【KS5U解析】江蘇省金陵中學、丹陽高級中學、無錫一中2020屆高三下學期期初聯(lián)考物理試題 Word版含解析

1、2020屆高三年級第二學期期初聯(lián)考試卷物理試題一、單項選擇題1.物塊m在靜止的傳送帶上勻加速下滑時，傳送帶突然轉(zhuǎn)動，傳送帶轉(zhuǎn)動的方向如圖中箭頭所示.則傳送帶轉(zhuǎn)動后( )a. m減速下滑b. m仍勻加速下滑，加速度比之前大c. m仍勻加速下滑，加速度與之前相同d. m仍勻加速下滑，加速度比之前小【答案】c【解析】【詳解】傳送帶靜止時，物塊加速向下滑，對物塊受力分析，垂直傳送帶方向平行傳送帶斜向下所以傳送帶突然向上轉(zhuǎn)到，物塊依然相對傳送帶向下運動，受力沒有變化，摩擦力依然平行傳送帶向上，所以小物塊加速度不變，所以c正確，abd錯誤；故選c。2.帆船運動中，運動員可以調(diào)節(jié)帆面與船前進方向的夾角，使船

2、能借助風獲得前進的動力下列圖中能使帆船獲得前進動力的是a. b. c. d. 【答案】d【解析】【分析】船所受風力與帆面垂直，將風力分解成沿船前進方向和垂直于船身方向船在垂直船身方向受到的阻力能抵消風力垂直于船身方向的分量【詳解】a、a圖中船所受風力垂直于船前進方向，沿船前進方向的分力是零故a項錯誤b、將b圖中風力分解后沿船前進方向分力與船前進方向相反，故b項錯誤c、將c圖中風力分解后沿船前進方向分力與船前進方向相反，故c項錯誤d、將d圖中風力分解后沿船前進方向分力與船前進方向相同，能使使帆船獲得前進動力故d項正確3.如圖所示，鐵芯上繞有線圈a和b，線圈a與電源連接，線圈b與理性發(fā)光二極管d相

3、連，銜鐵e連接彈簧k控制觸頭c的通斷，忽略a的自感，下列說法正確的是a. 閉合s，d閃亮一下b. 閉合s，c將會過一小段時間接通c. 斷開s，d不會閃亮d. 斷開s，c將會過一小段時間斷開【答案】d【解析】【詳解】ab.當閉合s瞬間時，穿過線圈b的磁通量要增加，根據(jù)楞次定律：增反減同，結(jié)合右手螺旋定則可知，線圈b的電流方向逆時針，而由于二極管順時針方向?qū)щ?，則線圈b不會閃亮一下，則線圈a中磁場立刻吸引c，導致其即時接觸，故a，b錯誤；cd.當斷開s瞬間時，穿過線圈b的磁通量要減小，根據(jù)楞次定律：增反減同，結(jié)合右手螺旋定則可知，電流方向為順時針，則二極管處于導通狀態(tài)，則d會閃亮，同時對線圈a有影

4、響，阻礙其磁通量減小，那么c將會過一小段時間斷開，故c錯誤，d正確；故選d【點睛】該題考查楞次定律與右手螺旋定則的應用，注意穿過閉合線圈的磁通量變化，線圈相當于電源，而電流是從負板流向正極，同時理解二極管的單向?qū)щ娦?.某靜電場中有電場線與x軸重合，x軸上各點電勢分布如圖所示，圖線關于縱軸對稱,則()a x1處和x1處場強方向相同b. x1處和x2處場強大小相等c. 某帶電粒子在x2處和x2處電勢能相等d. 某帶電粒子在x2處的電勢能大于在x2處的電勢能【答案】c【解析】【詳解】abx圖象的斜率大小等于電場強度，x1處和-x1處場強大小相等，方向相反，x1處和-x2處場強大小不相等，故ab錯誤

