2023學(xué)年重慶鐵路中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中考試模擬試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，圖線1表示的導(dǎo)體的電阻為R1，圖線2表示的導(dǎo)體的電阻為R2，則下列說法正確的是（ ）AR1：R2=3：1BR1：R2=1：3C將R1與R2串聯(lián)后接于電源上，則電壓之比U1

2、：U2=3：1D將R1與R2并聯(lián)后接于電源上，則電流之比I1：I2=1：32、如圖所示，小磁針放置在螺線軸線的左側(cè)。當(dāng)螺線管通以恒定電流時，不計其它磁場的影響，小磁針靜止時N極的指向是（）A向右B向左C向上D向下3、有一段直導(dǎo)線長1 cm，通過5 A電流，把它置于磁場中某點時，受到的磁場力為0.1 N，則該點的磁感應(yīng)強度B的值不可能為()A1 TB5 TC2 TD2.5 T4、一段長為L、電阻為R的粗細(xì)均勻金屬絲，把它拉成長為4L的均勻細(xì)絲后，切成等長的4段，然后把它們并聯(lián)在一起，其阻值為( )AB4RCDR5、一輕質(zhì)彈簧在彈性限度內(nèi)伸長了1cm時產(chǎn)生了2N的彈力，則這根彈簧的勁度系數(shù)是（ ）

3、A2Nm B211Nm C21Nm D12Nm6、如圖所示，將燈泡L和電動機串聯(lián)接在電壓為10V的理想電源兩端已知燈泡規(guī)格為“6 V 12W”，電動線圈電阻為1 ，當(dāng)燈泡正常發(fā)光，下列說法錯誤的是A電動機的輸出功率為16WB電動的輸入功率為8WC電動的熱功率為4WD若利用該電動帶動起重裝置勻速提升20 N的重物（忽路一切阻力），10s內(nèi)升高2 m二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，絕緣水平面上固定一正點電荷Q，另一電荷量為q、質(zhì)量為m的滑塊（可看作點電荷）從a點

4、以初速度v0沿水平面向Q運動，到達b點時速度為零。已知a、b間距離為x，滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度為g。以下判斷正確的是（ ）A滑塊在運動過程中所受Q的庫侖力有可能大于滑動摩擦力B滑塊在運動過程的中間時刻速率小于C此過程中產(chǎn)生的內(nèi)能為DQ產(chǎn)生的電場中a、b兩點間的電勢差Uab8、如圖甲，兩水平金屬板間距為d，板間電場強度的變化規(guī)律如圖乙所示。t0時刻，質(zhì)量為m的帶電微粒以初速度v0沿中線射入兩板間，0T3時間內(nèi)微粒勻速運動，T時刻微粒恰好經(jīng)金屬板邊緣飛出。微粒運動過程中未與金屬板接觸。重力加速度的大小為g。關(guān)于微粒在0T時間內(nèi)運動的描述，正確的是()A末速度大小為 2v0B末速度

5、沿水平方向C重力勢能減少了12mgdD克服電場力做功為12mgd9、下圖是示波管的工作原理圖：電子經(jīng)電場加速后垂直于偏轉(zhuǎn)電場方向射入偏轉(zhuǎn)電場，若加速電壓為U1，偏轉(zhuǎn)電壓為U2，偏轉(zhuǎn)電場的極板長度與極板間的距離分別為L和d，y為電子離開偏轉(zhuǎn)電場時發(fā)生的偏轉(zhuǎn)距離。取“單位偏轉(zhuǎn)電壓引起的偏轉(zhuǎn)距離”來描述示波管的靈敏度，即yU2（該比值越大則靈敏度越高），則下列哪種方法可以提高示波管的靈敏度 （ ） A增大L B減小d C增大U1 D增大U210、如圖所示，勻強電場中某電場線上的兩點A、B相距0.2 m，正電荷q106C，從A移到B，電場力做功為2106J，則( )A該電場的場強為10 V/m B該電

6、場的場強方向由A指向BCA、B間的電勢差為10 V DB點的電勢比A點的高三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學(xué)研究小燈泡的伏安特性，所使用的器材有：小燈泡L（額定電壓3.8V，額定電流0.32A）；電壓表V（量程3V，內(nèi)阻3k）；電流表A（量程0.5A，內(nèi)阻0.5）；固定電阻R0（阻值1000）；滑動變阻器R（阻值09.0）；電源E（電動勢5V，內(nèi)阻不計）；開關(guān)S；導(dǎo)線若干。 （1）實驗要求能夠?qū)崿F(xiàn)在03.8V的范圍內(nèi)對小燈泡的電壓進行測量，畫出實驗電路原理圖_。（2）實驗測得該小燈泡伏安特性曲線如圖（a）所示由實驗曲線可知

