【2019】高二物理上學(xué)期第三次月考試卷(含解析)

1、1 / 20 【2019最新】高二物理上學(xué)期第三次月考試卷（含解析） 一、單選題（本題共 16小題，每小題4分，共64分請(qǐng)將正確答案填在答題卡上.） 1.下列物理量中屬于標(biāo)量的是（ ） A. 電流B.安培力 C.電場(chǎng)強(qiáng)度 D.磁感應(yīng)強(qiáng)度 2如圖所示，把一條導(dǎo)線平行地放在磁針的上方附近，當(dāng)導(dǎo)線中有電流通過時(shí)，磁針會(huì)發(fā) 生偏轉(zhuǎn).首先觀察到這個(gè)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的物理學(xué)家是（ ） A. 向上B.向下C.向左D.向右 5. 下列電器在工作時(shí)， 主要利用電流熱效應(yīng)的是（ ） A.發(fā)電機(jī) B.電動(dòng)機(jī) C.電話機(jī) D.電烤爐 6. 如圖所示，A B是電場(chǎng)中的兩點(diǎn)，A B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為 曰、EB,電勢(shì)大小分

2、別為$ A、$ ） A. EA=EB B . EAV EB C. $ A $ BD. $ AEb C. 帶電粒子從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力做正功、電勢(shì)能減少 D. a、b兩點(diǎn)電勢(shì)關(guān)系為 $ aV $ b 22. 在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一個(gè)帶電粒子只受洛倫茲力作用做勻速圓周運(yùn)動(dòng)， 另一磁感應(yīng)強(qiáng)度是原來磁感應(yīng)強(qiáng)度 2倍的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，則（ ） A. 粒子的速率加倍，軌跡半徑減半 B. 粒子的速率加倍，周期減半 C. 粒子的速率減半，軌道半徑減半 如果又順利垂直進(jìn)入 23. 如圖甲所示是回旋加速器的示意圖， 其核心部分是兩個(gè) D形金屬盒，在加速帶電粒子時(shí)， 兩金屬盒置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中， 并分別與高頻電源相連.帶電

3、粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能 E $ B D. $ A EB;故AB錯(cuò)誤. CD根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)不斷降低，則有 $ A $ B,故C正確，D錯(cuò)誤. 故選：C 【點(diǎn)評(píng)】電場(chǎng)線雖然不存在，但可形象來描述電場(chǎng)的分布，關(guān)鍵要明確電場(chǎng)線分布與電場(chǎng)強(qiáng) 度以及電勢(shì)之間的關(guān)系. 7.將面積是0.5m2的導(dǎo)線環(huán)放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中， 環(huán)面與磁場(chǎng)方向垂直.已知穿過這個(gè)導(dǎo)線環(huán) 的磁通量是4.0 X 102Wb則該磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為（ ） -2 - 2 - 2 - 2 A. 2.0 X 10 T B. 4.0 X 10 T C. 8.0 X 10 T D. 1.0 X 10 T 【考點(diǎn)】 磁通量；磁感應(yīng)強(qiáng)度. 【專題】 定性

4、思想；推理法；磁場(chǎng) 磁場(chǎng)對(duì)電流的作用. 【分析】閉合導(dǎo)線處在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)環(huán)面與磁場(chǎng)垂直時(shí)，穿過環(huán)的磁通量 =BS變形求 出B. 【解答】解：閉合導(dǎo)線環(huán)在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，環(huán)面與磁場(chǎng)垂直時(shí)，穿過環(huán)的磁通量 =BS則 一 9 B=八 T=8.0 X 10 -2T. S 6 5 故C正確，ABD錯(cuò)誤. 故選：C 題目中，要注意線圈與磁場(chǎng)垂直的條件. &如圖展示的是下列哪種情況的電場(chǎng)線（ ） A.等量異種電荷 B .等量同種電荷 C .單個(gè)負(fù)電荷 D.單個(gè)正電荷 【考點(diǎn)】電場(chǎng)線. 【專題】 定性思想；推理法；電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題. 【分析】考察正、負(fù)點(diǎn)電荷，等量同種與等量異種電荷周圍電場(chǎng)線的分布情況，電

