北京二十二中2019-2020學(xué)年高二上學(xué)期期中物理試卷(合格考)(有解析)

北京二十二中2019-2020學(xué)年高二上學(xué)期期中物理試卷（合格考）一、單選題（本大題共18小題，共57.0分）在電場(chǎng)中某點(diǎn)引入電荷量為"的正電荷，這個(gè)電荷受到的電場(chǎng)力為F,貝％）在這點(diǎn)引入電荷量為勾的正電荷時(shí)，該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度將等于冷在這點(diǎn)引入電荷量為3g的正電荷時(shí)，該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度將等于命在這點(diǎn)無(wú)論引入電荷疑是多大的電荷時(shí)，該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度將始終等于扌若將一個(gè)電子引入該點(diǎn)，則由于電子帶負(fù)電，所以該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向?qū)⒑驮谶@一點(diǎn)引入正電荷時(shí)相反對(duì)庫(kù)侖立律的數(shù)學(xué)表達(dá)式F=k瞬的以下理解中，正確的是（）此式適用于任何介質(zhì)中任意兩個(gè)帶電體間相互作用力的計(jì)算此式僅適用于真空中任意兩個(gè)帶電體間相互作用力的汁算由此式可知，當(dāng),趨于零時(shí)F趨于無(wú)限大式中的Ar是與q1.q2及r的大小無(wú)關(guān)的恒量,且k=9.0×IO9N?m2∕C2下列說(shuō)法中正確的是（）電子帶電量很小，周?chē)淮嬖陔妶?chǎng)電場(chǎng)是一種物質(zhì)，與其它物質(zhì)一樣，是不依賴我們的感覺(jué)而客觀存在的東西電荷間的作用力是通過(guò)電場(chǎng)產(chǎn)生，電場(chǎng)對(duì)處在它里而的電荷可能不存在力的作用電場(chǎng)是人為設(shè)想出來(lái)的，其實(shí)并不存在一個(gè)檢驗(yàn)電荷在電場(chǎng)中某點(diǎn)受到的電場(chǎng)力為F,這點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為E,在下圖中能正確反映彳、F三者關(guān)系的是（）下列說(shuō)法中正確的是（）等勢(shì)而上各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相等、方向相同在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度等于單位長(zhǎng)度上的電勢(shì)差野外高圧輸電有三條輸電線，在其上方還有兩條導(dǎo)線是輸電備用線在一個(gè)以點(diǎn)電荷0為中心，r為半徑的球而上，各處的電場(chǎng)強(qiáng)度都不同TOC\o"1-5"\h\z兩帶電小球，電荷量分別為+q和-Q,固泄在一長(zhǎng)度為厶的絕緣細(xì)桿的 7兩端，置于電場(chǎng)強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，桿與場(chǎng)強(qiáng)的方向平行，英位置4,jr , —Hi O ）一q如圖所示，若此桿繞過(guò)O點(diǎn)且垂直于桿的軸線轉(zhuǎn)過(guò)180%則在此轉(zhuǎn)動(dòng) 的過(guò)程中電場(chǎng)力做的功為（） *0 B.2qEL C.πqEL D.qEL如圖所示，MN是某一點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的一根電場(chǎng)線，在場(chǎng)線上O點(diǎn)放一負(fù)電荷，它將沿電場(chǎng)線MON向N點(diǎn)移動(dòng).則電場(chǎng)線方向是（）由N指向M,電荷怎樣運(yùn)動(dòng)由題設(shè)條件不能確左由N指向M,電荷做加速運(yùn)動(dòng)，加速度越來(lái)越大由M指向N,電荷做勻加速運(yùn)動(dòng)D?由M指向N,電荷做加速運(yùn)動(dòng).加速度越來(lái)越小在電場(chǎng)中某點(diǎn)，當(dāng)放入正電荷時(shí)受到的電場(chǎng)力方向向右；當(dāng)放入負(fù)電荷時(shí)受到的電場(chǎng)力方向向左，則下列說(shuō)法中正確的是（ ）A?