2025年人教新起點(diǎn)必修3物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教新起點(diǎn)必修3物理上冊(cè)月考試卷326考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示在兩個(gè)對(duì)接的絕緣光滑斜面上，兩個(gè)斜面的傾角分別是37°和53°。斜面上放置了電荷量相等的兩個(gè)小球A和B（均看成質(zhì)點(diǎn)），兩小球靜止在離斜面底端高度為的同一水平線上，已知小球A的質(zhì)量為靜電力常量為下列說法正確的是（）

A.小球B的電荷量為B.小球B的質(zhì)量為C.小球B的受到斜面彈力的大小為D.增大小球的電荷量，小球B不可能與A靜止在同一水平線上2、電解槽內(nèi)有一價(jià)的電解溶液，時(shí)間t內(nèi)通過溶液內(nèi)橫截面S的正離子數(shù)是n1，負(fù)離子數(shù)是n2，設(shè)元電荷的電量為e；以下解釋正確的是（）

A.負(fù)離子定向移動(dòng)形成的電流方向從B到AB.溶液內(nèi)正負(fù)離子沿相反方向運(yùn)動(dòng)，電流相互抵消C.溶液內(nèi)電流方向從A到B，電流D.溶液內(nèi)電流方向從A到B，電流3、通電長直導(dǎo)線周圍某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度即通電長直導(dǎo)線周圍某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小與導(dǎo)線中的電流I成正比，與該點(diǎn)到導(dǎo)線的距離r成反比。如圖所示，紙面內(nèi)兩根平行長直導(dǎo)線相距為L，通以大小方向均相同的電流。規(guī)定磁場方向垂直紙面向里為正，在區(qū)間內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨x變化的圖像可能是（）

A.

B.

C.

D.

4、關(guān)于電場線的說法，正確的是()A.電場線的切線方向都和該處正電荷受電場力方向一致B.正電荷只在電場力作用下一定沿電場線運(yùn)動(dòng)C.最早提出用電場線描述電場的物理學(xué)家是庫侖D.靜電場的電場線可以是閉合的5、下列說法正確是（）A.在能源的利用過程中，能量是不守恒的B.經(jīng)典力學(xué)只適用于宏觀世界的低速運(yùn)動(dòng)C.實(shí)現(xiàn)靜電屏蔽一定要用密封的金屬容器D.庫侖提出了電場的概念并假想出電場線6、某同學(xué)設(shè)想了一個(gè)奇妙的靜電實(shí)驗(yàn)。如圖所示；在帶電體C附近，把原來不帶電的絕緣導(dǎo)體A；B相碰一下后分開，然后分別接觸一個(gè)小電動(dòng)機(jī)的兩個(gè)接線柱，小電動(dòng)機(jī)便開始轉(zhuǎn)動(dòng)。接著再把A、B移到C附近，A、B相碰一下分開，再和小電動(dòng)機(jī)兩接線柱接觸。重復(fù)上述步驟，小電動(dòng)機(jī)便能不停地轉(zhuǎn)動(dòng)。下列說法正確的是（）

A.小電動(dòng)機(jī)一直轉(zhuǎn)動(dòng)下去，成為永動(dòng)機(jī)B.B相接觸放在C附近時(shí)，A的電勢(shì)高于B的電勢(shì)C.B相接觸放在C附近時(shí)，A內(nèi)部中心點(diǎn)的場強(qiáng)大于B內(nèi)部中心點(diǎn)的場強(qiáng)D.B相接觸放在C附近，由于靜電感應(yīng)，A左端帶負(fù)電B右端帶正電7、在光滑的絕緣水平面上，有一個(gè)正方形的abcd，頂點(diǎn)a、c處分別固定一個(gè)正點(diǎn)電荷，電荷量相等，如圖所示．若將一個(gè)帶負(fù)電的粒子置于b點(diǎn)，自由釋放，粒子將沿著對(duì)角線bd往復(fù)運(yùn)動(dòng)．粒子從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)的過程中。