5、場(chǎng)線從正 電荷出發(fā)，負(fù)電荷終止，同種電荷相互排斥. 【解答】解：電場(chǎng)線從正電荷或無窮遠(yuǎn)出發(fā)終止于負(fù)電荷或無窮遠(yuǎn)， 根據(jù)各種電荷周圍的電 【點(diǎn)評(píng)】本題根據(jù)勻強(qiáng)磁場(chǎng)中磁通量的定義式 =BS來分析計(jì)算磁感應(yīng)強(qiáng)度 B.在這一類的 11 / 20 場(chǎng)線分布可知，該圖為等量正電荷電場(chǎng)的分布情況. 故選：B. 【點(diǎn)評(píng)】等量同種和等量異種電荷周圍電場(chǎng)線分布情況是考查的重點(diǎn)，一定要熟練掌握. 9如圖所示的電路中，當(dāng)可變電阻 R的阻值減小時(shí)，下列說法正確的是（ ） A.通過R的電流強(qiáng)度增大 B.通過R2的電流強(qiáng)度增大 C. AB兩點(diǎn)間的電壓增大 D. AB兩點(diǎn)間的電壓不變 【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律. 【專題】比

6、較思想；圖析法；恒定電流專題. 【分析】由電路圖可知，定值電阻 F2與可變電阻并聯(lián)，然后再與另一個(gè)定值電阻 R串聯(lián); 根據(jù)可變電阻的變化，根據(jù)歐姆定律及串并聯(lián)電路的特點(diǎn)判斷 AB兩點(diǎn)間的電壓和滑動(dòng)變阻 器R的電流如何變化. 【解答】 解：ACD當(dāng)可變電阻R的阻值減小時(shí)，R2與可變電阻并聯(lián)的總電阻減小，總電阻 減小，由閉合電路歐姆定律可知，通過 R的電流強(qiáng)度增大.根據(jù)串聯(lián)電路分壓的特點(diǎn)可知， AB兩點(diǎn)間分得的電壓減??；故 A正確，CD錯(cuò)誤. B由歐姆定律知，AB兩點(diǎn)間的電壓減小，則電阻 R中的電流減小，故 B錯(cuò)誤. 故選：A 【點(diǎn)評(píng)】本題是電路動(dòng)態(tài)變化分析問題， 從局部到整體，再到局部，按順序分

7、析是常用的方 法. 10. 內(nèi)阻為1200歐的伏特表與電阻 R串聯(lián)，接入內(nèi)阻可忽略的電動(dòng)勢(shì)為 6伏特的電池兩端， 此時(shí)伏特表的讀數(shù)為 4.5伏，則此電阻 R的阻值是（ ） A. 300 歐 B. 400 歐 C. 1200 歐 D. 3600 歐 【考點(diǎn)】多用電表的原理及其使用. 【專題】恒定電流專題. 【分析】 根據(jù)串聯(lián)電路的分壓之比與電阻之比成正比即可求解. 【解答】 解：電阻R上的電壓：U=6V- 4.5V=1.5V 串聯(lián)電路電流相等，根據(jù)歐姆定律： U=IR 則分壓與電阻成正比，即分壓之比等于電阻之比： ：= . R” 4* 5 得：R=400Q 故選：B. 【點(diǎn)評(píng)】 本題考查了串聯(lián)電