當(dāng)放入正電荷時(shí)，該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向向右：當(dāng)放入負(fù)電荷時(shí)，該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向向左該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向一上向右該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向一泄向左該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向可能向右，也可能向左甲、乙兩根由相同材料制成的圓柱形導(dǎo)線，甲的長(zhǎng)度和橫截而直徑均是乙的〃倍.則兩條導(dǎo)線的電阻關(guān)系是（）甲、乙兩條導(dǎo)線電阻相等 B.甲導(dǎo)線電阻是乙導(dǎo)線電阻的打咅C.甲導(dǎo)線電阻是乙導(dǎo)線電阻的,2倍D.乙導(dǎo)線電阻是甲導(dǎo)線電阻的n2倍io.以下用電器中，部分電路歐姆泄律a=》能適用的是（）電風(fēng)扇洗衣機(jī)白熾燈錄音機(jī)電風(fēng)扇洗衣機(jī)白熾燈錄音機(jī)下列物理單位中，是電容器電容的單位的是（）A.法拉A.法拉（F） B.特斯拉（T） C.庫(kù)侖（C）D.韋伯（Wb）有“、b、（Wb）有“、b、c、d四只定值電阻,它們的Z-（7圖象如圖所示,則圖中電阻最大的是（）a B.b C.C D.dU電容器充電后切斷電源.能使兩板間電勢(shì)差增大的方法是（）14.15.在兩板間插入玻璃板使兩板靠近保持兩板間距不變，使兩板正對(duì)而積大些使兩板分開(kāi)一些用半導(dǎo)體材料制成熱敏電阻，在溫度升髙時(shí)，電阻會(huì)迅速減小.將一熱敏電阻接入電壓恒為〃的電路中（如圖所示），接通開(kāi)關(guān)后，熱敏電阻溫度升髙過(guò)程中會(huì)觀察到（）A.電流表示數(shù)不變 B.電流表示數(shù)減小熱敏電阻C?電壓表示數(shù)增大14.15.在兩板間插入玻璃板使兩板靠近保持兩板間距不變，使兩板正對(duì)而積大些使兩板分開(kāi)一些用半導(dǎo)體材料制成熱敏電阻，在溫度升髙時(shí)，電阻會(huì)迅速減小.將一熱敏電阻接入電壓恒為〃的電路中（如圖所示），接通開(kāi)關(guān)后，熱敏電阻溫度升髙過(guò)程中會(huì)觀察到（）A.電流表示數(shù)不變 B.電流表示數(shù)減小熱敏電阻C?電壓表示數(shù)增大電壓表示數(shù)減小如圖所示電路中，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向上移動(dòng)時(shí)，貝∣J（）A.電流表示數(shù)變大B.電壓變示數(shù)變小C.燈泡變暗DC.燈泡變暗現(xiàn)將另兩個(gè)等量異種的檢驗(yàn)電A、B為兩等量異種電荷，圖中水平虛線為A、B連線的中垂線,現(xiàn)將另兩個(gè)等量異種的檢驗(yàn)電荷“、6如圖用絕緣細(xì)桿連接后從離AB無(wú)窮遠(yuǎn)處沿中垂線平移到AB的連線，平移過(guò)程中兩檢驗(yàn)電荷位置始終關(guān)于中垂線對(duì)稱(chēng)。若規(guī)左離AB無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，則下列說(shuō)法中正確的是（）A?rI：rI：I：8?在AB的連線上“所處的位巻電勢(shì)WaVo“、b整體在AB連線處具有的電勢(shì)能Ep>0整個(gè)移動(dòng)過(guò)程中，靜電力對(duì)“做正功整個(gè)移動(dòng)過(guò)程中，靜電力對(duì)“、b整體做正功在一個(gè)等邊三角形ABC頂點(diǎn)B、C處各放一個(gè)點(diǎn)電荷時(shí)，測(cè)得A處的電場(chǎng)強(qiáng)度方向與BC邊平行且水平向右，如圖所示。則關(guān)于B、C處所放點(diǎn)電荷的帶電情況和電性說(shuō)法正確的是（）電性一定相同，電量大小相同電性一泄相反，電量大小相同電性一泄相反，電量大小一宦不相同D.電性一左相同,D.電性一左相同,電量大小一宦不相同如圖是靜電噴漆的工作原理圖。工作時(shí)，噴槍部分接髙壓電源負(fù)極，工件接正極，噴槍的端部與工件之間就形成靜電場(chǎng)，從噴槍噴岀的涂料微粒在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)到工件，并被吸附在工件表而。