A.先作勻加速運(yùn)動(dòng)，后作勻減速運(yùn)動(dòng)B.先從高電勢(shì)到低電勢(shì)，后從低電勢(shì)到高電勢(shì)C.電勢(shì)能與機(jī)械能之和先增大，后減小D.電勢(shì)能先減小，后增大8、在如圖所示的電路中，平行板電容器兩極板水平放置，閉合開關(guān)S，待電路穩(wěn)定后，位于O點(diǎn)的電子槍水平向右發(fā)射速度相同的電子，電子剛好擊中豎直放置的熒光屏上的Q點(diǎn)，OP連線與極板平行，則下列說法中正確的是（）

A.把滑動(dòng)變阻器的滑片向左移動(dòng)，電子將擊中Q點(diǎn)上方的某個(gè)位置B.把滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)，電子將擊中Q點(diǎn)上方的某個(gè)位置C.斷開開關(guān)S，將電容器的下極板下移一小段距離，電子將擊中PQ之間的某個(gè)位置D.斷開開關(guān)S，將電容器的上極板上移一小段距離，電子將仍然擊中Q點(diǎn)評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖所示，豎直平面內(nèi)有固定的半徑為R的光滑絕緣圓形軌道，水平勻強(qiáng)電場平行于軌道平面向左，P、Q分別為軌道的最高點(diǎn)、最低點(diǎn)。質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）在軌道內(nèi)運(yùn)動(dòng)，已知重力加速度為g，場強(qiáng)要使小球能沿軌道做完整的圓周運(yùn)動(dòng)；下列說法中正確的是（）

A.小球過Q點(diǎn)時(shí)速度至少等于B.小球過Q點(diǎn)時(shí)速度至少等于C.小球過Q、P點(diǎn)受軌道彈力大小的差值為6mgD.小球過Q、P點(diǎn)受軌道彈力大小的差值為7.5mg10、如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r。當(dāng)開關(guān)S閉合后，小型直流電動(dòng)機(jī)M和指示燈L恰都能正常工作，已知指示燈L的電阻為額定電流為I，電動(dòng)機(jī)M的線圈電阻為R；則下列說法中正確的是（）

A.電動(dòng)機(jī)的額定電壓為B.電動(dòng)機(jī)的輸出功率為C.電源的輸出功率為D.電源的輸出功率為11、航空母艦艦載機(jī)在起飛的過程中，僅靠自身發(fā)動(dòng)機(jī)噴氣不足以在飛行甲板上達(dá)到起飛速度，如果安裝輔助起飛的電磁彈射系統(tǒng)（如圖甲所示）就能達(dá)到起飛速度．電磁彈射系統(tǒng)的一種設(shè)計(jì)可簡化為乙圖所示，圖中是光滑平行金屬直導(dǎo)軌（電阻忽略不計(jì)），是電磁彈射車，回路中電流恒定；且可當(dāng)長直導(dǎo)線處理．該電流產(chǎn)生的磁場對(duì)彈射車施加力的作用，從而帶動(dòng)艦載機(jī)由靜止開始向右加速起飛，不計(jì)空氣阻力，關(guān)于該系統(tǒng)，下列說法正確的是（）

A.間的磁場是勻強(qiáng)磁場B.彈射車的速度與運(yùn)動(dòng)的時(shí)間成正比C.彈射車所受的安培力與電流的大小成正比D.若回路中通以交變電流，彈射車也能正常加速12、小明同學(xué)在物理實(shí)驗(yàn)室中描繪出了兩個(gè)等量點(diǎn)電荷的等勢(shì)線。如圖所示，Q點(diǎn)處為正電荷，P、Q兩點(diǎn)附近電場的等勢(shì)線分布如圖，a、b、c、d、e為電場中的5個(gè)點(diǎn)，其中a、b連線和P、Q連線相互垂直，e點(diǎn)在P、Q連線的中垂線上，設(shè)無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為0，則下列說法中正確的是（）

A.e點(diǎn)的電勢(shì)大于0B.a點(diǎn)和b點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同C.b點(diǎn)的電勢(shì)高于d點(diǎn)的電勢(shì)D.將負(fù)電荷從a點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)時(shí)，電荷的電勢(shì)能增加13、如圖所示，帶箭頭的實(shí)線表示某電場的電場線，虛線表示該電場的等勢(shì)面。A、B為電場中兩點(diǎn)。下列說法中正確的是（）

