2024-2025學(xué)年高中物理全冊(cè)學(xué)業(yè)質(zhì)量標(biāo)準(zhǔn)檢測(cè)含解析新人教版選修3-5

PAGE10-學(xué)業(yè)質(zhì)量標(biāo)準(zhǔn)檢測(cè)本卷分第Ⅰ卷(選擇題)和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分。滿(mǎn)分100分，時(shí)間90分鐘。第Ⅰ卷(選擇題共40分)一、選擇題(共10小題，每小題4分，共40分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～6小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，第7～10小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得4分，選不全的得2分，有選錯(cuò)或不答的得0分)1．跳遠(yuǎn)時(shí)，跳在沙坑里比跳在水泥地上平安(如圖)，這是由于(D)A．人跳在沙坑的動(dòng)量比跳在水泥地上小B．人跳在沙坑的動(dòng)量改變比跳在水泥地上小C．人跳在沙坑受到的沖量比跳在水泥地上小D．人跳在沙坑受到的沖力比跳在水泥地上小解析：人跳遠(yuǎn)從肯定高度落下，落地前的速度肯定，則初動(dòng)量相同，落地后靜止，末動(dòng)量肯定，所以人下落過(guò)程的動(dòng)量改變量Δp肯定，因落在沙坑上作用的時(shí)間長(zhǎng)，落在水泥地上作用時(shí)間短，依據(jù)動(dòng)量定理Ft＝Δp，t長(zhǎng)F小，故D對(duì)。2．如圖所示，甲、乙兩人靜止在光滑的冰面上，甲沿水平方向推了乙一下，結(jié)果兩人向相反方向滑去。已知甲的質(zhì)量為45kg，乙的質(zhì)量為50kg。則下列推斷正確的是(C)A．甲的速率與乙的速率之比為9∶10B．甲的加速度大小與乙的加速度大小之比為9∶10C．甲對(duì)乙的沖量大小與乙對(duì)甲的沖量大小之比為1∶1D．甲的動(dòng)能與乙的動(dòng)能之比為1∶1解析：甲、乙系統(tǒng)動(dòng)量守恒，依據(jù)P＝mv得速度與質(zhì)量成反比，甲、乙速度之比為10∶9，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；甲、乙相互作用力大小相等，依據(jù)F＝ma得加速度與質(zhì)量成反比，甲乙加速度之比為10∶9，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；甲、乙相互作用力相等，沖量大小也相等，C選項(xiàng)正確；依據(jù)2mEk＝P2得動(dòng)量相同時(shí)，動(dòng)能與質(zhì)量成反比，甲、乙動(dòng)能之比為10∶9，D選項(xiàng)錯(cuò)誤。3．下列各種說(shuō)法中錯(cuò)誤的有(B)A．普朗克在探討黑體的熱輻射問(wèn)題中提出了能量子假說(shuō)B．一束光照耀到某種金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng)，是因?yàn)樵撌獾恼找珪r(shí)間太短C．在光的單縫衍射試驗(yàn)中，狹縫越窄，光子動(dòng)量的不確定量越大D．任何一個(gè)運(yùn)動(dòng)物體，無(wú)論是大到太陽(yáng)、地球，還是小到電子、質(zhì)子，都與一種波相對(duì)應(yīng)，這就是物質(zhì)波，物質(zhì)波是概率波解析：普朗克在探討黑體的熱輻射問(wèn)題中提出了能量子假說(shuō)，故A正確；一束光照耀到某種金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng)，是因?yàn)樵撌獾念l率小于極限頻率，故B錯(cuò)誤；光的單縫衍射試驗(yàn)中，狹縫越窄，光子動(dòng)量的不確定量越大，故C正確；任何一個(gè)運(yùn)動(dòng)物體，都與一種波相對(duì)應(yīng)，這就是物質(zhì)波，物質(zhì)波是概率波，故D正確。