8、路中電阻與分壓的關(guān)系，記?。捍箅娮璺执箅妷? 11. 利用如圖裝置研究影響平行板電容器大小的因素， 靜電計(jì)可測(cè)量平行板電容器兩極板的 電勢(shì)差U,保持極板上的電荷量 Q和兩極板的正對(duì)面積 S不變，增大兩極板間的距離 d時(shí), 靜電計(jì)的指針偏角增大，說明電容器的電容（ ） 12 / 20 13 / 20 A.變大B.變小C.不變D.無法確定 【考點(diǎn)】電容器的動(dòng)態(tài)分析. 【專題】 定量思想；推理法；電容器專題. 【分析】靜電計(jì)指針偏角大小表示極板間電勢(shì)差的大小， 根據(jù)夾角的變化情況， 分析極板間 電勢(shì)差的變化，抓住電量不變，根據(jù)C=,分析C的變化，再可根據(jù)電容的決定式 C= , U 4 兀 kd 即可

9、求解. 【解答】解：電容器的帶電量 Q不變，根據(jù)C= !，當(dāng)靜電計(jì)的指針偏角增大，即電容器極板 U 間的電勢(shì)差u增大，那么 電容C減?。?也可以由：因S不變，增大d，由電容的決定式 C= 知電容C減小，故B正確，ACD 4冗kd 錯(cuò)誤； 故選：B. 【點(diǎn)評(píng)】解決電容器的動(dòng)態(tài)分析問題關(guān)鍵抓住不變量.電容器與電源斷開，電量保持不變， 根據(jù)電容器的定義式和決定式結(jié)合進(jìn)行判斷. FX的電流 B. 通過電流表的電流小于通過 R的電流 C. 電壓表兩端電壓等于 RX兩端的電壓 D. Rx的測(cè)量值大于真實(shí)值 【考點(diǎn)】 伏安法測(cè)電阻. 【專題】 定性思想；推理法；恒定電流專題. 【分析】電壓表測(cè)量的是與其并聯(lián)

10、電路的電壓值，電流表測(cè)量的是與之串聯(lián)電路的電流值， 據(jù)此分析問題即可. 【解答】 解：A、由電路圖可知，實(shí)驗(yàn)采用電流表外接法，電流表所測(cè)電流等于通過電阻的 電流與通過電壓表的電流之和，電流表的示數(shù)大于通過 Rx的電流，故AB錯(cuò)誤； C由電路圖可知，電壓表與待測(cè)電阻并聯(lián)，測(cè)待測(cè)電阻兩端電壓，電壓表的示數(shù)等于 R兩 端的電壓，故C正確 D由歐姆定律可知，因電流偏大，故測(cè)量值偏?。还?D錯(cuò)誤； 故選：C. 【點(diǎn)評(píng)】本題考查電流表，電壓表的測(cè)量原理，明確電壓表所測(cè)為與其并聯(lián)部分電壓， 電流 表為其串聯(lián)電路的電流. 13.如圖所示，一通電直導(dǎo)線 AB水平放置在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，電流方 向

11、從左至右，直導(dǎo)線 AB所受安培力的方向是（ ）12.用電流表和電壓表測(cè)量電阻 R阻值的電路如圖所示.下列說法正確的是（ A.通過電流表的電流等于通過 14 / 20 X X X X B X X X X I 1 X XjT X X X X X X A.豎直向上 B .豎直向下 C .垂直紙面向里 D .垂直紙面向外 【考點(diǎn)】安培力；左手定則. 【專題】 定性思想；推理法；磁場(chǎng) 磁場(chǎng)對(duì)電流的作用. 【分析】通電直導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受到的安培力方向利用左手定則判斷. 讓磁感線穿過左手手心, 四指指向電流方向，拇指指向安培力方向. 【解答】解：根據(jù)左手定則：伸開左手，拇指與手掌垂直且共面，磁感線向里穿過手心

12、，則 手心朝外.四指指向電流方向，則指向右，拇指指向安培力方向：豎直向上. 故選：A 【點(diǎn)評(píng)】考查由左手定則可判定安培力方向， 注意對(duì)于左手定則的應(yīng)用，要搞清兩點(diǎn)： 一 什么時(shí)候用；二是怎樣用. 14利用如圖所示的裝置研究導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，磁場(chǎng)方向豎直向下，導(dǎo)體棒 AB水平，棒AB作下列哪種運(yùn)動(dòng)時(shí)，電流表指針不會(huì)偏轉(zhuǎn)（ ） A.水平向里運(yùn)動(dòng) B .水平向外運(yùn)動(dòng) C.在水平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng) D.沿豎直方向上下移動(dòng) 【考點(diǎn)】 導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；楞次定律. 【專題】 定性思想；模型法；電磁感應(yīng)與電路結(jié)合. 【分析】當(dāng)回路中有感應(yīng)電流產(chǎn)生時(shí)電流表指針將發(fā)生偏轉(zhuǎn)， 而感應(yīng)電流可根據(jù)閉合電路

