20XX高考全國II卷理綜物理試卷試題及答案(解析版)

1、絕密啟用前2019年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試?yán)砜凭C合能力測試物理部分注意事項：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.2019年1月，我國嫦娥四號探測器成功在月球背面軟著陸，在探

2、測器“奔向”月球的過程中，用h表示探測器與地球表面的距離，F(xiàn)表示它所受的地球引力，能夠描F隨h變化關(guān)系的圖像是A. B. C. D. 【答案】D【解析】【詳解】根據(jù)萬有引力定律可得： ，h越大，F(xiàn)越大，故選項D符合題意；2.太陽內(nèi)部核反應(yīng)的主要模式之一是質(zhì)子-質(zhì)子循壞，循環(huán)的結(jié)果可表示為，已知和的質(zhì)量分別為和，1u=931MeV/c2，c為光速。在4個轉(zhuǎn)變成1個的過程中，釋放的能量約為A. 8 MeVB. 16 MeVC. 26 MeVD. 52 MeV【答案】C【解析】【詳解】由知，=，忽略電子質(zhì)量，則：，故C選項符合題意；3.物塊在輕繩的拉動下沿傾角為30°的固定斜面向上勻速運動

3、，輕繩與斜面平行。已知物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度取10m/s2。若輕繩能承受的最大張力為1 500 N，則物塊的質(zhì)量最大為A. 150kgB. kgC. 200 kgD. kg【答案】A【解析】【詳解】T=f+mgsin，f=N，N=mgcos，帶入數(shù)據(jù)解得：m=150kg，故A選項符合題意4.如圖，邊長為l的正方形abcd內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面（abcd所在平面）向外。ab邊中點有一電子發(fā)源O，可向磁場內(nèi)沿垂直于ab邊的方向發(fā)射電子。已知電子的比荷為k。則從a、d兩點射出的電子的速度大小分別為A. ，B. ，C. ，D. ，【答案】B【解析】【詳解】

4、a點射出粒子半徑Ra= =，得：va= =，d點射出粒子半徑為 ，R= 故vd= =，故B選項符合題意5.從地面豎直向上拋出一物體，其機(jī)械能E總等于動能Ek與重力勢能Ep之和。取地面為重力勢能零點，該物體的E總和Ep隨它離開地面的高度h的變化如圖所示。重力加速度取10 m/s2。由圖中數(shù)據(jù)可得A. 物體的質(zhì)量為2 kgB. h=0時，物體的速率為20 m/sC. h=2 m時，物體的動能Ek=40 JD. 從地面至h=4 m，物體的動能減少100 J【答案】AD【解析】【詳解】AEp-h圖像知其斜率為G，故G= =20N，解得m=2kg，故A正確Bh=0時，Ep=0，Ek=E機(jī)-Ep=100J

5、-0=100J，故=100J，解得：v=10m/s，故B錯誤；Ch=2m時，Ep=40J，Ek= E機(jī)-Ep=85J-40J=45J，故C錯誤Dh=0時，Ek=E機(jī)-Ep=100J-0=100J，h=4m時，Ek=E機(jī)-Ep=80J-80J=0J，故Ek- Ek=100J，故D正確6.如圖（a），在跳臺滑雪比賽中，運動員在空中滑翔時身體的姿態(tài)會影響其下落的速度和滑翔的距離。某運動員先后兩次從同一跳臺起跳，每次都從離開跳臺開始計時，用v表示他在豎直方向的速度，其v-t圖像如圖（b）所示，t1和t2是他落在傾斜雪道上的時刻。則A. 第二次滑翔過程中在豎直方向上的位移比第一次的小B. 第二次滑翔過程

6、中在水平方向上的位移比第一次的大C. 第一次滑翔過程中在豎直方向上的平均加速度比第一次的大D. 豎直方向速度大小為v1時，第二次滑翔在豎直方向上所受阻力比第一次的大【答案】BD【解析】【詳解】A由v-t圖面積易知第二次面積大于等于第一次面積，故第二次豎直方向下落距離大于第一次下落距離，所以，A錯誤；B由于第二次豎直方向下落距離大，由于位移方向不變，故第二次水平方向位移大，故B正確C由于v-t斜率知第一次大、第二次小，斜率越大，加速度越大，或由 易知a1>a2，故C錯誤D由圖像斜率，速度為v1時，第一次圖像陡峭，第二次圖像相對平緩，故a1>a2，由G-fy=ma，可知，fy1<

