2023-2024學(xué)年山西省長(zhǎng)治市高二下學(xué)期6月期末物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1物理試卷一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分：第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.高光譜儀能又快又準(zhǔn)地鑒別毒豆芽。檢測(cè)時(shí)，將一束光近距離照射在物體上，靠反射回來(lái)的光譜信息進(jìn)行分析判斷。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.每一種物質(zhì)都有自己獨(dú)特的光譜特征B.檢測(cè)原理：先提取原始物質(zhì)的光譜信息再通過(guò)檢測(cè)物與光譜庫(kù)數(shù)據(jù)的比對(duì)分析來(lái)完成C.光譜檢測(cè)只能檢測(cè)高溫稀薄氣體中游離態(tài)原子的光譜D.物質(zhì)中的原子吸收光的能量躍遷到高能級(jí)再回到較低能級(jí)時(shí)能發(fā)出自己獨(dú)特的光譜〖答案〗C〖解析〗A．每一種物質(zhì)都有自己獨(dú)特的光譜特征。故A正確，與題意不符；B．檢測(cè)原理：先提取原始物質(zhì)的光譜信息再通過(guò)檢測(cè)物與光譜庫(kù)數(shù)據(jù)的比對(duì)分析來(lái)完成。故B正確，與題意不符；C．依題意，光譜檢測(cè)除了檢測(cè)高溫稀薄氣體中游離態(tài)原子的光譜，也可以檢測(cè)反射回來(lái)的光譜。故C錯(cuò)誤，與題意相符；D．物質(zhì)中的原子吸收光的能量躍遷到高能級(jí)再回到較低能級(jí)時(shí)能發(fā)出自己獨(dú)特的光譜，故D正確，與題意不符。2.2024年4月11日《光明日?qǐng)?bào)》報(bào)道，東華大學(xué)團(tuán)隊(duì)研發(fā)出集無(wú)線能量采集、信息感知與傳輸?shù)裙δ苡谝惑w的新型智能纖維，由其編織制成的智能紡織品無(wú)須依賴(lài)芯片和電池便可實(shí)現(xiàn)發(fā)光顯示、觸控等人機(jī)交互功能。添加特定功能材料后，僅經(jīng)過(guò)人體觸碰，這種新型纖維就會(huì)展現(xiàn)發(fā)光發(fā)電的“神奇一幕”。電磁場(chǎng)和電磁波無(wú)處不在，這種新型纖維利用了電磁感應(yīng)原理。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.變化的電磁場(chǎng)使纖維導(dǎo)體中磁通量變化產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)B.人體接觸纖維時(shí)，纖維、人體、大地組成導(dǎo)體回路C.當(dāng)手接觸電阻為R的纖維兩端，纖維發(fā)光時(shí)電流為I，則纖維中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)等于IRD.纖維中磁通量變化越快產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大〖答案〗C〖解析〗A．變化的電磁場(chǎng)使纖維導(dǎo)體中磁通量變化產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，選項(xiàng)A正確，不符合題意；B．人體接觸纖維時(shí)，纖維、人體、大地組成導(dǎo)體回路，選項(xiàng)B正確，不符合題意；C．當(dāng)手接觸電阻為R的纖維兩端，纖維發(fā)光時(shí)電流為I，人體和大地之間的電阻為r，則纖維中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)等于I(R+r)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，符合題意；D．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，纖維中磁通量變化越快產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，選項(xiàng)D正確，不符合題意。故選C。3.某同學(xué)做了一個(gè)“消失的樹(shù)冠”魔術(shù)，如圖所示，先在白紙上畫(huà)樹(shù)冠，在很薄的塑料密封袋外面畫(huà)黑色的樹(shù)干，把白紙裝進(jìn)密封袋，樹(shù)冠和樹(shù)干組成完整的樹(shù)，塑料袋口密封好，然后把塑料袋豎直放入裝滿(mǎn)水的杯子中，發(fā)現(xiàn)樹(shù)冠浸入水中后，真的消失不見(jiàn)了。他蹲低身子，發(fā)現(xiàn)視線與水平方向夾角很小時(shí)又能看到樹(shù)冠。已知水的折射率為。假設(shè)塑料袋壁折射率和水相同，忽略很薄的塑料袋壁中光路的變化。關(guān)于“樹(shù)冠消失”的解釋?zhuān)铝姓f(shuō)法正確的是（）A.由塑料袋內(nèi)樹(shù)冠上發(fā)出的光經(jīng)空氣射向水面時(shí)發(fā)生了全反射B.光經(jīng)袋中空氣射向水再射向水面上方空氣時(shí)入射角小于臨界角，發(fā)生了全反射C.水的臨界角為〖答案〗D〖解析〗明確發(fā)生全反射條件：光從光密介質(zhì)進(jìn)入光疏介質(zhì)，入射角等于或大于臨界角這兩個(gè)條件需要同時(shí)滿(mǎn)足，缺一不可。A．光經(jīng)空氣射向水面時(shí)，是從光疏介質(zhì)進(jìn)入光密介質(zhì)，不會(huì)發(fā)生全反射，A錯(cuò)誤；B．要看到袋內(nèi)物體的像，需要該點(diǎn)發(fā)出的光先從空氣折射到水中，再?gòu)乃姓凵涞剿嫔系目諝庵?，最后射入人眼，?dāng)光在射向水面上方空氣時(shí)入射角大于臨界角，才會(huì)發(fā)生全反射現(xiàn)象，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)全反射的公式解得臨界角C錯(cuò)誤；D．