13、的 一部分是否切割磁感線來判斷. 【解答】解：ABC當(dāng)導(dǎo)體棒AB水平向里運(yùn)動(dòng)，或水平向外運(yùn)動(dòng)，或在水平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，都 要切割磁感線，將產(chǎn)生感應(yīng)電流，則電流表指針會(huì)偏轉(zhuǎn)，故 ABC錯(cuò)誤. D當(dāng)導(dǎo)體棒AB沿豎直方向上下移動(dòng)， 不切割磁感線，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，則電流表不會(huì)偏轉(zhuǎn)， 故D正確. 故選：D 【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵要掌握產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件： 閉合電路的一部分切割磁感線， 也可 以根據(jù)磁通量是否變化來判斷. 15. 如圖所示，在水平放置的條形磁鐵的 N極附近，一個(gè)閉合線圈向下運(yùn)動(dòng)并始終保持水 平.在位置n, N極附近的磁感線正好與線圈平面平行，線圈下落過程中要經(jīng)歷I、n、川 三個(gè)位置，如果從上往

14、下觀察，關(guān)于線圈中的感應(yīng)電流方向的判斷，正確的是（ ） B .始終沿逆時(shí)針方向 C.在n上方時(shí)為順時(shí)針方向 D.在n下方時(shí)為順時(shí)針方向 A始終沿順時(shí)針方向 15 / 20 【考點(diǎn)】楞次定律. 【專題】 電磁感應(yīng)與電路結(jié)合. 【分析】根據(jù)產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件： 穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化， 判斷有無感應(yīng)電流產(chǎn) 生.根據(jù)楞次定律或右手定則來確定感應(yīng)電流的方向. 【解答】解：在位置I到在n上方過程時(shí)，穿過線圈的磁通量減小，磁場(chǎng)方向斜向上，據(jù)楞 次定律判斷可知：線圈中感應(yīng)電流方向沿 abed方向. 在n下方時(shí)，穿過線圈的磁通量增大，磁場(chǎng)方向斜向下， 據(jù)楞次定律判斷可知：線圈中感應(yīng) 電流方向沿abed方

15、向. 故均為逆時(shí)針方向； 故選：B. 【點(diǎn)評(píng)】 解答本題關(guān)鍵要掌握判定感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件，及掌握楞次定律和右手定則的應(yīng) 用.要注意線圈通過II位置時(shí)磁通量為零. 16. 小型交流發(fā)電機(jī)中， 矩形金屬線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng). 產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與時(shí)間呈 正弦函數(shù)關(guān)系，如圖所示，此線圈與一個(gè) R=10Q的電阻構(gòu)成閉合電路，不計(jì)電路的其他電 阻，下列說法正確的是（ ） :h A.交變電流的周期為 0.125s B.交變電流的頻率為 8Hz C.交變電流的有效值為 A D.交變電流的最大值為 4A 【考點(diǎn)】交流的峰值、有效值以及它們的關(guān)系. 【專題】交流電專題. 【分析】從圖象中可以求出該交流電的最大