圖中畫(huà)出了部分微粒的軌跡，設(shè)微粒被噴出后只受靜電力作用，貝∣J（）微粒的運(yùn)動(dòng)軌跡顯示的是電場(chǎng)線的分布情況微粒向工件運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中所受電場(chǎng)力先減小后增大在向工件運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，微粒的動(dòng)能逐漸減小在向工件運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，微粒的電勢(shì)能逐漸增大二、 填空題（本大題共1小題，共3.0分）真空中有兩個(gè)相同的金屬小球，帶電量分別為-1.0×W8C和+3.OX1O7C,相距/?時(shí)，相互作用為0.3ON,現(xiàn)將兩球相接觸后再放回原處，則它們之間的相互作用力為 N.三、 實(shí)驗(yàn)題（本大題共1小題，共3.0分）在“測(cè)泄金屬絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中，用伏安法測(cè)量金屬線的電阻（約為50）時(shí)，備有下列器材:A?量程是0?0.6力，內(nèi)阻約為0.5。的電流表：B?量程是0?3卩，內(nèi)阻約為6M的電壓表；C量程是0?15*內(nèi)阻約為30kQ的電壓表：D阻值是0?1M、額泄電流為0?54的滑動(dòng)變阻器;E阻值是0?Io0、額立電流為2Λ的滑動(dòng)變阻器：蓄電池9匕G開(kāi)關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干.（1） 如圖1所示，用螺旋測(cè)微辭測(cè)金屬絲直徑d= 〃嘰（2） 為了盡可能提高測(cè)量精度，且要求測(cè)量多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，電流表應(yīng)選用 :滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用 （只填字母代號(hào)）?請(qǐng)?jiān)趫D2的方框內(nèi)將實(shí)驗(yàn)電路圖連接完整.圖2

四、計(jì)算題（本大題共3小題，共24.0分）電場(chǎng)中某區(qū)域的電場(chǎng)線分布如圖所示，A、B是電場(chǎng)中的兩點(diǎn).由圖可知，電場(chǎng)強(qiáng)度EA 殆（選填“>”或“V”）.將一個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷先后放在A、B兩點(diǎn)，它所受的電場(chǎng)力與 島（選填“或“V”）.在金屬板爪B間加上如圖乙所示的大小不變、方向周期性變化的交變電壓〃，其周期是7\現(xiàn)有電子以平行于金屬板的速度UO從兩板中央射入（如圖甲）。已知電子的質(zhì)量為川，電荷量為e,不計(jì)電子的重力，求：（1）若電子從t=0時(shí)刻射入，在半個(gè)周期內(nèi)恰好能從A板的邊緣飛岀，則電子飛出時(shí)速度的大小。（2） 若電子從t=0時(shí)刻射入，恰能平行于金屬板飛出，則金屬板至少多長(zhǎng)？（3） 若電子恰能從兩板中央平行于板飛出，電子應(yīng)從哪一時(shí)刻射入，兩板間距至少多大? a_ a_Cro如圖所示為兩組平行板金屬板，一組豎直放宜，一組水平放置，今有一質(zhì)量為加的電量為“的電子靜止在豎直放置的平行金屬板的A點(diǎn)，經(jīng)電壓〃。加速后通過(guò)B點(diǎn)進(jìn)入兩板間距為厶電壓為（/的水平放置的平行金屬板間，若電子從兩塊水平平行板的正中間射入，且最后電子剛好能從右側(cè)的兩塊平行金屬板穿出，A、B分別為兩塊豎直板的中點(diǎn)，求：（1）電子通過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度大?。?/p>