如果光從塑料袋射入水中折射角小于，那么光射向水面上的空氣時(shí)的入射角會(huì)大于，大于臨界角，則會(huì)發(fā)生全反射現(xiàn)象，D正確。故選D。4.在如圖所示的水平向右的電場(chǎng)中，質(zhì)子在坐標(biāo)原點(diǎn)由靜止釋放，電場(chǎng)強(qiáng)度沿x軸變化的關(guān)系滿(mǎn)足，則質(zhì)子運(yùn)動(dòng)到1m處獲得的動(dòng)能為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗E?x圖像所包圍的面積表示兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大小，電勢(shì)差根據(jù)動(dòng)能定理，質(zhì)子運(yùn)動(dòng)到1m處獲得的動(dòng)能為故選B。5.風(fēng)力發(fā)電綠色環(huán)保、低碳，通過(guò)變壓器和遠(yuǎn)距離輸電線給用戶(hù)供電，工作原理如圖所示。發(fā)電機(jī)線圈面積為S、匝數(shù)為N匝、電阻不計(jì)，處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線圈繞垂直磁場(chǎng)的水平軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)速為n，其輸出端與升壓變壓器的原線圈相連，輸出電壓為，升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為，輸出功率為P，降壓變壓器的副線圈連接用戶(hù)，兩變壓器間的輸電線總電阻為R，變壓器均為理想變壓器。用戶(hù)端工作電壓為。下列說(shuō)法正確的是（）A. B.兩變壓器間輸電線上的電流為C.用戶(hù)獲得的功率為 D.若其他條件不變，只減小，則增大〖答案〗D〖解析〗A．發(fā)電線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值為又輸出電壓為聯(lián)立，解得故A錯(cuò)誤；B．升壓變壓器電流為由解得兩變壓器間輸電線上的電流為故B錯(cuò)誤；C．輸電線上損耗的功率為用戶(hù)獲得的功率為聯(lián)立，解得故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)，又，聯(lián)立，解得若其他條件不變，只減小，則增大，根據(jù)可知?jiǎng)t增大。故D正確。故選D。6.大型文藝晚會(huì)常模擬麥浪滾滾的簡(jiǎn)諧橫波傳播過(guò)程，圖甲為該簡(jiǎn)諧橫波在時(shí)刻的波形圖，此時(shí)演員P位于平衡位置，演員Q平衡位置坐標(biāo)為，圖乙為演員P的振動(dòng)圖像，以向上為y軸正方向。下列說(shuō)法正確的是（）A.圖甲中演員P正在向上運(yùn)動(dòng) B.P總是重復(fù)Q的動(dòng)作，只是比Q遲開(kāi)始運(yùn)動(dòng)C.與P相隔的演員總是與P運(yùn)動(dòng)方向相反 D.該波的傳播速度為〖答案〗C〖解析〗A．由圖乙知演員P在時(shí)正在向下運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．由圖乙知演員P在時(shí)正在向下運(yùn)動(dòng)，根據(jù)同側(cè)法結(jié)合圖甲知波沿x軸負(fù)向傳播，故Q總是重復(fù)P的動(dòng)作，只是比P遲開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．與P相隔的演員，與P相差半個(gè)周期，所以總是與P運(yùn)動(dòng)方向相反，故C正確；D．由圖甲知波長(zhǎng)為2m，圖乙知周期為0.8s，則波傳播速度為故D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示，一半徑為R圓心為O的圓形區(qū)域內(nèi)部存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一群?jiǎn)蝹€(gè)質(zhì)量為m、電荷量為的粒子從圖中磁場(chǎng)邊界點(diǎn)以初速度v從不同方向沿紙面射入磁場(chǎng)，不計(jì)粒子重力及粒子間的相互作用。下列說(shuō)法正確的是（）A.若，則所有粒子出射方向平行B.若，則所有粒子偏轉(zhuǎn)角度相同C.若，則所有粒子均從某段圓弧邊界射出，其圓弧長(zhǎng)度為D.若，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間是〖答案〗AD〖解析〗AB．若粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑根據(jù)磁發(fā)散原理，所有粒子出射方向平行，但是粒子在磁場(chǎng)中的軌跡不同，即圓心角不同，轉(zhuǎn)過(guò)的角度不同，故A正確，B錯(cuò)誤；C．若粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑則入射點(diǎn)與最遠(yuǎn)出射點(diǎn)連線應(yīng)是軌跡圓的直徑，長(zhǎng)度為如下圖所示由幾何關(guān)系可知，圖中則對(duì)應(yīng)的弧的長(zhǎng)度是整個(gè)圓周長(zhǎng)的三分之一，即圓弧長(zhǎng)度為，故C錯(cuò)誤；D．若粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑根據(jù)同一大小半徑的圓軌跡，在磁場(chǎng)中入射點(diǎn)和出射點(diǎn)連線越長(zhǎng)，時(shí)間越長(zhǎng)的規(guī)律，即最長(zhǎng)的弦對(duì)應(yīng)最長(zhǎng)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間．