7、，隨著電流的增加小燈泡的電阻_（選填“增大”“不變”或“減小”），燈絲的電阻率_（選填“增大”“不變”或“減小”）。12（12分）（1）物理實驗經(jīng)常需要測量，以下用于測量時間的儀器是_（2）在下列學(xué)生分組實驗中，利用控制變量思想進行研究的是_A研究平拋運動 B探究求合力的方法C探究功與速度變化的關(guān)系 D探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系（3）在“驗證機械能守恒定律”實驗中，得到一條紙帶，取連續(xù)打出的點A、B、C、D作為計數(shù)點，各點間的距離如圖所示。若打點計時器所用電源頻率為50Hz，則打C點時紙帶運動的速度為_m/s。（保留3位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題

8、處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，充電后的平行板電容器水平放置，電容為C，極板間的距離為d，上板正中有一小孔質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球從小孔正上方高h(yuǎn)處由靜止開始下落，穿過小孔到達下極板處速度恰為零（空氣阻力忽略不計，極板間電場可視為勻強電場，重力加速度為g）求：（1）小球到達小孔處的速度；（2）極板間電場強度的大小和電容器所帶電荷量；（3）小球從開始下落運動到下極板處的時間14（16分）在平面直角坐標(biāo)系xOy中，第象限存在沿y軸負(fù)方向的勻強電場，第象限存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點

9、以一定的初速度垂直于y軸射入電場，經(jīng)x軸上的N點與x軸正方向成60角射入磁場，最后從y軸負(fù)半軸上的P點垂直于y軸射出磁場，已知ONd，如圖所示不計粒子重力，求：（1）粒子在磁場中運動的軌道半徑R；（2）粒子在M點的初速度v0的大??；（3）粒子從M點運動到P點的總時間t15（12分）如圖所示，質(zhì)量為m，電荷量為e的電子，從A點以速度v0垂直于電場方向射入一個電場強度為E的勻強電場中，從B點射出電場時的速度方向與電場線成120角，電子重力不計求：（1）A、B兩點間的電勢差UAB？（2）電子從A運動到B的時間tAB？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中

10、，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】根據(jù)I-U圖象知，圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以R1：R2=1：1故A錯誤，B正確；兩電阻串聯(lián)后，兩電阻中的電流相等，則電壓之比U1：U2=1：1，故C錯誤；若兩電阻并聯(lián)，兩電阻兩端的電壓相等，故電流與電阻成反比；故電流之比為：I1：I2=1：1；故D錯誤；故選B【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道I-U圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)以及知道串并聯(lián)電路的特點2、B【解析】根據(jù)安培定則可以判斷通電螺線管左側(cè)為N極，右側(cè)為S極，小磁針位置的磁場方向水平向左，根據(jù)靜止時小磁針的N極指向和該點的磁場方向一致，因此左側(cè)小磁針靜止時N極指向左側(cè)。故選B。3、A【解析】長為1cm，

11、電流強度為5A，把它置入某磁場中某點，受到的磁場力為0.1N，當(dāng)垂直放入磁場時，則公式得：B=2T，若不是垂直放入磁場時，則磁感應(yīng)強度比2T還要大，所以該點磁感應(yīng)強度B2T，故A正確，B、C、D錯誤；故選A【點睛】磁感應(yīng)強度的定義式可知，是屬于比值定義法，且導(dǎo)線垂直放入磁場中，即B與F、I、L均沒有關(guān)系，它是由磁場的本身決定，同時還要注意的定義式是有條件的4、D【解析】把粗細(xì)均勻金屬絲拉成長為的均勻細(xì)絲后，切成等長的4段，每段長度不變，橫截面積變?yōu)樵瓉淼?，根?jù)電阻定律可得每段的電阻為；然后把它們并聯(lián)在一起，其總阻值為，故選項D正確，A、B、C錯誤。5、B【解析】由題，F(xiàn)=2N，x=1cm=11

12、1-2m，根據(jù)胡克定律F=kx得彈簧的勁度系數(shù)k=Fx=2110-2N/m200N/m，故選B?！军c睛】彈簧的彈力與形變量之間的關(guān)系遵守胡克定律公式F=kx中，x是彈簧伸長的長度或壓縮的長度，即是彈簧的形變量6、A【解析】ABC.燈泡正常發(fā)光，則燈泡兩端電壓為6V，電流可知電動機兩端電壓為UM=10V-6V=4V；電動機的輸入功率為P=IUM=8W；電動機的熱功率電動機的輸出功率為則選項A錯誤，符合題意；選項BC正確，不符合題意；D若利用該電動帶動起重裝置勻速提升20 N的重物（忽路一切阻力），則解得v=0.2m/s則10s內(nèi)升高h(yuǎn)=vt=2 m選項D正確，不符合題意。二、多項選擇題：本題共4

13、小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A由題意可知，滑塊水平方向受庫侖力、滑動摩擦力，摩擦力與運動方向相反，而庫侖力與運動方相同，因滑塊在b點靜止，故一定有段時間，庫侖力小于滑動摩擦力，當(dāng)在滑動過程中，隨著間距減小，庫侖力增大，但仍小于滑動摩擦力，到達b點時速度減為零。故A錯誤；B水平方向受大小不變的摩擦力及變大的庫侖力，當(dāng)在滑動過程中，隨著間距減小，庫侖力增大，但仍小于滑動摩擦力，所以導(dǎo)致加速度慢慢減小，加速度是變化的，故中間時刻的速度仍小于，故B正確；C由動能定理可得：產(chǎn)生的內(nèi)