(2)右側(cè)平行金屬板的長(zhǎng)度;(3)電子穿出右側(cè)平行金屬板時(shí)的動(dòng)能和速度方向.(3)電子穿出右側(cè)平行金屬板時(shí)的動(dòng)能和速度方向.答案與解析1?答案：C解析：解：A、 由題意，電荷量為彳的正電荷受到的電場(chǎng)力為F,則這個(gè)點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為E=^此式采用比值法泄義￡,而E與尸、Q無(wú)關(guān)，故在這點(diǎn)引入電荷量為勾的正電荷時(shí)，該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度仍為E=^,故A錯(cuò)誤.B、 同理，在這點(diǎn)引入電荷量為勿的正電荷時(shí)，該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度仍為E=^故B錯(cuò)誤.C、 電場(chǎng)強(qiáng)度E反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)，電場(chǎng)中同一點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度是確定的，所以在這點(diǎn)無(wú)論引入電荷量是多大的電荷時(shí)，該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度將始終等于2q,故C正確.D、 若將一個(gè)電子引入該點(diǎn)，該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向仍和在這一點(diǎn)引入正電荷時(shí)場(chǎng)強(qiáng)方向相同，故D錯(cuò)誤.故選：C.引入電場(chǎng)中的電荷為試探電荷，電場(chǎng)強(qiáng)度等于試探電荷所受的電場(chǎng)力與其電荷量的比值，采用比值法定義，場(chǎng)強(qiáng)E與試探電荷無(wú)關(guān)，方向與正試探電荷所受的電場(chǎng)力方向相反.本題可根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)比值法泄義的共性，抓住電場(chǎng)強(qiáng)度與試探電荷無(wú)關(guān)，知逍電場(chǎng)中某點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是唯一確定的.答案：D解析：庫(kù)侖泄律F=fc?用于真空中兩點(diǎn)電荷之間的作用力?當(dāng)帶電體的形狀、大小及電荷的分布狀況對(duì)它們之間的作用力影響可以忽略時(shí)，可以看成點(diǎn)電荷.$是與業(yè)、Q2及『的大小無(wú)關(guān)的恒量，且k=9.0×1092V?τn2∕C2.解決本題的關(guān)鍵掌握庫(kù)侖左律的適用范用，以及能看成點(diǎn)電荷的條件，當(dāng)帶電體的形狀、大小及電荷的分布狀況對(duì)它們之間的作用力影響可以忽略時(shí)，可以看成點(diǎn)電荷.AB、此式適用于任何真空中靜止的點(diǎn)電荷間相互作用力的計(jì)算，故AB錯(cuò)誤.C、 由此式可知，當(dāng)r趨于零時(shí)，電荷已不能看成點(diǎn)電荷，故此式不在成立，故得不到F趨于無(wú)限大的結(jié)論，故Q錯(cuò)誤.D、 式中的R是與弘、Q2及r的大小無(wú)關(guān)的恒量，且fc=9.0×109∕V?m2/C2,故D正確.故選：D.答案：B解析：解：人、電場(chǎng)是電荷及變化磁場(chǎng)周用空間里存在的一種特殊物質(zhì)，只要有電荷，就一立有電場(chǎng)，故A錯(cuò)誤.B、 電場(chǎng)是一種物質(zhì)，它與其它物質(zhì)一樣是不依賴我們的感覺(jué)而客觀存在的，故B正確.C、 電場(chǎng)的基本性質(zhì)就是對(duì)放入其中的電荷有力的作用，與放入的電荷是否運(yùn)動(dòng)無(wú)關(guān).故C錯(cuò)誤：D、 任何電荷周?chē)籍a(chǎn)生電場(chǎng)，電荷間的相互作用就是通過(guò)電場(chǎng)發(fā)生的，電場(chǎng)實(shí)際存在，而電場(chǎng)線是人為設(shè)想出來(lái)的，其實(shí)并不存在，故D錯(cuò)誤.故選：B.電場(chǎng)是電荷周囤存在的一種特殊物質(zhì)，電場(chǎng)這種物質(zhì)與通常的實(shí)物不同，它不是由分子原子所組成，但它是不依賴于我們的感覺(jué)而客觀存在的：電場(chǎng)的力的性質(zhì)表現(xiàn)為，電場(chǎng)對(duì)放入其中的電荷有作用力，這種力稱(chēng)為電場(chǎng)力：電荷間的相互作用就是通過(guò)電場(chǎng)發(fā)生的.電場(chǎng)是客觀存在的一種物質(zhì)，這種物質(zhì)與通常的實(shí)物不同，它不是由分子原子所組成，我們通常稱(chēng)之為場(chǎng)物質(zhì).