由幾何關(guān)系可知，最長(zhǎng)的弦為則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間是故D正確。故選AD。8.鵲橋二號(hào)中繼星自3月20日發(fā)射升空后，經(jīng)過(guò)中途修正、近月制動(dòng)、環(huán)月軌道機(jī)動(dòng)，于4月2日按計(jì)劃進(jìn)入24小時(shí)周期的環(huán)月大橢圓凍結(jié)軌道作為使命軌道（圖甲）。鵲橋二號(hào)中繼星將在凍結(jié)軌道上分別與正在月球背面開(kāi)展探測(cè)任務(wù)的嫦娥四號(hào)和嫦娥六號(hào)探測(cè)器（月球南極地面狀態(tài)）開(kāi)展對(duì)通測(cè)試（圖乙）。環(huán)月大橢圓凍結(jié)軌道是處于穩(wěn)定狀態(tài)的環(huán)月軌道，近月點(diǎn)在月球北極附近，遠(yuǎn)月點(diǎn)在月球南極一側(cè)，后期將調(diào)整到周期為12小時(shí)的環(huán)月橢圓軌道，為嫦娥七號(hào)、八號(hào)服務(wù)（圖丙）。下列說(shuō)法正確的是（）A.鵲橋二號(hào)發(fā)射速度大于，飛向月球過(guò)程機(jī)械能一定守恒B.圖乙中鵲橋二號(hào)在遠(yuǎn)月點(diǎn)附近運(yùn)行時(shí)，與月球的連線每秒掃過(guò)的面積相等C.圖乙中鵲橋二號(hào)每轉(zhuǎn)一圈與月球南極附近的嫦娥六號(hào)保持通信的時(shí)間可超過(guò)12小時(shí)D.圖丙中內(nèi)側(cè)橢圓是12小時(shí)周期軌道，大小橢圓長(zhǎng)軸比為〖答案〗BCD〖解析〗A．鵲橋二號(hào)登月，依然繞地球運(yùn)動(dòng)，其發(fā)射速度大于第一宇宙速度即可，飛向月球過(guò)程需點(diǎn)火調(diào)整，機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)開(kāi)普勒第二定律可知，圖乙中鵲橋二號(hào)在遠(yuǎn)月點(diǎn)附近運(yùn)行時(shí)，與月球的連線每秒掃過(guò)的面積相等，故B正確；C．圖乙中鵲橋二號(hào)的軌道為橢圓軌道，在南極地面相切的線切割橢圓軌道，通信的時(shí)間內(nèi)劃過(guò)的弧長(zhǎng)大于整個(gè)橢圓的一半，速度小于另外一側(cè)時(shí)的平均速度，故可知在南極一側(cè)的軌道部分的所需時(shí)間大于整個(gè)周期的一半12小時(shí)，故C正確；D．圖丙中內(nèi)側(cè)橢圓是12小時(shí)周期軌道，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可知大小橢圓長(zhǎng)軸比為故D正確；故選BCD。9.如圖所示為冰舞比賽中，世界冠軍韓聰拉著隋文靜的手在旋轉(zhuǎn)，雙方都以韓聰?shù)淖竽_尖和手所在的豎直軸為軸心在勻速旋轉(zhuǎn)，已知周期為，韓聰和隋文靜的體重分別為，此時(shí)隋文靜的身體與韓聰手臂在一條直線上，且與冰面的夾角為，此時(shí)隋文靜的腳剛要離開(kāi)地面，近似認(rèn)為，g取，忽略冰面的摩擦力。韓聰和隋文靜的重心離軸線的水平距離之比為K，隋文靜的重心離韓聰?shù)氖值木嚯x為L(zhǎng)。下列說(shuō)法正確的是（）A. B. C. D.〖答案〗AC〖解析〗如圖，韓聰?shù)淖竽_尖和手所在的豎直軸為，韓聰?shù)闹匦臑椋逦撵o的重心為，即，設(shè)兩人之間的拉力為T(mén)，韓聰?shù)馁|(zhì)量為，隋文靜質(zhì)量為，兩人做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑分別為和，可得韓聰和隋文靜的重心離軸線的水平距離即為和，對(duì)隋文靜，根據(jù)牛頓第二定律得①②對(duì)韓聰③同時(shí)有，由②③可得即；由①②可得根據(jù)幾何知識(shí)可得隋文靜的重心離韓聰?shù)氖值木嚯x為故選AC。10.如圖所示，一質(zhì)量為的物體，帶電量q為，從半徑為的圓弧軌道的A端，在電場(chǎng)力作用下沿圓弧緩慢運(yùn)動(dòng)到B端（圓弧AB在豎直平面內(nèi)）。電場(chǎng)強(qiáng)度E的方向與物體所在處的切線間的夾角隨位置變化，E的大小隨變化，且滿(mǎn)足。圓弧軌道所對(duì)應(yīng)的圓心角為，BO邊沿豎直方向。g取，則這一過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.電場(chǎng)力對(duì)物體做功10J B.電場(chǎng)力對(duì)物體做功C.重力對(duì)物體做功1.2J D.克服摩擦力做功8.8J〖答案〗AD〖解析〗A．電場(chǎng)力對(duì)物體做功故A正確；B錯(cuò)誤；C．重力對(duì)物體做功故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)動(dòng)能定理，可得解得即克服摩擦力做功8.8J。故D正確。故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.如圖（a）是第四次天宮課堂中的小球斜碰大球?qū)嶒?yàn)，為了驗(yàn)證天宮課堂斜碰實(shí)驗(yàn)中動(dòng)量是否守恒，利用仿真物理實(shí)驗(yàn)室軟件模擬航天員的數(shù)據(jù)，結(jié)合頻閃照相和留下質(zhì)心軌跡的技術(shù)得到如圖（b）的結(jié)果，并且把每一大格的橫縱坐標(biāo)分成了更精細(xì)的10等分。為方便精密計(jì)算球的位置，設(shè)水平向右為x軸正方向，豎直向上為y軸正方向，網(wǎng)格每大格為，初狀態(tài)，質(zhì)量為，半徑為的大鋼球靜止在質(zhì)心坐標(biāo)處，小鋼球質(zhì)量，從質(zhì)心坐標(biāo)處沿x軸負(fù)方向向大球運(yùn)動(dòng)，從小球出發(fā)開(kāi)始，每隔記錄兩球位置。（1）碰撞前小球的動(dòng)量為_(kāi)_________（保留2位有效位數(shù)）。