。水平導(dǎo)軌間存在磁感應(yīng)強度大小為8的勻強磁場，磁場方向

垂直導(dǎo)軌平面向下，質(zhì)量為M、有效電阻也為R的金屬棒甲靜止在磁場左側(cè)邊界線上。

現(xiàn)在將一根質(zhì)量為根的絕緣棒乙，從圓弧軌道上距水平面高度為工處由靜止釋放，乙滑

下后與甲發(fā)生彈性碰撞并反彈，然后再次與已經(jīng)靜止的甲發(fā)生彈性碰撞。甲始終與導(dǎo)軌

垂直且接觸良好，導(dǎo)軌電阻不計，重力加速度為g。求：

(1)第1次碰后乙反彈的高度人；

(2)第1次碰撞到第2次碰撞過程中R上產(chǎn)生的熱量；

(3)已知圓弧軌道的半徑為r,如果圓弧軌道半徑遠大于圓弧的弧長，則乙第1次與甲

碰撞后經(jīng)過多長時間與甲發(fā)生第2次碰撞。

試卷第8頁，共8頁

參考答案:

1.B

【詳解】核反應(yīng)過程中滿足電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，則需滿足

Z,+Z2=110+0=110,A]+A2=271+1=272

A.由于

28+82=110,64+207=271w272

故A錯誤;

B.由于

28+82=110,64+208=272

故B正確;

c.由于

28+83=111^110,64+209=273。272

故C錯誤;

D.由于

28+83=111^110,64+210=274。272

故D錯誤。

故選B。

2.C

【詳解】AB.。、。共軸，角速度相同，b、。通過鏈條相連，線速度相同，根據(jù)

v=cor,Rc>Rb

可知

(Ob<g

則有

q=Q<G

故AB錯誤；

C.根據(jù)向心加速度公式

a=o}

又

答案第1頁，共15頁

RR

4=例，a>b

則

故C正確；

D.根據(jù)向心加速度公式

v2

CL=--

r

又

匕=%，Re>Rb

則

故D錯誤。

故選C。

3.D

【詳解】A.氣體分子的平均動能

—31-,

Ek=-kT=-m(v)2

22

胎內(nèi)氣體開始升溫，則平均動能增大,平均速率增大，但不是每一個氣體分子的速率都減小，

故A錯誤；

B.胎內(nèi)氣體的體積不變，則氣體對外做功為零，故B錯誤；

CD.溫度升高，根據(jù)氣體分子速率分布可知速率小的區(qū)間內(nèi)分子數(shù)減少，速率大的區(qū)間內(nèi)

分子數(shù)增多，圖像的最高點向溫度高的方向移動，故C錯誤；

D.由理想氣體狀態(tài)方程?丫=，水T可知，一定質(zhì)量的理想氣體溫度升高，體積不變，則壓

強增大，故D正確。

故選D。

4.C

【詳解】AB.根據(jù)題意，設(shè)地球半徑為R,由萬有引力提供向心力有

GMm47r2

=m—（6R+R）

（6R+R『

解得

答案第2頁，共15頁

4/(7對

M=

-GF-

可知，衛(wèi)星的質(zhì)量消掉不可求，地球半徑未知，則地球的質(zhì)量不可求，故AB不符合題意;

C.根據(jù)題意，設(shè)近地衛(wèi)星的周期為工，由開普勒第三定律有

(6R+WR3

T2

解得

可知，近地衛(wèi)星的周期可求，故c符合題意；

D.根據(jù)題意，由公式丫=季可得，該衛(wèi)星繞行的線速度大小

2萬(6尺+尺)_14%R

V——

TT

由于地球半徑未知，則該衛(wèi)星繞行的線速度大小不可求，故D錯誤。

故選C。

5.B

【詳解】BC.對AB整體，受力情況如圖所示

由共點力平衡條件得

f=(mA+mB)gsin3

風(fēng)=(mA+mB)gcos3

滑動摩擦力為

f=小

由以上三式可以解得

〃=tan9

故B正確，C錯誤;

