湖北省重點(diǎn)高中智學(xué)聯(lián)盟2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期8月聯(lián)考物理試卷（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025屆高三月考物理試卷一、單選題（每題4分，共計(jì)28分）1.下列說(shuō)法正確的是（）A.2023年的諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)授予“采用實(shí)驗(yàn)方法產(chǎn)生阿秒脈沖光的技術(shù)”，阿秒脈沖光是一種非常短的光脈沖，其持續(xù)時(shí)間在阿秒的量級(jí)，即，阿秒對(duì)應(yīng)的物理量不是國(guó)際單位制的基本量B.德國(guó)物理學(xué)家普朗克為解釋物體熱輻射規(guī)律，提出了能量子的假說(shuō)，同時(shí)他最早發(fā)現(xiàn)了光電效應(yīng)C.根據(jù)速度定義式，當(dāng)極短時(shí)，就可以表示物體在時(shí)刻的瞬時(shí)速度，該定義應(yīng)用了物理的極限法D.在對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)的研究中，伽利略猜想運(yùn)動(dòng)速度與下落時(shí)間成正比，并直接利用斜面實(shí)驗(yàn)得出了準(zhǔn)確結(jié)論〖答案〗C〖解析〗A．國(guó)際單位制中的七個(gè)基本物理量為長(zhǎng)度、質(zhì)量、時(shí)間、溫度、電流、物質(zhì)的量、發(fā)光強(qiáng)度，基本物理量的單位為基本單位，即米、千克、秒、開(kāi)爾文、安培、摩爾、坎德拉；“阿秒”是一個(gè)單位，對(duì)應(yīng)的物理量是時(shí)間，是國(guó)際單位制的基本量，故A錯(cuò)誤；B．德國(guó)物理學(xué)家普朗克為解釋物體熱輻射規(guī)律，提出了能量子的假說(shuō)，1887年赫茲在研究麥克斯韋電磁波理論時(shí)偶然發(fā)現(xiàn)了光電效應(yīng)現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤；C．為研究某一時(shí)刻或某一位置時(shí)的速度，我們采用了取非常小的時(shí)間，即讓時(shí)間趨向無(wú)窮小時(shí)的平均速度作為瞬時(shí)速度，即采用了極限思維法，故C正確；D．伽利略在對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)的研究中，猜想運(yùn)動(dòng)速度與下落時(shí)間成正比，為了“沖淡”重力的影響，首先在斜面上進(jìn)行實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證，在斜面實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上進(jìn)行理想化推理，故D錯(cuò)誤。故選C。2.2024年7月31日，在巴黎奧運(yùn)會(huì)女子雙人十米臺(tái)跳水決賽中，中國(guó)選手陳芋汐、全紅嬋獲得冠軍。假設(shè)跳水運(yùn)動(dòng)員（視為質(zhì)點(diǎn)）起跳離開(kāi)跳板后在一條直線上運(yùn)動(dòng)，其離開(kāi)跳板至入水后豎直向下速度減為零的過(guò)程中，最大速度大小為，離開(kāi)跳板時(shí)速度大小為，不計(jì)空氣阻力，在水中受到的阻力恒定，水中豎直向下運(yùn)動(dòng)的時(shí)間與空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，重力加速度大小為，則下列說(shuō)法不正確的是（）A.運(yùn)動(dòng)員離水面最遠(yuǎn)距離為 B.運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為C.跳板離水面的高度為 D.運(yùn)動(dòng)員入水的深度為〖答案〗B〖解析〗A．