（2）若碰撞后小球的水平、豎直分速度分別為，大球的水平、豎直分速度分別為，要用計(jì)算法驗(yàn)證碰撞過(guò)程中動(dòng)量是否守恒，可驗(yàn)證兩個(gè)公式，即：__________和0=__________（用已知量和測(cè)定量的字母表示）。（3）請(qǐng)你再提供一種簡(jiǎn)略方法驗(yàn)證碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量是否守恒：__________。（4）實(shí)驗(yàn)結(jié)果表明，在誤差允許的范圍內(nèi)，碰撞過(guò)程中兩球組成的系統(tǒng)動(dòng)量__________（填“守恒”或“不守恒”）?！即鸢浮剑?）-1.0（2）（3）可以采用做圖法，分別做出兩球碰撞前后動(dòng)量差，若在誤差允許范圍內(nèi)，動(dòng)量差等大反向則驗(yàn)證系統(tǒng)動(dòng)量守恒。（4）守恒〖解析〗（1）碰前小球的速度動(dòng)量為（2）[1][2]動(dòng)量是矢量，類(lèi)比力的合成與分解，動(dòng)量的合成和分解同樣遵循平行四邊形定則，若要驗(yàn)證碰撞過(guò)程中的動(dòng)量守恒，則應(yīng)有（3）可以采用做圖法，分別做出兩球碰撞前后的動(dòng)量差，若在誤差允許范圍內(nèi)，動(dòng)量差等大反向則驗(yàn)證系統(tǒng)動(dòng)量守恒。（4）由圖（b）可知碰后小球的水平分速度豎直分速度大球的水平分速度豎直分速度將數(shù)據(jù)帶入可知，在誤差允許范圍內(nèi)，可得系統(tǒng)動(dòng)量守恒。12.某同學(xué)想測(cè)如圖（1）所示的集成電路里很薄的方塊電阻的電阻率，同時(shí)測(cè)干電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，他設(shè)計(jì)了如圖（2）所示的電路。已知方塊電阻的上、下表面是邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形，上下表面間的厚度為d，連入電路時(shí)電流方向如圖（1）所示。①斷開(kāi)開(kāi)關(guān)K，閉合開(kāi)關(guān)S，改變電阻箱R阻值，記錄不同R對(duì)應(yīng)的電壓表的示數(shù)U；②將開(kāi)關(guān)S、K均閉合，改變電阻箱R阻值，再記錄不同R對(duì)應(yīng)的電壓表的示數(shù)U；（1）畫(huà)出步驟①②記錄的數(shù)據(jù)對(duì)應(yīng)的隨變化關(guān)系的圖像如圖（3）所示，圖中兩個(gè)橫截距為，縱截距為、b，不考慮電壓表的內(nèi)阻，則步驟①對(duì)應(yīng)的圖像是__________（填“甲”或“乙”），電源的電動(dòng)勢(shì)__________，電源內(nèi)阻__________，方塊電阻__________。（2）要測(cè)出方塊電阻的電阻率，先用螺旋測(cè)微器測(cè)量上下表面間的厚度d。在測(cè)微螺桿和測(cè)砧相接時(shí)，示數(shù)如圖4（a）所示。在夾方塊電阻測(cè)厚度時(shí)示數(shù)如圖4（b）所示，則厚度d=__________mm。（3）方塊電阻的電阻率__________?！即鸢浮剑?）乙（2）0.008（3）〖解析〗（1）（1）[1][2][3][4]步驟①中，根據(jù)閉合電路歐姆定律有變形有步驟②中，根據(jù)閉合電路歐姆定律有變形有根據(jù)上述函數(shù)表達(dá)式，可知，兩圖線斜率相等，即兩線平行，而步驟①中圖線在縱軸上的截距小一些，可知圖3中，上方的甲圖線是步驟②中圖線，下方的乙圖線是步驟①中圖線，結(jié)合函數(shù)與圖像有解得（2）根據(jù)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)規(guī)律，圖（a）讀數(shù)為0+0.01×5.0mm=0.050mm根據(jù)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)規(guī)律，圖（b）讀數(shù)為0+0.01×5.8mm=0.058mm則厚度為d=0.058mm-0.050mm=0.008mm（3）根據(jù)電阻的決定式有聯(lián)立，解得13.如圖所示為某品牌精華液瓶子，瓶蓋和膠頭吸管是一體化設(shè)計(jì)。已知裝液體的大瓶A內(nèi)還有大概一半液體，插入吸管后，液體上方除膠頭吸管外的空氣體積為，吸管B玻璃部分管內(nèi)橫截面積為S，長(zhǎng)為L(zhǎng)，上面膠頭中空部分容積為V，擠壓膠頭把膠頭內(nèi)空氣全部擠出，玻璃吸管中的液體也會(huì)全部擠出。保持膠頭捏緊狀態(tài)把吸管插入液體中，放松膠頭讓其恢復(fù)體積為V，發(fā)現(xiàn)玻璃吸管中被吸進(jìn)了長(zhǎng)為的液體，已知大氣壓為p0，瓶中氣體可看成理想氣體，不考慮氣體溫度變化。（1）求此時(shí)膠頭內(nèi)空氣壓強(qiáng)；（2）若排空吸管內(nèi)液體后放松膠頭，將吸管插入液體密封瓶蓋不漏氣（若此時(shí)大瓶A液體上方和吸管中氣體壓強(qiáng)都為，液體還未進(jìn)入吸管），迅速完全把膠頭擠癟，放手后，吸管內(nèi)吸進(jìn)長(zhǎng)度為的液體，忽略大瓶上方細(xì)管口的容積，求此時(shí)大瓶A內(nèi)氣體壓強(qiáng)?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）根據(jù)玻意耳定律，可得解得（2）研究大瓶A中封閉氣體，初狀態(tài)壓強(qiáng)為，體積為（）末狀態(tài)體積為（），根據(jù)玻意耳定律，可得解得14.如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的金屬直導(dǎo)軌水平平行放置，導(dǎo)軌間距為，整個(gè)裝置處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為?