2025屆河南省創(chuàng)新發(fā)展聯(lián)盟高三物理第一學期期中聯(lián)考模擬試題含解析

2025屆河南省創(chuàng)新發(fā)展聯(lián)盟高三物理第一學期期中聯(lián)考模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、惠更斯利用擺的等時性發(fā)明了帶擺的計時器，叫擺鐘．如圖所示，旋轉鐘擺下端的螺母可以使擺上的圓盤沿擺桿上下移動．為使擺鐘走時準確，下列做法中正確的是（）A．擺鐘快了，應使圓盤沿擺桿上移B．擺鐘慢了，應使圓盤沿擺桿下移C．由冬季變?yōu)橄募緯r，應使圓盤沿擺桿上移D．把擺鐘從黑龍江移到福建，應使圓盤沿擺桿下移2、如圖所示,在繞中心軸轉動的圓筒內壁上,有一物體隨著圓筒一起轉動而未滑動.在圓筒的角速度增大的過程中,下列說法中正確的是（）A．物體所受彈力逐漸增大,摩擦力大小一定不變B．物體所受彈力不變,摩擦力大小減小了C．物體所受的摩擦力與豎直方向的夾角不為零D．物體所受彈力逐漸增大,摩擦力也一定逐漸增大3、由于衛(wèi)星的發(fā)射場不在赤道上，同步衛(wèi)星發(fā)射后需要從轉移軌道經過調整再進入地球同步軌道．當衛(wèi)星在轉移軌道上飛經赤道上空時，發(fā)動機點火，給衛(wèi)星一附加速度，使衛(wèi)星沿同步軌道運行．已知同步衛(wèi)星的環(huán)繞速度約為3.1×103m/s，某次發(fā)射衛(wèi)星飛經赤道上空時的速度為1.55×103m/s，此時衛(wèi)星的高度與同步軌道的高度相同，轉移軌道和同步軌道的夾角為30°，如圖所示，發(fā)動機給衛(wèi)星的附加速度的方向和大小約為A．西偏北方向，1.9×103m/sB．東偏南方向，1.9×103m/sC．西偏北方向，2.7×103m/sD．東偏南方向，2.7×103m/s4、如圖所示，水平面上質量均為5kg的兩木塊A、B用一輕彈簧相連接，整個系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)?，F用一豎直向上的力F拉動木塊A，使木塊A向上做加速度為5m/s2的勻加速直線運動。研究從力F剛作用在木塊A的瞬間到B剛離開地面的瞬間這個過程，并且選定這個過程的起始位置為坐標原點，則下列b圖中可以表示力F與木塊A的位移X之間關系的是：（g=10m/s2）()A．B．C．D．5、如圖所示為發(fā)射同步衛(wèi)星的三個軌道，軌道Ⅰ為近地軌道，軌道Ⅱ為轉移軌道，軌道Ⅲ為同步軌道，P、Q分別是轉移軌道的近地點和遠地點。假設衛(wèi)星在個軌道運行時質量不變，關于衛(wèi)星在這個三個軌道上的運動，下列說法正確的是（）A．衛(wèi)星在各個軌道上的運行速度一定都小于7.9km/sB．衛(wèi)星在軌道Ⅲ上Q點的運行速度小于在軌道Ⅱ上Q點的運行速度C．衛(wèi)星在軌道Ⅱ上從P點運動到Q點的過程中，運行時間一定小于12hD．衛(wèi)星在各個軌道上的機械能一樣大6、如圖所示為三種形式的吊車示意圖，QA為重力不計的桿，其O端固定，A端帶有一小滑輪，AB為重力不計的纜繩，當它們吊起相同重物時，纜繩對滑輪作用力的大小關系是A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一氣缸固定在水平面上，氣缸內活塞B封閉著一定質量的理想氣體，假設氣缸壁的導熱性能很好，環(huán)境的溫度保持不變．若用外力F將活塞B緩慢地向右拉動，則在拉動活塞的過程中，關于氣缸內氣體，下列說法正確的是（）A．單個氣體分子對氣缸壁的平均作用力變小B．單位時間內，氣體分子對左側氣缸壁的碰撞次數變少C．外界對氣體做正功，氣體向外界放熱D．氣體對外界做正功，氣體內能不變E.氣體是從單一熱源吸熱，全部用來對外做功，但此過程并未違反熱力學第二定律8、如圖所示，三角形傳送帶以lm/s的速度逆時針勻速轉動，兩邊的傳送帶長都是2m且與水平方向的夾角均為37°．現有兩個小物塊A、B從傳送帶頂端都以lm/s的初速度沿傳送帶下滑，物塊與傳送帶間的動摩擦因數均為0.5（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8），下列說法正確的是（）A．物塊A先到達傳送帶底端B．物塊A、B同時到達傳送帶底端C．傳送帶對物塊A做正功，對物塊B做負功D．物塊在傳送帶上的劃痕長度之比為1：39、興趣小組的同學們利用彈弓放飛模型飛機。彈弓的構造如圖1所示，其中橡皮筋兩端點A、B固定在把手上。