5、；cd在x2處和-x2處電勢相等，根據(jù)ep=q知某帶電粒子在x2處和-x2處電勢能相等，故c正確，d錯誤。 故選c。5.一物塊由o點下落，到a點時與直立于地面的輕彈簧接觸，到b點時速度達到最大，到c點時速度減為零，然后被彈回物塊在運動過程中受到的空氣阻力大小不變，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，則物塊()a. 從a下降到b的過程中，合力先變小后變大b. 從a下降到c的過程中，加速度先增大后減小c. 從c上升到b的過程中，動能先增大后減小d. 從c上升到b的過程中，系統(tǒng)的重力勢能與彈性勢能之和不斷增加【答案】c【解析】【詳解】a從a下降到b的過程中，物塊受到向下的重力，彈簧向上的彈力和向上的空氣

6、阻力，重力大于彈力和空氣阻力之和，彈力逐漸增大，合力逐漸減小，加速度逐漸變小，到b點時速度達到最大，此時合力為零，則從a下降到b的過程中合力一直減小到零，故a錯誤； b從a下降到b的過程中，彈簧的彈力和空氣阻力之和小于重力，物塊的合力逐漸向下，加速度逐漸減小到零；從b下降到c的過程中，物塊的合力向上，加速度向上逐漸增大，則從a下降到c的過程中，加速度先減小后增大，故b錯誤； c從c上升到b的過程中，開始彈力大于空氣阻力和重力之和，向上加速，當加速度減為零時此時的壓縮量，位置在b點下方，速度達到向上的最大，此后向上做變減速直線運動，故從c上升到b的過程中，動能先增大后減小，故c正確； d對于物塊

7、和彈簧組成的系統(tǒng)，由于空氣阻力做功，所以系統(tǒng)的機械能減小，即物塊的動能、重力勢能與彈性勢能之和減小，從c上升到b的過程中，物塊的動能先增大后減小，則系統(tǒng)的重力勢能與彈性勢能之和在動能最大之前是一直減小，之后就不能確定，故d錯誤。故選c。二、多項選擇題6.如圖所示，一小球固定在輕桿上端，ab為水平輕繩，小球處于靜止狀態(tài)，則桿對小球的作用力方向可能是()a. f1b. f2c. f3d. f4【答案】bc【解析】【詳解】小球處于靜止狀態(tài)，則桿對小球的作用力方向在重力與繩子拉力夾角的對頂角范圍內(nèi)（不含水平方向），如圖所示；所以桿對小球的作用力方向可能是f2和f3，故bc正確，ad錯誤。故選bc。7.

8、火星探測項目是我國繼載人航天工程、嫦娥工程之后又一個重大的太空探索項目，如圖所示，探測器被發(fā)射到圍繞太陽的橢圓軌道上，a為近日點，遠日點b在火星軌道近，探測器擇機變軌繞火星運動，則火星探測器( ) a. 發(fā)射速度介于第一、第二宇宙速度之間b. 在橢圓軌道上運行周期大于火星公轉(zhuǎn)周期bc. 從a點運動到b點的過程中動能逐漸減小d. 在b點受到太陽引力小于在a點受到的太陽引力【答案】cd【解析】【詳解】a離開地球圍繞太陽運動，發(fā)射速度要大于第二宇宙速度，小于第三宇宙速度，a錯誤；b兩個軌道都圍繞太陽，根據(jù)開普勒行星第三定律，軌道半徑（半長軸）小的，周期小，所以橢圓軌道運行周期小，所以b錯誤；c根據(jù)開

9、普勒行星第二定律，近日點速度最大，遠日點速度最小，從a到b速度不斷減小，動能不斷減小，c正確；db點到太陽的距離大于a點到太陽的距離，萬有引力與距離的平方成反比，所以在b點受到的太陽引力小于在a點受到的太陽引力，d正確；故選d。8.在一個很小的矩形半導體薄片上，制作四個電極e、f、m、n，做成了一個霍爾元件，在e、f間通入恒定電流i，同時外加與薄片垂直的磁場b，m、n間的電壓為uh已知半導體薄片中的載流子為正電荷，電流與磁場的方向如圖所示，下列說法正確的有（）a. n板電勢高于m板電勢b. 磁感應強度越大，mn間電勢差越大c. 將磁場方向變?yōu)榕c薄片的上、下表面平行，uh不變d. 將磁場和電流分