，F(xiàn)將質(zhì)量均為的金屬棒a、b垂直導(dǎo)軌放置，a、b金屬棒接入導(dǎo)軌之間的電阻分別為R、3R，。a棒光滑，b棒與軌道間動(dòng)摩擦因數(shù)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中金屬棒與導(dǎo)軌始終垂直且接觸良好，金屬棒始終未滑出導(dǎo)軌，導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度大小g=10m/s2，當(dāng)給a棒施加水平向右恒定的拉力，則：（1）a棒速度v0為多大時(shí)，b棒開(kāi)始運(yùn)動(dòng)？此時(shí)a棒的加速度大小為多少？〖答案〗（1）4m/s，1m/s2；（2）3m/s，44m〖解析〗（1）b棒開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)解得根據(jù)閉合電路歐姆定律得解得根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得解得根據(jù)牛頓第二定律得解得（2）對(duì)a棒，根據(jù)動(dòng)量定理得對(duì)b棒，根據(jù)動(dòng)量定理得解得根據(jù)解得根據(jù)上式得解得15.如圖所示，左、右側(cè)斜面傾角分別為的光滑斜面固定在水平面上，斜面足夠長(zhǎng)，一足夠長(zhǎng)的輕質(zhì)綢帶跨過(guò)斜面的頂端鋪放在斜面的兩側(cè)。將質(zhì)量分別為mA=2.5kg、mB=2kg的小物塊A、B同時(shí)輕放在斜面兩側(cè)的綢帶上。兩物塊與綢帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，且最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等，重力加速度g=10m/s2。求（結(jié)果可用根號(hào)表示）：（1）A、B所受的摩擦力fA、fB分別為多大？（2）A、B的加速度aA、aB分別為多大？（3）若將A的質(zhì)量改為，仍然同時(shí)由靜止釋放，當(dāng)B的位移為時(shí)，系統(tǒng)機(jī)械能的損失量?E為多少？〖答案〗（1）0；；（2）；；（3）〖解析〗（1）對(duì)小物塊B受力分析，可得對(duì)小物塊A受力分析，可得所以A相對(duì)輕質(zhì)綢帶靜止，二者一起加速下滑。fA=0（2）由牛頓第二定律，可得解得同理，有解得（3）若將A的質(zhì)量改為，則有解得仍然同時(shí)由靜止釋放，，當(dāng)B的位移為時(shí)，即，聯(lián)立，解得可知此過(guò)程B相對(duì)于綢帶的距離為系統(tǒng)機(jī)械能的損失量為物理試卷一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分：第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.高光譜儀能又快又準(zhǔn)地鑒別毒豆芽。檢測(cè)時(shí)，將一束光近距離照射在物體上，靠反射回來(lái)的光譜信息進(jìn)行分析判斷。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.每一種物質(zhì)都有自己獨(dú)特的光譜特征B.檢測(cè)原理：先提取原始物質(zhì)的光譜信息再通過(guò)檢測(cè)物與光譜庫(kù)數(shù)據(jù)的比對(duì)分析來(lái)完成C.光譜檢測(cè)只能檢測(cè)高溫稀薄氣體中游離態(tài)原子的光譜D.物質(zhì)中的原子吸收光的能量躍遷到高能級(jí)再回到較低能級(jí)時(shí)能發(fā)出自己獨(dú)特的光譜〖答案〗C〖解析〗A．每一種物質(zhì)都有自己獨(dú)特的光譜特征。故A正確，與題意不符；B．檢測(cè)原理：先提取原始物質(zhì)的光譜信息再通過(guò)檢測(cè)物與光譜庫(kù)數(shù)據(jù)的比對(duì)分析來(lái)完成。故B正確，與題意不符；C．依題意，光譜檢測(cè)除了檢測(cè)高溫稀薄氣體中游離態(tài)原子的光譜，也可以檢測(cè)反射回來(lái)的光譜。故C錯(cuò)誤，與題意相符；D．物質(zhì)中的原子吸收光的能量躍遷到高能級(jí)再回到較低能級(jí)時(shí)能發(fā)出自己獨(dú)特的光譜，故D正確，與題意不符。2.2024年4月11日《光明日?qǐng)?bào)》報(bào)道，東華大學(xué)團(tuán)隊(duì)研發(fā)出集無(wú)線能量采集、信息感知與傳輸?shù)裙δ苡谝惑w的新型智能纖維，由其編織制成的智能紡織品無(wú)須依賴(lài)芯片和電池便可實(shí)現(xiàn)發(fā)光顯示、觸控等人機(jī)交互功能。添加特定功能材料后，僅經(jīng)過(guò)人體觸碰，這種新型纖維就會(huì)展現(xiàn)發(fā)光發(fā)電的“神奇一幕”。電磁場(chǎng)和電磁波無(wú)處不在，這種新型纖維利用了電磁感應(yīng)原理。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.變化的電磁場(chǎng)使纖維導(dǎo)體中磁通量變化產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)B.人體接觸纖維時(shí)，纖維、人體、大地組成導(dǎo)體回路C.當(dāng)手接觸電阻為R的纖維兩端，纖維發(fā)光時(shí)電流為I，則纖維中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)等于IRD.纖維中磁通量變化越快產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大〖答案〗C〖解析〗A．變化的電磁場(chǎng)使纖維導(dǎo)體中磁通量變化產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，選項(xiàng)A正確，不符合題意；B．人體接觸纖維時(shí)，纖維、人體、大地組成導(dǎo)體回路，選項(xiàng)B正確，不符合題意；C．