A.A點(diǎn)的電勢(shì)比B點(diǎn)的電勢(shì)高B.正電荷在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于在B點(diǎn)的電勢(shì)能C.負(fù)電荷由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中電場力做正功D.負(fù)電荷在A點(diǎn)受到的電場力小于在B點(diǎn)受到的電場力14、一勻強(qiáng)電場的方向平行于xOy平面，平面內(nèi)a、b、c三點(diǎn)的位置如圖所示；三點(diǎn)的電勢(shì)分別為17V；33V、49V。下列說法正確的是（）

A.坐標(biāo)原點(diǎn)處的電勢(shì)為1VB.電場強(qiáng)度的大小為5V/mC.勻強(qiáng)電場的方向由O點(diǎn)指向c點(diǎn)D.質(zhì)子從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，電場力做功為-16eV15、如圖甲所示，真空中水平放置兩塊長度為的平行金屬板兩板間距為兩板間加上如圖乙所示最大值為的周期性變化的電壓，在兩板左側(cè)緊靠板處有一粒子源自時(shí)刻開始連續(xù)釋放初速度大小為方向平行于金屬板的相同帶電粒子，時(shí)刻釋放的粒子恰好從板右側(cè)邊緣離開電場，已知電場變化周期粒子質(zhì)量為不計(jì)粒子重力及相互間的作用力，則（）

A.在時(shí)刻進(jìn)入的粒子離開電場時(shí)速度大小為B.粒子的電荷量為C.在時(shí)刻進(jìn)入的粒子剛好從板右側(cè)邊緣離開電場D.在時(shí)刻進(jìn)入的粒子離開電場時(shí)動(dòng)能不變16、在如圖所示的U－I圖象中，直線Ⅰ為某一電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖象，直線Ⅱ?yàn)槟骋欢ㄖ惦娮鑂的伏安特性曲線。用該電源直接與定值電阻R相連組成閉合電路；由圖象可知。

A.電源的總功率為18WB.電阻R的阻值為1ΩC.電源的輸出功率為2WD.電源的效率約為66.7%17、一根粗細(xì)均勻的金屬導(dǎo)線阻值為R，兩端加上恒定電壓U時(shí)，通過金屬導(dǎo)線的電流強(qiáng)度為I，金屬導(dǎo)線中自由電子定向移動(dòng)的平均速率為v，若將金屬導(dǎo)線均勻拉長，使其長度變?yōu)樵瓉淼?倍，仍給它兩端加上恒定電壓U，已知電流微觀式為I=neSV，其中n為單位體積電子個(gè)數(shù)，e為元電荷，S為導(dǎo)線模截面積，則下列說法中正確的是A.此時(shí)金屬導(dǎo)線的阻值為4RB.此時(shí)通過金屬導(dǎo)線的電流為C.此時(shí)自由電子定向移動(dòng)的平均速率為D.此時(shí)自由電子定向移動(dòng)的平均速率為評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)18、如圖所示，勻強(qiáng)電場強(qiáng)度方向水平向右，一正的點(diǎn)電荷沿半徑R=20cm的圓周，從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)．已知．

（1）這一過程中電場力做的功是__________.

（2）A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UAB是__________．19、如圖所示，A燈的額定功率為15W，A燈與B燈額定電壓相同，在外加電壓改變時(shí)設(shè)兩盞燈的電阻保持不變，當(dāng)K1與K2都斷開時(shí)，電壓表讀數(shù)U=12V；當(dāng)K1閉合，K2斷開時(shí)，電壓表讀數(shù)U1=11V；當(dāng)K1、K2都閉合時(shí)，電壓表讀數(shù)U2=9V時(shí)；則B燈的額定功率為________W

20、勻強(qiáng)磁場：

（1）特點(diǎn)：磁場中各個(gè)點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小_______、方向_______。

（2）勻強(qiáng)磁場的磁感線：用一些間隔_______的_______直線表示。21、該同學(xué)將一阻值隨溫度升高而減小的電阻接在一節(jié)干電池兩端，開始時(shí)電阻溫度較低，之后溫度緩慢升高，最后保持不變，則回路中電流隨時(shí)間的變化規(guī)律可能是________。

A.

B.