10、別反向，n板電勢低于m板電勢【答案】ab【解析】a、根據(jù)左手定則，電流的方向向里，自由電荷受力的方向指向n端，向n端偏轉(zhuǎn)，則n點電勢高，故a正確；b、設左右兩個表面相距為d，電子所受的電場力等于洛侖茲力，即：設材料單位體積內(nèi)電子的個數(shù)為n，材料截面積為s，則 ;i=nesv    s=dl  由得：,令，則  ;所以若保持電流i恒定，則m、n間的電壓與磁感慮強度b成正比，故b正確；c、將磁場方向變?yōu)榕c薄片的上、下表面平行，則帶電粒子不會受到洛倫茲力，因此不存在電勢差，故c錯誤；d、若磁場和電流分別反向，依據(jù)左手定則，則n板電勢仍高于m板電勢，故

11、d錯誤故選ab.【點睛】解決本題關鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道最終電子在電場力和洛倫茲力作用下平衡9.如圖所示，質(zhì)量為m的長木板靜止在光滑水平面上，上表面oa段光滑，ab段粗糙且長為l，左端o處固定輕質(zhì)彈簧，右側(cè)用不可伸長的輕繩連接于豎直墻上，輕繩所能承受的最大拉力為f質(zhì)量為m的小滑塊以速度v從a點向左滑動壓縮彈簧，彈簧的壓縮量達最大時細繩恰好被拉斷，再過一段時間后長木板停止運動，小滑塊恰未掉落則（ ）a. 細繩被拉斷瞬間木板加速度大小為b. 細繩被拉斷瞬間彈簧的彈性勢能為c. 彈簧恢復原長時滑塊的動能為d. 滑塊與木板ab間的動摩擦因數(shù)為【答案】abd【解析】【詳解】a細繩被拉

12、斷瞬間，對木板分析，由于oa段光滑，沒有摩擦力，在水平方向上只受到彈簧給的彈力，細繩被拉斷瞬間彈簧的彈力等于f，根據(jù)牛頓第二定律有：解得，a正確；b滑塊以速度v從a點向左滑動壓縮彈簧，到彈簧壓縮量最大時速度為0，由系統(tǒng)的機械能守恒得：細繩被拉斷瞬間彈簧的彈性勢能為，b正確；c彈簧恢復原長時木板獲得的動能，所以滑塊的動能小于，c錯誤；d由于細繩被拉斷瞬間，木板速度為零，小滑塊速度為零，所以小滑塊的動能全部轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，即，小滑塊恰未掉落時滑到木板的右端，且速度與木板相同，設為，取向左為正方向，由動量守恒定律和能量守恒定律得聯(lián)立解得，d正確。故選abd。三、簡答題10.某同學用圖甲所示的實

13、驗裝置探究恒力做功與小車動能變化的關系（1）為了能用砂和砂桶的總重力所做的功表示小車所受拉力做的功，本實驗中小車質(zhì)量m _（填“需要”、“不需要”）遠大于砂和砂桶的總質(zhì)量m（2）圖乙為實驗得到的一條清晰的紙帶，a、b、c、d、e、f、g是紙帶上7個連續(xù)的點，sad=_cm已知電源頻率為50hz，則打點計時器在打d點時紙帶的速度 v =_m/s（保留兩位有效數(shù)字）（3）該同學畫出小車動能變化與拉力對小車所做的功的ekw關系圖像，由于實驗前遺漏了平衡摩擦力這一關鍵步驟，他得到的實驗圖線（實線）應該是_【答案】 (1). 需要 (2). 2.10 (3). 0.50 (4). d【解析】(1) 為了

14、能用砂和砂桶的總重力所做的功表示小車所受拉力做的功，則繩中拉力要等于砂和砂桶的總重力，即小車質(zhì)量m需要遠大于砂和砂桶的總質(zhì)量m(2)由圖得打點計時器在打d點時紙帶的速度(3)理論線，實驗線，則隨著功的增大，兩線間距變大故d項正確11.測定一節(jié)電池的電動勢和內(nèi)阻，電路如圖甲所示，mn為一段粗細均勻、電阻率較大的電阻絲，定值電阻r0=1.0。調(diào)節(jié)滑片p，記錄電壓表示數(shù)u、電流表示數(shù)i及對應的pn長度x，繪制了u-i圖像如圖乙所示。(1)由圖乙求得電池的電動勢e_v，內(nèi)阻r =_。(2)實驗中由于電表內(nèi)阻的影響，電動勢測量值_其真實值（選填“大于”、“等于”或“小于”）。(3)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)可繪出-x

