學年浙江省臺州市高二下期末物理試卷Word版含解析

1、2004-2015學年浙江省臺州市高二（下）期末物理試卷一、單項選擇題（本題12小題，每小題3分，共36分每一小題只有一個正確選項）1（3分）（2015春臺州期末）許多科學家在物理學發(fā)展過程中做出了重要貢獻，下列符合物理學史實的是（）A愛因斯坦為了解釋光電效應的實驗規(guī)律，提出了光子說B托馬斯楊通過對光的干涉現(xiàn)象的研究，證實了光具有粒子性C貝克勒爾通過對天然放射性的研究，發(fā)現(xiàn)了原子核是由質(zhì)子和中子組成的D波爾原子理論無法解釋較復雜原子的光譜，說明波爾提出的原子定態(tài)假設(shè)是錯誤的考點：物理學史分析：根據(jù)物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可解答：解：A、愛因斯坦為了解釋光電效應的實驗規(guī)律

2、，提出了光子說，故A正確；B、托馬斯楊通過對光的干涉現(xiàn)象的研究，證實了光具有波動性，故B錯誤；C、貝克勒爾通過對天然放射性的研究，揭示了原子核有復雜的結(jié)構(gòu)，但并沒有發(fā)現(xiàn)質(zhì)子和中子，故C錯誤；D、玻爾原子理論無法解釋較復雜原子的光譜現(xiàn)象，由于原子是穩(wěn)定的，故玻爾提出的原子定態(tài)概念是正確的，故D錯誤；故選：A點評：本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內(nèi)容之一2（3分）（2015春臺州期末）關(guān)于光的現(xiàn)象，下列說法中錯誤的是（）A光的偏振現(xiàn)象說明了光是一種橫波B雨后的彩虹是由于光的色散現(xiàn)象形成的C在光導纖維束內(nèi)傳送圖象是利用光的全反射現(xiàn)象D用標準平

3、面檢查光學平面的平整程度是利用光的衍射現(xiàn)象考點：光的偏振；光的衍射分析：光的偏振現(xiàn)象說明光是橫波；光纖束傳送圖象信息，是光的全反射現(xiàn)象；標準平面檢查光學平面的平整程度是利用了薄膜干涉解答：解：A、光的偏振現(xiàn)象說明光是一種橫波，故A正確；B、雨后的彩虹是由于光的色散現(xiàn)象形成的；故B正確；C、用光纖束傳送圖象信息，這是光的全反射的應用，故C正確；D、用標準平面檢查光學平面的平整程度是利用光的干涉現(xiàn)象；故D錯誤；本題選錯誤的；故選：D點評：決本題的關(guān)鍵知道光的干涉和衍射都是波特有的現(xiàn)象，知道干涉和衍射的區(qū)別；同時掌握其他光學現(xiàn)象的本質(zhì)3（3分）（2015春臺州期末）一個單擺做受迫振動，其共振曲線（振

4、幅A與驅(qū)動力的頻率f的關(guān)系）如圖所示，則（）A此單擺的擺長約為1mB此單擺的固有周期約為0.5sC若擺長增大，單擺的固有頻率增大D若擺長增大，共振曲線的峰值將向右移動考點：產(chǎn)生共振的條件及其應用分析：由共振曲線可知，出現(xiàn)振幅最大，則固有頻率等于受迫振動的頻率解答：解：A、B、由圖可知，此單擺的振動頻率與固有頻率相等，f=0.5Hz，則周期為T=2s；由圖可知，此單擺的振動頻率與固有頻率相等，則周期為2s由公式T=2，可得L=1m；故A正確，B錯誤；C、若擺長增加，單擺的固有周期增加，則固有頻率減小故C錯誤；D、若擺長增大，則固有頻率減小，所以共振曲線的峰將向左移動故D錯誤；故選：A點評：受迫振

5、動的頻率等于驅(qū)動力的頻率；當受迫振動中的固有頻率等于驅(qū)動力頻率時，出現(xiàn)共振現(xiàn)象4（3分）（2015春臺州期末）關(guān)于核力，以下說法正確的是（）A核力與萬有引力都是只有引力，沒有斥力B除萬有引力外，兩個中子之間不存在其他相互作用力C兩個質(zhì)子之間，不管距離如何，核力總是大于庫侖力D核力是強相互作用的一種表現(xiàn)，只有相鄰核子之間才存在核力作用考點：庫侖定律；萬有引力定律及其應用分析：自然界有四種基本的作用力：萬有引力相互作用、電磁相互作用、強相互作用和弱相互作用，核力是短程力，越過一定范圍，則沒有核力，核力存在斥力與引力之分解答：解：A、核力存在相互吸引與相互排斥的，而萬有引力，沒有斥力之說故A錯誤B、