C.22、元電荷：最小的電荷量，e=____________C，由____________測得。所有帶電體的電荷量都是e的____________。23、如圖，AB是帶等量異種電荷的帶電小球，質(zhì)量均10kg，電荷量均為2×10-5C，放置于光滑水平面上，現(xiàn)用水平向右的力F=____________N拉B球時(shí)；AB間距會(huì)穩(wěn)定保持在0.3m一起運(yùn)動(dòng)。

24、如圖所示電路圖，三個(gè)燈的連接方式是______，如果三個(gè)燈完全相同，考慮實(shí)際電源具有內(nèi)阻，將此電源只接其中一個(gè)相同的燈泡，則該燈泡變______（填“亮”或“暗”或者“不變”）。

25、一矩形線圈面積S＝10cm2，它和勻強(qiáng)磁場方向之間的夾角θ1＝30°，穿過線圈的磁通量Ф＝2×10－4Wb，則磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝______________；若線圈以一條邊為軸轉(zhuǎn)180°，則穿過線圈的磁通量的變化量為____________；若線圈平面和磁場方向之間的夾角變?yōu)棣?＝0°，則Ф0＝________________。評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)26、如圖所示，A、B、C為勻強(qiáng)電場中的三個(gè)點(diǎn)，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時(shí)所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實(shí)線表示電場線）。

27、如圖所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內(nèi)，左右各一半面積的范圍內(nèi)，磁場方向相反。有一個(gè)邊長為的正方形導(dǎo)線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進(jìn)入磁場算起；規(guī)定剛開始時(shí)磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時(shí)間的變化圖像。

28、如圖1所示，用電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動(dòng)變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標(biāo)軸交點(diǎn)的物理意義。

（2）請(qǐng)?jiān)趫D2畫好的U-I關(guān)系圖線上任取一點(diǎn)；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時(shí)電源的輸出功率。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共16分)29、某同學(xué)分別用游標(biāo)卡尺和螺旋測微器測量一小物體的長a和寬b，測量情況如圖。則物體的長a=___________cm，寬b=___________mm。

30、如圖甲所示是某同學(xué)設(shè)計(jì)的測量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)電路圖，圖中電壓表V的量程為3V，電流計(jì)G的滿偏電流Ig=200mA、內(nèi)阻Rg=0.40Ω，定值電阻R1=0.40Ω。閉合開關(guān)，移動(dòng)變阻器R的滑片，得到多組電壓表V的讀數(shù)U和電流計(jì)G的讀數(shù)I；作出如圖乙所示的圖象。

（1）某次測量時(shí)，電壓表示數(shù)如圖丙所示，其讀數(shù)為______V，此時(shí)通過電源的電流為_______mA。

（2）根據(jù)圖乙所示的圖象求出，電源的電動(dòng)勢(shì)E=______V，內(nèi)阻r=____Ω（結(jié)果保留到小數(shù)點(diǎn)后兩位）。

評(píng)卷人得分六、解答題(共2題，共16分)31、某電流表內(nèi)阻為滿偏電流為按圖甲；乙改裝成量程為0~0.1A和0~1A的兩個(gè)量程的電流表。

（1）在圖甲中，和各為多少？

（2）在圖乙中，和各為多少？

（3）從安全角度分析；哪種改裝方法較好？

32、如圖所示，真空環(huán)境中，一束電子以初速度沿平行于板面的方向（圖中虛線）射入偏轉(zhuǎn)電場，并從另一側(cè)射出。已知電子質(zhì)量為電荷量為偏轉(zhuǎn)電場可看做勻強(qiáng)電場，極板間電壓為極板長度為極板間距為d；不考慮極板的邊緣效應(yīng)，忽略電子所受重力及它們之間的相互作用力。

（1）求電子在電場中的加速度；

（2）電子從偏轉(zhuǎn)電場射出時(shí)沿垂直板面方向的偏轉(zhuǎn)距離Δy；

（3）在解決一些實(shí)際問題時(shí)，為了簡化問題，常忽略一些影響相對(duì)較小的量，如分析電子通過偏轉(zhuǎn)電場的受力情況時(shí)，可以忽略電子所受的重力。請(qǐng)利用下列數(shù)據(jù)分析說明為什么這樣處理是合理的。已知重力加速度g=10m/s2。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