當(dāng)手接觸電阻為R的纖維兩端，纖維發(fā)光時(shí)電流為I，人體和大地之間的電阻為r，則纖維中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)等于I(R+r)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，符合題意；D．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，纖維中磁通量變化越快產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，選項(xiàng)D正確，不符合題意。故選C。3.某同學(xué)做了一個(gè)“消失的樹(shù)冠”魔術(shù)，如圖所示，先在白紙上畫(huà)樹(shù)冠，在很薄的塑料密封袋外面畫(huà)黑色的樹(shù)干，把白紙裝進(jìn)密封袋，樹(shù)冠和樹(shù)干組成完整的樹(shù)，塑料袋口密封好，然后把塑料袋豎直放入裝滿(mǎn)水的杯子中，發(fā)現(xiàn)樹(shù)冠浸入水中后，真的消失不見(jiàn)了。他蹲低身子，發(fā)現(xiàn)視線與水平方向夾角很小時(shí)又能看到樹(shù)冠。已知水的折射率為。假設(shè)塑料袋壁折射率和水相同，忽略很薄的塑料袋壁中光路的變化。關(guān)于“樹(shù)冠消失”的解釋?zhuān)铝姓f(shuō)法正確的是（）A.由塑料袋內(nèi)樹(shù)冠上發(fā)出的光經(jīng)空氣射向水面時(shí)發(fā)生了全反射B.光經(jīng)袋中空氣射向水再射向水面上方空氣時(shí)入射角小于臨界角，發(fā)生了全反射C.水的臨界角為〖答案〗D〖解析〗明確發(fā)生全反射條件：光從光密介質(zhì)進(jìn)入光疏介質(zhì)，入射角等于或大于臨界角這兩個(gè)條件需要同時(shí)滿(mǎn)足，缺一不可。A．光經(jīng)空氣射向水面時(shí)，是從光疏介質(zhì)進(jìn)入光密介質(zhì)，不會(huì)發(fā)生全反射，A錯(cuò)誤；B．要看到袋內(nèi)物體的像，需要該點(diǎn)發(fā)出的光先從空氣折射到水中，再?gòu)乃姓凵涞剿嫔系目諝庵?，最后射入人眼，?dāng)光在射向水面上方空氣時(shí)入射角大于臨界角，才會(huì)發(fā)生全反射現(xiàn)象，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)全反射的公式解得臨界角C錯(cuò)誤；D．如果光從塑料袋射入水中折射角小于，那么光射向水面上的空氣時(shí)的入射角會(huì)大于，大于臨界角，則會(huì)發(fā)生全反射現(xiàn)象，D正確。故選D。4.在如圖所示的水平向右的電場(chǎng)中，質(zhì)子在坐標(biāo)原點(diǎn)由靜止釋放，電場(chǎng)強(qiáng)度沿x軸變化的關(guān)系滿(mǎn)足，則質(zhì)子運(yùn)動(dòng)到1m處獲得的動(dòng)能為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗E?x圖像所包圍的面積表示兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大小，電勢(shì)差根據(jù)動(dòng)能定理，質(zhì)子運(yùn)動(dòng)到1m處獲得的動(dòng)能為故選B。5.風(fēng)力發(fā)電綠色環(huán)保、低碳，通過(guò)變壓器和遠(yuǎn)距離輸電線給用戶(hù)供電，工作原理如圖所示。發(fā)電機(jī)線圈面積為S、匝數(shù)為N匝、電阻不計(jì)，處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線圈繞垂直磁場(chǎng)的水平軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)速為n，其輸出端與升壓變壓器的原線圈相連，輸出電壓為，升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為，輸出功率為P，降壓變壓器的副線圈連接用戶(hù)，兩變壓器間的輸電線總電阻為R，變壓器均為理想變壓器。用戶(hù)端工作電壓為。下列說(shuō)法正確的是（）A. B.兩變壓器間輸電線上的電流為C.用戶(hù)獲得的功率為 D.若其他條件不變，只減小，則增大〖答案〗D〖解析〗A．發(fā)電線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值為又輸出電壓為聯(lián)立，解得故A錯(cuò)誤；B．升壓變壓器電流為由解得兩變壓器間輸電線上的電流為故B錯(cuò)誤；C．輸電線上損耗的功率為用戶(hù)獲得的功率為聯(lián)立，解得故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)，又，聯(lián)立，解得若其他條件不變，只減小，則增大，根據(jù)可知?jiǎng)t增大。故D正確。故選D。6.大型文藝晚會(huì)常模擬麥浪滾滾的簡(jiǎn)諧橫波傳播過(guò)程，圖甲為該簡(jiǎn)諧橫波在時(shí)刻的波形圖，此時(shí)演員P位于平衡位置，演員Q平衡位置坐標(biāo)為，圖乙為演員P的振動(dòng)圖像，以向上為y軸正方向。下列說(shuō)法正確的是（）A.圖甲中演員P正在向上運(yùn)動(dòng) B.P總是重復(fù)Q的動(dòng)作，只是比Q遲開(kāi)始運(yùn)動(dòng)C.與P相隔的演員總是與P運(yùn)動(dòng)方向相反 D.該波的傳播速度為〖答案〗C〖解析〗A．由圖乙知演員P在時(shí)正在向下運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．由圖乙知演員P在時(shí)正在向下運(yùn)動(dòng)，根據(jù)同側(cè)法結(jié)合圖甲知波沿x軸負(fù)向傳播，故Q總是重復(fù)P的動(dòng)作，只是比P遲開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．