運(yùn)動(dòng)員在空中的運(yùn)動(dòng)為豎直上拋運(yùn)動(dòng)，入水的瞬間速度最大，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可知，運(yùn)動(dòng)員離水面最遠(yuǎn)距離為故A正確，不符合題意；B．運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間故B錯(cuò)誤，符合題意；C．跳板離水面的高度為故C正確，不符合題意；D．運(yùn)動(dòng)員入水深度故D正確，不符合題意。故選B。3.在某個(gè)惡劣天氣中，能見(jiàn)度很低，甲、乙兩汽車在一條平直的單行道上，甲在前、乙在后同向行駛。某時(shí)刻兩車司機(jī)同時(shí)聽(tīng)到前方有事故發(fā)生的警笛〖提示〗，同時(shí)開(kāi)始剎車。兩輛車剎車時(shí)的圖像如圖，下列說(shuō)法正確的是（）A.剎車過(guò)程中甲車的加速度與乙車的加速度之比為3∶2B.若兩車不相撞，則t=24s時(shí)，兩車間距最大C.若兩車發(fā)生碰撞，開(kāi)始剎車時(shí)兩輛車的間距一定小于48mD.若兩車發(fā)生碰撞，則可能是在剎車24s以后的某時(shí)刻發(fā)生相撞〖答案〗C〖解析〗A．由速度時(shí)間圖象的斜率表示加速度，可得甲車的加速度大小為乙車的加速度大小為兩車的加速度之比為A錯(cuò)誤；B．由圖像可知，兩車共速前，甲的速度一直小于乙，故兩車間距逐漸減小，由于兩車不相撞，則共速時(shí)，兩車間距最小，B錯(cuò)誤。C．由位移公式可得時(shí)，甲車的位移為乙車的位移為兩者位移之差若兩車在時(shí)刻恰好不相撞.則開(kāi)始剎車時(shí)兩輛車的間距等于48m，若兩車在時(shí)刻之前相撞，則開(kāi)始剎車時(shí)兩輛車的間距小于48m，C正確D．若兩車速度相等時(shí)沒(méi)有相撞，則此后的過(guò)程，甲車的速度比乙車的大，因此兩車不可能再相撞，D錯(cuò)誤。故選C。4.圖像能夠直觀描述物理過(guò)程，能形象表述物理規(guī)律，能有效處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)。如圖所示為物體做直線運(yùn)動(dòng)的圖像，下列說(shuō)法正確的是（）A.甲圖中，A、B、C三物體做直線運(yùn)動(dòng)的圖像如圖所示，則時(shí)間內(nèi)，三物體的平均速度不相等B.乙圖中物體的加速度大小為C.丙圖中，陰影面積表示時(shí)間內(nèi)物體的末速度D.丁圖中所描述的物體正在做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則該物體的加速度〖答案〗D〖解析〗A．由圖甲可知，時(shí)間內(nèi)，A、B、C三物體做直線運(yùn)動(dòng)的位移相同，則三物體的平均速度均為故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)可知圖像的斜率的絕對(duì)值等于2a，所以甲圖中物體的加速度大小為故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)知陰影面積表示時(shí)間內(nèi)物體的速度變化量，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)丁圖可知整理得結(jié)合可知加速度大小為，故D正確。故選D。5.如圖甲所示，升降機(jī)的頂部裝了一個(gè)拉力傳感器，傳感器下方掛上一輕質(zhì)彈簧，彈簧下端掛一個(gè)質(zhì)量為的小球，在升降機(jī)的作用下，小球沿豎直方向從靜止開(kāi)始做直線運(yùn)動(dòng)。取豎直向上為正方向，物塊的加速度隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖乙所示，彈簧秤始終在彈性限度內(nèi)。重力加速度。下列說(shuō)法正確的是（）A.0-2s內(nèi)物塊先失重后超重B.2-4s內(nèi)物塊先超重后失重，速度變化量為零C.1-3s內(nèi)物塊先失重后超重，3s末物塊的運(yùn)動(dòng)方向向下D.傳感器在1s末和3s末的示數(shù)相同，小球在1s末和3s末速度等大反向〖答案〗B〖解析〗A．