2025年人教版必修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版必修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，甲、乙兩個電路都是由一個靈敏電流計G和一個滑動變阻器R組成，

甲表是電流表，R增大時量程增大

甲表是電流表，R增大時量程減小

乙表是電壓表，R增大時量程增大

乙表是電壓表，R增大時量程減小

下列說法正確的是A.和B.和C.和D.和2、如圖所示，兩個帶有同種電荷的小球A、B，其質(zhì)量分別為m1、m2，其帶電量分別為q1、q2，用絕緣細(xì)線懸掛于O點，若平衡時兩球連線與過O點的豎直線的交點為C，已知A、C間距等于B、C間距的一半；則。

A.2m1＝m2B.m1＝2m2C.2q1=q2D.q1=2q23、如圖所示，、是兩個點電荷，P是這兩個點電荷連線中垂線上的一點圖中所畫P點的電場強(qiáng)度方向可能正確的是A.B.C.D.4、某帶電粒子僅在電場力作用下由A點運動到B點。如圖所示；實線為電場線，虛線為粒子運動軌跡，由此可以判定()

A.粒子在A點的加速度大于它在B點的加速度B.粒子在A點的動能小于它在B點的動能C.電場中A點的電勢低于B點的電勢D.粒子在A點的電勢能小于它在B點的電勢能5、兩個帶等量正電的點電荷，固定在圖中A、B兩點，O是它們連線的中點，N、P是中垂線上的兩點，ON=OP。一帶負(fù)電的試探電荷，從P點由靜止釋放；只在靜電力作用下運動，則試探電荷（）

A.運動到O點時的速度最大B.經(jīng)過關(guān)于O對稱的兩點時加速度相同C.沿著P→O→N，試探電荷的加速度一定先減小后增加D.若試探電荷的電量增大，試探電荷在P點所受電場力與其電量的比值增大6、如圖所示，一重力不計的帶電粒子以某一速度進(jìn)入負(fù)點電荷形成的電場中，且只在電場力作用下依次通過三點，其中點是軌跡上距離負(fù)點電荷最近的點。若粒子在點和點的速率相等；則（）

A.粒子在兩點時的加速度相同B.粒子可能帶負(fù)電且做勻速圓周運動C.粒子在點時的加速度最大、電勢能最大D.兩點的電勢差等于兩點的電勢差7、金屬板和板前一正點電荷形成的電場線分布如圖所示；A；B兩點到正電荷的距離相等，C點靠近正電荷，則。

A.A.B兩點的電勢相等B.C點的電勢比A點的低C.B兩點的電場強(qiáng)度相等D.C點的電場強(qiáng)度比B點的大8、勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E隨時間t變化的圖象如圖所示，當(dāng)t＝0時；在此勻強(qiáng)電場中由靜止釋放一個帶電粒子（帶正電），設(shè)帶電粒子只受電場力的作用，則下列說法中正確的是（）

A.帶電粒子將始終向同一個方向運動B.2s末帶電粒子回到原出發(fā)點C.3s末帶電粒子的速度不為零D.0～3s內(nèi)，電場力做的總功為零9、如圖；內(nèi)阻為4.4Ω的電解槽和一盞標(biāo)有“110V，60W”的燈泡串聯(lián)后接在電壓為220V的恒壓電源兩端，燈泡正常發(fā)光，則（）

A.電路中的電流約為1AB.電解槽中將電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率為58.7WC.電解槽的發(fā)熱功率為60WD.整個電路消耗的總功率為60W評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)10、如圖所示，直線是某電場中的一條電場線。若有一質(zhì)子僅在電場力的作用下以某一初速度沿直線由A運動到其速度圖像如圖所示，下列關(guān)于A、兩點的電場強(qiáng)度和電勢以及質(zhì)子在兩點所具有的電勢能和動能判斷正確的是（）

A.B.C.D.11、如圖所示的甲、乙兩個電路，都是由一個靈敏電流計G和一個變阻器R組成；它們之中一個是測電壓的電壓表，另一個是測電流的電流表，那么以下結(jié)論中正確的是（）

