【2019最新】精選高一上學(xué)期人教版物理必修一課后鞏固作業(yè)：第四章牛頓運動定律4-3

1、【 2019 最新】精選高一上學(xué)期人教版物理必修一課后鞏固作業(yè)：第四章牛頓運動定律 4-3時間： 45 分鐘一、單項選擇題1關(guān)于力的單位“?！?，下列說法不正確的是()A“?！边@個單位是由質(zhì)量為1 kg 的物體所受重力為9.7 N這個規(guī)定定下來的B“牛”這個力的單位是根據(jù)在牛頓第二定律Fkma中取 k1 時定下來的C1 N 就是使質(zhì)量為 1 kg 的物體產(chǎn)生 1 m/s2 加速度的力D質(zhì)量是 1 kg 的物體所受的重力是 9.8 N ，并不是規(guī)定的，而是根據(jù)牛頓第二定律 Fma得到的結(jié)果2如圖所示，底板光滑的小車上用兩個量程為20 N的完全相同的彈簧測力計甲和乙系住一個質(zhì)量為1 kg 的物塊在水

2、平地面上當(dāng)小車做勻速直線運動時，兩彈簧測力計的示數(shù)均為10 N當(dāng)小車做勻加速直線運動時，彈簧測力計甲的示數(shù)變?yōu)? N這時小車運動的加速度大小是 ()A2 m/s2B4 m/s2C6 m/s2D8 m/s23. 豎直向上射出的子彈， 達到最高點后又返回原處， 若子彈運動受到的空氣阻力與速度的大小成正比， 則整個過程中， 加速度大小的歡迎下載。變化是()A始終變大 B 始終變小C先變大后變小D 先變小后變大4. 如圖所示，一個鐵球從豎直在地面上的輕質(zhì)彈簧的正上方某處自由落下，接觸彈簧后將彈簧彈性壓縮 從它接觸彈簧開始到彈簧壓縮到最短的過程中，小球的速度和受到的合外力的變化情況是 ()A合力變小，速

3、度變小B合力變小，速度變大C合力先變小后變大，速度先變小后變大D合力先變小后變大，速度先變大后變小5. 如圖所示，在光滑的水平面上有一個質(zhì)量為 M的木板 B處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)有一個質(zhì)量為 m的木塊 A 從 B 的左端以初速度 v03 m/s開始水平向右滑動，已知M>m用.和分別表示木塊A 和木板 B 的圖象，在木塊 A 從 B 的左端滑到右端的過程中，下面關(guān)于二者速度v隨時間 t 的變化圖象，其中可能正確的是()二、多項選擇題6關(guān)于牛頓第二定律，下列說法中正確的是()A公式 Fma中，各量的單位可以任意選取B某一瞬間的加速度只取決于這一瞬間物體所受的合外力，而與這之前或之后的受力無關(guān)C公式

4、 Fma中，a 實際上是作用于物體上的每一個力所產(chǎn)生的加速度的矢量和D物體的運動方向一定與它所受合外力的方向一致7關(guān)于物體所受合力、加速度、速度間的關(guān)系，下列說法中正確的是()【2019最新】精選高一上學(xué)期人教版物理必修一課后鞏固作業(yè)：第四章牛頓運動定律4-3A物體的速度越大，則物體的加速度越大，所受合力也越大B物體的速度為零，則物體的加速度一定為零，所受合力也為零C物體的速度為零，加速度可能很大，所受的合力也可能很大D物體的速度很大，加速度可能為零，所受的合力也可能為零8一個質(zhì)量為 2 kg 的物體，在 5 個共點力的作用下保持靜止 若同時撤消其中大小分別為15 N 和 10 N 的兩個力，

5、其余的力保持不變，此時該物體的加速度大小可能是()A2 m/s2B3 m/s2C12 m/s2D15 m/s23 / 93 / 9答案1A根據(jù)牛頓第二定律Fkma中 k1、m1 kg 、a1 m/s2時的力叫做“一個單位的力”， 后人為了紀念牛頓把這個“1 個單位的力”，即 1 kg·m/s2 的力叫做 1 牛頓，用符號“ 1 N”表示，故選項 B、C正確， A 錯誤地面附近的重力加速度 g 約為 9.8 m/s2 ，因此根據(jù)牛頓第二定律 Fma可知，地面附近 1 kg 的物體重力約為 9.8 N，并不是規(guī)定的，故選項 D正確2B因彈簧的彈力與其形變量成正比，當(dāng)彈簧測力計甲的示數(shù)由