橡皮筋處于ACB時恰好為橡皮筋原長狀態(tài)（如圖2所示），將模型飛機的尾部放在C處，將C點拉至D點時放手，模型飛機就會在橡皮筋的作用下發(fā)射出去。C、D兩點均在AB連線的中垂線上，橡皮筋的質量忽略不計。現將模型飛機豎直向上發(fā)射，在它由D運動到C的過程中A．模型飛機在D位置所受彈力最大B．模型飛機在C位置時的速度最大C．模型飛機的加速度先減小，后增大D．模型飛機的機械能一直在增大10、如圖甲所示，質量為M＝2kg的木板靜止在水平面上，可視為質點的物塊從木板的左側沿表面水平沖上木板．物塊和木板的速度—時間圖象如圖乙所示，g＝10m/s2，結合圖象，下列說法錯誤的是()A．可求解物塊在t＝2s的位移B．可求解物塊與木板間的動摩擦因數C．不可求解物塊的質量D．可求解木板的長度三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某研究小組做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗所用器材有：方木板一塊，白紙，量程為5.0N的彈簧測力計，兩個橡皮條（帶兩個較長的細繩套），刻度尺，圖釘（若干個）。（1）下面關于實驗操作的建議，正確的是_____A．每次實驗時結點O的位置不能改變B．每次實驗時結點O的位置可以改變（2）如圖1所示，甲、乙兩組同學用同一套器材各做一次實驗，白紙上留下的標注信息有結點位置O、力的標度、分力和合力的大小及表示力的作用線的點如圖2所示。對減少實驗誤差較有利的是_____組同學（選填“甲”或“乙”）（3）在給出的方格紙上按作圖法的要求畫出這兩個力的合力，并利用作圖法求出合力大小為_____N。12．（12分）某同學用如圖所示裝置測量重力加速度g,所用交流電頻率為50Hz。在所選紙帶上取某點為0號計數點，然后每3個點取一個計數點，所以測量數據及其標記符號如下所示。該同學用兩種方法處理數據(T為相鄰兩計數點的時間間隔)：方法A：由a=(S4+S5方法B：由L=25mL>25mL=25m取平均值g=8.673m/s2。從數據處理方法看，選擇方法________（A或B）更合理，這樣可以減少實驗的________(系統(tǒng)或偶然)誤差。本實驗誤差的主要來源_________________________（試舉出兩條）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）雨滴落到地面的速度通常僅為幾米每秒，這與雨滴下落過程中受到空氣阻力有關。雨滴間無相互作用且雨滴質量不變，重力加速度為g。(1)質量為m的雨滴由靜止開始，下落高度h時速度為u，求這一過程中克服空氣阻力所做的功W；(2)將雨滴看作半徑為r的球體，設其豎直落向地面的過程中所受空氣阻力f=kr2v2，其中v是雨滴的速度，k是比例系數；a.設雨滴的密度為ρ，推導雨滴下落趨近的最大速度vm與半徑r的關系式；b.示意圖中畫出了半徑為r1、r2（r1>r2）的雨滴在空氣中無初速下落的v—t圖線，其中_____對應半徑為r1的雨滴（選填①、②）；若不計空氣阻力，請在圖中畫出雨滴無初速下落的v—t圖線。(3)由于大量氣體分子在各方向運動的幾率相等，其對靜止雨滴的作用力為零。將雨滴簡化為垂直于運動方向面積為S的圓盤，證明：圓盤以速度v下落時受到的空氣阻力f∝v2（提示：設單位體積內空氣分子數為n，空氣分子質量為m0）。14．（16分）光滑水平面上放著一質量為M的槽，槽與水平面相切且光滑，如圖所示，一質量為m的小球以v0向槽運動．（1）若槽固定不動，求小球上升的高度（槽足夠高）．（2）若槽不固定，則小球上升多高？15．（12分）如圖甲、乙所示，傳送帶上有質量均為m的三個木塊1、2、3，中間均用原長為L、勁度系數為k的輕彈簧連接起來，木塊與傳送帶間的動摩擦因數均為，其中木塊1被與傳送帶平行的細線拉住，傳送帶按圖示方向勻速運動，三個木塊處于平衡狀態(tài)．求：（1）在圖甲狀態(tài)下，1、3兩木塊之間的距離是多大？（2）在圖乙狀態(tài)下，細線的拉力是多大？木塊1、3之間的距離又是多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】單擺的周期為：，擺鐘快了，說明擺動周期小，則必須使擺下移，才能調準，故AB錯誤；由冬季變?yōu)橄募緯r，溫度升高，則由熱脹冷縮可知，應使圓盤沿擺桿上移，才準確，故C正確；把擺鐘從黑龍江移到福建，則重力加速度減小，應使圓盤沿擺桿上移，才能準確，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤．2、C【解析】