14、能因此在此過程中產(chǎn)生的內(nèi)能大于動能的減少。故C錯誤；D由動能定理可得：解得兩點間的電勢差故D正確；8、BCD【解析】AB因為0T/3時間內(nèi)微粒做勻速直線運動，即有mg=qE0，所以在T/32T/3內(nèi)，微粒做平拋運動，在2T/3T時間內(nèi)，合力F=2qE0-mg=mg，在豎直方向上根據(jù)對稱性可得豎直方向上的速度為零，即末速度大小為v0 ，沿水平方向，A錯誤B正確；C、微粒沿金屬板邊緣飛出，豎直方向上的位移為d/2，所以重力勢能減少了12mgd，故C對；D、在2T/3T時間內(nèi)，合力F=2qE0-mg=mg，在豎直方向上根據(jù)對稱性可知此過程運動的位移為d/4，所以克服電場力做功為 W=2qE0d4=1

15、2mgd，故D對；故選BCD【點睛】帶電粒子在電場中偏轉(zhuǎn)問題，首先要正確的對帶電粒子在這兩種情況下進行正確的受力分析，確定粒子的運動類型解決帶電粒子垂直射入電場的類型的題，應(yīng)用平拋運動的規(guī)律進行求解此類型的題要注意是否要考慮帶電粒子的重力，原則是：除有說明或暗示外，對基本粒子（例如電子，質(zhì)子、粒子、離子等），一般不考慮重力；對帶點微粒，（如液滴、油滴、小球、塵埃等），一般要考慮重力9、AB【解析】經(jīng)加速電場后的速度為v，則12mv2=eU1，所以電子進入偏轉(zhuǎn)電場時速試的大小為v=2eU1m，電子進入偏轉(zhuǎn)電場后的偏轉(zhuǎn)位移為y=12at2=12eU2md(lv)2=U2l24dU1，所以示波管的靈

16、敏度yU2=l24dU1，所以要提高示波管的靈敏度可以增大L，減速小d，故A、B正確。點晴：本題是信息題，根據(jù)所給的信息，找出示波管的靈敏度的表達式即可解決問題。10、AB【解析】試題分析：根據(jù)電場力做功的公式W=qU得，故C錯誤根據(jù)勻強電場兩點電勢差和電場強度的公式U=Ed得故A正確UAB=A-B=2v，所以B點的電勢比A點的低，沿著電場線電勢一定降低，所以電場的方向由A向B，故B正確，D錯誤故選AB考點：電場力的功與電勢差的關(guān)系三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1） （2）增大； 增大； 【解析】（1）因本實驗需要電流從零開始調(diào)

17、節(jié)，因此應(yīng)采用滑動變阻器分壓接法；因燈泡內(nèi)阻與電流表內(nèi)阻接近，故應(yīng)采用電流表外接法；另外為了擴大電壓表量程，應(yīng)用R0和電壓表串聯(lián)，故原理圖如圖所示；（2）I-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，由圖可知，圖象的斜率隨電壓的增大而減小，故說明電阻隨電流的增大而增大；其原因是燈絲的電阻率隨著電流的增大而增大；12、BC D 2.39 【解析】（1）1A、天平是測量質(zhì)量的儀器。故A錯誤；B、電磁式打點計時器是測量時間的儀器。故B正確；C、電火花打點計時器是測量時間的儀器。故C正確；D、刻度尺是測量長度的儀器。故D錯誤。（2）2研究平拋運動利用了等效替代的思想，探究求合力的方法用到了等效替代的思想，探究

18、功與速度變化的關(guān)系用到了等效替代的思想，探究探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實驗中，采用了控制變量法的思想，故D正確，ABC錯誤。（3）3C點的速度為：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2），；（3）【解析】（1）小球到達小孔前是自由落體運動，根據(jù)速度位移關(guān)系公式，有：v2=2gh解得： （2）對從釋放到到達下極板處過程運用動能定理列式，有：mg（h+d）-qEd=0解得： 電容器兩極板間的電壓為：電容器的帶電量為：（3）加速過程：mgt1=mv減速過程，有：（mg-qE）t2=0-mvt=t1+t2聯(lián)立解得：【點睛】本題關(guān)鍵是明確小球的受力情況和運動規(guī)律，然后結(jié)合動能定理和動量定理列式分析，不難14、（1）粒子在磁場中運動的軌道半徑R為d；（2）粒子在M點的初速度v0的大小為；（3）粒子從M點運動到P點的總時間t為【解析】（1）做出帶電粒子的運動軌跡如圖由三角形相關(guān)知識得（2）由qvB=mv2/R 得v在N點速度v與x軸正方向成60角射出電場，將速度分解如圖cos= v0/v 得射出速度v=2v0， v0=（3）粒子在電場中運動的時間t1，有dv0t1所以t1粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期T，故 T設(shè)粒