6、除萬有引力外，兩個中子之間存在核力故B錯誤C、兩個質(zhì)子之間，核力是短程力，作用范圍在1.5×1015m，越過此范圍，則沒有核力，因此會小于庫侖力故C錯誤D、核力是強相互作用的一種表現(xiàn)，是短程力，只有相鄰核子之間才存在核力作用故D正確故選：D點評：本題考查對核力的理解核力是自然界四種基本作用力之一，與萬有引力性質(zhì)、特點不同5（3分）（2015春臺州期末）兩列頻率相同的波發(fā)生干涉時，若兩列波的波谷在某質(zhì)點P位置相遇，則（）A質(zhì)點P的振幅隨時間周期性變化B質(zhì)點P的振動始終減弱，P點振幅最小C質(zhì)點P的振動始終加強，P點振幅最大D質(zhì)點P的振動始終減弱，P點位移始終最小考點：波的干涉和衍射現(xiàn)象分

7、析：兩列波波谷與波谷相遇，振動加強，振幅最大，質(zhì)點依然做簡諧運動，不是靜止不動解答：解：P點為波谷與波谷疊加，為振動加強點，振動始終加強，振幅最大位移在變化，有時為零，有時處于最大；但頻率不變；故C正確，ABD錯誤故選：C點評：解決本題的關(guān)鍵知道波峰與波峰疊加、波谷與波谷疊加，為振動加強點，波峰與波谷疊加，為振動減弱點6（3分）（2015春臺州期末）關(guān)于多普勒效應，下列說法中正確的是（）A夏天雷聲轟鳴不絕的現(xiàn)象是多普勒效應B如果某一遙遠星球離地球遠去，那么地球上接收到該星球發(fā)出光的波長要變長C如果離我們遠去的星球發(fā)出的是紫光，那么被靜止于地球上的接收器接收到的可能是紫外線D正在鳴笛的火車向我們

8、疾駛而來時，我們聽到汽笛聲的音調(diào)變高了，這是因為聲源振動的頻率變大了考點：多普勒效應分析：本題考查多普勒效應的原理：間距變大時，接收頻率變小，間距變小時，接收頻率變大，而發(fā)射頻率不變，熟記多普勒的定義即可求解，同時掌握頻率變化與運動間的關(guān)系解答：解：多普勒效應是指波源或觀察者發(fā)生移動，而使兩者間的位置發(fā)生變化，使觀察者收到的頻率發(fā)生了變化；A、夏天雷聲轟鳴不絕的現(xiàn)象是聲波的反射，不是多普勒效應現(xiàn)象，故A錯誤；B、如果某一遙遠星球離地球遠去，那么地球上接收到該星球發(fā)出光的頻率變小，則波長要變長，故B正確；C、如果離我們遠去的星球發(fā)出的是紫光，那么被靜止于地球上的接收器接收到的頻率小于紫光，而紫外

9、線頻率大于紫光，故C錯誤；D、正在鳴笛的火車向我們疾駛而來時，我們聽到汽笛聲的音調(diào)變高了，這是因為接收的頻率變大了，故D錯誤；故選：B點評：多普勒效應是由于觀察者和波源間位置的變化而產(chǎn)生的；掌握物理概念要一定要理解其真正意義7（3分）（2015春臺州期末）某交流發(fā)電機給燈泡供電，產(chǎn)生正弦式交變電流的圖象如圖所示，下列說法中正確的是（）A在1s內(nèi)交變電流的方向改變50次B在t=0.01s時，穿過交流發(fā)電機線圈的磁通量最大C在t=0.02s時，串聯(lián)在電路中的交流電流表讀數(shù)為5AD若發(fā)電機線圈電阻為0.4，則其產(chǎn)生的熱功率為5W考點：正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表達式專題：交流電專題分析：根據(jù)瞬時值的