ABD．物體受重力、彈力和靜摩擦力大小，指向圓心的合力提供向心力，可知彈力提供向心力，角速度增大，根據，可知彈力逐漸增大。摩擦力在豎直方向上的分力等于重力，摩擦力沿運動方向上的分力產生切向加速度，若切向加速度不變，則切向方向上的分力不變，若切向加速度改變，則切向方向的分力改變，則摩擦力的大小可能不變，可能改變。故ABD錯誤。

C．因為摩擦力在豎直方向和圓周運動的切線方向都有分力，可知摩擦力與豎直方向的夾角不為零。故C正確。3、B【解析】

合速度為同步衛(wèi)星的線速度，為：v=3.1×103m/s；一個分速度為在轉移軌道上的速度，為：v1=1.55×103m/s；合速度與該分速度的夾角為30度，根據平行四邊形定則，另一個分速度v2如圖所示：該分速度的方向為東偏南方向，根據余弦定理，大小為：，故B正確，ACD錯誤．故選B．4、A【解析】設初始狀態(tài)時，彈簧的壓縮量為x0，彈簧勁度系數為k，物體的質量為m，則kx0=mg；力F作用在木塊A上后，選取A為研究對象，其受到豎直向上的拉力F.豎直向下的重力mg和彈力k(x0?x)三個力的作用，根據牛頓第二定律，F+k(x0?x)?mg=ma，即F=ma+kx=25+kx；當彈簧對物體B豎直向上的彈力等于重力時B剛好離開地面，此時彈簧對物體A施加豎直向下的彈力F彈，大小為mg，對物體A運用牛頓第二定律有F?mg?F彈=ma，代入數據，可求得F=125N.故選：A.點睛：最初彈簧被壓縮，A物體受到豎直向上的彈力等于重力，由于A物體做勻加速直線運動，對A受力分析，列出牛頓第二定律解出對應的表達式；當B物體要離開地面時地面的支持力為零，彈簧對B物體向上的拉力等于B物體的重力，即彈簧對A物體向下的拉力等于B的重力，再列出牛頓第二定律解出此所需的拉力F大小即可．5、C【解析】解:A、在軌道II上P點速度大于第一宇宙速度7.9km/s,故A錯誤;

B、衛(wèi)星在軌道Ⅱ上Q點通過加速才能到達軌道Ⅲ，所以衛(wèi)星在軌道Ⅲ上Q點的運行速度大于在軌道Ⅱ上Q點的運行速度,故B錯誤;

C、由開普勒第三定律可知，軌道Ⅱ半長軸小于軌道Ⅲ半長軸，所以軌道Ⅱ周期小于同步衛(wèi)星軌道Ⅲ周期24h，故衛(wèi)星在軌道Ⅱ上從P點運動到Q點的時間小于12h，C正確;

D、衛(wèi)星必須加速才能從軌道Ⅰ到達軌道Ⅲ,機械能在增加，所以D選項是錯誤的.6、B【解析】

分別對三種形式的滑輪進行受力分析，設繩子的作用力分別為、、，各圖中繩子拉力均為；在圖(a)中，則有：在圖(b)中，則有：在圖(c)中，則有：可知：A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析相符，故B正確；C.與分析不符，故C錯誤；D.與分析不符，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BDE【解析】