由題意可知，在0~1s，加速度先正值，方向向上，由牛頓第二定律得得視重F大于物塊的實(shí)際重力mg，物塊處于超重狀態(tài)。在1~2s，加速度為負(fù)值，方向向下，由牛頓第二定律得得視重F小于物塊的實(shí)際重力mg，物塊處于失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．2s~3s，加速度為正值，方向向上，物塊處于超重狀態(tài)；3s~4s，加速度為負(fù)值，方向向下，物塊處于失重狀態(tài)。a-t圖像中圖線下的“面積”為速度的變化量，t軸上方面積為正值，t軸下方面積為負(fù)值，2~4s，圖像中圖線下的“面積”代數(shù)和為零。2~4s內(nèi)物塊先超重后失重，速度變化量為零。故B正確；C．1~3s內(nèi)物塊先失重后超重。由題意可知，2s末小球的速度為0。2s~3s物塊豎直向上做加速度不變的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故3s末，小球的速度方向沿正方向。故C錯(cuò)誤；D．由又1s和3s兩時(shí)刻加速度都為，傳感器在1s末和3s末的示數(shù)相同。a-t圖像中圖線下的“面積”為速度的變化量，物塊在1s~3s速度變化量為零，因此物塊在1s末和3s末速度等大同向，故D錯(cuò)誤。故選B。6.如圖所示，半球形容器內(nèi)有三塊不同長(zhǎng)度的滑板、、，其下端都固定于容器底部點(diǎn)，上端擱在容器側(cè)壁上，與水平面間的夾角分別為、、。若三個(gè)完全相同的滑塊同時(shí)從A、B、C處開(kāi)始由靜止下滑（忽略阻力），則（）A.A處滑塊最先到達(dá)點(diǎn)B.B處滑塊最先到達(dá)點(diǎn)C.三種情況下滑塊到達(dá)點(diǎn)的速度不相同D.若換用摩擦系數(shù)相同的桿，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中產(chǎn)生的摩擦熱相等〖答案〗C〖解析〗AB．令半球形容器的半徑為R，滑板的傾角為，對(duì)滑塊進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律有根據(jù)位移公式有解得可知時(shí)間t與滑板的傾角和板的長(zhǎng)度均無(wú)關(guān)，故三個(gè)滑塊同時(shí)到達(dá)點(diǎn)，故AB錯(cuò)誤；C．由于下落高度不同，重力做功不同，由動(dòng)能定理可知，三種情況下，滑塊到達(dá)底端的動(dòng)能不同，故速度不同，故C正確；D．令半球形容器的半徑為R，換用摩擦系數(shù)相同的桿，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中產(chǎn)生的摩擦熱即摩擦生熱不相等，故D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示電路中，定值電阻，電源內(nèi)阻，滑動(dòng)變阻器的總電阻為R。當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P由頂端向下滑動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法不正確的是（）A.電壓表示數(shù)在變小B.電壓表示數(shù)增大，電流表示數(shù)減小C.電容器的電荷量增大，電阻消耗的電功率減小D.電源內(nèi)阻損耗的功率變小，電源的輸出功率先變大后變小〖答案〗A〖解析〗A．滑片P向下滑動(dòng)的過(guò)程中，接入電阻增大，干路電流減小，根據(jù)可知，電壓表V2示數(shù)變大，故A錯(cuò)誤，符合題意；B．滑片P向下滑動(dòng)的過(guò)程中，根據(jù)由于干路電流減小，則電壓表示數(shù)增大，通過(guò)電流表的電流減小，故B正確，不符合題意；C．結(jié)合上述可知，電容器兩端的電壓為路端電壓，根據(jù)可知電容器的帶電量增大，由于干路電流減小，則電阻消耗的電功率減小，故C正確，不符合題意；D．