6、10 N 變?yōu)?8 N 時，其形變量減少，則彈簧測力計乙的形變量必增大，且甲、乙兩彈簧測力計形變量變化的大小相等， 所以彈簧測力計乙的示數(shù)應(yīng)為12 N物體在水平方向所受到的合外力為FF乙 F甲 4 N根據(jù)牛頓第二定律，得物塊的加速度大小為am/s24 m/s2.3B 子彈在上升過程中， 重力和空氣阻力都向下， 根據(jù)牛頓第二定律得， a1，子彈的速度減小，加速度也減??；子彈在下降過程中，空氣阻力向上，根據(jù)牛頓第二定律可得， a2，子彈的速度增大，加速度減小，故 B 項正確4D鐵球接觸彈簧前，做自由落體運動，有一向下的速度鐵球接觸彈簧后，在整個壓縮彈簧的過程中，僅受重力G和彈簧彈力 F的作用開始壓

7、縮時，彈簧的彈力 F 小于物體的重力G，合外力向下，鐵球向下做加速運動 但隨著鐵球向下運動， 彈簧形變量增大， 彈力隨之增大，合外力減小，加速度減小，但速度增大當(dāng)彈簧彈力增至與重力相等的瞬間，合力為零，加速度為零，速度最大此后，彈簧彈力繼續(xù)增大， 彈力大于重力， 合力向上且逐漸增大， 加速度向上且【2019最新】精選高一上學(xué)期人教版物理必修一課后鞏固作業(yè)：第四章牛頓運動定律4-3逐漸增大，直至鐵球速度逐漸減小為零，此時彈簧壓縮量最大5C 木塊 A 滑上木板 B，木塊 A 做勻減速直線運動，木塊 B 做勻加速直線運動， 根據(jù)牛頓第二定律得， aA g，aB，已知 M>m，則 aA>a

8、B.圖線斜率的絕對值大于圖線斜率的絕對值， 而且木塊 A 的速度不可能比 B 的小，如果 B 足夠長，最終二者速度相等， 故選項C正確6BC F、m、a 必須選取國際單位制中的單位，才可寫成 Fma的形式，否則比例系數(shù) k1，所以選項 A 錯誤；牛頓第二定律描述的是某一時刻合外力與加速度的對應(yīng)關(guān)系， 它既表明 F、m、a 三者在數(shù)值上的對應(yīng)關(guān)系，同時也表明合外力的方向與加速度的方向是一致的，即矢量對應(yīng)關(guān)系，而與速度方向不一定相同，所以選項 B 正確，D錯誤；由力的獨立作用原理可知作用在物體上的每個力都將各自產(chǎn)生一個加速度， 與其他力的作用無關(guān)， 物體的加速度是每個力所產(chǎn)生的加速度的矢量和，故選

9、項 C正確7CD 根據(jù)牛頓第二定律表達式Fma和加速度公式 a可知：加速度與合力存在對應(yīng)關(guān)系，一個確定的物體， 加速度越大， 則物體所受合力越大， 加速度與物體的速度變化率有關(guān)，而與物體的速度無關(guān)綜上所述，排除A、B，選 C、D.8BC 剩余的三個力的合力與大小為 15 N 和 10 N 的兩個力的合力等大反向，合力范圍為 5 NF25 N，則加速度的范圍為 2.5 m/s2a12.5 m/s2 ，選項 B、C 正確5 / 95 / 9三、非選擇題9假設(shè)雨點下落過程中受到的空氣阻力與雨點的橫截面積S 成正比，與雨點下落的速度v 的平方成正比，即f kSv2( 其中 k 為比例系數(shù) ) 雨點接近

10、地面時近似看做勻速直線運動，重力加速度為g.若把雨點看做球形， 其半徑為 r ，設(shè)雨點的密度為，則每個雨點最終的運動速度vm_( 用 、r 、g、k 表示 ) ，雨點的速度達到 vm時，雨點的加速度 a_.10如圖甲所示，質(zhì)量m1 kg 的物體沿傾角37°的固定粗糙斜面由靜止開始向下運動，風(fēng)對物體的作用力沿水平方向向右，其大小與風(fēng)速 v 成正比，比例系數(shù)用 k 表示，物體加速度 a 與風(fēng)速 v 的關(guān)系如圖乙所示 已知 sin37 ° 0.6 ，cos37° 0.8 ，g10 m/s2.求：(1) 物體與斜面間的動摩擦因數(shù) ；(2) 比例系數(shù) k.11. 如圖所示，