與P相隔的演員，與P相差半個(gè)周期，所以總是與P運(yùn)動(dòng)方向相反，故C正確；D．由圖甲知波長(zhǎng)為2m，圖乙知周期為0.8s，則波傳播速度為故D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示，一半徑為R圓心為O的圓形區(qū)域內(nèi)部存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一群?jiǎn)蝹€(gè)質(zhì)量為m、電荷量為的粒子從圖中磁場(chǎng)邊界點(diǎn)以初速度v從不同方向沿紙面射入磁場(chǎng)，不計(jì)粒子重力及粒子間的相互作用。下列說(shuō)法正確的是（）A.若，則所有粒子出射方向平行B.若，則所有粒子偏轉(zhuǎn)角度相同C.若，則所有粒子均從某段圓弧邊界射出，其圓弧長(zhǎng)度為D.若，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間是〖答案〗AD〖解析〗AB．若粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑根據(jù)磁發(fā)散原理，所有粒子出射方向平行，但是粒子在磁場(chǎng)中的軌跡不同，即圓心角不同，轉(zhuǎn)過(guò)的角度不同，故A正確，B錯(cuò)誤；C．若粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑則入射點(diǎn)與最遠(yuǎn)出射點(diǎn)連線應(yīng)是軌跡圓的直徑，長(zhǎng)度為如下圖所示由幾何關(guān)系可知，圖中則對(duì)應(yīng)的弧的長(zhǎng)度是整個(gè)圓周長(zhǎng)的三分之一，即圓弧長(zhǎng)度為，故C錯(cuò)誤；D．若粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑根據(jù)同一大小半徑的圓軌跡，在磁場(chǎng)中入射點(diǎn)和出射點(diǎn)連線越長(zhǎng)，時(shí)間越長(zhǎng)的規(guī)律，即最長(zhǎng)的弦對(duì)應(yīng)最長(zhǎng)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間．由幾何關(guān)系可知，最長(zhǎng)的弦為則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間是故D正確。故選AD。8.鵲橋二號(hào)中繼星自3月20日發(fā)射升空后，經(jīng)過(guò)中途修正、近月制動(dòng)、環(huán)月軌道機(jī)動(dòng)，于4月2日按計(jì)劃進(jìn)入24小時(shí)周期的環(huán)月大橢圓凍結(jié)軌道作為使命軌道（圖甲）。鵲橋二號(hào)中繼星將在凍結(jié)軌道上分別與正在月球背面開(kāi)展探測(cè)任務(wù)的嫦娥四號(hào)和嫦娥六號(hào)探測(cè)器（月球南極地面狀態(tài)）開(kāi)展對(duì)通測(cè)試（圖乙）。環(huán)月大橢圓凍結(jié)軌道是處于穩(wěn)定狀態(tài)的環(huán)月軌道，近月點(diǎn)在月球北極附近，遠(yuǎn)月點(diǎn)在月球南極一側(cè)，后期將調(diào)整到周期為12小時(shí)的環(huán)月橢圓軌道，為嫦娥七號(hào)、八號(hào)服務(wù)（圖丙）。下列說(shuō)法正確的是（）A.鵲橋二號(hào)發(fā)射速度大于，飛向月球過(guò)程機(jī)械能一定守恒B.圖乙中鵲橋二號(hào)在遠(yuǎn)月點(diǎn)附近運(yùn)行時(shí)，與月球的連線每秒掃過(guò)的面積相等C.圖乙中鵲橋二號(hào)每轉(zhuǎn)一圈與月球南極附近的嫦娥六號(hào)保持通信的時(shí)間可超過(guò)12小時(shí)D.圖丙中內(nèi)側(cè)橢圓是12小時(shí)周期軌道，大小橢圓長(zhǎng)軸比為〖答案〗BCD〖解析〗A．鵲橋二號(hào)登月，依然繞地球運(yùn)動(dòng)，其發(fā)射速度大于第一宇宙速度即可，飛向月球過(guò)程需點(diǎn)火調(diào)整，機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)開(kāi)普勒第二定律可知，圖乙中鵲橋二號(hào)在遠(yuǎn)月點(diǎn)附近運(yùn)行時(shí)，與月球的連線每秒掃過(guò)的面積相等，故B正確；C．圖乙中鵲橋二號(hào)的軌道為橢圓軌道，在南極地面相切的線切割橢圓軌道，通信的時(shí)間內(nèi)劃過(guò)的弧長(zhǎng)大于整個(gè)橢圓的一半，速度小于另外一側(cè)時(shí)的平均速度，故可知在南極一側(cè)的軌道部分的所需時(shí)間大于整個(gè)周期的一半12小時(shí)，故C正確；D．圖丙中內(nèi)側(cè)橢圓是12小時(shí)周期軌道，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可知大小橢圓長(zhǎng)軸比為故D正確；故選BCD。9.如圖所示為冰舞比賽中，世界冠軍韓聰拉著隋文靜的手在旋轉(zhuǎn)，雙方都以韓聰?shù)淖竽_尖和手所在的豎直軸為軸心在勻速旋轉(zhuǎn)，已知周期為，韓聰和隋文靜的體重分別為，此時(shí)隋文靜的身體與韓聰手臂在一條直線上，且與冰面的夾角為，此時(shí)隋文靜的腳剛要離開(kāi)地面，近似認(rèn)為，g取，忽略冰面的摩擦力。韓聰和隋文靜的重心離軸線的水平距離之比為K，隋文靜的重心離韓聰?shù)氖值木嚯x為L(zhǎng)。下列說(shuō)法正確的是（）A. B. C. D.