答案：D解析：解：A、電場(chǎng)強(qiáng)度的大小與放入電場(chǎng)中的電荷無(wú)關(guān)，故A、B錯(cuò)誤。C、根據(jù)F=qE知，E不變，F(xiàn)與q成-正比，故C錯(cuò)誤，DllI確。故選:Do電場(chǎng)強(qiáng)度的大小與放入電場(chǎng)中的電荷無(wú)關(guān)，由電場(chǎng)本身的性質(zhì)決泄，根據(jù)F=qE分析F與“的關(guān)系。解決本題的關(guān)鍵知道電場(chǎng)強(qiáng)度的性質(zhì)，知道電場(chǎng)強(qiáng)度與F和q無(wú)關(guān),結(jié)合F=qE分析F與“的關(guān)系，基礎(chǔ)題。5倍案：D解析：解：人、等勢(shì)而上各點(diǎn)的電勢(shì)相等，但場(chǎng)強(qiáng)與之無(wú)關(guān)，不能判斷出大小是否相等、方向是否,A錯(cuò)誤;B、 在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度等于沿電場(chǎng)線方向上單位長(zhǎng)度的電勢(shì)差，B錯(cuò)誤：C、 高圧輸電鐵塔最上而的兩條導(dǎo)線是避雷線,防止雷直接擊到輸電線上,這兩條線一般與鐵塔相連，將電流引入大地，C錯(cuò)誤：D、 在一個(gè)以點(diǎn)電荷0為中心，r為半徑的球而上，各處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相同，方向不同，D正確:故選：D場(chǎng)強(qiáng)是矢雖：，說(shuō)相等應(yīng)該是大小和方向都相同，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度等于沿電場(chǎng)線方向上單位長(zhǎng)度的電勢(shì)差，髙壓輸電鐵塔最上面的兩條導(dǎo)線是避雷線.本題考查了電場(chǎng)強(qiáng)度的矢量性，了解各種電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)分別情況，知道高壓輸電的線路作用.6?答案：B解析：分析電場(chǎng)力對(duì)兩電荷的做功情況，并求出其總功即可。抓住電場(chǎng)力做功與路徑無(wú)關(guān)，只與始末狀態(tài)位置有關(guān)。抓住旋轉(zhuǎn)過(guò)程中電場(chǎng)力分別對(duì)正負(fù)電荷做的功求解是關(guān)鍵。細(xì)桿轉(zhuǎn)的過(guò)程中：正電荷受力的方向向右，位移的方向也向右，電場(chǎng)力對(duì)它做正功：WL=qEL負(fù)電荷受力的方向向左，位移的方向也向左，電場(chǎng)力對(duì)它做正功：W2=qEL電場(chǎng)力對(duì)兩小球所做的功：W=WI+W2=2EqL,故ACD錯(cuò)誤，B正確。故選B。7.答案：A解析：解：由題，負(fù)電荷由靜I上開(kāi)始從O運(yùn)動(dòng)到N,負(fù)電荷所受電場(chǎng)力方向從O到N,場(chǎng)強(qiáng)方向與電場(chǎng)力方向相反，即場(chǎng)強(qiáng)方向由N指向M.負(fù)電荷從靜止開(kāi)始，必立做加速運(yùn)動(dòng).由于電場(chǎng)線的分布情況未知，場(chǎng)強(qiáng)如何變化無(wú)法確泄，電場(chǎng)力和加速度如何變化也無(wú)法確定，則電荷加速度可能越來(lái)越小，可能越來(lái)越大.故選：A根據(jù)負(fù)電荷的運(yùn)動(dòng)方向判斷電場(chǎng)力，確左場(chǎng)強(qiáng)方向.場(chǎng)強(qiáng)的大小由電場(chǎng)線的疏密反映，電場(chǎng)線越密場(chǎng)強(qiáng)越大本題根據(jù)電荷的運(yùn)動(dòng)方向確泄場(chǎng)強(qiáng)方向不難，容易產(chǎn)生的錯(cuò)誤在于分析場(chǎng)強(qiáng)大小的變化來(lái)確圮加速度的變化，條件不明時(shí)，考慮問(wèn)題要全而&答案：B解析：電場(chǎng)強(qiáng)度是反映電場(chǎng)本身的力的性質(zhì)的物理量，與試探電荷的有無(wú)，電量的大小，電性，電場(chǎng)力的大小，方向無(wú)關(guān)。本題考查對(duì)電場(chǎng)強(qiáng)度的理解及場(chǎng)強(qiáng)與電場(chǎng)力的方向關(guān)系。