4．(2024·浙江省杭州市西湖中學(xué)高二下學(xué)期月考)質(zhì)量為M、內(nèi)壁間距為L(zhǎng)的箱子靜止于光滑的水平面上，箱子中間有一質(zhì)量為m的小物塊，小物塊與箱子底板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ.初始時(shí)小物塊停在箱子正中間，如圖所示。現(xiàn)給小物塊一水平向右的初速度v，小物塊與箱壁碰撞N次后恰又回到箱子正中間，并與箱子保持相對(duì)靜止。設(shè)碰撞都是彈性的，則整個(gè)過(guò)程中，系統(tǒng)損失的動(dòng)能為(D)A．eq\f(1,2)mv2 B．eq\f(Mm,M＋m)v2C．eq\f(1,2)NμmgL D．NμmgL解析：箱子與物塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以物塊的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：mv＝(M＋m)v′，系統(tǒng)損失的動(dòng)能：ΔEK＝eq\f(1,2)mv2－eq\f(1,2)(M＋m)v′2，聯(lián)立解得：ΔEK＝eq\f(mMv2,2m＋m)；故A、B錯(cuò)誤；由于小物塊與箱壁碰撞N次后恰又回到箱子正中間，可知小物塊相對(duì)于箱子的路程大小為NL，N為小物塊與箱子之間碰撞的次數(shù)，所以系統(tǒng)損失的動(dòng)能還可以表示為：ΔEK＝Q＝NμmgL，故C錯(cuò)誤，D正確。5．若用大寫(xiě)字母代表原子核，E經(jīng)α衰變成為F，再經(jīng)β衰變成為G，再經(jīng)α衰變成為H。上述系列衰變可記為下式：Eeq\o(→,\s\up7(α))Feq\o(→,\s\up7(β))Geq\o(→,\s\up7(α))H另一系列衰變?nèi)缦拢篜eq\o(→,\s\up7(β))Qeq\o(→,\s\up7(β))Req\o(→,\s\up7(α))S已知P和F是同位素，則(B)A．Q和G是同位素，R和H是同位素B．R和E是同位素，S和F是同位素C．R和E是同位素，S和H是同位素D．Q和E是同位素，R和F是同位素解析：由于P和F是同位素，設(shè)它們的質(zhì)子數(shù)為n，則其他各原子核的質(zhì)子數(shù)可分別表示如下：n＋2Eeq\o(→,\s\up7(α))nFeq\o(→,\s\up7(β))n＋1Geq\o(→,\s\up7(α))n－1HnPeq\o(→,\s\up7(β))n＋1Qeq\o(→,\s\up7(β))n＋2Req\o(→,\s\up7(α))nS由此可以看出R和E是同位素，S和F是同位素，Q和G是同位素，B正確。6．(2024·江蘇省鹽城市高二下學(xué)期期末)關(guān)于下列四幅圖說(shuō)法正確的是(C)A．玻爾原子理論的基本假設(shè)認(rèn)為，電子繞核運(yùn)行軌道的半徑是隨意的B．光電效應(yīng)產(chǎn)生的條件為：光強(qiáng)大于臨界值C．電子束通過(guò)鋁箔時(shí)的衍射圖樣證明了運(yùn)動(dòng)電子具有波動(dòng)性D．發(fā)覺(jué)少數(shù)α粒子發(fā)生了較大偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明金原子質(zhì)量大而且很堅(jiān)硬解析：依據(jù)玻爾理論知道，電子的軌道不是隨意的，電子有確定的軌道，且軌道是量子化的，故A錯(cuò)誤；光電效應(yīng)試驗(yàn)產(chǎn)生的條件為：光的頻率大于極限頻率，故B錯(cuò)誤；電子束通過(guò)鋁箔時(shí)的衍射圖樣證明了電子具有波動(dòng)性，故C正確；α粒子散射試驗(yàn)發(fā)覺(jué)少數(shù)α粒子發(fā)生了較大偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明原子的質(zhì)量絕大部分集中在很小空間范圍，故D錯(cuò)誤。