7、fy2，故D正確7.靜電場中，一帶電粒子僅在電場力的作用下自M點由靜止開始運動，N為粒子運動軌跡上的另外一點，則A. 運動過程中，粒子的速度大小可能先增大后減小B. 在M、N兩點間，粒子的軌跡一定與某條電場線重合C. 粒子在M點的電勢能不低于其在N點的電勢能D. 粒子在N點所受電場力的方向一定與粒子軌跡在該點的切線平行【答案】AC【解析】【詳解】A若電場中由同種電荷形成即由A點釋放負(fù)電荷，則先加速后減速，故A正確；B若電場線為曲線，粒子軌跡不與電場線重合，故B錯誤。C由于N點速度大于等于零，故N點動能大于等于M點動能，由能量守恒可知，N點電勢能小于等于M點電勢能，故C正確D粒子可能做曲線運動，

8、故D錯誤；8.如圖，兩條光滑平行金屬導(dǎo)軌固定，所在平面與水平面夾角為，導(dǎo)軌電阻忽略不計。虛線ab、cd均與導(dǎo)軌垂直，在ab與cd之間的區(qū)域存在垂直于導(dǎo)軌所在平面的勻強(qiáng)磁場。將兩根相同的導(dǎo)體棒PQ、MN先后自導(dǎo)軌上同一位置由靜止釋放，兩者始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好。已知PQ進(jìn)入磁場開始計時，到MN離開磁場區(qū)域為止，流過PQ的電流隨時間變化的圖像可能正確的是A. B. C. D. 【答案】AD【解析】【詳解】由于PQ進(jìn)入磁場時加速度為零，AB若PQ出磁場時MN仍然沒有進(jìn)入磁場，則PQ出磁場后至MN進(jìn)入磁場的這段時間，由于磁通量不變，無感應(yīng)電流。由于PQ、MN同一位置釋放，故MN進(jìn)入磁場時與PQ進(jìn)入磁

9、場時的速度相同，所以電流大小也應(yīng)該相同，A正確B錯誤；CD若PQ出磁場前MN已經(jīng)進(jìn)入磁場，由于磁通量不變，PQ、MN均加速運動，PQ出磁場后，MN由于加速故電流比PQ進(jìn)入磁場時電流大，故C正確D錯誤； 三、非選擇題：共174分，第2232題為必考題，每個試題考生都必須作答。第3338題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共129分。9.如圖（a），某同學(xué)設(shè)計了測量鐵塊與木板間動摩擦因數(shù)的實驗。所用器材有：鐵架臺、長木板、鐵塊、米尺、電磁打點計時器、頻率50Hz的交流電源，紙帶等?；卮鹣铝袉栴}：（1）鐵塊與木板間動摩擦因數(shù)=_（用木板與水平面的夾角、重力加速度g和鐵塊下滑的加速度a表示）（

10、2）某次實驗時，調(diào)整木板與水平面的夾角=30°。接通電源。開啟打點計時器，釋放鐵塊，鐵塊從靜止開始沿木板滑下。多次重復(fù)后選擇點跡清晰的一條紙帶，如圖（b）所示。圖中的點為計數(shù)點（每兩個相鄰的計數(shù)點間還有4個點未畫出）。重力加速度為9.8 m/s2?？梢杂嬎愠鲨F塊與木板間的動摩擦因數(shù)為_（結(jié)果保留2位小數(shù)）。【答案】 (1). (2). 0.35【解析】【詳解】（1）由mgsin-mgcos=ma，解得：=（2）由逐差法a= 得：SII=（76.39-31.83）×10-2m，T=0.15s，SI=（31.83-5.00）×10-2m，故a= m/s2=1.97 m