電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與正電荷所受的電場(chǎng)力方向相同，與負(fù)電荷所受的電場(chǎng)力方向相反。在電場(chǎng)中某場(chǎng)強(qiáng)的方向是唯一確左的，故該點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)的方向向右，故只有B正確。故選Bo答案：B解析：解：由R=pg可知：R=P豈;故電阻與導(dǎo)線長(zhǎng)度成正比，與直徑的平方成反比；故甲的電阻是乙的電阻的士倍：H故選：B.由金屬導(dǎo)體的電阻左律公式R=P^行分析，明確電阻與導(dǎo)線長(zhǎng)度及直徑的關(guān)系，再比較兩根電阻的阻值關(guān)系.本題考查了影響電阻大小的因素，電阻大小決怎于導(dǎo)體的材料、長(zhǎng)度和橫截而積.答案：C解析：解：部分電路歐姆左律適用于純電阻電路：即只適用于產(chǎn)生熱量的裝置：故只適用于白熾燈；故選：C.根據(jù)歐姆定律的適用條件分析答題.歐姆泄律只適用于金屬導(dǎo)體或電解質(zhì)溶液.電風(fēng)扇、洗衣機(jī)、錄音機(jī)等均岀現(xiàn)電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能或英他形式能的情況，不符合歐姆立律的適用條件.答案：A解析：本題屬于基礎(chǔ)題，電容器的電容反應(yīng)電容器容納電荷本領(lǐng)大小的物理量，它的單位是法拉。電容是反應(yīng)電容器容納電荷本領(lǐng)大小的物理量，單位是法拉(F),故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選兒答案：D解析：解：電PfU?=P可知電阻R等于〃-/圖線斜率的倒數(shù)。圖線〃的斜率的最小，電阻最大。故選：Da根據(jù)歐姆左律得到電=P〃-/圖線的斜率等于電阻的倒數(shù)，斜率越大，電阻越小.本題根據(jù)伏安特性曲線斜率的倒數(shù)表示電阻來(lái)判斷電阻的大小.如〃-Z圖是曲線，切線斜率的倒數(shù)不等于電阻，應(yīng)是圖線上的點(diǎn)與原點(diǎn)連線斜率的倒數(shù)等于電阻.答案：D解析：解：平行板電容器充電后與電源斷開(kāi)電呈不變，要使兩板間電勢(shì)差〃增大，根據(jù)電容的定義式C=￥得知，必須使電容減小；由電容的決沱式c=-?得知，必須在兩板間抽岀玻璃板，使兩U 47TKa板距離增大些或保持兩板的間距不變，使兩板錯(cuò)開(kāi)些：故ABC錯(cuò)誤，D正確；故選：D.平行板電容器充電后與電源斷開(kāi)電量不變，要使兩板間電勢(shì)差增大，根據(jù)電容的左義式分析電容如何變化，再由電容的決沱式分析增大電勢(shì)差的方法?本題根據(jù)電容的左義式C=等和電容的決泄式C=化結(jié)合分析使兩板間電勢(shì)差增大的方法，常見(jiàn)題U 4TTkd型.答案：D解析：解：當(dāng)傳感器&所在處出現(xiàn)火情時(shí)，心的阻值變小，心與《3的串聯(lián)聯(lián)電阻減小，外電路總電阻變小，則總電流變大，電源的電壓不變，路段電壓應(yīng)該變小，Rl電壓應(yīng)該變小，而&電壓變大，故熱敏電阻電壓變小，即電壓表示數(shù)變小.所以/變大，U變小.故D正確，ABC錯(cuò)誤：故選:D.念為用半導(dǎo)體熱敏材料制成的傳感器，溫度升髙時(shí)，其電阻減小.當(dāng)傳感器心所在處出現(xiàn)火情時(shí)，分析尺3的變化，確左外電路總電阻的變化，分析總電流和路端電壓的變化，即可知U的變化.根據(jù)并聯(lián)部分電壓的變化，分析/的變化.本題解題關(guān)鍵是掌握熱敏電阻與溫度的關(guān)系，再按"局部T整體T局部”的順序進(jìn)行動(dòng)態(tài)變化分析,也可以利用“串反并同”的規(guī)律解答.15?答案：C解析：解：當(dāng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，總電流/減小，A燈變暗，電流表示數(shù)變?。篈燈和電源的內(nèi)電壓都減小，由閉合電路歐姆左律得知并聯(lián)部分電壓增大，電壓表示數(shù)增大：故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選：CO當(dāng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆左律分析總電流的變化，從而判斷燈泡亮度的變化：再分析滑動(dòng)變阻器兩端的電壓變化.