電源內(nèi)阻損耗的功率由于干路電流變小，則電源內(nèi)阻損耗的功率變小，電源的輸出功率由于電源內(nèi)阻，定值電阻，滑動(dòng)變阻器的總電阻為R，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P由頂端向下滑動(dòng)過(guò)程中，的取值范圍在R到2R之間，根據(jù)對(duì)勾函數(shù)的特征可知，電源的輸出功率先變大后變小，故D正確，不符合題意。故選A。二、多選題（每題4分，共計(jì)12分）8.下列四幅插圖中說(shuō)法不正確的是（）A.甲圖中，銅盤靠慣性轉(zhuǎn)動(dòng)，手持磁鐵靠近銅盤，銅盤轉(zhuǎn)動(dòng)加快B.乙圖中，大量粒子以初速度為0進(jìn)入加速電場(chǎng)，粒子軌跡半徑越大，比荷越小C.丙圖中，把一根柔軟的金屬?gòu)椈蓱覓炱饋?lái)，使它的下端剛好跟槽中的水銀接觸并保持靜止，通電后彈簧運(yùn)動(dòng)情況不變D.圖丙中，當(dāng)人對(duì)著話筒講話時(shí)線圈中會(huì)產(chǎn)生強(qiáng)弱變化的電流，這利用了電流的磁效應(yīng)〖答案〗ACD〖解析〗A．當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)銅盤時(shí)，導(dǎo)致銅盤切割磁感線，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流，出現(xiàn)安培力，由楞次定律可知，產(chǎn)生的安培力將阻礙銅盤切割磁感線運(yùn)動(dòng)，則銅盤轉(zhuǎn)動(dòng)將變慢，故A錯(cuò)誤，符合題意；B．粒子在加速電場(chǎng)中，根據(jù)動(dòng)能定理有粒子在偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)中，則有聯(lián)立解得知粒子軌跡半徑越大，比荷越小，故B正確，不符合題意；C．當(dāng)有電流通過(guò)彈簧時(shí)，構(gòu)成彈簧的每一圈導(dǎo)線周圍都產(chǎn)生了磁場(chǎng)，根據(jù)安培定則知，各圈導(dǎo)線之間都產(chǎn)生了相互的吸引作用，彈簧就縮短了，當(dāng)彈簧的下端離開(kāi)水銀后，電路斷開(kāi)，彈簧中沒(méi)有了電流，各圈導(dǎo)線之間失去了相互吸引力，彈簧又恢復(fù)原長(zhǎng)，使得彈簧下端又與水銀接觸，彈簧中又有了電流，開(kāi)始重復(fù)上述過(guò)程，彈簧上下振動(dòng)，故C錯(cuò)誤，符合題意；D．圖丁中，當(dāng)人對(duì)著話筒講話時(shí)，線圈振動(dòng)切割磁感線會(huì)產(chǎn)生強(qiáng)弱變化的電流，這利用了電磁感應(yīng)原理，故D錯(cuò)誤，符合題意。故選ACD。9.如圖所示：質(zhì)量為M的斜劈放置在水平地面上，不可伸長(zhǎng)的細(xì)線繞過(guò)滑輪、連接、物體，連接細(xì)線與斜劈平行?；営杉?xì)線固定在豎直墻O處，滑輪用輕質(zhì)桿固定在天花板上，動(dòng)滑輪跨在細(xì)線上，其下端懸掛質(zhì)量為物體，初始整個(gè)裝置靜止，不計(jì)細(xì)線與滑輪間摩擦，下列說(shuō)法中正確的是（）A.若增大質(zhì)量，、M仍靜止，待系統(tǒng)穩(wěn)定后，細(xì)線張力大小變大，動(dòng)滑輪位置上移B.若增大質(zhì)量，、M仍靜止，待系統(tǒng)穩(wěn)定后，地面對(duì)M摩擦力變大，M對(duì)的摩擦力可能不變C.若將懸點(diǎn)O下移，、M仍靜止，待系統(tǒng)穩(wěn)定后，細(xì)線與豎直墻夾角不變D.若將懸點(diǎn)O下移，、M仍靜止，待系統(tǒng)穩(wěn)定后，地面對(duì)M摩擦力變大〖答案〗AC〖解析〗A．若增大的質(zhì)量，因?yàn)?、M仍靜止，且的質(zhì)量變大，所以系統(tǒng)穩(wěn)定后線的張力增大。由于不變，由力的平行四邊形法則可知，動(dòng)滑輪位置上移，故A正確；B．把M、看成一個(gè)整體，地面對(duì)M的摩擦力等于細(xì)線的張力沿水平方向的分量，由上分析知細(xì)線的張力變大，所以地面對(duì)M的摩擦力也變大。由于初始情況下的受力情況未知，M對(duì)的摩擦力大小可能不變，方向會(huì)發(fā)生變化，故B錯(cuò)誤；C．