11、/s2，代入式，得：= =0.3510.某小組利用圖（a）所示的電路，研究硅二極管在恒定電流條件下的正向電壓U與溫度t的關(guān)系，圖中V1和V2為理想電壓表；R為滑動變阻器，R0為定值電阻（阻值100 ）；S為開關(guān)，E為電源。實驗中二極管置于控溫爐內(nèi)，控溫爐內(nèi)的溫度t由溫度計（圖中未畫出）測出。圖（b）是該小組在恒定電流為50.0A時得到的某硅二極管U-I關(guān)系曲線?；卮鹣铝袉栴}：（1）實驗中，為保證流過二極管的電流為50.0A，應(yīng)調(diào)節(jié)滑動變阻器R，使電壓表V1的示數(shù)為U1=_mV；根據(jù)圖（b）可知，當(dāng)控溫爐內(nèi)的溫度t升高時，硅二極管正向電阻_（填“變大”或“變小”），電壓表V1示數(shù)_（填“增大”或

12、“減小”），此時應(yīng)將R的滑片向_（填“A”或“B”）端移動，以使V1示數(shù)仍為U1。（2）由圖（b）可以看出U與t成線性關(guān)系，硅二極管可以作為測溫傳感器，該硅二極管的測溫靈敏度為=_×10-3V/（保留2位有效數(shù)字）。【答案】 (1). 5.00 (2). 變小 (3). 增大 (4). B (5). 2.8【解析】【詳解】（1）U1=IR0=100×50×10-6A=5×10-3V=5mV由 ，I不變，溫度升高，U減小，故R減??；由于R變小，總電阻減小，電流增大；R0兩端電壓增大，即V1表示數(shù)變大，只有增大電阻才能使電流減小，故華東變阻器向右調(diào)節(jié)，即向B

13、短調(diào)節(jié)。（2）由圖可知， =2.8×10-3V/11.如圖，兩金屬板P、Q水平放置，間距為d。兩金屬板正中間有一水平放置的金屬網(wǎng)G，PQG的尺寸相同。G接地，PQ的電勢均為（>0）。質(zhì)量為m，電荷量為q（q>0）的粒子自G的左端上方距離G為h的位置，以速度v0平行于紙面水平射入電場，重力忽略不計。（1）求粒子第一次穿過G時的動能，以及她從射入電場至此時在水平方向上的位移大小；（2）若粒子恰好從G的下方距離G也為h的位置離開電場，則金屬板的長度最短應(yīng)為多少？【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】解：（1）PG、QG間場強(qiáng)大小相等，均為E，粒子在PG間所受電場力F的方向豎直向

14、下，設(shè)粒子的加速度大小為a，有F=qE=ma設(shè)粒子第一次到達(dá)G時動能為Ek，由動能定理有設(shè)粒子第一次到達(dá)G時所用時間為t，粒子在水平方向的位移為l，則有l(wèi)=v0t聯(lián)立式解得（2）設(shè)粒子穿過G一次就從電場的右側(cè)飛出，則金屬板的長度最短，由對稱性知，此時金屬板的長度L為12.一質(zhì)量為m=2000 kg的汽車以某一速度在平直公路上勻速行駛。行駛過程中，司機(jī)忽然發(fā)現(xiàn)前方100 m處有一警示牌。立即剎車。剎車過程中，汽車所受阻力大小隨時間變化可簡化為圖（a）中的圖線。圖（a）中，0t1時間段為從司機(jī)發(fā)現(xiàn)警示牌到采取措施的反應(yīng)時間（這段時間內(nèi)汽車所受阻力已忽略，汽車仍保持勻速行駛），t1=0.8 s；t1

15、t2時間段為剎車系統(tǒng)的啟動時間，t2=1.3 s；從t2時刻開始汽車的剎車系統(tǒng)穩(wěn)定工作，直至汽車停止，已知從t2時刻開始，汽車第1 s內(nèi)的位移為24 m，第4 s內(nèi)的位移為1 m。（1）在圖（b）中定性畫出從司機(jī)發(fā)現(xiàn)警示牌到剎車系統(tǒng)穩(wěn)定工作后汽車運動的v-t圖線；（2）求t2時刻汽車的速度大小及此后的加速度大??；（3）求剎車前汽車勻速行駛時的速度大小及t1t2時間內(nèi)汽車克服阻力做的功；司機(jī)發(fā)現(xiàn)警示牌到汽車停止，汽車行駛的距離約為多少（以t1t2時間段始末速度的算術(shù)平均值替代這段時間內(nèi)汽車的平均速度）【答案】（1）（2）， 28 m/s或者，29.76 m/s；（3）30 m/s；87.5 m【