答案第3頁，共15頁

AD.對A物體，受力情況如圖所示

由共點力平衡條件可得

fA=mAgsin0

F

NA=mAgcosd

滑動摩擦力為

/max="AB&IA

又有

fmax^JA

聯(lián)立以上等式和不等式可解得

故AD錯誤。

故選C。

6.B

【詳解】A.在最高點b時，炮彈具有水平向右的速度，所以炮彈在b點時，除了受重力外

還受到向后的空氣阻力，所以合力大于重力，即加速度大于g,A錯誤；

R,從。至丘的過程中，空氣阻力一直做負功，炮彈的機械能逐漸減小，則炮彈經(jīng)過。點和

經(jīng)過c點的機械能不相同，B正確；

C.炮彈經(jīng)過。點和經(jīng)過c點時受空氣阻力和重力作用，空氣阻力方向不同，所受合力不同，

則加速度不同，C錯誤；

D.設(shè)炮彈從。點運動到匕點的過程中所受阻力的平均豎直分量為力，從8點運動到。點的

過程中所受阻力的平均豎直分量為人，根據(jù)牛頓第二定律可知

。到b的平均加速度為

4=磔乜b到c的平均加速為

m

答案第4頁，共15頁

mg-f2

Ct2—

m

由此可知，4>電，根據(jù)運動學(xué)規(guī)律可知，炮彈從。點運動到6點的時間小于6點運動到。點

的時間，D錯誤。

故選B。

7.D

【詳解】A.由動能定理，動能不變，合外力的功為零，重力做正功，電場力必然做負功，

電勢能增加，故A錯誤；

B.若C位于直線的右側(cè)，則重力做正功，電場力做正功，動能增加，與動能不變矛盾，

故B錯誤；

CD.小球的機械能的減少量即為豎直方向的重力勢能的減少量mg/z,由于電場力向右下方，

重力豎直向下，將合力沿著水平和豎直方向正交分解，豎直方向的合力大于重力，故在豎直

方向的分運動的加速度。大于g,豎直方向

h=-at2>—gt2

22

即

mgh>gmg濘

故C錯誤，D正確。

故選D。

8.C

【詳解】A.剪斷c與d間的線之前，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，根據(jù)題意可知彈簧對6的作

用力方向向下，大小為

F=mg

以cd為研究對象，c與6間的線對cd的拉力為

Fx=3mg

設(shè)物體質(zhì)量6為M,以6為研究對象，根據(jù)平衡條件有

Ft-F-Mg=O

解得

M=2m

故A錯誤;

答案第5頁，共15頁

B.將c與d間的線剪斷瞬間，cd間繩子的拉力突變?yōu)?,彈簧對6的作用力不變，b與c

的加速度。大小相等，設(shè)此時反間繩子的拉力為T,以c為研究對象，由牛頓第二定律有

T—mg=ma

以be整體為研究對象，由牛頓第二定律有

+Mg-mg^-^M+in)a

代入數(shù)據(jù)解得

故B錯誤；

CD.由以上分析可知，剪斷線后，6往下運動，當匕速度最大時，6c加速度均為零，設(shè)此

時彈簧彈力為瑞，以be整體為研究對象，根據(jù)平衡條件可得

F2+Mg-mg=0

F[=_mg

即當b速度最大時，彈簧的彈力方向向上，6下降的距離等于開始的拉伸量加上速度最大時

的壓縮量，根據(jù)胡克定律可得b下降的距離為

2mg

~k~

由于慣性，b繼續(xù)往下運動，此時彈簧彈性勢能并不是最大，當6的速度變?yōu)榱銜r彈性勢能

最大，故C正確，D錯誤。

故選C。

9.BD

【詳解】A.加速度定義式是速度的變化量與時間的比值，應(yīng)用了比值定義法，故A錯誤;