A.甲表是電流表，R增大時量程增大B.甲表是電流表，R增大時量程減小C.乙表是電壓表，R增大時量程減小D.乙表是電壓表，R增大時量程增大12、一絕緣細(xì)線Oa下端系一質(zhì)量為m的帶正電的小球a，在正下方有一光滑的絕緣水平細(xì)桿，一帶負(fù)電的小球b穿過桿在其左側(cè)較遠(yuǎn)處，小球a由于受到水平絕緣細(xì)線的拉力而靜止，如圖所示，現(xiàn)保持懸線與豎直方向的夾角為θ，并在較遠(yuǎn)處由靜止釋放小球b，讓其從遠(yuǎn)處沿桿向右移動到a點的正下方；在此過程中()

A.懸線Oa的拉力逐漸增大，水平細(xì)線的拉力逐漸減小B.b球的加速度先增大后減小，速度始終增大C.b球所受的庫侖力一直增大D.b球所受的庫侖力先減小后增大13、如圖甲所示，、為兩個固定著的點電荷，a、b是它們連線的延長線上的兩點．現(xiàn)有一電子，只在電場力作用下，以一定的初速度沿直線從a點開始經(jīng)b點向遠(yuǎn)處運動，其圖象如圖乙所示，電子經(jīng)過a、b兩點的速度分別為、，則

A.一定帶負(fù)電B.的電量一定大于的電量C.b點的電勢高于a點的電勢D.電子離開b點后所受靜電力一直減小14、兩個等量同種電荷固定于光滑水平面上，其連線中垂線上有A、B、C三點，如圖甲所示，一個電荷量為2C，質(zhì)量為1kg的小物塊從C點靜止釋放，其運動的v-t圖像如圖乙所示，其中B點處為整條圖線切線斜率最大的位置(圖中標(biāo)出了該切線)．則下列說法正確的是()

A.B點為中垂線上電場強(qiáng)度最大的點，電場強(qiáng)度E＝1V/mB.由C點到A點的過程中物塊的電勢能先減小后變大C.由C點到A點的過程中，電勢逐漸升高D.AB兩點電勢差UAB＝－5V15、如圖所示，在xOy坐標(biāo)系中有以O(shè)點為中心、邊長為0.2m的正方形，頂點A、B、C、D分別在坐標(biāo)軸上，在該平面內(nèi)有一勻強(qiáng)電場（圖中未畫出），已知A、B、C三點的電勢分別為3V、則下列說法中正確的是（）

A.D點的電勢為B.該勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小C.該勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小D.電場場強(qiáng)方向與x軸正方向成=60°角評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、現(xiàn)有一個電流表G，內(nèi)阻Rg=30滿偏電流Ig=1mA。

(1)把它改裝成量程為0~3V的電壓表，要________（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個_______的電阻。

(2)把它改裝成量程為0~0.6A的電流表，要________（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個_____的電阻。17、如圖所示，電路電壓U恒定，三個燈完全相同且電阻恒定，當(dāng)滑動變阻器的滑片P由a向b滑動過程中，三個燈的亮度變化特點是________，________，________．

18、安培定則。

（1）直線電流的磁場：右手握住導(dǎo)線，讓伸直的拇指所指的方向與______方向一致，彎曲的四指所指的方向就是______環(huán)繞的方向；如圖甲。

（2）環(huán)形電流的磁場：讓右手彎曲的四指與______的方向一致，伸直的拇指所指的方向就是環(huán)形導(dǎo)線軸線上______的方向；如圖乙。

（3）通電螺線管的磁場：右手握住螺線管，讓彎曲的四指所指的方向跟______方向一致，拇指所指的方向就是螺線管______磁感線的方向，或拇指指向螺線管的______極；如圖丙。

19、電場和磁場統(tǒng)稱為_______，電磁場是一種特殊物質(zhì)，也有能量、動量．20、能量守恒定律。

（1）能量守恒定律。

能量既不會憑空___________，也不會憑空___________，它只能從一種形式___________為另一種形式，或者從一個物體___________到別的物體，在轉(zhuǎn)化或轉(zhuǎn)移的過程中，能量的總量___________。