10、表達式可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，即可求得結(jié)論解答：解：A、由圖象可知，交流電的周期為20×103s，所以交流電的頻率為f=50Hz，故在1s內(nèi)交流電的方向改變100次；所以A錯誤；B、在t=0.01s時，感應電流最大，所以此時穿過交流發(fā)電機線圈的磁通量的變化率最大，穿過交流發(fā)電機線圈的磁通量最小，所以B錯誤；D、交流電的有效值為I=A，故讀數(shù)為：2.5A；故C錯誤；D、發(fā)電機的發(fā)熱功率為P=I2r=（）2×0.4W=5W，所以D正確故選：D點評：解決本題的關(guān)鍵就是有電流的瞬時值表達式求得原線圈中電流的最大值，進而求得原線圈的電流的有效值的大小8（3分）（201

11、5春臺州期末）從發(fā)電站輸出的功率為220kW，輸電線的總電阻為0.05，用110V和11kV兩種電壓輸電，則兩種情況下輸電線上的功率損失分別是（）A2×103W，0.2WB2×103W，20WC2×105W，20WD2×105W，2×103W考點：遠距離輸電專題：交流電專題分析：根據(jù)P=UI求出輸電電流，結(jié)合P=I2R求兩種情況下輸電線上由電阻造成的功率損失解答：解：用110V電壓輸電時電路中的電流為：，功率損失為：用11kV電壓輸電時電路中的電流為：，功率損失為：故選：C點評：解決本題的關(guān)鍵知道輸送功率與輸送電壓、電流的關(guān)系，知道采用高壓輸電

12、，可以減小功率的損失9（3分）（2015春臺州期末）有兩個核反應方程分別為：U+nX+Sr+10n；n+HY則下列敘述中正確的是（）A方程的X原子核中含有80個中子B方程的核反應要釋放能量，出現(xiàn)質(zhì)量虧損，所以生成物的總質(zhì)量數(shù)減少C方程的核反應要吸收能量D方程的Y原子核中含有2個核子數(shù)考點：愛因斯坦質(zhì)能方程分析：正確解答本題需要掌握：聚變和裂變反應的特點以及應用；質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒在核反應中的應用以及質(zhì)子數(shù)、中子數(shù)、質(zhì)量數(shù)等之間關(guān)系解答：解：A、反應為重核的裂變，由質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)守恒知：X原子核中含有質(zhì)子數(shù)92+138=55，而質(zhì)量數(shù)為235+19010=136，那么中子數(shù)為13655=81，

13、故A錯誤；B、反應為重核的裂變，由質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)守恒知，生成物的質(zhì)量數(shù)不變，隨著釋放核能，則總質(zhì)量減小，故B錯誤；C、反應為原子核的衰變，要釋放核能，故C錯誤；D、反應為原子核的人工轉(zhuǎn)變，由質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)守恒知，Y的質(zhì)量數(shù)為2，質(zhì)子數(shù)為1，因此有2個核子數(shù)，故D正確；故選：D點評：裂變和聚變是在原子物理中學習的兩種重要反應，要明確它們的特點以及應用，理解質(zhì)量數(shù)不變，但質(zhì)量會虧損，是因會釋放能量的原故10（3分）（2015春臺州期末）如圖所示，用綠光照射一光電管的陰極時產(chǎn)生光電效應，欲使光子從陰極逸出時的最大初動能增大，應采取的措施是（）A改用紅光照射B改用紫光照射C增大綠光的強度D增大加在

14、光電管上的正向電壓考點：光電效應專題：光電效應專題分析：光電子從陰極逸出時的最大初動能是由入射光的頻率決定，與其它因素無關(guān)解答：解：由Ek=hW逸出知增加最大初動能，只要入射光的頻率變大就行了A、紅色的頻率比綠光的下，因此最大初動能減小，故A錯誤；B、紫光的頻率比綠光的大，因此最大初動能增大，故B正確C、增加綠光照射強度只是增大了光電流強度，C錯誤；D、增大光電管上的加速電壓，不會改變頻率，故D錯誤；故選：B點評：本題考查了光電效應公式，牢記最大初動能是由入射光的頻率決定即可基礎(chǔ)題目11（3分）（2015春臺州期末）可見光光子的能量在1.61eV3.10eV范圍內(nèi)圖為氫原子能級的示意圖，現(xiàn)有大