7．(2024·福建省福州市八縣(市)一中高二下學(xué)期期末聯(lián)考)如圖為氫原子的能級(jí)示意圖，鋅的逸出功是3.34eV，那么對(duì)氫原子在能級(jí)躍遷過(guò)程中放射或汲取光子的規(guī)律相識(shí)正確的是(ABC)A．用能量為14.0eV的光子照耀，可使處于基態(tài)的氫原子電離B．一群處于n＝4能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷所輻射的光中，有3種不同頻率的光能使鋅發(fā)生光電效應(yīng)C．一群處于n＝3能級(jí)的氫原子向基態(tài)躍遷時(shí)，發(fā)出的光照耀鋅板，鋅板表面所發(fā)出的光電子的最大初動(dòng)能為8.75eVD．用能量為10.21eV光子照耀，可使處于基態(tài)的氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)解析：用能量為14.0eV的光子照耀，氫原子可以從基態(tài)躍遷到無(wú)窮遠(yuǎn)，多余的能量轉(zhuǎn)化為電離后的動(dòng)能，故A正確；一群處于n＝4能級(jí)的氫原子向基態(tài)躍遷時(shí)，輻射光子種類(lèi)數(shù)目為6種，其中有3種光子能量大于3.34eV，故B正確；一群處于n＝3能級(jí)的氫原子向基態(tài)躍遷時(shí)輻射光子最大能量為12.09eV，克服逸出功后剩余的最大動(dòng)能為8.75eV，故C正確；當(dāng)氫原子汲取的光子能量剛好等于能級(jí)差時(shí)，氫原子會(huì)躍遷到對(duì)應(yīng)的高能級(jí)上去，由于沒(méi)有任何一個(gè)高能級(jí)與基態(tài)的能級(jí)差等于10.21eV，而且又不足以躍遷到無(wú)窮遠(yuǎn)發(fā)生電離，所以用能量為10.21eV的光子照耀，不能使處于基態(tài)的氫原子躍遷，故D錯(cuò)誤。8．(2024·浙江省寧波余姚中學(xué)高二下學(xué)期檢測(cè))下列說(shuō)法中正確的是(BC)A．鈾核裂變的核反應(yīng)是eq\o\al(235,92)U→eq\o\al(141,56)Ba＋eq\o\al(92,56)Kr＋2eq\o\al(1,0)nB．已知質(zhì)子、中子、α粒子的質(zhì)量分別為m1、m2、m3，那么質(zhì)子和中子結(jié)合成一個(gè)α粒子，釋放的能量是(2m1＋2m2－m3)c2C．鈾(eq\o\al(238,92)U)經(jīng)過(guò)多次α、β衰變形成穩(wěn)定的鉛(eq\o\al(206,82)Pb)的過(guò)程中，有6個(gè)中子轉(zhuǎn)變成質(zhì)子D．一個(gè)處于n＝5能級(jí)態(tài)的氫原子，自發(fā)向低能級(jí)躍遷的過(guò)程中能輻射10種不同頻率的電磁波解析：鈾核裂變時(shí)要用中子轟擊鈾核才能產(chǎn)生核反應(yīng)，不能干脆反應(yīng)，故A錯(cuò)誤；已知質(zhì)子、中子、α粒子的質(zhì)量分別為m1、m2、m3，因兩個(gè)質(zhì)子和兩個(gè)中子結(jié)合成一個(gè)α粒子，那么質(zhì)子和中子結(jié)合成一個(gè)α粒子，質(zhì)量虧損為2m1＋2m2－m3釋放的能量是(2m1＋2m2－m3)c2,故B正確；依據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒知238－206＝4×8發(fā)生8次α衰變；92＝82＋2×8－6,發(fā)生6次β衰變，β衰變的實(shí)質(zhì)即為中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子同時(shí)釋放電子，所以有6個(gè)中子轉(zhuǎn)變成質(zhì)子，故C正確；一個(gè)處于n＝5能級(jí)態(tài)的氫原子，自發(fā)向低能級(jí)躍遷的過(guò)程中最多能夠輻射4種不同頻率的電磁波，故D錯(cuò)誤。9．