依題意；對(duì)小球AB受力分析如圖所示。

小球A受到重力斜面支持力B對(duì)A的庫侖力小球B受到重力斜面支持力A對(duì)B的庫侖力

B．把小球A作為研究對(duì)象；由三力平衡可得。

同理；把小球B作為研究對(duì)象，由三力平衡可得。

根據(jù)牛頓第三定律知。

聯(lián)立可求得；小球B的質(zhì)量為。

故B正確；

A．設(shè)小球B所帶電荷量為把小球B作為研究對(duì)象，由三力平衡可得。

因?yàn)椤?/p>

由幾何知識(shí)得。

聯(lián)立以上式子求得；B的電荷量為。

故A錯(cuò)誤；

C．根據(jù)三力平衡；可求得小球B的受到斜面彈力的大小為。

故C錯(cuò)誤；

D．增大小球的電荷量；它們之間的庫侖力增大，兩小球?qū)⒀匦泵嫔弦?，從而庫侖力減小，此時(shí)兩小球靜止在同一水平線上，同樣可以滿足三力平衡，故D錯(cuò)誤。

故選B。2、A【分析】【分析】

【詳解】

AB．電流的方向與正離子定向移動(dòng)方向相同，與負(fù)離子定向移動(dòng)方向相反。所以正離子定向移動(dòng)形成電流，方向從B到A，負(fù)離子定向移動(dòng)形成電流方向也從B到A；不會(huì)相互抵消，A正確B錯(cuò)誤；

CD．溶液內(nèi)電流方向從B到A．t時(shí)間內(nèi)通過溶液截面S的電荷量。

則根據(jù)電流的定義式有。

C錯(cuò)誤D錯(cuò)誤。

故選A。3、A【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)右手螺旋定則可得左邊通電導(dǎo)線在兩根導(dǎo)線之間的磁場方向垂直紙面向里，右邊通電導(dǎo)線在兩根導(dǎo)線之間的磁場方向垂直紙面向外，離導(dǎo)線越遠(yuǎn)磁場越弱，在兩根導(dǎo)線中間位置磁場為零。靠近左側(cè)導(dǎo)線的位置磁場向里；靠近右側(cè)的位置的磁場方向向外；由于規(guī)定B的正方向?yàn)榇怪奔埫嫦蚶铮栽?-L區(qū)間內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨x變化的圖線應(yīng)為A圖，選項(xiàng)A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選A。4、A【分析】【分析】

電場線的方向是正電荷所受電場力的方向；而與負(fù)電荷所受的電場力的方向相反；電場線的切線方向即為場強(qiáng)的方向，故任意兩條電場線都不會(huì)相交；只有電場線是直線，帶電粒子的初速度為零或初速度方向與電場線方向在同一條直線上時(shí)電場線才與帶電粒子的軌跡重合；電場線的疏密代表電場的強(qiáng)弱，故電場線越密的地方場強(qiáng)越強(qiáng)．

【詳解】

A；電場線的切線方向?yàn)樵擖c(diǎn)場強(qiáng)方向；與該處正電荷受電場力方向相同，故A正確；

B；正電荷只在電場力作用下不一定沿電場線運(yùn)動(dòng)；只有電場線是直線，帶電粒子的初速度為零或初速度方向與電場線方向在同一條直線上時(shí)電場線才與帶電粒子的軌跡重合，故B錯(cuò)誤；

C；法拉第最早提出用電場線描述電場；故C錯(cuò)誤；

D；靜電場的電場線從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)；終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，故D錯(cuò)誤；

故選A.

【點(diǎn)睛】

記住電場線的特點(diǎn)即可順利解出此題，故要在理解的基礎(chǔ)上牢記基本概念．5、B【分析】【分析】

【詳解】

A．在能源的利用過程中；能量仍是守恒的，A錯(cuò)誤；

B．經(jīng)典力學(xué)只適用于宏觀世界的低速運(yùn)動(dòng)；不適用于微觀世界的高速運(yùn)動(dòng)，B正確；

C．實(shí)現(xiàn)靜電屏蔽不一定要用密封的金屬容器；金屬網(wǎng)也能實(shí)現(xiàn)靜電屏蔽，C錯(cuò)誤；

D．法拉第最早引出電場概念；并提出用電場線的方法來表示電場，D錯(cuò)誤。

故選B。6、D【分析】【分析】

【詳解】

A．上述過程在把AB分開的過程中要克服AB之間的靜電力做功；這是把機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能，然后再把電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，因此還要外力做功消耗機(jī)械能，小電動(dòng)機(jī)不能成為永動(dòng)機(jī)，A錯(cuò)誤；