15、量的氫原子處于n=4的激發(fā)態(tài)，當向低能級躍遷時輻射出若干不同頻率的光關(guān)于這些光下列說法正確的是（）A這些氫原子總共可輻射出3種不同頻率的光B由n=4能級躍遷到n=1能級產(chǎn)生的光是可見光C由n=2能級躍遷到n=1能級產(chǎn)生的光的波動性最顯著D用n=2能級躍遷到n=1能級輻射出的光照射逸出功為 6.34eV的金屬鉑能發(fā)生光電效應考點：氫原子的能級公式和躍遷專題：原子的能級結(jié)構(gòu)專題分析：本題考查了波爾原子理論：從高軌道向低軌道躍遷時減少的能量以光子的形式輻射出去；所有的激發(fā)態(tài)都是不穩(wěn)定的，都會繼續(xù)向基態(tài)躍遷，故輻射光子的種類為C，C=，故波長越大，頻率越短波長越大，越容易發(fā)生明顯的衍射只有入射光子的能

16、量大于金屬的逸出功才會發(fā)生光電效應解答：解：A、大量的氫原子處于n=4的激發(fā)態(tài)，可能發(fā)出光子頻率的種數(shù)n=C=6故A錯誤；B、根據(jù)EmEn=hv，由n=4能級躍到n=1能級產(chǎn)生的光子能量為E=13.60.85eV=12.75eV，不是可見光，故B錯誤；C、由n=4能級躍遷到n=3能級產(chǎn)生的光子頻率最小，波長最長，波動性顯著故C錯誤D、n=2能級躍遷到n=1能級輻射出的光子能量E=13.63.40eV=10.2eV，大于逸出功，能發(fā)生光電效應故D正確故選：D點評：解決本題的關(guān)鍵知道光子能量與能極差的關(guān)系，即EmEn=hv，以及知道光電效應產(chǎn)生的條件12（3分）（2015春臺州期末）放射源放在鉛塊

17、上的細孔中，鉛塊上方有勻強磁場，磁場方向垂直紙面向外如圖所示，已知放射源放出的射線有、三種，下列判斷正確的是（）A甲是射線、乙是射線、丙是射線B甲是射線、乙是射線、丙是射線C甲是射線、乙是射線、丙是射線D甲是射線、乙是射線、丙是射線考點：帶電粒子在勻強磁場中的運動；牛頓第二定律專題：帶電粒子在磁場中的運動專題分析：根據(jù)粒子偏轉(zhuǎn)方向，應用左手定則判斷粒子類型解答：解：射線帶正電，由左手定則可知，射線受到的洛倫茲力向左，射線向左偏轉(zhuǎn)，由圖示可知，丙是射線射線是高速電子流，帶負電荷根據(jù)左手定則，射線受到的洛倫茲力向右，故甲是射線射線是光子，是中性的，故在磁場中不受磁場的作用力，軌跡不會發(fā)生偏轉(zhuǎn)故乙是

18、射線故B正確故選：B點評：本題綜合性較強，主要考查兩個方面的問題：三種射線的成分主要是所帶電性洛倫茲力的方向的判定只有基礎(chǔ)扎實，此類題目才能順利解決，故要重視基礎(chǔ)知識的學習二、多項選擇題（本題4小題，每小題4分，共16分，每小題有一個以上選項正確，全部選對得4分，只選出部分正確選項得2分）13（4分）（2015春臺州期末）一理想變壓器的原線圈A、B兩端接入電壓為u=220sin（100t）V的交變電流原線圈匝數(shù)n1=1100匝，副線圈匝數(shù)n2=30匝，則（）A把電磁打點計時器接在C、D兩端，打點周期為0.02sB把交流電壓表接在C、D兩端時，電壓表讀數(shù)為8.48VC將擊穿電壓為10V的電容器接

19、在C、D兩端，能正常工作D把阻值為10的電阻接在C、D兩端，變壓器的輸入功率為 7.2W考點：變壓器的構(gòu)造和原理專題：交流電專題分析：理想變壓器的工作原理是原線圈輸入變化的電流時，導致副線圈的磁通量發(fā)生變化，從而導致副線圈中產(chǎn)生感應電動勢而副線圈中的感應電流的變化，又導致在原線圈中產(chǎn)生感應電動勢變壓器的電流比與電壓比均是有效值，電表測量值也是有效值解答：解：A、根據(jù)u=220sin（100t）V可知，周期T=，變壓器不改變周期，則把電磁打點計時器接在C、D兩端，打點周期為0.02s，故A正確；B、AB電壓，根據(jù)得：電壓表讀數(shù)為有效值，所以電壓表讀數(shù)為6V，故B錯誤；C、CD端電壓最大值為6V，