(2024·北京臨川育人學(xué)校高二下學(xué)期期中)關(guān)于下面四個(gè)裝置說(shuō)法正確的是(CD)A．試驗(yàn)(A)可以說(shuō)明α粒子的貫穿本事很強(qiáng)B．試驗(yàn)(B)現(xiàn)象可以用愛(ài)因斯坦的質(zhì)能方程說(shuō)明C．(C)是利用α射線(xiàn)來(lái)監(jiān)控金屬板厚度的改變D．裝置(D)進(jìn)行的是核裂變反應(yīng)解析：(A)圖是α粒子散射試驗(yàn)，不能說(shuō)明α粒子的貫穿本事很強(qiáng)。故A錯(cuò)誤；(B)圖是試驗(yàn)室光電效應(yīng)的試驗(yàn)，該試驗(yàn)現(xiàn)象可以用愛(ài)因斯坦的光電效應(yīng)方程說(shuō)明，故B錯(cuò)誤；(C)圖，因?yàn)棣辽渚€(xiàn)穿透實(shí)力較弱，金屬板厚度的微小改變會(huì)使穿過(guò)鋁板的α射線(xiàn)的強(qiáng)度發(fā)生較明顯改變，即可以用α射線(xiàn)限制金屬板的厚度。故C正確；(D)裝置是核反應(yīng)堆的結(jié)構(gòu)，進(jìn)行的是核裂變反應(yīng)，故D正確。10．如圖所示，國(guó)際原子能機(jī)構(gòu)2007年2月15日公布核輻射警示新標(biāo)記，新標(biāo)記為黑框紅底三角，內(nèi)有一個(gè)輻射波標(biāo)記、一個(gè)骷髏頭標(biāo)記和一個(gè)逃跑的人形。核輻射會(huì)向外釋放三種射線(xiàn)：α射線(xiàn)帶正電，β射線(xiàn)帶負(fù)電，γ射線(xiàn)不帶電?，F(xiàn)有甲、乙兩個(gè)原子核原來(lái)都靜止在同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，其中一個(gè)核放出一個(gè)α粒子，另一個(gè)核放出一個(gè)β粒子，得出如圖所示的四條徑跡，則(BD)A．磁場(chǎng)的方向肯定垂直于紙面對(duì)里B．甲核放出的是α粒子，乙核放出的是β粒子C．a(chǎn)為α粒子的徑跡，d為β粒子的徑跡D．b為α粒子的徑跡，c為β粒子的徑跡解析：衰變過(guò)程中滿(mǎn)意動(dòng)量守恒，釋放粒子與新核的動(dòng)量大小相等，方向相反，依據(jù)帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)不難分析：若軌跡為外切圓，則為α衰變；若軌跡為內(nèi)切圓，則為β衰變。由R＝eq\f(mv,qB)知半徑與電荷量成反比，故B、D正確。第Ⅱ卷(非選擇題共60分)二、填空題(共2小題，共14分。把答案干脆填在橫線(xiàn)上)11．(6分)如圖所示，這是工業(yè)生產(chǎn)中大部分光電限制設(shè)備用到的光控繼電器的示意圖，它由電源、光電管、放電器、電磁繼電器等幾部分組成。(1)示意圖中，a端應(yīng)是電源__正__極。(2)光控繼電器的原理是：當(dāng)光照耀光電管時(shí)，__陰極K放射電子，電路中產(chǎn)生電流，經(jīng)放大器放大的電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)使鐵芯M磁化，將銜鐵N吸住。無(wú)光照耀光電管時(shí)，電路中無(wú)電流，N自動(dòng)離開(kāi)M__。(3)當(dāng)用綠光照耀光電管陰極K時(shí)，可以發(fā)生光電效應(yīng)，則下列__B__說(shuō)法正確。A．增大綠光照耀強(qiáng)度，光電子最大初動(dòng)能增大B．增大綠光照耀強(qiáng)度，電路中光電流增大12．