16、電壓以及周期等物理量， 然后根據(jù)最大值與有效 值以及周期與頻率關(guān)系求解. 【解答】 解：A、由圖可知，交流電周期 T=0.250s，故A錯(cuò)誤； B交流電周期T=0.250s，交變電流的頻率為 f= =4Hz,故B錯(cuò)誤； C由圖可知，交流電的最大電壓TV,所以交變電流的最大值為 A, _20 所以交變電流的有效值為 匸A,故C正確，D錯(cuò)誤; 故選：C. 【點(diǎn)評(píng)】本題考查了交流電最大值、有效值、周期、頻率等問題，要學(xué)會(huì)正確分析圖象，從 圖象獲取有用信息求解. 二、填空題（本題共 4小題，每空2分，共16分.） 17. 如圖所示，螺旋測(cè)微器的示數(shù)為 2.236 mm游標(biāo)卡尺的示數(shù)為 10.235 c

17、m.16 / 20 【考點(diǎn)】刻度尺、游標(biāo)卡尺的使用；螺旋測(cè)微器的使用. 【專題】實(shí)驗(yàn)題；定量思想；實(shí)驗(yàn)分析法；基本實(shí)驗(yàn)儀器. 【分析】解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀螺 旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀. 【解答】 解：1、螺旋測(cè)微器的固定刻度為 2mm可動(dòng)刻度為23.6 x 0.01mm=0.236mm所以 最終讀數(shù)為 2mm+0.236mm=2.236mm 2、游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為 102mm游標(biāo)尺上第7個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo) 讀數(shù)為 7x 0.05mm=0.35mm所以最終讀數(shù)為： 102mm+0

18、.35mm=102.35mm=10.235cm 故答案為：2.236 , 10.235 【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于基本測(cè)量?jī)x器如游標(biāo)卡尺、 螺旋測(cè)微器等要了解其原理，要能正確使用這些基 本儀器進(jìn)行有關(guān)測(cè)量. -4 - 8 18. 勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為 5X 10 N/C,方向豎直向下.一質(zhì)量為 10 g的帶電液滴靜止 在該電場(chǎng)中，則該液滴帶 負(fù) 電，電量為 2X 10-7 C. (g=10m/s2) 【考點(diǎn)】帶電粒子在混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；電場(chǎng)強(qiáng)度. 【專題】 定量思想；推理法；帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題. 【分析】對(duì)帶電液滴受力分析， 結(jié)合平衡條件，可知，電場(chǎng)力的方向，結(jié)合電場(chǎng)強(qiáng)度的方向， 從而確定帶電液滴的

19、電性；再根據(jù) F=qE兩力平衡方程，即可求解. 【解答】解：由題意可知，帶電液滴水平向右勻速運(yùn)動(dòng)，則電場(chǎng)力豎直向上，由于電場(chǎng)強(qiáng)度 方向豎直向下， 所以帶電液滴帶負(fù)電； 根據(jù)受力平衡方程，則有： mg=qE 所以，q=10 -7 C ； 故答案為：負(fù)、2X 10 -7. 【點(diǎn)評(píng)】考查電荷在電場(chǎng)中受到電場(chǎng)力的方向與電荷的電性關(guān)系， 掌握受力平衡方程， 注意 正確的計(jì)算. 10 - 8 19. 已知帶電量q=2x 10 C的正電荷在電場(chǎng)中由 A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做了 4X 10 J的正 功，則電勢(shì)能 減少 (填“增加”或“減少”)；A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差 UAEF 200 V. 【考點(diǎn)】電勢(shì)能；電勢(shì)差

20、. 【專題】 定量思想；方程法；電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題. 【分析】知道電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系，正電荷由 A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做了 4X 10 8J的正功，其電勢(shì)能減少了 4X 10- 8J,根據(jù)電勢(shì)差公式 UEF 求解A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì) q 17 / 20 差 UAB.18 / 20 【解答】 解；正電荷從 A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做了 4X 10 J的正功，電勢(shì)能減少了 4X 10 8J, W 8 根據(jù)電勢(shì)差公式 U= V=200V Q 2X1O10 故答案為：減少，200. % 【點(diǎn)評(píng)】本題中運(yùn)用電勢(shì)差公式 ,B= ，求解時(shí)，各量都要代入符號(hào)進(jìn)行計(jì)算，知道電場(chǎng) q 力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)