20、而擊穿電壓為最大值，所以將擊穿電壓為10V的電容器接在C、D兩端，能正常工作，故C正確；D、P=，根據(jù)輸入功率等于輸出功率，則變壓器的輸入功率為3.6W，故D錯誤故選：AC點評：理想變壓器是理想化模型，一是不計線圈內(nèi)阻；二是沒有出現(xiàn)漏磁現(xiàn)象，知道電容器擊穿電壓為最大值，電表測量值是有效值，難度適中14（4分）（2015春臺州期末）如圖所示為一直角棱鏡的橫截面，bac=90°，abc=60°一平行細光束從O點沿垂直于bc面的方向射入棱鏡已知棱鏡材料的折射率n=，若不考慮原入射光在bc面上的反射光，則有光線（）A從ab面射出B從ac面射出C從bc面射出，且與bc面斜交D從bc面

21、射出，且與bc面垂直考點：光的折射定律專題：光的折射專題分析：根據(jù)臨界角公式sinC=求出臨界角C由幾何知識分析光線在ac面和ab面上的入射角，判斷能否發(fā)生全反射，再確定光線的出射方向解答：解：由sinC=得 sinC=，得到全反射臨界角 C=45°射到光線ac面的光線，入射角等于30°，小于臨界角C，不發(fā)生全反射，則ac面上有光射出，也有反射，此反射光射到ab面上時入射角為60°，發(fā)生全反射，而不能從ab面射出如圖，射到光線bc面的光線，入射角i=0°，則光線從bc面垂直射出故AC錯誤，BD正確故選：BD點評：本題運用光的折射定律、反射定律及光的全反射

22、條件還利用光的幾何特性，來尋找角與角的關(guān)系，從而算出結(jié)果15（4分）（2015春臺州期末）一物體置于一平臺上，隨平臺一起在豎直方向上做簡諧運動，則（）A當平臺振動到最高點時，物體對平臺的正壓力最大B當平臺振動到最低點時，物體對平臺的正壓力最大C當平臺向下振動經(jīng)過平衡位置時，物體的動能最大D物體在上下振動的過程中，物體的機械能保持守恒考點：簡諧運動的回復力和能量分析：物體和平臺一起做簡諧運動，加速度方向總是指向平衡位置，當振動平臺運動到最高點時時，物體的加速度豎直向下，處于失重狀態(tài)，當振動平臺運動到最低點時，物體的加速度豎直向上，處于超重狀態(tài)解答：解：A、B、物體和平臺一起做簡諧運動，加速度方向

23、總是指向平衡位置，當處于平衡位置下方時，加速度向上，處于超重狀態(tài)，根據(jù)牛頓第二定律，有：N=mg+ma，在最低點加速度最大，支持力最大；根據(jù)牛頓第三定律，物體對平臺的正壓力最大；故A錯誤，B正確；C、當平臺振動經(jīng)過平衡位置時，加速度為零，此時速度達最大，動能最大；故C正確；D、物體運動過程中，支持力做功，故機械能不守恒，故D錯誤；故選：BC點評：本題應用牛頓第二定律分析簡諧運動超重、失重現(xiàn)象，關(guān)鍵抓住簡諧運動中，物體的加速度方向特點：加速度方向總是指向平衡位置16（4分）（2015春臺州期末）圖（甲）為一列簡諧橫波在某一時刻的波形圖，圖（乙）為質(zhì)點P在該時刻為計時起點（t=0）的振動圖象，下列

24、說法正確的是（）A此列波沿x軸正方向傳播B經(jīng)過0.15s，波沿x軸的正方向傳播了3mC經(jīng)過0.1s時，質(zhì)點Q的運動方向沿y軸正方向D在t=0.05s時刻，質(zhì)點Q的加速度大于質(zhì)點P的加速度考點：橫波的圖象；橫波和縱波分析：由振動圖象讀出t=0時刻P點的振動方向，判斷波的傳播方向由波動圖象讀出波長，由振動圖象讀出周期，可求出波速分析波動過程，根據(jù)時間與周期的關(guān)系，判斷Q點的運動方向解答：解：A、由圖乙可知，在t=0時刻，質(zhì)點P的振動方向沿y軸負方向，則由帶動法可知，波向正方向傳播；故A正確；B、由由圖知：=4m，T=0.2s，則波速為：v=m/s=20m/s故經(jīng)過0.15s，波沿x軸的正方向傳播了