11、一質(zhì)量為 1 kg 的小球套在一根固定的直桿上，直桿與水平面的夾角為 30°. 現(xiàn)使小球在 F20 N的豎直向上的拉力作用下，從 A 點由靜止出發(fā)向上運動， 已知直桿與小球之間的動摩擦因數(shù) .(1) 求小球運動的加速度 a1.(2) 若 F 作用 1.2 s后撤去，則小球上滑過程中距A 點的最大距離 sm為多少？(3) 若從撤去力 F 開始計時，則小球經(jīng)多長時間通過距 A 點上方2.25 m 處的 B 點？12. 如圖所示，在海濱游樂場里有一種滑沙運動某人坐在滑板上從斜坡的高處 A 點由靜止開始滑下， 滑到斜坡底端 B 點后，沿水平【2019最新】精選高一上學(xué)期人教版物理必修一課后鞏

12、固作業(yè)：第四章牛頓運動定律4-3的滑道再滑行一段距離到C 點停下如果人和滑板的總質(zhì)量m60kg，滑板與斜坡滑道和水平滑道間的動摩擦因數(shù)均為0.5 ，斜坡的傾角37°，斜坡與水平滑道間平滑連接，在整個運動過程中空氣阻力忽略不計，重力加速度 g 取 10 m/s2.(sin37 ° 0.6 ，cos37° 0.8)(1) 求人從斜坡上滑下的加速度大小；(2) 若由于場地的限制，水平滑道 BC的最大距離為 L20.0 m ，則人在斜坡上滑下的距離 AB應(yīng)不超過多少？答案9. g解析：當(dāng) f mg時，雨點達到最大速度vm，則有 kSvmg即 kr2v4rgr3 g，解得

13、vm3k由牛頓第二定律得mgf ma即 mgkS2ma，可得 mg ma，故 ag.10(1)0.25(2)0.84 kg/s解析：從題圖乙中我們可以看出，物體的速度為零時加速度為4m/s2，加速度為零時速度為5 m/s，在這兩個特殊位置分別列方程即可求出動摩擦因數(shù) 和比例系數(shù) k.(1) 在初始時刻，風(fēng)對物體的作用力為零，根據(jù)牛頓第二定律有mgsinmgcosma0由題圖知 a04 m/s2解得 0.25.(2) 在 v5 m/s 時，物體的加速度為零，此時物體受力平衡，有mgsinNkvcos 0，Nmgcoskvsin 07 / 97 / 9解得 k 0.84 kg/s.11(1)2.5

14、 m/s2(2)2.4 m(3)0.75 s解析： (1) 以小球為研究對象進行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得沿桿方向： Fsin30 ° mgsin30° f ma1垂直于桿方向： Fcos30° mgcos30° N0又 f N，解得 a12.5 m/s2.(2) 剛撤去 F 時，小球的速度為 v1a1t1 3 m/s小球的位移 s1t1 1.8 m撤去力 F 后，小球向上滑動時有mgsin30° mgcos30° ma2，解得 a27.5 m/s2因此小球上滑的時間t2 0.4 s上滑的位移 s2t2 0.6 m故小球上滑過程中距

15、A 點的最大距離為sms1s2 2.4 m.(3) 若小球在上滑階段通過 B 點，則sABs1v1t3 a2t 23解得經(jīng)歷的時間為t3 0.2 s(t3 0.6 s舍去 )若小球在下滑階段通過B 點，下滑時根據(jù)牛頓第二定律得mgsin30° mgcos30° ma3，解得 a32.5 m/s2因此小球由距 A 點最大距離處下滑到B 點的過程中有smsABa3t ，解得 t4 s故經(jīng)歷的時間為t2 t4 s 0.75 s.12(1)2 m/s2(2)50 m【2019最新】精選高一上學(xué)期人教版物理必修一課后鞏固作業(yè)：第四章牛頓運動定律4-3解析： (1) 人在斜坡上的受力情況如圖所示，設(shè)人從斜坡上滑下的加速度為 a1，由牛頓第二定律得mgsinFf1 ma1，F(xiàn)N1mgcos