15、圖像，如圖丙所示。圖像斜率為k，電阻絲橫截面積為s，可求得電阻絲的電阻率_， 電表內(nèi)阻對電阻率的測量_（選填“有”或“沒有”）影響。【答案】 (1). 1.49 (2). 0.45 (3). 小于 (4). ks (5). 沒有【解析】【詳解】(1)12由閉合電路歐姆定律可知u=e-i(r+r0)則可知圖2中的圖象與縱坐標間的交點表示電動勢，故e=1.49v；圖象的斜率表示(r+r0)，則解得r=1.45-1.0=0.45(2)3由圖示可知，伏安法測電阻相對于電源來說采用電流表外接法，由于電壓表分流作用，電流表測量值偏小，當外電路短路時，電流測量值等于真實值，電源的u-i圖象如圖所示由圖象可知

16、，電動勢測量值小于真實值，電源內(nèi)阻測量值小于真實值。(3)45根據(jù)歐姆定律可知，電阻則可知解得=ks若考慮電流表的內(nèi)阻，則，則圖象的斜率不變，所以得出的電阻率沒有影響。12.下列說法正確的有 a. 電子的衍射圖樣表明電子具有波動性b. 發(fā)生光電效應時，僅增大入射光的頻率，光電子的最大初動能就增大c. 衰變中放出的射線是核外電子掙脫原子核束縛而形成的d. 中子和質(zhì)子結(jié)合成氘核，若虧損的質(zhì)量為m，則需要吸收mc²的能量【答案】ab【解析】【詳解】a衍射是波動性的體現(xiàn)，a正確；b根據(jù)光電效應方程，僅增大入射光頻率，光子能量增大，逸出功不變，光電子初動能增大，b正確；c衰變中放出的射線是原子

17、核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化成質(zhì)子過程中跑射出的電子形成的d質(zhì)量虧損，根據(jù)質(zhì)能方程，應該放出能量，d錯誤；故選ab。13.恒星向外輻射的能量來自于其內(nèi)部發(fā)生的各種熱核反應，當溫度達到108k時，可以發(fā)生“氦燃燒”。完成“氦燃燒”的核反應方程：_。是一種不穩(wěn)定的粒子，其半衰期為2.6×1016s。一定質(zhì)量的，經(jīng)7.8×1016s后所剩下的占開始時的_?！敬鸢浮?(1). (2). 【解析】【詳解】1根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，未知粒子的質(zhì)量數(shù)為4，電荷數(shù)為2，為；2半衰期為2.6×10-16s，經(jīng)7.8×10-16s，即3個半衰期，根據(jù)知剩余占開始時的。14.如圖所示，

18、光滑水平面上小球a、b分別以、的速率相向運動，碰撞后b球靜止已知碰撞時間為，a、b的質(zhì)量均為求：碰撞后a球的速度大小；碰撞過程a對b平均作用力的大小【答案】(1) (2)【解析】【詳解】、b系統(tǒng)動量守恒，設b的運動方向為正方向由動量守恒定律得解得；對b，由動量定理得，解得；15.下列說法正確的有_a. 布朗運動直接反映了分子運動的無規(guī)則性b. 水的飽和氣壓隨溫度升高而降低c. 有些非晶體在一定條件下可轉(zhuǎn)化為晶體d. 荷葉上小水珠呈球形，是由于表面張力作用而引起的【答案】cd【解析】【詳解】a布朗運動是懸浮在液體或氣體中的固體微粒做無規(guī)則運動，間接反映了周圍的分子做無規(guī)則的熱運動，故a錯誤；b與