25、3m；故B正確；C、經(jīng)0.1s為半個周期，此時Q點正在向平衡位置運動；故C錯誤；D、圖示時刻Q點沿y軸正方向運動，t=0.05s=T，質(zhì)點Q的運動方向沿y軸正方向向上運動，沒有到達最高點，而P處于最低點，所以P的加速度大故D錯誤故選：AB點評：波的圖象往往先判斷質(zhì)點的振動方向和波的傳播方向間的關(guān)系同時，熟練要分析波動形成的過程，分析物理量的變化情況三、填空題（本題4小題，每空2分，共18分）17（4分）（2015春臺州期末）在“雙縫干涉測光的波長”的實驗中，（1）雙縫干涉儀的示意圖如圖所示，請指出裝置中A的名稱是濾光片（2）以下哪些操作能夠增大光屏上相鄰兩條亮紋之間的距離BA增大“單縫”與“雙

26、縫”之間的距離B增大“雙縫”與“光屏”之間的距離C增大雙縫距離考點：用雙縫干涉測光的波長專題：實驗題；光的干涉專題分析：增大光屏上相鄰兩條亮紋之間的距離由x=分析即可解答：解：（1）圖中從左向右是光源、濾光片、單縫、雙縫、光屏，（2）依據(jù)雙縫干涉條紋間距規(guī)律x=，可知：A、x與單縫和雙縫間的距離無關(guān)，故增大單縫與雙縫之間的距離不改變相鄰兩條亮紋之間的距離，故A錯誤；B、增大雙縫與光屏之間的距離L，由上式知，可增大相鄰兩條亮紋之間的距離，故B正確C、增大雙縫之間的距離d，干涉條紋的間距減小，故C錯誤故答案為：（1）濾光片；（2）B點評：本題考查了雙縫干涉實驗的原理圖，影響條紋間距的因素，記住公式

27、，難度不大18（4分）（2015春臺州期末）在用兩面平行的玻璃磚測定玻璃折射率的實驗中，（1）如圖所示，P1、P2、P3、P4為所插4枚大頭針的位置某同學插針的步驟如下，請在橫線上補充完整步驟；入射光線AO上插上兩枚大頭針P1、P2；在白紙上放上玻璃磚，使其中一個長邊與直線aa對齊，并畫出另一條對齊線bb；通過玻璃磚觀察并調(diào)整視線，使P2的像擋住P1的像，然后在觀察一側(cè)插上大頭針P3，使P3擋住P1、P2的像；再插P4，使P4擋住P3及P1、P2的像；移去玻璃磚，拔去大頭針P3、P4，由大頭針的針孔位置確定出射光線OB及出射點O，連接OO（2）對實驗中的一些具體問題，下列說法中正確的是AA為了

28、減小作圖誤差，P3和P4的距離應適當取大些B為減少測量誤差，P1、P2的連線與玻璃磚界面的夾角應越大越好C為了使玻璃磚的長邊與直線bb盡量對齊，應該用玻璃磚當尺子畫出直線bbD若P1、P2連線與法線NN´夾角過大，有可能在bb面上發(fā)生全反射，所以在bb一側(cè)就看不到P1、P2的像考點：測定玻璃的折射率專題：實驗題分析：（1）為確定折射光線，在B側(cè)邊觀察邊插P3，直到P1、P2的像被P3擋住，定下P3的位置后，續(xù)插P4，直到P3及P1、P2的像被P4擋住，定下P4的位置，即可折射光線的位置（2）P1、P2及P3、P4之間的距離適當大些，這樣引起的角度的誤差較小，可提高精度入射角1盡量大些

29、，折射角也會大些，角度的相對誤差會減小根據(jù)光路可逆性原理可知，折射光線不會在玻璃磚的內(nèi)表面發(fā)生全反射解答：解：（1）通過玻璃磚觀察并調(diào)整視線，使P2的像擋住P1的像，然后在觀察一側(cè)插上大頭針P3，使P3擋住P1、P2的像；再插P4，使P4擋住P3及P1、P2的像（2）A、折射光線是通過隔著玻璃磚觀察成一條直線確定的，大頭針間的距離太小，引起的角度會較大，故P1、P2及P3、P4之間的距離適當大些，可以提高準確度故A正確B、入射角1即P1和P2的連線與法線的夾角盡量大些，即P1、P2的連線與玻璃磚界面的夾角適當小些，折射角也會大些，折射現(xiàn)象較明顯，角度的相對誤差會減小故B錯誤C、不能把玻璃磚當尺