B．由于A；B相接觸放在C附近；所以A和B是等勢(shì)體，電勢(shì)相等，B錯(cuò)誤；

C．A；B相接觸放在C附近時(shí)；AB是等勢(shì)體，內(nèi)部合場強(qiáng)始終為零，則A內(nèi)部中心點(diǎn)的場強(qiáng)等于B內(nèi)部中心點(diǎn)的場強(qiáng)，C錯(cuò)誤；

D．A；B相接觸放在C附近；由于靜電感應(yīng)，A左端帶負(fù)電B右端帶正電，D正確。

故選D。7、D【分析】【分析】

【詳解】

A．由等量正電荷連線的中垂線上電場分布可知：由于負(fù)電荷受到的電場力是變力；加速度是變化的，A錯(cuò)誤；

B．由等量正電荷的電場分布知道，在兩電荷連線的中垂線O點(diǎn)的電勢(shì)最高，所以從b到O；電勢(shì)是先升高后降低，B錯(cuò)誤；

C．由于只有電場力做功；所以只有電勢(shì)能與動(dòng)能的相互轉(zhuǎn)化，故電勢(shì)能與機(jī)械能的和守恒，C錯(cuò)誤；

D．由b到ac連線的中點(diǎn)O的過程中，電場力做正功，電勢(shì)能減小，由O到d電場力做負(fù)功；電勢(shì)能增加，D正確；

故選D．

考點(diǎn)：等量同號(hào)電荷的電場特點(diǎn)．

【名師點(diǎn)睛】

bd連線即為ac連線的中垂線，因此解決本題的關(guān)鍵是明確等量正電荷連線的中垂線上電場特點(diǎn)，從而進(jìn)一步判斷所受電場力、電勢(shì)、電勢(shì)能等變化情況．8、D【分析】【詳解】

AB．電路穩(wěn)定時(shí)滑動(dòng)變阻器分得的電壓為零，把滑動(dòng)變阻器滑片左移或右移，電容器兩端電壓還是等于電源電動(dòng)勢(shì)，極板間電場強(qiáng)度不變，電子仍擊中Q點(diǎn)；故AB錯(cuò)誤。

CD．?dāng)嚅_開關(guān)S，電容器的電荷量不變，將電容器的下極板下移一小段距離或者上極板上移一小段距離，根據(jù)

可知，電場強(qiáng)度為

不變，電子受力情況不變，則電子電子仍擊中Q點(diǎn)；故C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。二、多選題(共9題，共18分)9、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．要使小球能沿軌道做完整的圓周運(yùn)動(dòng)；則小球恰好能通過等效最高點(diǎn)，此時(shí)合外力為。

根據(jù)牛頓第二定律得。

聯(lián)立解得。

設(shè)等效最高點(diǎn)的合力與豎直方向夾角為θ；則。

從Q點(diǎn)到等效最高點(diǎn)；根據(jù)動(dòng)能定理。

解得。

故A正確；B錯(cuò)誤；

CD．已知Q點(diǎn)的速度；根據(jù)牛頓第二定律得。

從Q到P根據(jù)動(dòng)能定理。

解得。

根據(jù)牛頓第二定律得。

聯(lián)立解得。

故C正確；D錯(cuò)誤。

故選AC。10、B:C【分析】【詳解】

A．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)是非純電阻，歐姆定律不適用，所以此時(shí)電動(dòng)機(jī)的額定電壓為

故A錯(cuò)誤；

B．電動(dòng)機(jī)的輸出功率為電動(dòng)機(jī)的輸入功率減去內(nèi)部電阻的熱功率，即

代入電動(dòng)機(jī)的額定電壓U，則可得

故B正確；

CD．電源的總功率為

電源內(nèi)阻熱功率為

電源的輸出功率等于電源總功率減去電源內(nèi)阻熱功率為

故C正確；D錯(cuò)誤。

故選BC。11、B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)左手定則可知，MN、PQ間有豎直向上的磁場；且通電直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場為環(huán)形磁場，離導(dǎo)線越遠(yuǎn)磁場越弱，故不是勻強(qiáng)磁場，故A錯(cuò)誤；