A．由理想氣體狀態(tài)方程知，等溫變化過程中，體積增大，壓強減小，即所有分子的平均作用力變小，但分子做無規(guī)則熱運動，大量分子只能得到統(tǒng)計規(guī)律，無法衡量某一個分子的撞擊力是否變化；故A錯誤.B．氣體的溫度不變，則分子運動的激烈程度不變，氣體的壓強減小，根據壓強的微觀意義可知，氣體分子單位時間對氣缸壁單位面積碰撞的次數將變少；故B正確.CD．氣體體積變大，故氣體對外做功；又氣缸壁的導熱性能良好，環(huán)境的溫度保持不變，故氣體做等溫變化，溫度不變即內能不變，則氣體從外界吸熱；故C錯誤，D正確.E．在變化的過程中，氣體不斷的從外界吸收熱量用來對外做功，但引起了其它變化如F做了功，此過程沒有違反熱力學第二定律；故E正確.故選BDE.【點睛】該題結合理想氣體的狀態(tài)方程考查熱力學第一定律,熱力學第二定律和壓強的微觀解釋，關鍵點在氣體等溫變化．8、BD【解析】A、對A，因為mgsin37°＞μmgcos37°，則A物體所受摩擦力沿斜面向上，向下做勻加速直線運動，B所受摩擦力沿斜面向上，向下做勻加速直線運動，兩物體勻加速直線運動的加速度相等，位移相等，則運動的時間相等．根據速度時間公式知，到達底端的速度大小相等，故A錯誤，B正確；C、傳送帶對A、B的摩擦力方向與速度方向相反，都做負功，故C錯誤；D、對A，劃痕的長度等于A的位移減為傳送帶的位移，以A為研究對象，由牛頓第二定律得：a=2m/s2由運動學公式得運動時間分別為：t=1s．所以皮帶運動的位移為x=vt=1m．所以A對皮帶的劃痕為：△x1=2m﹣1m=1m對B，劃痕的長度等于B的位移加上傳送帶的位移，同理得出B對皮帶的劃痕為△x2=3m．所以劃痕之比為1：3，故D正確．故選BD．點睛：分析A重力沿斜面向下的分力與摩擦力的關系，判斷A物體的運動規(guī)律，B所受的摩擦力沿斜面向上，向下做勻變速直線運動，結合運動學公式分析求解．9、ACD【解析】A.橡皮筋的伸長量逐漸減小,每根橡皮筋的彈力大小逐漸減小,兩根橡皮筋的夾角增大,所以橡皮筋對模型飛機的彈力(合力)一直在減小，在D位置所受彈力最大。故A正確；B.從D到C，橡皮筋的彈力逐漸減小，彈力先大于重力，后小于重力，模型飛機的速度先增大后減小，彈力等于重力時，速度最大，故B錯誤；C.從D到C，橡皮筋的彈力逐漸減小，橡皮筋對模型飛機的彈力先大于重力，加速度逐漸減??；后小于重力，加速度逐漸增大，所以模型飛機的加速度先減小，后增大，故C正確；D.橡皮筋對模型飛機的彈力始終做正功，由功能關系知，模型飛機的機械能一直在增大，故D正確；故選：ACD。10、CD【解析】

A.根據圖象的“面積”大小等于位移，可求出物塊在t=2s時的位移，故A正確，不符合題意。B.由圖象的斜率等于加速度，可求出m勻減速運動的加速度大小a1，以物塊m為研究對象，由牛頓第二定律得：解得：可知可求出物塊與木板間的動摩擦因數，故B正確，不符合題意。C.由圖知兩個物體速度相同后一起作勻速直線運動，說明水平面是光滑的，以兩個物體組成的系統(tǒng)為研究對象，取m的初速度方向為正方向，根據動量守恒得：M已知，v0、v由圖能讀出，則知可求得m。故C錯誤，符合題意。D.兩圖象在0-1s內“位移”之差等于木板與物塊的相對位移，當木板和物塊速度相等時，物塊可能還沒到達木塊的右端，所以不能求出木板的長度，故D錯誤，符合題意。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A乙4.70N【解析】

(1)[1]同一次實驗時，需要讓兩個力拉橡皮條和一個力拉橡皮條產生的作用效果相同，則必定結點O的位置要相同；而在重復實驗再次進行驗證時，結點O的位置可以與前一次不同，故A正確，B錯誤故選A。(2)[2]為了便于確定拉力的方向，在紙上描點時，所描的點不要太靠近結點，該甲組圖中所描的點太靠近結點；該圖中所描的點到結點的距離適中，力的大小適中，而且兩個力的角度的大小也適中，故乙組圖中的有利于減小誤差；(3)[3]取如圖所示的兩格表示0.5N，則可得出F1、F2，由上圖得出兩力的方向；作出平行四邊形，即其對角線的長度表示力的大小，箭頭的指向表示力的方向，由圖可求得12、B偶然阻力、測量【解析】按照方法A：

×

=

，只利用上了兩個數據和；方法B：

×

利用上了六個數據，S

1

、S

2

、S

3

、S

4

、S

5

、S

6利用數據越多，可以盡量避免偶然誤差，合理的是方法B；本實驗誤差的主要來源空氣的阻力，打點計時器與紙帶