若將懸點(diǎn)O下移，細(xì)線的拉力不變，的質(zhì)量未變，那么與間的細(xì)線與豎直方向的夾角不變，與間的細(xì)線和拉的豎直線的夾角也沒(méi)有變化，拉滑輪細(xì)線的拉力與這兩根細(xì)線的合力大小相等，方向沿對(duì)角線，所以細(xì)線與豎直墻夾角總等于與間的細(xì)線和拉的豎直線的夾角的一半，故C正確；D．由以上分析可知將懸點(diǎn)O下移，細(xì)線的拉力不變，由整體法可知地面對(duì)M摩擦力不變，故D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖所示，質(zhì)量為M的粗糙半圓柱體放在水平面上，一可視為質(zhì)點(diǎn)、質(zhì)量為m的物塊在拉力F的作用下，沿半圓弧緩慢向上滑動(dòng)。已知拉力F的方向始終與小物塊的運(yùn)動(dòng)方向相同（與圓弧相切），物塊與半圓柱體表面的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.75，重力加速度為g。若小物塊和圓心的連線與水平方向的夾角為，在從0增大到90°的過(guò)程中，下列說(shuō)法不正確的是（）A.拉力F先增大后減小 B.拉力F先減小后增大C.地面受到的摩擦力方向向左 D.地面受到的摩擦力隨著的增大而增大〖答案〗BCD〖解析〗AB．由于物塊緩慢移動(dòng)，可看作是平衡狀態(tài)，小物塊和圓心的連線與水平方向的夾角為，對(duì)物塊受力分析，由平衡條件可得由數(shù)學(xué)知識(shí)可知其中得即所以在從0增大到90°的過(guò)程中，F(xiàn)先增大后減小，故A正確，B錯(cuò)誤；C．由于物塊處于動(dòng)態(tài)平衡狀態(tài)，對(duì)整體受力分析，可知地面對(duì)整體的摩擦力水平向左，即半圓柱體對(duì)地面有水平向右的摩擦力。故C錯(cuò)誤；D．地面受到的摩擦力大小為因?yàn)榈娜≈捣秶鷱?到90°，所以先增大后減小，故D錯(cuò)誤。故選BCD。三、實(shí)驗(yàn)題11.在“用油膜法估測(cè)油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)中：（1）有關(guān)該實(shí)驗(yàn)的下列說(shuō)法正確的是（）A.圖中的操作步驟順序是；丙→丁→乙→甲B.油酸酒精溶液配制好后，不能擱置很久才做實(shí)驗(yàn)C.往淺盤中滴入油酸酒精溶液后應(yīng)立即描繪油膜輪廓（2）若實(shí)驗(yàn)時(shí)油酸酒精溶液中純油酸占總體積的0.3%，用注射器測(cè)得200滴這樣的油酸溶液為1mL，取1滴這樣的溶液滴入淺盤中，即滴入淺盤中的油酸體積為_(kāi)_____cm3。（3）不同實(shí)驗(yàn)小組向水面滴入一滴油酸酒精溶液時(shí)得到以下油膜形狀，做該實(shí)驗(yàn)最理想的是（）A. B. C.〖答案〗（1）B（2）1.5×10-5cm3（3）C〖解析〗【小問(wèn)1詳析】A．根據(jù)題意，由實(shí)驗(yàn)原理可知，用油膜法估測(cè)油酸分子的大小的實(shí)驗(yàn)步驟為丙乙丁甲，故A錯(cuò)誤；B．油酸酒精溶液配制好后，不能擱置很久才做實(shí)驗(yàn)，避免酒精揮發(fā)，濃度發(fā)生變化，實(shí)驗(yàn)有誤差，故B正確；C．應(yīng)等油酸完全穩(wěn)定后開(kāi)始描繪油膜輪廓，故C錯(cuò)誤。故選B?！拘?wèn)2詳析】根據(jù)題意可知，1滴這樣的溶液中的油酸體積為【小問(wèn)3詳析】最理想的情況是痱子粉很薄，容易被油酸酒精溶液沖開(kāi)，近似圓形。故選C12.某興趣小組利用輕彈簧與刻度尺設(shè)計(jì)了一款加速度測(cè)量?jī)x，如圖甲所示。輕彈簧的右端固定，左端與一小車固定，小車與測(cè)量?jī)x底板之間的摩擦阻力可忽略不計(jì)。在小車上固定一指針，裝置靜止時(shí)，小車的指針恰好指在刻度尺正中間，圖中刻度尺是按一定比例的縮小圖，其中每一小格代表的長(zhǎng)度為0.1cm。某次測(cè)量小車所在位置如圖乙所示，此時(shí)彈簧的彈力大小為1.5N。重力加速度g取。（1）根據(jù)題意可知，彈簧勁度系數(shù)k=______N/m。