B.重心、合力和分力都采用了等效替代的思想，故B正確；

C.用點電荷來代替帶電體采用了理想化的物理模型的方法，故C錯誤；

D.伽利略理想斜面實驗運用了在可靠的實驗事實基礎(chǔ)上進行合理外推的方法，故D正確。

故選BD。

10.AD

【詳解】AB.線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大值為

答案第6頁，共15頁

Em=BSco=Bl}co

則線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢有效值為

「Em叵BCs

E=—^=-----------

02

故A正確，B錯誤；

C.線框所在平面和磁場的方向垂直時，穿過線框的磁通量最大，但磁通量變化率最小，感

應(yīng)電動勢最小，回路電流最小，故C錯誤；

D.線框所在平面和磁場的方向平行時，穿過線框的磁通量為0,但磁通量變化率最大，感

應(yīng)電動勢最大，回路電流最大，故D正確。

故選ADo

11.AB

【詳解】A.。處質(zhì)點位于三角形中心，該點到三個波源的間距相等，可知該點為振動加強

點，則該點的振幅為

AQ=3A=3x2cm=6cm

A正確；

B.由于C處質(zhì)點位于邑與S3連線中點，則波源邑與S3的振動形式傳播到C處質(zhì)點所用的

時間為

Z=^=4s

V

即尸4s時，C處質(zhì)點開始振動，B正確；

C.根據(jù)圖丙可知，周期為4s,根據(jù)波速表達式有

A

v=—

T

代入數(shù)據(jù)解得

A=Im>0.8m

根據(jù)發(fā)生明顯衍射的條件可知，能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，C錯誤；

D.根據(jù)干涉的條件可知，機械波要發(fā)生干涉，波的頻率必須相等，即三列波的頻率不同時

不能夠發(fā)生干涉現(xiàn)象，D錯誤。

故選AB。

12.BC

答案第7頁，共15頁

【詳解】根據(jù)題意，由折射定律和反射定律畫出光路圖，如圖所示

A.根據(jù)題意，由幾何關(guān)系可知，甲光在邊的入射角為45。，折射角為

90°-30°=60°

則甲光的折射率為

sin60°

彈sin45°2

乙光恰好發(fā)生全反射，則臨界角為45。，則乙光的折射率為

故A錯誤；

B.根據(jù)題意，由公式〃=￡可得

V

C

v=—

n

則甲、乙兩種單色光在該玻璃中的傳播速度之比為

y甲_生_2血_2

故B正確；

C.由于甲光的折射率小于乙光的折射率，則甲光的頻率小于乙光的頻率，由光電效應(yīng)方程

線=匹-嘰可知，若用單色光甲照射某金屬表面，能使該金屬發(fā)射光電子，則用單色光乙照

射該金屬表面，也一定能使該金屬發(fā)射光電子，故c正確；

D.根據(jù)題意，由公式可知，由于甲光的頻率小，則甲光的波長長，由公式Ar=4與可

Ja

知，用完全相同的楊氏雙縫干涉儀做雙縫干涉實驗，單色光甲的條紋寬度要比單色光乙的條

紋寬度寬，故D錯誤。

故選BCo

13.BCD

【詳解】A.根據(jù)題意可知區(qū)域I中粒子電場力和洛倫茲力相等，由此可得

答案第8頁，共15頁

qE=qv0B}

解得

E

%;瓦

E

粒子在區(qū)域n中做勻速圓周運動，速度大小不變，故從。點飛出的粒子速度大小為瓦，故

A錯誤;

B.粒子的運動軌跡如圖所示

則有

qvB=m-

Q2r

根據(jù)幾何關(guān)系可知，粒子轉(zhuǎn)過的圓心角為90。，則有

L工昱L

/-I——L

V23

聯(lián)立可得粒子的比荷為

q_3A/2E

m2ByB2L

故B正確;