B．沿導(dǎo)軌方向磁場不變，且回路PBAM中電流恒定，導(dǎo)軌間距不變，由

可知，安培力大小不變，由牛頓第二定律

可知，加速度不變，由

可知彈射車的速度與運(yùn)動(dòng)的時(shí)間成正比；故B正確；

C．安培力

當(dāng)電流增大時(shí)；磁感應(yīng)強(qiáng)度也增大，故彈射車所受的安培力與電流的大小不是正比關(guān)系，故C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)右手螺旋法則可知電流方向沿回路PBAM時(shí)，導(dǎo)軌之間產(chǎn)生豎直向上的磁場，結(jié)合左手定則可知電磁彈射車所受安培力方向向右；當(dāng)電流方向沿回路MABP時(shí)，根據(jù)右手螺旋法則導(dǎo)軌之間產(chǎn)生豎直向下的磁場，結(jié)合左手定則可知電磁彈射車所受安培力方向依然向右，故電流的變化不改變電磁彈射車所受安培力的方向，即若回路中通以交變電流；彈射車也能正常加速，故D正確。

故選BD。12、C:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)電場線與等勢(shì)線垂直，可判斷P點(diǎn)處為負(fù)電荷。無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為0，e點(diǎn)在P、Q連線的中垂線上，則e點(diǎn)的電勢(shì)為零；故A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)電場線與等勢(shì)線垂直，Q點(diǎn)處為正電荷，可知a、b兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相同，方向不同，則a、b兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度不同；故B錯(cuò)誤；

C．從Q到P電勢(shì)逐漸降低，則b點(diǎn)的電勢(shì)高于d點(diǎn)的電勢(shì)；故C正確；

D．a(chǎn)點(diǎn)的電勢(shì)高于c點(diǎn)的電勢(shì)，將負(fù)電荷從a點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)時(shí)；電場力做負(fù)功，電荷的電勢(shì)能增加，故D正確。

故選CD。13、B:C【分析】【詳解】

A．沿著電場線方向，電勢(shì)降低，故A點(diǎn)所在等勢(shì)面電勢(shì)比B點(diǎn)所在等勢(shì)面電勢(shì)低；故A錯(cuò)誤；

B．由于A點(diǎn)的電勢(shì)比B點(diǎn)的電勢(shì)低，故正電荷在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于在B點(diǎn)的電勢(shì)能；故B正確；

C．由于A點(diǎn)的電勢(shì)比B點(diǎn)的電勢(shì)低，故負(fù)電荷在A點(diǎn)的電勢(shì)能高于在B點(diǎn)的電勢(shì)能，由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中電場力做正功；故C正確；

D．由于A點(diǎn)的電場線比B點(diǎn)的電場線更加密集，因此負(fù)電荷在A點(diǎn)受到的電場力大于在B點(diǎn)受到的電場力；故D錯(cuò)誤。

故選BC。14、A:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)

因a、b、c三點(diǎn)電勢(shì)分別為

解得：原點(diǎn)處的電勢(shì)為

故A正確；

BC．如圖所示。

在ac連線上，確定中點(diǎn)b′點(diǎn)，電勢(shì)為33V，將bb′連線，即為等勢(shì)線，那么垂直bb′連線，則為電場線，再依據(jù)沿著電場線方向，即勻強(qiáng)電場的方向由c點(diǎn)指向O點(diǎn)，電勢(shì)降低，則電場線方向如圖，因?yàn)閯驈?qiáng)電場，則有

依據(jù)幾何關(guān)系，則

代入數(shù)據(jù)，得電場強(qiáng)度大小為

故BC錯(cuò)誤；

D．質(zhì)子從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，電場力做功為

故D正確。

故選AD。15、A:C:D【分析】【詳解】

A．粒子進(jìn)入電場后，水平方向做勻速運(yùn)動(dòng)，則時(shí)刻進(jìn)入電場的粒子在電場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間

此時(shí)間正好是交變電場的一個(gè)周期；粒子在豎直方向先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過一個(gè)周期，粒子的豎直速度為零，故粒子離開電場時(shí)的速度大小等于水平速度故A正確；

B．在豎直方向，粒子在時(shí)間內(nèi)的位移為則

可得

故B錯(cuò)誤；

C．時(shí)刻進(jìn)入的粒子，在豎直方向先向下加速運(yùn)動(dòng)然后向下減速運(yùn)動(dòng)再向上加速向上減速由對(duì)稱性可知，離開電場時(shí)粒子在豎直方向的位移為零，故粒子從板右側(cè)邊緣離開電場；故C正確；