（2）能量守恒定律的意義。

①各種形式的能可以___________。

②各種物理現(xiàn)象可以用___________聯(lián)系在一起。

（3）永動機(jī)不可能制成。

①第一類永動機(jī)：人們把設(shè)想的不消耗___________的機(jī)器稱為第一類永動機(jī)。

②第一類永動機(jī)由于違背了___________，所以不可能制成。21、電荷。

（1）自然界中有兩種電荷：正電荷和負(fù)電荷。

（2）電荷間的相互作用：同種電荷相___________，異種電荷相___________。

（3）電荷量：電荷的多少，用Q或q表示，國際單位制中的單位是___________，符號是C。22、在某電場中將5.0×10-8C的電荷由A點移到B點，電場力做6.0×10-3J的功，A、B兩點間的電勢差___________V；規(guī)定B的電勢為零，把電量為2.5×10-8C的負(fù)電荷放在A處，該負(fù)電荷在A處的電勢能為_________J23、在平行板電容器極板間插入電介質(zhì)，電容將增大。()24、某同學(xué)改裝電壓表的電路圖如圖所示，圖中虛線框內(nèi)是電壓表的改裝電路。已知表頭G滿偏電流為200μA，表頭上標(biāo)記的內(nèi)阻值為400Ω。R1、R2和R3是定值電阻。利用R1和表頭構(gòu)成1mA的電流表，然后再將其改裝為兩個量程的電壓表。若使用a、b兩個接線柱，電壓表的量程為1V；若使用a、c兩個接線柱，電壓表的量程為3V。則根據(jù)題給條件，定值電阻的阻值應(yīng)選R1=________Ω，R2=________Ω，R3=________Ω。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共40分)25、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強(qiáng)方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

26、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強(qiáng)電場的電場線。27、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個由四個阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

28、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標(biāo)軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關(guān)系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共6分)29、用如圖甲所示的電路測定兩節(jié)干電池組成的電池組的電動勢和內(nèi)電阻；其中電路元件參數(shù)如下：

電壓表（有兩個量程：3V和15V；內(nèi)阻分別約為6kΩ和30kΩ）

電壓表（量程為1V；內(nèi)阻約為2kΩ）

定值電阻

滑動變阻器R（電阻變化范圍0～20Ω）

（1）為提高測量精確度，電壓表應(yīng)該接量程為________V；實物圖乙中已連部分電路，請你按照電路圖將剩余的部分電路連好________；

（2）通過改變滑動變阻器，某同學(xué)完成了兩次測量，第一次讀數(shù)第二次讀數(shù)兩表面板如圖丙所示，讀數(shù)為________V，________V。

（3）根據(jù)以上兩組數(shù)據(jù)，請你算出E=________V，r=________Ω。（計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

（4）為減小誤差，利用現(xiàn)有電路，請你提出一種可行方案：________。評卷人得分六、解答題(共2題，共20分)30、電容器是一種重要的電學(xué)元件，基本工作方式就是充電和放電；由這種充放電的工作方式延伸出來的許多電學(xué)現(xiàn)象，使得電容器有著廣泛的應(yīng)用；如圖1所示，電源與電容器、電阻、開關(guān)組成閉合電路；已知電源電動勢為E，內(nèi)阻不計，電阻阻值為R，平行板電容器電容為C，兩極板間為真空，兩極板間距離為d；不考慮極板邊緣效應(yīng)；