30、子畫出直線bb，這樣會污染和損壞玻璃磚，故C錯誤D、由幾何知識可知，光線在上表面的折射角等于下表面的入射角，根據(jù)光路可逆性原理可知，光線一定會從下表面射出，折射光線不會在玻璃磚的內(nèi)表面發(fā)生全反射故D錯誤故選：A故答案為：（1）P4擋住P3及P1、P2的像；（2）A點評：本題考查了插針法測量玻璃磚折射率的實驗，關(guān)鍵是明確實驗原理和全反射條件，知道測量的量相對大些，可減小相對誤差19（6分）（2015春臺州期末）在“探究單擺周期與擺長的關(guān)系”的實驗中：（1）用秒表測出N次全振動的時間t 如圖秒表所示，則t=100.2s；（2）如果實驗測得的g值偏小，可能的原因是CA測擺線長時擺線拉得過緊B開始計時

31、，秒表過遲按下C擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了（3）考慮到單擺振動時空氣浮力的影響后，同學甲說：“因為空氣浮力與擺球重力方向相反，它對球的作用相當于重力加速度變小，因此振動周期變大”同學乙說：“浮力對擺球的影響好像用一個輕一些的擺球做實驗，因此振動周期不變”，這兩個同學說法中AA甲正確 B乙正確 C兩同學的說法都錯誤考點：用單擺測定重力加速度分析：（1）秒表先讀分針讀數(shù)，再讀秒針讀數(shù)，兩者相加（2）由T=2可知，還需測量懸掛點到小球頂端的距離l；明確單擺的有效長度，代入公式，從而可求加速度g，根據(jù)g的表達式可確定誤差原因；（3）考慮到空氣浮力，可以用等效場的觀點解釋

32、解答：解：（1）由圖所示秒表可知，分針示數(shù)是1.5min=90s，秒針示數(shù)10.2s，秒表示數(shù)90s+10.2s=100.2s；（2）根據(jù)T=得：g=A、測擺線長時擺線拉得過緊，使得擺長的測量值偏大，則測得的重力加速度偏大故A錯誤B、實驗中開始計時，秒表過遲按下，則測得周期偏小，所以測得的重力加速度偏大故B錯誤C、擺動后出現(xiàn)松動，知擺長的測量值偏小，則測得的重力加速度偏小故C正確故選：C（3）考慮到單擺振動時空氣浮力的影響后，物體不只受重力了，加速度也不是重力加速度，實際加速度要減小，因此振動周期變大，甲同學說法正確，故A正確；故選：A故答案為：（1）100.2；（2）C；（3）A點評：常用儀

33、器的讀數(shù)要掌握，這是物理實驗的基礎(chǔ)掌握單擺的周期公式，從而求解加速度，擺長、周期等物理量之間的關(guān)系單擺的周期采用累積法測量可減小誤差對于測量誤差可根據(jù)實驗原理進行分析同時一定要記住，單擺測量時間的計時起點是平衡位置，這一點很重要20（4分）（2015春臺州期末）為了探究碰撞中的不變量，某同學選取了兩個體積相同、質(zhì)量不等的小球按下述步驟做了如下實驗：步驟1：用天平測出兩個小球質(zhì)量m1和m2，且m1m2；步驟2：安裝好實驗裝置如圖所示，使槽末端的切線水平，將另一木條豎直固定在右側(cè)；步驟3：先不在斜槽的末端B點放小球m2，讓小球m1從頂端自A處靜止釋放，記下小球在豎直面上的落點位置E；步驟4：將小球

34、m2放在斜槽末端B點，讓小球m1從頂端A處靜止釋放使它們碰撞，記下小球m1和m2在豎直面上的落點位置；步驟5：找出小球放在斜槽末端時小球球心對應的木板上的等高點C；步驟6：用刻度尺量出各落點到C點的距離，圖中D、E和F是記下的三個落點，且到C點的距離分別為LD、LE、LF請回答下列問題：（1）小球m1與m2發(fā)生碰撞后，m1的落點是圖中F點；（2）用測得物理量表示動量守恒定律（碰撞中不變量）的表達式為考點：驗證動量守恒定律專題：實驗題分析：（1）小球m1和小球m2相撞后，小球m2的速度增大，小球m1的速度減小，都做平拋運動，由平拋運動規(guī)律不難判斷出；（2）設(shè)斜面BC與水平面的傾角為，由平拋運動規(guī)