（保留兩位有效數(shù)字）（2）小組成員用彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)定小車的重力，讀數(shù)如圖丙所示。通過(guò)計(jì)算，該加速度測(cè)量?jī)x的最大值為_(kāi)_____。（保留三位有效數(shù)字）（3）加速度測(cè)量?jī)x制作完成后，將刻度尺不同刻度對(duì)應(yīng)加速度大小標(biāo)在尺上。測(cè)量某次運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，觀察到指針由讀數(shù)較大的位置逐漸變小到讀數(shù)幾乎為0。則在這段時(shí)間內(nèi)該運(yùn)動(dòng)可能為_(kāi)_____。A.加速度減小的減速直線運(yùn)動(dòng) B.加速度增加的減速直線運(yùn)動(dòng)C.加速度減小的加速直線運(yùn)動(dòng) D.加速度增加的加速直線運(yùn)動(dòng)〖答案〗（1）（2）（3）C〖解析〗【小問(wèn)1詳析】根據(jù)題意，彈簧彈力為1.5N時(shí)彈簧的壓縮量為由胡克定律，可知彈簧的勁度系數(shù)為【小問(wèn)2詳析】由圖乙由題意可知，彈簧形變量最大為對(duì)應(yīng)加速度測(cè)量計(jì)的最大值，此時(shí)彈簧彈力最大，為由圖丙可知小車的重力由牛頓第二定律得最大加速度為【小問(wèn)3詳析】指針讀數(shù)減小表示小車加速度減小，由于小車的運(yùn)動(dòng)可以看作簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，故可以判斷出小車做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，靠近平衡位置。故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。13.如圖，紙面內(nèi)存在上、下寬度均為2d的勻強(qiáng)電場(chǎng)與勻強(qiáng)磁場(chǎng)，勻強(qiáng)電場(chǎng)平行紙面豎直，勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m、帶電荷量為的粒子，從電場(chǎng)的上邊界O點(diǎn)由靜止釋放，進(jìn)入磁場(chǎng)后，其運(yùn)動(dòng)軌跡與下邊界相切于P點(diǎn)，不計(jì)粒子重力。求：（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)；（2）帶電粒子從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的時(shí)間。〖答案〗（1），方向豎直向上（2）〖解析〗【小問(wèn)1詳析】帶電粒子在電場(chǎng)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理有進(jìn)入磁場(chǎng)后，粒子做圓周運(yùn)動(dòng)，由幾何關(guān)系得根據(jù)牛頓第二定律有解得方向豎直向上?！拘?wèn)2詳析】粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則周期為結(jié)合上述解得令粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，則有結(jié)合上述解得令粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的時(shí)間為，則有帶電粒子從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的時(shí)間為14.如圖所示，某同學(xué)用一雙筷子夾起質(zhì)量為m的圓柱形重物，圓柱豎直放置、半徑為r，筷子水平，交叉點(diǎn)到圓柱接觸點(diǎn)的距離均為，重力加速度大小為g。若筷子對(duì)圓柱的合壓力為2mg，滑動(dòng)摩擦力等于最大靜摩擦。求：（1）每根筷子對(duì)圓柱的壓力大小。（2）筷子與圓柱體之間動(dòng)摩擦因數(shù)的最小值?！即鸢浮剑?）（2）〖解析〗【小問(wèn)1詳析】設(shè)兩根筷子的夾角為，由幾何關(guān)系有得由力的分解