（1）閉合開關(guān)S，電源向電容器充電，經(jīng)過時間t；電容器基本充滿；

a．求時間t內(nèi)通過R的平均電流

b．請在圖2中畫出充電過程中電容器的帶電荷量q隨電容器兩極板電壓u變化的圖像；并求出穩(wěn)定后電容器儲存的能量E0；

（2）穩(wěn)定后斷開開關(guān)S．將電容器一極板固定，用恒力F將另一極板沿垂直極板方向緩慢拉開一段距離x，在移動過程中電容器電荷量保持不變，力F做功為W；與此同時，電容器儲存的能量增加了ΔE；請推導(dǎo)證明：W=ΔE；要求最后的表達(dá)式用已知量表示。31、如圖所示，右端帶有擋板的絕緣滑板B靜止在粗糙水平面上，帶電物塊A靜止在滑板B的上表面距離擋板L=0.8m處，A的質(zhì)量mA=0.2kg、帶電量為q=+1.0×10-6C，B不帶電，其質(zhì)量mB=0.6kg，與地面之間的動摩擦因數(shù)為在該空間加上電場強(qiáng)度為E=2.0×106V/m、水平向右的勻強(qiáng)電場，物塊A從靜止開始運動，A和B之間無摩擦。若運動過程中A的帶電量保持不變，A與B上擋板的碰撞均為彈性碰撞，A始終未滑離B且始終處于電場中，取重力加速度g=10m/s2。求。

(1)A與B發(fā)生第一次碰撞前瞬間，A的速度大小v0；

(2)第一次碰撞結(jié)束后；經(jīng)過多長時間A；B發(fā)生第二次碰撞；

(3)從A開始運動到A與B剛要發(fā)生第5次碰撞的過程中；電場力對A做的功。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【分析】

靈敏電流計G和變阻器R并聯(lián)時；由于變阻器的分流，測量的電流增大，改裝成電流表，而靈敏電流計G和變阻器R串聯(lián)時，由于變阻器的分壓，測量的電壓增大，改裝成電壓表．

【詳解】

由圖甲所示可知；G與電阻R并聯(lián)，甲表是電流表，R增大時，甲表中變阻器分流減小，量程減小，故（1）錯誤，（2）正確。由圖乙所示可知，G與R串聯(lián)，乙是電壓表，R增大時，變阻器分擔(dān)的電壓增大，乙表量程增大，故（3）正確，（4）錯誤；故C正確；故選C。

【點睛】

本題考查電表改裝原理的理解能力．當(dāng)電流計的指針滿偏時，電流表或電壓表的指針滿偏，所測量的電流或電壓達(dá)到最大值．2、B【分析】【詳解】

AB.對兩球受力分析，根據(jù)共點力平衡和幾何關(guān)系的相似比，得：

由于FA=FB，且CA=CB，則有2GB=GA，

即m1=2m2

故B正確；A錯誤．

CD.根據(jù)以上分析，可知小球的質(zhì)量、偏角與帶電量無關(guān)，故CD錯誤．3、A【分析】【詳解】

P點場強(qiáng)是兩個點電荷單獨存在時產(chǎn)生場強(qiáng)的矢量和，故合場強(qiáng)應(yīng)該在P點與兩個點電荷連線之間的范圍，如圖

故A正確，BCD錯誤．

故選A.

【點睛】

場強(qiáng)是矢量，空間某點的場強(qiáng)是由各個點電荷單獨存在時產(chǎn)生的場強(qiáng)的矢量和，遵循平行四邊形定則．4、D【分析】【詳解】

A．電場線的疏密表示場強(qiáng)大小，由圖知粒子在A點的場強(qiáng)小于B點的場強(qiáng)，在A點所受的電場力小，故在A點的加速度小于B點的加速度；故A錯誤；

B．由圖知帶電粒子的運動軌跡向下彎曲，則帶電粒子所受的電場力沿電場線切線向下，則知電場力對粒子做負(fù)功；動能減小，有粒子在A點的動能大于它在B點的動能；故B錯誤；

D．因粒子由A到B時，電場力做負(fù)功，故電勢能增大，則粒子在A點的電勢能小于它在B點的電勢能；故D正確；

C．粒子所受電場力方向與電場強(qiáng)度相反，則粒子帶負(fù)電，而電勢能因A點的電勢能低于B點，有可得故A點的電勢高于B點的電勢；故C錯誤；

故選D。5、A【分析】【詳解】

A．兩個等量正點電荷周圍部分電場線分布情況如圖所示。

從N點到O點過程，試探電荷q受到的電場力由N→O，電場力做正功，動能增大，速度增大；從O點到P點過程中，試探電荷q受到的電場力由P→O，電場力做負(fù)功，動能減小，速度減小，故q運動到O點時的動能最大；速度最大，A正確；