(8分)(2024·廣東省試驗(yàn)中學(xué)高二下學(xué)期期中)為了驗(yàn)證“兩小球碰撞過(guò)程中的動(dòng)量守恒”，某同學(xué)用如圖所示的裝置進(jìn)行了如下的操作：①將斜槽軌道的末端調(diào)整水平，在一塊平木板表面先后釘上白紙和復(fù)寫(xiě)紙，并將該木板豎直立于靠近槽口處，使小球a從斜槽軌道上某固定點(diǎn)處由靜止釋放，撞到木板并在白紙上留下痕跡O；②將木板向右平移適當(dāng)?shù)木嚯x固定，再使小球a從原固定點(diǎn)由靜止釋放，撞到木板并在白紙上留下痕跡P；③把小球b靜止放在斜槽軌道的水平段的最右端，讓小球a仍從原固定點(diǎn)由靜止釋放，和小球b相碰后，兩小球撞到木板并在白紙上留下痕跡M和N；④用天平測(cè)出a、b兩個(gè)小球的質(zhì)量分別為ma和mb，用刻度尺測(cè)量白紙上O點(diǎn)到M、P、N三點(diǎn)的距離分別為yM、yP和yN。依據(jù)上述試驗(yàn)，請(qǐng)回答下列問(wèn)題：(1)為了減小試驗(yàn)誤差，選擇入射球ma、被碰球mb時(shí)，應(yīng)當(dāng)使ma__大于__mb。(填“大于”“等于”“小于”)(2)小球a下滑過(guò)程中與斜槽軌道間存在摩擦力，這對(duì)試驗(yàn)結(jié)果__不會(huì)__產(chǎn)生誤差。(選填“會(huì)”或“不會(huì)”)(3)小球a和b發(fā)生碰撞后，小球b在圖中白紙上撞擊痕跡應(yīng)是__M__點(diǎn)。(4)用本試驗(yàn)中所測(cè)得的物理量來(lái)驗(yàn)證兩小球碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，其表達(dá)式為：__eq\f(ma,\r(yp))＝eq\f(ma,\r(yN))＋eq\f(mb,\r(yM))__。解析：(1)選擇入射球ma、被碰球mb時(shí)，為防止入射球反彈，則應(yīng)當(dāng)使ma大于mb。(2)小球a下滑過(guò)程中與斜槽軌道間存在摩擦力，不會(huì)對(duì)試驗(yàn)結(jié)果產(chǎn)生誤差，因?yàn)橹灰ＷC小球從靜止釋放到達(dá)最低點(diǎn)的速度相等即可，斜槽不肯定須要光滑。(3)小球a和b發(fā)生碰撞后，小球b在圖中白紙上撞擊痕跡應(yīng)是M點(diǎn)。(4)依據(jù)y＝eq\f(1,2)gt2得t＝eq\r(\f(2y,g))，若小球a不與小球b碰撞，平拋運(yùn)動(dòng)初速度v＝eq\f(x,t)＝xeq\r(\f(g,2yP))，同理可得，小球a與b碰撞后，a的速度v1＝xeq\r(\f(g,2yN))，b的速度v2＝xeq\r(\f(g,2yM))，驗(yàn)證動(dòng)量守恒的表達(dá)式為mav＝mav1＋mbv2，即eq\f(ma,\r(yp))＝eq\f(ma,\r(yN))＋eq\f(mb,\r(yM))。三、論述·計(jì)算題(共4小題，共46分。解答應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟，只寫(xiě)出最終答案不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必需明確寫(xiě)出數(shù)值和單位)13．(10分)(2024·陜西省咸陽(yáng)市試驗(yàn)中學(xué)高二下學(xué)期檢測(cè))為估算雨水對(duì)傘面產(chǎn)生的平均撞擊力，小芳在大雨天將一圓柱形水杯置于露臺(tái)，測(cè)得10分鐘內(nèi)杯中水位上升了45mm，當(dāng)時(shí)雨滴豎直下落速度約為12m/s。設(shè)雨滴撞擊傘面后無(wú)反彈，不計(jì)雨滴重力，雨水的密度為1×103kg/m3，傘面的面積約為0.8m2，據(jù)此估算當(dāng)時(shí)雨水對(duì)傘面的平均撞擊力大小是多少？答案：0.72N解析：對(duì)雨水由動(dòng)量定理得Ft＝Δmv＝ρShv，則F＝eq\f(ρShv,t)＝0.72N。14．(11分)已知氘核的質(zhì)量為2.0136u，中子的質(zhì)量為1.0087u，eq\o\al(3,2)He核的質(zhì)量為3.0150u。兩個(gè)速率相等的氘核對(duì)心碰撞聚變成eq\o\al(3,2)He并放出一個(gè)中子，釋放的核能也全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能。