35、律求出碰撞前后小球m1和小球m2的速度，表示出動量的表達式即可求解；解答：解：（1）小球m1和小球m2相撞后，小球m2的速度增大，小球m1的速度減小，都做平拋運動，所以碰撞后速度最小的m1球到達木條的時間最長，下落的高度最大，落點是最下的F點，m2球的落地點是D點；（2）碰撞前，小于m1落在圖中的E點，設(shè)其水平初速度為v0小球m1和m2發(fā)生碰撞后，m1的落點在圖中的F點，設(shè)其水平初速度為v1，m2的落點是圖中的D點，設(shè)其水平初速度為v2 設(shè)木條與拋出點之間的距離為x，由平拋運動規(guī)律得：x=vt，整理得：即：，可得小球的速度與下落的高度h的平方根成反比小球碰撞的過程中若動量守恒，則：m1v0=m

36、1v1+m2v2即：故答案為：（1）F；（2）點評：本題考查驗證動量守恒定律及平拋運動的應用；學會運用平拋運動的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度，兩小球的碰撞是彈性碰撞，則碰撞前后機械能沒有損失四、計算題（共3小題，30分，每小題10分解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟）21（10分）（2015春臺州期末）在某介質(zhì)中形成一列簡諧橫波，在t=0時刻的波形如圖所示，圖上每一小格長度為1cm若波向右傳播，t=0時刻剛好傳到A點，已知開始計時后，質(zhì)點P在t1=1.5s時刻第一次到達波谷位置試求：（1）從t=0到t1=1.5s，波中質(zhì)點O經(jīng)過的路程和t1=1.5s時相對平衡位置的位移分別多大；（2

37、）這列波的傳播速度的大?。唬?）從t=0時刻起，再經(jīng)過多長時間，質(zhì)點B將第一次到達波谷位置考點：波長、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象分析：（1）質(zhì)點P在t1=1.5s時刻第一次到達波谷位置，經(jīng)歷四分之三個周期，O點的路程是3倍振幅，到達波峰（2）根據(jù)由P點的振動知：t1=T，求得周期，讀出波長，即可求得波速（3）先求出A點的振動傳到B點的時間，再得到質(zhì)點B第一次到達波谷位置的時間解答：解：（1）由P點的振動知：O點振動經(jīng)歷了四分之三個周期達到了波峰O點走過的路程：S=×4A=15cm t1=1.5s時O點相對平衡位置的位移為：y=5cm （2）由P點的振動知：t1=T 周期：T=2.0

38、s由圖可知：=0.12m由v= 得 v=0.06m/s （3）由圖可知AB間距離為 x=0.06m A點的振動傳到B點的時間為 t2= B點從開始振動到第一次到達波谷的時間為 t3=T 從t=0時刻起，到質(zhì)點B第一次到達波峰位置經(jīng)歷的時間為 t=t2+t3 解得t=1.5s 答：（1）從t=0到t1=1.5s，波中質(zhì)點O經(jīng)過的路程和t1=1.5s時相對平衡位置的位移分別是15cm和5cm；（2）這列波的傳播速度的大小是0.06m/s；（3）從t=0時刻起，再經(jīng)過1.5s 時間，質(zhì)點B將第一次到達波谷位置點評：本題要把握住質(zhì)點的振動過程與波動形成過程之間的聯(lián)系，對于質(zhì)點B第一次到達波谷位置的時間，也可以根據(jù)波形平移法求解22（10分）（2015春臺州期末）如圖為放置在水平桌面上半徑為R的圓柱體截面，圓柱體由折射率為的透明材料制成現(xiàn)有一束平行于桌面的細光束射到圓柱體表面A點，折射入圓柱體后再從豎直表面B點射出，最后射到桌面上的C點已知入射細光束與桌面的距離為R求：（1）AB細光束在OB表面上的入射角；（2）O、C兩點間的距離考點：光的折射定律專題：光的折射專題分析：（1）當光從圖示位置射入，經(jīng)過二次折射后