本題是閉合電路歐姆定律動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，按局部到整體，再對(duì)局部分析電壓或電流的變化進(jìn)行分析；也可以直接利用"串反并同”的規(guī)律進(jìn)行判斷.答案：B解析：解：人、設(shè)AB連線的中點(diǎn)為O.由于AB連線的垂直平分線是一條等勢(shì)線，且一直延伸到無(wú)窮遠(yuǎn)處，所以O(shè)點(diǎn)的電勢(shì)為零。Ao間的電場(chǎng)線方向由力T0,而順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，可知，"所處的位置電勢(shì)φa>0,故A錯(cuò)誤。B、 “所處的位置電勢(shì)φa>0,b所處的位置電勢(shì)φb<0,由Ep=qφ處,“、b在AB處的電勢(shì)能均大于零，則整體的電勢(shì)能Ep>0.故B正確。C、 在平移過(guò)程中，"所受的靜電力與其位移方向的夾角為鈍角，則靜電力對(duì)“做負(fù)功，故Q錯(cuò)誤。D、 “、〃看成一個(gè)整體，總電量為零，所以整個(gè)移動(dòng)過(guò)程中，靜電力對(duì)“、b整體做功為零，故D錯(cuò)誤。故選：B。明確等量異號(hào)電荷的電場(chǎng)分布規(guī)律，知道AB連線的垂直平分線是一條等勢(shì)線，其電勢(shì)等于無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)。根據(jù)電場(chǎng)線的方向分析電勢(shì)的大小。對(duì)于等量異種電荷電場(chǎng)線和等勢(shì)而的分布情況要熟悉，要抓住英對(duì)稱(chēng)性進(jìn)行記憶，知道等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢(shì)線，且一直延伸到無(wú)窮遠(yuǎn)。答案：B解析：本題主要考查電場(chǎng)的疊加，A處的電場(chǎng)強(qiáng)度是由兩個(gè)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加，根據(jù)點(diǎn)電荷在某處產(chǎn)生電場(chǎng)強(qiáng)度的公式，結(jié)合矢量疊加法則，即可求解。由題意可知，兩個(gè)頂點(diǎn)B、C處各放一個(gè)點(diǎn)電荷，測(cè)得A處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為方向與BC邊平行沿B指向G根據(jù)平行四邊形立則作岀B處點(diǎn)電荷在A處的電場(chǎng)強(qiáng)度耳和C點(diǎn)電荷在A處的電場(chǎng)強(qiáng)度民的合場(chǎng)強(qiáng)&由于三角形ABC是等邊三角形，所以EB和EC的夾角為120%由幾何知識(shí)可知，EB=EC=E,由電場(chǎng)方向和大小可知，B、C處所放點(diǎn)電荷等大異號(hào)。故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選乩答案:B解析：在涂料微粒向工件靠近的工程中，工件帶正電，涂料微粒帶負(fù)電，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的分布可知，所受電場(chǎng)力先減小后增大，電場(chǎng)力對(duì)涂料微粒做正功，其微粒的動(dòng)能增大，微粒的電勢(shì)能減小。本題主要考査了電場(chǎng)線、電場(chǎng)強(qiáng)度、電場(chǎng)力、電場(chǎng)力做功、電勢(shì)能和動(dòng)能的應(yīng)用，抓住異種電荷相互吸收，分析涂料微粒的電性，根據(jù)電場(chǎng)力做功正負(fù)判斷電勢(shì)能的變化情況。A?由于噴出的涂料微粒有初速度，故不一泄沿電場(chǎng)線方向運(yùn)動(dòng)，所以微粒的運(yùn)動(dòng)軌跡顯示的不一泄是電場(chǎng)線的分布情況，故A錯(cuò)誤：B?由圖可知，則在涂料微粒向工件靠近的工程中，工件帶正電，涂料微粒帶負(fù)電，根拯電場(chǎng)強(qiáng)度的分布可知，所受電場(chǎng)力先減小后增大，故B正確；