D由對(duì)稱性知正確。

故選ACD。16、B:D【分析】【詳解】

AC．兩圖線的交點(diǎn)表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時(shí)工作狀態(tài)，由圖讀出電壓U=2V，電流I=2A，電源電動(dòng)勢(shì)為E=3V，則電源的總功率為P總=EI=6W

電源的輸出功率：P出=IU=4W

選項(xiàng)AC錯(cuò)誤．

B．電阻R的阻值為

選項(xiàng)B正確；

D．電源的效率約為

選項(xiàng)D正確；

故選BD.17、A:B:C【分析】【分析】

將金屬導(dǎo)線均勻拉長，使其長度變?yōu)樵瓉淼?倍，橫截面積變?yōu)樵瓉淼谋?，根?jù)電阻定律分析電阻的變化；由歐姆定律分析電流的變化．由電流的微觀表達(dá)式I=nevS分析平均速率v的變化．

【詳解】

A項(xiàng)：將金屬導(dǎo)線均勻拉長，使其長度變?yōu)樵瓉淼?倍，橫截面積變?yōu)樵瓉淼谋叮鶕?jù)電阻定律分析得到；電阻變?yōu)樵瓉淼?倍，故A正確；

B項(xiàng)：根據(jù)歐姆定律可知，電流I變?yōu)樵瓉淼募礊楣蔅正確；

C、D項(xiàng)：電流的微觀表達(dá)式I=nevS，其中n、e不變，電流I為原來的橫截面積S變?yōu)樵瓉淼谋叮瑒t自由電子定向移動(dòng)的平均速率為故C正確，D錯(cuò)誤．

故應(yīng)選ABC．三、填空題(共8題，共16分)18、略

【分析】【詳解】

（1）從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，電場力對(duì)電荷做正功：W=q=q=qER=4×10-8×1.2×102×0.2J=9.6×10-7J.

(2)==ER=1.2×102×0.2V=24V.【解析】（1）（2）24V19、略

【分析】【詳解】

當(dāng)開關(guān)均斷開時(shí)，電壓表示數(shù)為電源的電動(dòng)勢(shì)，故E=12V；當(dāng)S1閉合S2斷開，只有B燈接入電路，由閉合電路歐姆定律可知12=11+I1r

由歐姆定律可知

當(dāng)S1、S2都閉合，電壓表讀數(shù)U2=9V，則有12=9+I2r；

聯(lián)立以上四式可得

兩燈的額定電壓相等，則由可知兩燈的功率之比

故PB=×15=40W【解析】4020、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]勻強(qiáng)磁場中各個(gè)點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等；方向相同。

（2）[3][4]勻強(qiáng)磁場的磁感線：用一些間隔相等的平行直線表示?！窘馕觥竣?相等②.相同③.相等④.平行21、C【分析】【詳解】

[1]開始時(shí)電阻溫度較低，阻值較大，回路中電流較小，隨著電阻溫度升高，阻值減小，回路中電流開始逐漸增大，最后保持不變，則回路中電流隨時(shí)間的變化規(guī)律可能是C。22、略

【解析】①.1.60×10-19②.密立根③.整數(shù)倍23、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]對(duì)A列牛頓第二定律

對(duì)A、B系統(tǒng)列牛頓第二定律【解析】80N24、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可知；三燈泡采用并聯(lián)方式連接。

[2]將此電源只接其中一個(gè)相同的燈泡，外電路電阻增大，電流減小，路端電壓增大，該燈泡變亮?！窘馕觥坎⒙?lián)亮25、略

【分析】【詳解】

[1]磁感應(yīng)強(qiáng)度為

[2]線圈以一條邊為軸轉(zhuǎn)過180°，穿過線圈的磁能量的變化為

[3]若線圈平面和磁場方向之間的夾角變?yōu)棣?=0°，則Φ=0。【解析】0.4T4×10－4Wb0四、作圖題(共3題，共6分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點(diǎn)作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點(diǎn)的等勢(shì)點(diǎn)，即E點(diǎn)，電勢(shì)為11V，連接BE，則BE為等勢(shì)線；電場線與等勢(shì)線垂直，由高電勢(shì)指向低電勢(shì)，如圖所示。

【解析】2