(質(zhì)量虧損為1u時(shí)，釋放的能量為931.5MeV。除了計(jì)算質(zhì)量虧損外，eq\o\al(3,2)He的質(zhì)量可以認(rèn)為是中子的3倍)(1)寫(xiě)出該核反應(yīng)的反應(yīng)方程式。(2)該核反應(yīng)釋放的核能是多少？(3)若測(cè)得反應(yīng)后生成中子的動(dòng)能是3.12MeV，則反應(yīng)前每個(gè)氘核的動(dòng)能是多少M(fèi)eV?答案：(1)2eq\o\al(2,1)H→eq\o\al(3,2)He＋eq\o\al(1,0)n(2)3.26MeV(3)0.45MeV解析：(1)核反應(yīng)方程為2eq\o\al(2,1)H→eq\o\al(3,2)He＋eq\o\al(1,0)n。(2)質(zhì)量虧損為Δm＝2.0136u×2－3.015u－1.0087u＝0.0035u。則釋放的核能為ΔE＝Δmc2＝0.0035×931.5MeV≈3.26MeV。(3)設(shè)中子和eq\o\al(3,2)He核的質(zhì)量分別為m1、m2，速度分別為v1、v2，反應(yīng)前每個(gè)氘核的動(dòng)能為E0，反應(yīng)后中子和eq\o\al(3,2)He核的動(dòng)能分別為E1、E2。依據(jù)動(dòng)量守恒得m1v1－m2v2＝0，所以eq\f(v1,v2)＝eq\f(m2,m1)＝eq\f(3,1)。由E＝eq\f(1,2)mv2得eq\f(E2,E1)＝eq\f(\f(1,2)m2v\o\al(2,2),\f(1,2)m1v\o\al(2,1))＝eq\f(3,1)×(eq\f(1,3))2＝eq\f(1,3)，即E2＝eq\f(E1,3)＝eq\f(1,3)×3.12MeV＝1.04MeV，由能量轉(zhuǎn)化和守恒定律得E1＋E2＝2E0＋ΔE，代入數(shù)據(jù)得E0＝0.45MeV。15．(12分)(2024·天津一中高二下學(xué)期期末)一個(gè)靜止的氮核eq\o\al(14,7)N俘獲了一個(gè)速度為2.3×107m/s的中子生成一個(gè)復(fù)核A，A又衰變成B、C兩個(gè)新核，設(shè)B、C的速度方向與中子方向相同，B的質(zhì)量是中子的11倍，速度是106m/s，B、C在同一磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑之比RB∶RC＝11∶30，求：(1)C核的速度大小；(2)依據(jù)計(jì)算推斷C核是什么；(3)寫(xiě)出核反應(yīng)方程。答案：(1)3×106m/s(2)氦原子核(3)eq\o\al(14,7)N＋eq\o\al(1,0)n→eq\o\al(11,5)B＋eq\o\al(4,2)He解析：氮核汲取了一個(gè)中子變成復(fù)核不穩(wěn)定，發(fā)生衰變，整個(gè)過(guò)程中，中子、氮核以及兩個(gè)新核組成的系統(tǒng)，在反應(yīng)過(guò)程前后都不受外界的干擾，所以整個(gè)系統(tǒng)在俘獲與衰變過(guò)程中動(dòng)量均守恒，利用這一點(diǎn)，可求出C核的速度，然后依據(jù)粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)狀況就可以推斷出新核的種類(lèi)，寫(xiě)出核反應(yīng)方程。氮核俘獲中子到衰變成B、C兩個(gè)新核的過(guò)程中動(dòng)量守恒mnvn＝mBvB＋mCvC①依據(jù)衰變規(guī)律，可知C核的質(zhì)量數(shù)為14＋1－11＝4由此解得vC＝3×106m/s再由帶電粒子在洛倫茲力的作用下做圓周運(yùn)動(dòng)的學(xué)問(wèn)R＝eq\f(mv,Bq)可得：eq\f(qB,qc)＝eq\f(mBvBRC,mCvCRB)＝eq\f(11×106×30,4×3×106×11)＝eq\f(5,2)②qB＋qC＝7③將②③聯(lián)立可得，qC＝2，而mC＝4，則C核是氦原子核，核反應(yīng)方程式是eq\o\al(14,7)N＋eq\o