〖答案〗AC〖解析〗如圖，韓聰?shù)淖竽_尖和手所在的豎直軸為，韓聰?shù)闹匦臑椋逦撵o的重心為，即，設(shè)兩人之間的拉力為T(mén)，韓聰?shù)馁|(zhì)量為，隋文靜質(zhì)量為，兩人做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑分別為和，可得韓聰和隋文靜的重心離軸線的水平距離即為和，對(duì)隋文靜，根據(jù)牛頓第二定律得①②對(duì)韓聰③同時(shí)有，由②③可得即；由①②可得根據(jù)幾何知識(shí)可得隋文靜的重心離韓聰?shù)氖值木嚯x為故選AC。10.如圖所示，一質(zhì)量為的物體，帶電量q為，從半徑為的圓弧軌道的A端，在電場(chǎng)力作用下沿圓弧緩慢運(yùn)動(dòng)到B端（圓弧AB在豎直平面內(nèi)）。電場(chǎng)強(qiáng)度E的方向與物體所在處的切線間的夾角隨位置變化，E的大小隨變化，且滿(mǎn)足。圓弧軌道所對(duì)應(yīng)的圓心角為，BO邊沿豎直方向。g取，則這一過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.電場(chǎng)力對(duì)物體做功10J B.電場(chǎng)力對(duì)物體做功C.重力對(duì)物體做功1.2J D.克服摩擦力做功8.8J〖答案〗AD〖解析〗A．電場(chǎng)力對(duì)物體做功故A正確；B錯(cuò)誤；C．重力對(duì)物體做功故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)動(dòng)能定理，可得解得即克服摩擦力做功8.8J。故D正確。故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.如圖（a）是第四次天宮課堂中的小球斜碰大球?qū)嶒?yàn)，為了驗(yàn)證天宮課堂斜碰實(shí)驗(yàn)中動(dòng)量是否守恒，利用仿真物理實(shí)驗(yàn)室軟件模擬航天員的數(shù)據(jù)，結(jié)合頻閃照相和留下質(zhì)心軌跡的技術(shù)得到如圖（b）的結(jié)果，并且把每一大格的橫縱坐標(biāo)分成了更精細(xì)的10等分。為方便精密計(jì)算球的位置，設(shè)水平向右為x軸正方向，豎直向上為y軸正方向，網(wǎng)格每大格為，初狀態(tài)，質(zhì)量為，半徑為的大鋼球靜止在質(zhì)心坐標(biāo)處，小鋼球質(zhì)量，從質(zhì)心坐標(biāo)處沿x軸負(fù)方向向大球運(yùn)動(dòng)，從小球出發(fā)開(kāi)始，每隔記錄兩球位置。（1）碰撞前小球的動(dòng)量為_(kāi)_________（保留2位有效位數(shù)）。（2）若碰撞后小球的水平、豎直分速度分別為，大球的水平、豎直分速度分別為，要用計(jì)算法驗(yàn)證碰撞過(guò)程中動(dòng)量是否守恒，可驗(yàn)證兩個(gè)公式，即：__________和0=__________（用已知量和測(cè)定量的字母表示）。（3）請(qǐng)你再提供一種簡(jiǎn)略方法驗(yàn)證碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量是否守恒：__________。（4）實(shí)驗(yàn)結(jié)果表明，在誤差允許的范圍內(nèi)，碰撞過(guò)程中兩球組成的系統(tǒng)動(dòng)量__________（填“守恒”或“不守恒”）?！即鸢浮剑?）-1.0（2）（3）可以采用做圖法，分別做出兩球碰撞前后動(dòng)量差，若在誤差允許范圍內(nèi)，動(dòng)量差等大反向則驗(yàn)證系統(tǒng)動(dòng)量守恒。（4）守恒〖解析〗（1）碰前小球的速度動(dòng)量為（2）[1][2]動(dòng)量是矢量，類(lèi)比力的合成與分解，動(dòng)量的合成和分解同樣遵循平行四邊形定則，若要驗(yàn)證碰撞過(guò)程中的動(dòng)量守恒，則應(yīng)有（3）可以采用做圖法，分別做出兩球碰撞前后的動(dòng)量差，若在誤差允許范圍內(nèi)，動(dòng)量差等大反向則驗(yàn)證系統(tǒng)動(dòng)量守恒。（4）由圖（b）可知碰后小球的水平分速度豎直分速度大球的水平分速度豎直分速度將數(shù)據(jù)帶入可知，在誤差允許范圍內(nèi)，可得系統(tǒng)動(dòng)量守恒。12.某同學(xué)想測(cè)如圖（1）所示的集成電路里很薄的方塊電阻的電阻率，同時(shí)測(cè)干電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，他設(shè)計(jì)了如圖（2）所示的電路。已知方塊電阻的上、下表面是邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形，上下表面間的厚度為d，連入電路時(shí)電流方向如圖（1）所示。①斷開(kāi)開(kāi)關(guān)K，閉合開(kāi)關(guān)S，改變電阻箱R阻值，記錄不同R對(duì)應(yīng)的電壓表的示數(shù)U；②將開(kāi)關(guān)S、K均閉合，改變電阻箱R阻值，再記錄不同R對(duì)應(yīng)的電壓表的示數(shù)U；（1）畫(huà)出步驟①②記錄的數(shù)據(jù)對(duì)應(yīng)的隨變化關(guān)系的圖像如圖（3）所示，圖中兩個(gè)橫截距為，縱截距為、b，不考慮電壓表的內(nèi)阻，則步驟①對(duì)應(yīng)的圖像是__________（填“甲”或“乙”），電源的電動(dòng)勢(shì)__________，電源內(nèi)阻__________，方塊電阻__________。（2）要測(cè)出方塊電阻的電阻率，先用螺旋測(cè)微器測(cè)量上下表面間的厚度d。在測(cè)微螺桿和測(cè)砧相接時(shí)，示數(shù)如圖4（a）所示。在夾方塊電阻測(cè)厚度時(shí)示數(shù)如圖4（b）所示，則厚度d=__________mm。（3）方塊電阻的電阻率__________?！即鸢浮剑?）乙（2）0.008（3）〖解析〗（1）（1）[1][2][3][4]步驟①中，根據(jù)閉合電路歐姆定律有變形有步驟②中，根據(jù)閉合電路歐姆定律有變形有根據(jù)上述函數(shù)表達(dá)式，可知，兩圖線斜率相等，即兩線平行，而步驟①中圖線在縱軸上的截距小一些，