21、系. 20. 一個(gè)電源接 8Q電阻時(shí)，通過電源的電流為 0.15A ;接13Q電阻時(shí)，通過電源的電流 為0.10A .則此電源的電動(dòng)勢(shì)為 1.5 V,內(nèi)阻為 2 Q . 【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律. 【專題】恒定電流專題. 【分析】 設(shè)電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻分別為 E、r，根據(jù)閉合電路歐姆定律 E=I (R+r)列出兩種 情況下的方程，聯(lián)立求出電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻. 【解答】 解：設(shè)電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻分別為 E、r，根據(jù)閉合電路歐姆定律得： E=I i (R+r E=I 2 (R+r 【2% _ I Rf r= _ I】J 代入得，E=0.15X( 8+2) V=1 5V 故答案為：1.5 ; 2

22、【點(diǎn)評(píng)】本題根據(jù)閉合電路歐姆定律列出兩個(gè)方程, 測(cè)量電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的方法：安阻法. 四、選擇題(本題共 5小題，每小題4分，共20分.2325為單選題，2627為多選題) 21. 一正電荷僅在電場(chǎng)力的作用下，其速率-時(shí)間圖象如圖所示，其中 ta和tb是電荷在電 場(chǎng)中a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的時(shí)刻，則下列說法正確的是( ) A. a、b兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度關(guān)系為 Ea=Eb B. a、b兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度關(guān)系為 EaEb C. 帶電粒子從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力做正功、電勢(shì)能減少 D. a、b兩點(diǎn)電勢(shì)關(guān)系為 $ a 0 b 【考點(diǎn)】電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電場(chǎng)強(qiáng)度；電勢(shì)能. 聯(lián)立解得, 代入解得, r= 0.1X13-0

23、.15X8 Q =2 聯(lián)立求出電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻， 提供了 19 / 20 【專題】比較思想；圖析法；電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題. 【分析】由圖看出，點(diǎn)電荷做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，可知，電場(chǎng)力增大，場(chǎng)強(qiáng)增大，由能 量守恒定律分析電勢(shì)能的變化，再分析電勢(shì)的高低. 【解答】解： AB v-t圖象的斜率等于加速度，由 v - t圖象看出，點(diǎn)電荷做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，而 點(diǎn)電荷在電場(chǎng)中僅受電場(chǎng)力作用， 貝U知電場(chǎng)力增大，說明電場(chǎng)強(qiáng)度增大，即有 Ea $ b.故 D錯(cuò)誤. 故選：C 【點(diǎn)評(píng)】本題首先要根據(jù)速度圖象的斜率讀出質(zhì)點(diǎn)加速度的變化， 判斷場(chǎng)強(qiáng)的大小，從能量 的角度可判斷電勢(shì)能及電場(chǎng)力做功的正負(fù).

24、22. 在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一個(gè)帶電粒子只受洛倫茲力作用做勻速圓周運(yùn)動(dòng)， 如果又順利垂直進(jìn)入 另一磁感應(yīng)強(qiáng)度是原來磁感應(yīng)強(qiáng)度 2倍的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，則( ) A粒子的速率加倍，軌跡半徑減半 B. 粒子的速率加倍，周期減半 C. 粒子的速率減半，軌道半徑減半 D. 粒子的速率不變，周期減半 【考點(diǎn)】 帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng). 【專題】 定性思想；方程法；帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題. 【分析】該題考察了帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)及其規(guī)律， 首先明確洛倫茲力始終不做 功，再利用半徑公式 R=u和周期公式T=來分析各選項(xiàng). qB qB 【解答】 解：A、B、C洛倫茲力提供向心力，與速度垂直，不做功，故動(dòng)能