B．根據(jù)兩個等量正點電荷周圍部分電場線分布情況，經(jīng)過關(guān)于O對稱的兩點電場強(qiáng)度大小相同方向相反；受到的電場力大小相同，方向相反，加速度不相同，B錯誤；

C．P→O過程，電場線疏密情況不能確定，可能一直變疏，場強(qiáng)一直變小，q受到的電場力一直減小，加速度一直減??；也可能先變密再變疏，場強(qiáng)先變大后變小，q受到的電場力先增大后減小，加速度先增大后減??；根據(jù)對稱性可知，O→N過程；加速度可能一直增大，也可能先增大后減小，C錯誤；

D．根據(jù)電場的性質(zhì)，P點場強(qiáng)僅由電場本身決定，探電荷在P點所受電場力與其電量的比值為該點的場強(qiáng)，若試探電荷的電量增大，試探電荷在P點所受電場力與其電量的比值不變；D錯誤。

故選A。6、D【分析】【詳解】

A．由于粒子在M、P兩處受到的電場力方向不同；所以加速度方向不相同，加速度不同，故A錯誤。

B．由物體做曲線運動的條件可知；粒子帶正電，要使粒子做勻速圓周運動即要粒子的速度與電場力垂直，則粒子不可能做勻速圓周運動，故B錯誤。

C．根據(jù)電場線的疏密可得，N點處的電場線最密，所以粒子在N點時受到的電場力最大，加速度最大，N點的電勢在三點中最低，所以帶正電的粒子在N點的電勢能最小；故C錯誤。

D．由于粒子在M點和P點的速率相等，根據(jù)動能定理可知，從M點到N點，從P點到N點，電場力做功相等，根據(jù)可知UMN=UPN

故D正確。

故選：D。7、D【分析】【詳解】

根據(jù)靜電平衡可得金屬板屬于一個等勢體，結(jié)合沿電場方向電勢降低，可得B點的電勢大于A點的電勢，C點的電勢大于B點的電勢，AB錯誤；根據(jù)電場線的疏密程度表示電場強(qiáng)度大小，故可得C點的電場強(qiáng)度大于B點的電場強(qiáng)度，B點的電場強(qiáng)度大于A點的電場強(qiáng)度，C錯誤D正確；8、D【分析】【分析】

【詳解】

A．由牛頓第二定律可知；帶電粒子在第1s內(nèi)的加速度為。

第2s內(nèi)加速度為。

故。

a2=2a1因此先加速1s再減小0.5s時速度為零，接下來的0.5s將反向加速，v-t圖象如圖所示：

帶電粒子在前1秒勻加速運動；在第二秒內(nèi)先做勻減速后反向加速，所以不是始終向一方向運動，故A錯誤；

B．根據(jù)速度時間圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移可知，在t=2s時；帶電粒子沒有回到出發(fā)點，故B錯誤；

C．由解析中的圖可知；粒子在第1s內(nèi)做勻加速運動，第2s內(nèi)做勻減速運動，3s末的瞬時速度剛減到0，故C正確；

D．因為第3s末粒子的速度剛好減為0；根據(jù)動能定理可知，0～3s內(nèi)，電場力做的總功為零，故D正確。

故選D。9、B【分析】【詳解】

A．于燈泡正常發(fā)光，所以電解槽的電壓為220-110=110V

由于電解槽和燈泡串聯(lián)，它們的電流相等，所以

所以A錯誤；

C．電解槽的發(fā)熱功率為

所以C錯誤；

B．對電解槽由能量守恒P=P熱+P化

可得P化=60W-1.3W=58.7W

故B正確；

D．電解槽的輸入功率為P′=UI=60W

電路的總功率等于電解槽的輸入功率和燈泡的功率之和為P總=P+P′=120W

所以D錯誤；

故選B。二、多選題(共6題，共12分)10、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．速度圖象的斜率表示點電荷的加速度的大小，由于斜率減小，則知從A運動到B過程中帶電粒子的加速度減小；根據(jù)牛頓第二定律說明電場力減小，由。