C.若僅將區(qū)域I中電場強度大小變?yōu)?E,設(shè)進入?yún)^(qū)域n中的速度大小為w，則有

q-2E=

解得

_2E

叫=2%=w

4

答案第9頁，共15頁

在區(qū)域II中，粒子受到的洛倫茲力提供向心力，則有

解得

2—

132

則粒子將從Gb邊離開區(qū)域H,軌跡的圓心角小于90。，根據(jù)粒子在磁場中的周期公式

.271r271m

1=-----=-------

vqB

由于區(qū)域n中的磁場不變，粒子的比荷也不變，所以周期不變，根據(jù)

24

因為粒子在區(qū)域II中做圓周運動的圓心角減小，所以粒子運動時間減小，則有

10

故C正確；

D.若僅將區(qū)域n中磁感應(yīng)強度大小變?yōu)橐舶?，設(shè)粒子在區(qū)域II中運動的半徑為2，根據(jù)

3

4%~^2=m一

3r2

解得

4s=雙＞旦

232

則粒子從GF邊出射，粒子在區(qū)域II中的運動軌跡如圖所示

由幾何關(guān)系可得

答案第10頁，共15頁

MN=CO=-L

2

根據(jù)勾股定理

O'M=Jr^-MN2=-L

V26

則出射點距離。點

ON=r-OfM=—L

?26

故D正確。

故選BCD。

14.(1)>

(2)4.699/4.700/4.701

2

(3)(A/—=^1(A/—

(4)減小擋光片的寬度或者增大下落高度

【詳解】(1)為了使A下落過程中擋光片經(jīng)過光電門，需滿足

M>m

(2)根據(jù)螺旋測微器的讀數(shù)原理可知擋光片的寬度為

d=4.5(X)mm+20x0.010mm=4.700rnm

(3)物塊經(jīng)過光電門的瞬時速度為

d

v=-

系統(tǒng)重力勢能的減少量為

△EQ=(M-m)gh

系統(tǒng)動能的增加量為

2

AEk=1(M+m)(y)

則機械能守恒的表達式為

(M-m)gh=g(M+w)(—)2

(4)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，用光電門測出瞬時速度小于下落/I

時的真實速度，可采取減小擋光片的寬度或者增大下落高度。

答案第11頁，共15頁

15.(1)最大

(2)209.1

【詳解】（1）為了保護電路，將電阻箱&的阻值調(diào)至最大；

（2）由等效替代思想可得，電阻箱阻值大小與尺阻值相同，電阻箱讀數(shù)如圖乙所示，則

/?A=（2X100+9X1+1X0.1）Q=209.1Q

（3）[1]⑵由閉合電路歐姆定律可得

E=U+—x（R2+r）

4）

變形可得

結(jié)合圖像的斜率為上與縱軸的截距為a,則可得

（4）考慮電壓表的分流，設(shè)&與電壓表并聯(lián)總電阻為R#,則

4=U+Rx(4+r)

R井

變形得

解得

E直=------>-----

真kR并k用

則測得的電動勢直。

16.(1)-Po；1.84；(2)W

【詳解】（1）由題可知，根據(jù)玻意耳定律可得

%匕=PBVB

解得

答案第12頁，共15頁

1

PB=~P0

根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知

PBVR_Pc%

不一不

解得

心=1.84

(2)根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知

\U=W+Q

其中。=。，故氣體內(nèi)能增加

\u=w

22

17.(1)aA=lm/s；aw=4m/s;(2)d=0.81m

【詳解】(1)對物塊A和長木板B和重物C受力分析，由牛頓第二定律可得:

〃陷Ag=mAaA

耳-Ag-4(7%+%)g=%知

mcg~FT=mcaB1

代入數(shù)據(jù)可得

%=lm/s2

%=4m/s2

(2)重物下落高度/z后落地，所用時間為

重物落地前物塊和長木板做勻加速運動，由運動學(xué)表達式可得

vA=aAt=0.6m/s

vB=殉％=2.4m/s

該階段兩者的位移為

12

入=/卬=0.18m

答案第13頁，共15頁