CD涂料微粒所受的電場(chǎng)力方向向左，其位移方向大體向左，則電場(chǎng)力對(duì)涂料微粒做正功，其微粒的動(dòng)能增大，微粒的電勢(shì)能減小，故CD錯(cuò)誤。故選B。答案：0.1解析：解：接觸前庫(kù)侖力Fi=Zc警=ZC竺二二接觸后分開(kāi)，兩小球的電荷都M×ιo-8c,則庫(kù)r- r-侖力F2=k岀二=冬=0.1N.3故答案為：0.1.兩個(gè)小球接觸后分開(kāi)，電荷先中和再平分，根據(jù)庫(kù)侖定律F=Zc譽(yù)相互作用力.解決本題的關(guān)鍵掌握接觸帶電的原則，先中和再平分.以及掌握庫(kù)侖左律F=Zc暫.答案：1.880：AiE解析：解:(1)從圖中讀出金屬絲的直徑為d=LSmm+38.0X0.0Imm=1.880mm：(2)電源電動(dòng)勢(shì)為9匕選0?15U量程的電壓表讀數(shù)誤差較大，電壓表應(yīng)選B、程為0?3U,內(nèi)阻為6M：只有一個(gè)電流表，只能選擇電流表應(yīng)選A、量程為0、0?6如內(nèi)阻為0.5/2：為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選匚阻值為0?Io0,額宦電流為2A；電壓從O開(kāi)始測(cè)量，滑動(dòng)變阻器應(yīng)釆用分壓接法：?=?=10f#=響=1200,善＞右電流表應(yīng)采用外接法，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示.故答案為:(1)1.880；(2)4：E；(3)電路圖如圖所示.螺旋測(cè)微器精確度為0.0Imm,需要估讀，讀數(shù)時(shí)注意半亳米刻度線是否籃岀?根據(jù)電路最大電流選擇電流表，根據(jù)電源電壓選擇電壓表，為方便實(shí)驗(yàn)操作，應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器.根據(jù)題意確左滑動(dòng)變阻器與電流表的接法，然后作出實(shí)驗(yàn)電路圖.本題關(guān)鍵：(1)用伏安法測(cè)電阻時(shí)安培表內(nèi)、外接法的選擇原則是“大內(nèi)小外”，即對(duì)于大電阻采用安培表內(nèi)接法，對(duì)于小電阻采用安培表外接法；(2)需要有較大的電壓測(cè)量范圍時(shí)，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法.答案：＞；＞解析：解：由圖知，A處電場(chǎng)線比B處電場(chǎng)線密，則電場(chǎng)強(qiáng)度EA>EBX根據(jù)F=qE可知，一個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷先后放在A、B兩點(diǎn)，所受的電場(chǎng)力的關(guān)系為：FA>Fb.故答案為：>,>.電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，電場(chǎng)線越密，電場(chǎng)強(qiáng)度越大；電場(chǎng)力與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系為F=qE?解答本題要關(guān)鍵是掌握電場(chǎng)線的物理意義，知道電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，掌握電場(chǎng)力公式F=qE?22?答案：解：(1)電子飛出過(guò)程中只有電場(chǎng)力做功，根據(jù)動(dòng)能泄理得：e—=-mv2——mv222若電子恰能平行于金屬板飛出，說(shuō)明電子在豎直方向前半周期做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，后半周期做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，到電子飛岀電場(chǎng)最少用時(shí)為?。簞t電子水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)：L=VoT若電子恰能從兩板中央平行于板飛岀，要滿足兩個(gè)條件，第一豎直方向的位移為零，第二豎直方向的速度為零：則電子豎直方向只能先加速到某一速度Uy再減速到零，然后反方向加速到Uy再減速到零。由于電子穿過(guò)電場(chǎng)的時(shí)間為幾所以豎直方向每段加速、減速的時(shí)間只能為?即電子豎直方向只能4先加速扌時(shí)間到達(dá)某一速度Uy再減速◎時(shí)間速度減小到零，然后反方向加速扌時(shí)間到達(dá)某一速度勺，再減速?時(shí)間速度減小到零，電子回到原髙度。4根