知由A運動到B，場強(qiáng)E減小；所以。

故A正確；

B．質(zhì)子帶正電，在電場力的作用下做加速運動，所以電場方向從A指向B，則B點的電勢低；即。

故B正確；

CD．電場力對質(zhì)子做正功；電勢能減小，則。

動能增大；則。

故C正確；D錯誤。

故選ABC。11、B:D【分析】【詳解】

AB．甲表中電流計與電阻并聯(lián)，由于電阻的分流作用使總電流增大，故甲是電流表，R增大時分流變小。則量程減小。故B正確A錯誤；

CD．乙表中電流表與電阻串聯(lián)，由于電阻的分壓作用，可以測量電壓，故為電壓表，當(dāng)R增大時分壓變大；量程增大。故D正確C錯誤；

故選BD。12、B:C【分析】【詳解】

A．b球在較遠(yuǎn)處時，a球所受庫侖力近似為零，在a球正下方時，a球受到的庫侖力豎直向下，則懸線Oa的拉力增大；水平方向的分力也增大，所以水平細(xì)線的拉力比最初時大，A錯誤；

B．中間過程b球受到的庫侖力的水平分量不為零，可知庫侖力的水平分量先增大，后減小，則b球的加速度先增大后減小，b球所受庫侖力水平分量與運動方向始終相同；速度一直增大，B正確；

CD．b球受到的庫侖力為在運動過程中，a、b兩球之間的距離一直在減小，則b球所受的庫侖力一直增大；C正確，D錯誤。

故選BC。13、B:C【分析】【詳解】

從速度圖象乙上看出，可見電子從a到b做加速度減小的加速運動，所以ab之間電場的方向向左，b點的電勢高于a點的電勢；在b點時粒子運動的加速度為零，則電場力為零，所以該點場強(qiáng)為零．過b點后點電荷做減速運動，所以電場的方向向右；結(jié)合兩個點電荷的電場的疊加的知識可知，一定帶負(fù)電，一定帶正電，A錯誤C正確；b點場強(qiáng)為零，可見兩點電荷在b點產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等，方向相反，根據(jù)b到的距離大于到的距離，所以的電量大于的電量，B正確；由圖乙可知，在b點右側(cè)，電子的速度逐漸減小，由于v-t圖象的斜率可以表示加速度的大小，由圖可知，電子的加速度先增大后減小，所以電子離開b后受到的電場力也是先增大后減小，D錯誤．14、A:D【分析】【詳解】

A．帶電粒子在B點的加速度最大，為

所受的電場力最大為Fm=mam=1×2N=2N

則場強(qiáng)最大值為

故A正確；

B．從速度時間圖象可知，由C到A的過程中；物塊的速度一直增大，電場力對物塊做正功，電勢能一直減小，故B錯誤；

C．據(jù)兩個等量同種正電荷其連線中垂線上電場強(qiáng)度方向由O點沿中垂線指向外側(cè)，故由C點到A點的過程中電勢逐漸減小，故C錯誤；

D．從速度時間圖象可知，A、B兩點的速度分別為vA=6m/s，vB=4m/s，再根據(jù)動能定理得

解得：UAB=-5V

故D正確．15、A:C【分析】【詳解】

A.因為空間是勻強(qiáng)電場，所以所以所以所以A正確。

BCD.根據(jù)題意可以求得：邊長為2cm，設(shè)過O點的等勢線與x軸夾角為有：解得：因為電場線垂直于等勢線，所以電場線與x軸正方向夾角C正確BD錯誤三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】【詳解】

(1)[1][2]把它改裝成量程為0~3V的電壓表，要串聯(lián)一個分壓電阻，電阻大小為

(2)[3][4]把它改裝成量程為0~0.6A的電流表，要并聯(lián)一個分流電阻，其大小為【解析】串聯(lián)并聯(lián)0.0517、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]當(dāng)滑動變阻器的滑片P由a向b滑動過程中，電路中的總電阻值先增大后減小，所以電路中總電流先減小后增大，即燈泡L1的亮度先變暗后變亮。當(dāng)電路中總電流減小時，L1分擔(dān)的電壓減小，L2、L3及滑動變阻器分擔(dān)的電壓增大，滑動過程中L2與滑動變阻器上端的總阻值增大，所以通過L2燈的電流減小，L2燈將變暗，而L3燈與滑動變阻器下端的阻值減小，電流將增大，所以L3燈將變亮。同理電路中總電阻減小時，可知L2燈將繼續(xù)變暗，L3燈將繼續(xù)變亮。由上可知L1先變暗后變亮，L2一直變暗，L3一直變亮?！窘馕觥肯茸儼岛笞兞烈恢弊儼狄恢弊兞?8、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]直線電流的磁場：右手握住導(dǎo)線；讓伸直的拇指所指的方向與電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線環(huán)繞的方向，如圖甲。