19、液體處于動態(tài)平衡的蒸氣叫飽和蒸氣；反之，稱為不飽和蒸氣。飽和蒸氣壓力與飽和蒸氣體積無關！在一定溫度下，飽和蒸氣的分子數(shù)密度是一定的，因而其壓強也是一定的，這個壓強叫做飽和蒸氣壓力。蒸發(fā)面溫度升高時，水分子平均動能增大，單位時間內(nèi)脫出水面的分子增多（此時，落回水面的分子數(shù)與脫出水面的分子數(shù)相等），故高溫時的飽和水汽壓比低溫時要大，故b錯誤；c晶體和非晶體區(qū)別在于內(nèi)部分子排列，有些通過外界干預可以相互轉(zhuǎn)化，如把晶體硫加熱熔化（溫度超過300）再倒進冷水中，會變成柔軟的非晶硫，再過一段時間又會轉(zhuǎn)化為晶體硫，故c正確；d荷葉上小水珠呈球形，是因為表面層的水分子比較稀疏，分子間表現(xiàn)為分子引力，從而表面有

20、收縮的趨勢，是由于表面張力作用而引起的，故d正確；故選cd。16.夏天的陽光烤暖了大地，使地面附近的空氣變熱，形成暖氣團升往高空而逐漸膨脹.由于暖氣團體積非常大，可不計和外界大氣的熱交換，則暖氣團在上升過程中內(nèi)能_(選填“減小”“增大”或“不變”)，暖氣團內(nèi)部的溫度_(選填“升高”“降低”或“不變”). 【答案】 (1). 減小 (2). 降低【解析】【詳解】1暖氣團在上升過程中膨脹，對外做正功，由熱力學第一定律知內(nèi)能減小；2氣體由于分子間距離較大，不考慮分子勢能，所以氣體只有分子動能，內(nèi)能減小，分子的平均動能減小，溫度降低。17.如圖為一定質(zhì)量的理想氣體的體積v隨熱力學溫度t的變化關系圖像。

21、由狀態(tài)a變化到狀態(tài)b的過程中氣體吸收熱量q1=220j，氣體在狀態(tài)a的壓強為p0=1.0×105pa。求：氣體在狀態(tài)b時的溫度t2；氣體由狀態(tài)b變化到狀態(tài)c的過程中，氣體向外放出的熱量q2?！敬鸢浮?00k；120j【解析】【詳解】氣體從a到b發(fā)生等壓變化，根據(jù)蓋-呂薩克定律有即代入數(shù)據(jù)解得t2=600ka到b過程氣體從外界吸熱，對外界做功，內(nèi)能增加c狀態(tài)與a狀態(tài)內(nèi)能相等，b到c過程，對外界不做功，則內(nèi)能減少，且即所以氣體放出熱量120j。四、計算或論述題18.如圖甲所示，單匝正方形線框abcd的電阻r=0.5，邊長l=20cm，勻強磁場垂直于線框平面，磁感應強度b隨時間t的變化規(guī)律

22、如圖乙所示，求：（1）02s內(nèi)通過ab邊橫截面的電荷量q；（2）3s時ab邊所受安培力的大小f；（3）04s內(nèi)線框中產(chǎn)生的焦耳熱q【答案】（1）c（2）n（3）j【解析】由法拉第電磁感應定律得電動勢 感應電流 電量 解得 安培力 由圖得3s時的b=0.3t 代入數(shù)值得 由焦耳定律得 代入數(shù)值得： 【點睛】考查法拉第電磁感應定律與閉合電路歐姆定律的內(nèi)容，掌握安培力大小表達式，理解焦耳定律的應用，注意圖象的正確運用19.如圖所示，長為3l的不可伸長的輕繩，穿過一長為l的豎直輕質(zhì)細管，兩端拴著質(zhì)量分別為m、m的小球a和小物塊b，開始時b先放在細管正下方的水平地面上手握細管輕輕搖動一段時間后，b對地面的壓力恰好為零，a在水平面內(nèi)做勻速圓周運動已知重力加速度為g，不計一切阻力 （1）求a做勻速圓周運動時繩與豎直方向夾角；（2）求搖動細管過程中手所做的功；（3）輕搖細管可使b在管口下的任意位置處于平衡，當b在某一位置平衡時，管內(nèi)一觸發(fā)裝置使繩斷開，求a做平拋運動的最大水平距離【答案