16、解析】【詳解】解：（1）v-t圖像如圖所示。（2）設(shè)剎車前汽車勻速行駛時的速度大小為v1，則t1時刻的速度也為v1，t2時刻的速度也為v2，在t2時刻后汽車做勻減速運動，設(shè)其加速度大小為a，取t=1s，設(shè)汽車在t2+n-1t內(nèi)的位移為sn，n=1,2,3,。若汽車在t2+3tt2+4t時間內(nèi)未停止，設(shè)它在t2+3t時刻的速度為v3，在t2+4t時刻的速度為v4，由運動學(xué)有聯(lián)立式，代入已知數(shù)據(jù)解得這說明在t2+4t時刻前，汽車已經(jīng)停止。因此，式不成立。由于在t2+3tt2+4t內(nèi)汽車停止，由運動學(xué)公式聯(lián)立，代入已知數(shù)據(jù)解得，v2=28 m/s或者，v2=29.76 m/s（3）設(shè)汽車的剎車系統(tǒng)穩(wěn)

17、定工作時，汽車所受阻力的大小為f1，由牛頓定律有：f1=ma在t1t2時間內(nèi)，阻力對汽車沖量的大小為：由動量定理有：由動量定理，在t1t2時間內(nèi)，汽車克服阻力做的功為：聯(lián)立式，代入已知數(shù)據(jù)解得v1=30 m/s從司機(jī)發(fā)現(xiàn)警示牌到汽車停止，汽車行駛的距離s約為聯(lián)立，代入已知數(shù)據(jù)解得s=87.5 m（二）選考題：共45分。請考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答。如果多做，則每科按所做的第一題計分。物理選修3-313.如p-V圖所示，1、2、3三個點代表某容器中一定量理想氣體的三個不同狀態(tài)，對應(yīng)的溫度分別是T1、T2、T3。用N1、N2、N3分別表示這三個狀態(tài)下氣體分子在單位時

18、間內(nèi)撞擊容器壁上單位面積的次數(shù)，則N1_N2，T1_T3，T3，N2_N3。（填“大于”“小于”或“等于”）【答案】 (1). 大于 (2). 等于 (3). 大于【解析】【詳解】（1）1、2等體積，2、3等壓強(qiáng)由pV=nRT得：=，V1=V2，故=，可得：T1=2T2，即T1>T2，由于分子密度相同，溫度高，碰撞次數(shù)多，故N1>N2；由于p1V1= p3V3；故T1=T3；則T3>T2，又p2=p3，2狀態(tài)分析密度大，分析運動緩慢，單個分子平均作用力小，3狀態(tài)分子密度小，分子運動劇烈，單個分子平均作用力大。故3狀態(tài)碰撞容器壁分子較少，即N2>N3；14.如圖，一容器由

19、橫截面積分別為2S和S的兩個汽缸連通而成，容器平放在地面上，汽缸內(nèi)壁光滑。整個容器被通過剛性桿連接的兩活塞分隔成三部分，分別充有氫氣、空氣和氮氣。平衡時，氮氣的壓強(qiáng)和體積分別為p0和V0，氫氣的體積為2V0，空氣的壓強(qiáng)為p。現(xiàn)緩慢地將中部的空氣全部抽出，抽氣過程中氫氣和氮氣的溫度保持不變，活塞沒有到達(dá)兩汽缸的連接處，求：（1）抽氣前氫氣的壓強(qiáng)；（2）抽氣后氫氣的壓強(qiáng)和體積?！敬鸢浮浚?）（p0+p）；（2）；【解析】【詳解】解：（1）設(shè)抽氣前氫氣的壓強(qiáng)為p10，根據(jù)力的平衡條件得（p10p）·2S=（p0p）·S得p10=（p0+p）（2）設(shè)抽氣后氫氣的壓強(qiáng)和體積分別為p1和V1，氫氣的壓強(qiáng)和體積分別為p2和V2，根據(jù)力的平衡條件有p2·S=p1·2S由玻意耳定律得p1V1=p10·2V0p2V2=p0·V0由于兩活塞用剛性桿連接，故V12V0=2（V0V2）聯(lián)立式解得物理選修3415.如圖，長為l的細(xì)繩下方懸掛一小球a。繩的另一