（2）[3][4]環(huán)形電流的磁場：讓右手彎曲的四指與環(huán)形電流的方向一致；伸直的拇指所指的方向就是環(huán)形導(dǎo)線軸線上磁感線的方向，如圖乙。

（3）[5][6][7]通電螺線管的磁場：右手握住螺線管，讓彎曲的四指所指的方向跟電流方向一致，拇指所指的方向就是螺線管內(nèi)部磁感線的方向，或拇指指向螺線管的N極，如圖丙?！窘馕觥竣?電流②.磁感線③.環(huán)形電流④.磁感線⑤.電流⑥.內(nèi)部⑦.N19、略

【分析】【詳解】

略【解析】電磁場20、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2][3][4][5]能量既不會憑空產(chǎn)生；也不會憑空消失，它只能從一種形式轉(zhuǎn)化為另一種形式，或者從一個物體轉(zhuǎn)移到別的物體，在轉(zhuǎn)化或轉(zhuǎn)移的過程中，能量的總量保持不變。

（2）①[6]各種形式的能可以相互轉(zhuǎn)化。

②[7]各種物理現(xiàn)象可以用能量守恒定律聯(lián)系在一起。

（3）①[8]第一類永動機(jī)：人們把設(shè)想的不消耗能量的機(jī)器稱為第一類永動機(jī)。

②[9]第一類永動機(jī)由于違背了能量守恒定律，所以不可能制成?！窘馕觥慨a(chǎn)生消失轉(zhuǎn)化轉(zhuǎn)移保持不變相互轉(zhuǎn)化能量守恒定律能量能量守恒定律21、略

【分析】【分析】

【詳解】

（2）[1][2]電荷間的相互作用：同種電荷相排斥；異種電荷相吸引；

（3）[3]電荷量：電荷的多少，用Q或q表示，國際單位制中的單位是庫侖?！窘馕觥颗懦馕龓靵?2、略

【分析】【詳解】

根據(jù)可知因為若則該負(fù)電荷在A處的電勢能為．

【點睛】在使用公式時一定要將公式中字母的正負(fù)號代入計算，不能忽略．【解析】1.2×105V，-3.0×10-3J；23、略

【分析】略【解析】正確24、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]表頭改裝成量程為I=1mA的電流表，需要并聯(lián)的小電阻為

[2]改裝成量程為U1=1V的電壓表，需要串聯(lián)的電阻

[3]改裝成量程為U2=3V電壓表，需要串聯(lián)的電阻

聯(lián)立解得R3=2000Ω【解析】①.100②.920③.2000四、作圖題(共4題，共40分)25、略

【分析】【詳解】

電場線上每一點的切線方向即為該點的電場強(qiáng)度方向；負(fù)電荷受電場力的方向與場強(qiáng)方向相反，如圖所示。

【解析】26、略

【分析】【詳解】

根據(jù)電荷屬性；點電荷；等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強(qiáng)電場的電場線如下所示。

【解析】27、略

【分析】【詳解】

因為1；2接線柱之間的電阻與2、3接線柱之間的電阻之和等于1、3接線柱之間的電阻；所以2為中間的結(jié)點，又因為2、3接線柱之間的電阻與1、2接線柱之間的電阻的差等于1、2接線柱之間的電阻的一半，故2、3之間有兩個電阻井聯(lián)，后再與第三個電阻串聯(lián)，每個電阻均為1Ω，連接方式如圖所示。

【解析】28、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律可知

所以圖像與縱軸交點的坐標(biāo)值為電源電動勢；與橫軸交點的坐標(biāo)值