25、不變，速率不 變；故ABC錯(cuò)誤； D根據(jù)周期公式 T一，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度增加一倍，周期減小為 ；故D正確； 1B 2 故選：D. 【點(diǎn)評(píng)】帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力是始終不做功的， 即只改變速度的方向，不改變 速度的大小.此類問題要求掌握洛侖茲力的大小和方向的確定， 帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中圓周 運(yùn)動(dòng)及其規(guī)律，會(huì)應(yīng)用周期公式和半徑公式進(jìn)行計(jì)算和分析有關(guān)問題. 23. 如圖甲所示是回旋加速器的示意圖， 其核心部分是兩個(gè) D形金屬盒，在加速帶電粒子時(shí)， 兩金屬盒置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，并分別與高頻電源相連.帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能 E隨時(shí) 間t的變化規(guī)律如圖乙所示， 若忽略帶電粒子在電場(chǎng)中的加速時(shí)間，

26、則下列判斷中正確的是 ( )20 / 20 * z A. 在 E- t 圖中應(yīng)有 t 4 - t 3=t 3 - t 2=t 2- t 1 B. 高頻電源的變化周期應(yīng)該等于 tn- tn- 1 C. 粒子加速次數(shù)越多，粒子最大動(dòng)能一定越大 D. 要想粒子獲得的最大動(dòng)能越大，則要求加速的電壓越高 【考點(diǎn)】質(zhì)譜儀和回旋加速器的工作原理. 【專題】 帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題. 【分析】 交流電源的周期必須和粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期一致，由公式 T=i和r 判 qB qB 斷；當(dāng)粒子從 D形盒中出來時(shí)，速度最大，此時(shí)運(yùn)動(dòng)的半徑等于 D形盒的半徑. 【解答】 解：A、洛倫茲力提供向心力，有 qvB=m

27、，解得=丄，故周期T= :=, r qB v qg 與速度無關(guān)，故 t4 - t3=t3- t 2=t 2 - t 1= T,故A正確； 2 B交流電源的周期必須和粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期一致，故高頻電源的變化周期應(yīng)該等于 2 ( tn- tn-1 ),故 B 錯(cuò)誤； C當(dāng)粒子從D形盒中出來時(shí)，速度最大，此時(shí)運(yùn)動(dòng)的半徑等于 D形盒的半徑； 由qvB=m 得，v=亠丄，則最大動(dòng)能 E= mV= _-_，知最大動(dòng)能與加速器的半徑、磁感 R m 2 2m 線強(qiáng)度以及電荷的電量和質(zhì)量有關(guān)，與加速電壓等其他因素?zé)o關(guān)，故 C錯(cuò)誤; D當(dāng)粒子從D形盒中出來時(shí)，速度最大，此時(shí)運(yùn)動(dòng)的半徑等于 D形盒的半徑; 由q

28、vB=m 得，v=亠丄，則最大動(dòng)能 E=-mV= _-_，知最大動(dòng)能與加速器的半徑、磁感 Rm 2 2m 線強(qiáng)度以及電荷的電量和質(zhì)量有關(guān)，與加速電壓無關(guān)，故 D錯(cuò)誤； 故選A. 【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道回旋加速器是利用電場(chǎng)加速、 磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)來加速粒子，但是最終 粒子的動(dòng)能與電場(chǎng)的大小無關(guān). 24. 1879年美國(guó)物理學(xué)家 E. H.霍爾觀察到，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中放置一個(gè)矩形截面的載流導(dǎo)體， 當(dāng)磁場(chǎng)方向與電流方向垂直時(shí)， 導(dǎo)體在磁場(chǎng)、電流方向都垂直的方向上出現(xiàn)了電勢(shì)差， 把這 個(gè)現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng)，所產(chǎn)生的電勢(shì)差稱為霍爾電壓.如圖為一金屬導(dǎo)體板，寬度為 d,該 導(dǎo)體板單位體積的自由電子數(shù)為 n,所加勻強(qiáng)

29、磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B,方向沿y軸正向.當(dāng) 21 / 20 導(dǎo)體板中通以電流強(qiáng)度為 I的x軸正向電流，上下兩端的電勢(shì)差穩(wěn)定時(shí)， 下列說法正確的是 A.電子所受電場(chǎng)力的方向向上 B .金屬板上端電勢(shì)高 C.金屬板下端電勢(shì)高 D .霍爾電壓大小為亠_ ned 【考點(diǎn)】霍爾效應(yīng)及其應(yīng)用；電勢(shì). 【專題】 定量思想；推理法；帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題. 【分析】根據(jù)左手定則判斷出電子的偏轉(zhuǎn)方向， 從而確定電勢(shì)的高低； 抓住電子受到的洛倫 茲力等于電場(chǎng)力，結(jié)合電流的微觀表達(dá)式求出霍爾電壓大小. 【解答】 解：ABC根據(jù)左手定則知，電子向上側(cè)偏轉(zhuǎn)，則導(dǎo)體上表面電勢(shì)較低，下側(cè)電勢(shì) 高，電子受到電場(chǎng)力方向向

30、下，故 AB錯(cuò)誤，C正確； D自由電子做定向移動(dòng)，視為勻速運(yùn)動(dòng)，速度設(shè)為 V,則單位時(shí)間內(nèi)前進(jìn)的距離為 V,對(duì)應(yīng) 體積為vhd, 此體積內(nèi)含有的電子個(gè)數(shù)為： nvhd，電量為：nevhd,有： 1= =i=n ehdv At 電子受電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，有： e -Bev h 解得： U=Bhv= ，故D正確. ned 故選：CD 【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判定洛倫茲力的方向， 以及知道最終電子受電場(chǎng)力和 洛倫茲力處于平衡. 25. 如圖所示，一個(gè)三角形導(dǎo)軌垂直于磁場(chǎng)固定在磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，ab是與 導(dǎo)軌材料相同的導(dǎo)體棒且與導(dǎo)軌接觸良好. 導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒處處粗細(xì)均勻， 在外力

31、作用下，導(dǎo) 體棒以恒定速度 v向右運(yùn)動(dòng)，以導(dǎo)體棒在圖示位置時(shí)刻作為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) E、感 應(yīng)電流I、導(dǎo)體棒所受外力的功率 P和回路中產(chǎn)生的焦耳熱 Q隨時(shí)間變化的圖象正確的是 22 / 20 【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；閉合電路的歐姆定律. 【專題】 定性思想；方程法；電磁感應(yīng)與電路結(jié)合. 【分析】根據(jù)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、歐姆定律、安培力公式、焦耳定律和電阻定律等知識(shí)， 分別列式, 再判斷圖象是否正確. 【解答】 解：設(shè)導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻率為 p .23 / 20 A t時(shí)刻回路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) E=BLv=B (vt ) tan a ?v=Bv2tan a ?t, Et , E-t圖象是

32、過原 點(diǎn)的直線，故A正確. C由于導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)， 則導(dǎo)體棒所受外力的功率 P等于電功率，為P=EI , I不變，Ext , 則Pxt，故C正確. D回路中產(chǎn)生的焦耳熱 Q=l2Rt=l 2量(vt+vttan a + ) t xt, Q- t圖象應(yīng)是拋物線.故 S cos 口 D錯(cuò)誤. 故選：AC 【點(diǎn)評(píng)】本題是電磁感應(yīng)、歐姆定律、電阻定律等知識(shí)的綜合運(yùn)用容易形成錯(cuò)誤的選擇是 電流圖象，未考慮電動(dòng)勢(shì)和電阻都與時(shí)間成正比，而感應(yīng)電流不變. 五、填空題(本題共 2小題，每空3分，共15分.) 26. 某同學(xué)用多用電表粗測(cè)一電阻值，選用X 100 倍率且操作方法正確，若這時(shí)表盤上的指 針位置如圖所示，則測(cè)量結(jié)果是 3200 Q . 【考點(diǎn)】用多用電表測(cè)電阻. 【專題】實(shí)驗(yàn)題；定量思想；圖析法；恒定電流專題. 【分析】歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)，根據(jù)圖示表盤讀數(shù). 【解答】解：用多用電表測(cè)電阻，選用X 100倍率且操作方法正確