2023屆浙江省嘉興市高三上學(xué)期教學(xué)測(cè)試（一模）物理試題Word版含解析

2022年高三教學(xué)測(cè)試物理試題卷（2022.12）滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。考生注意：1.答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在答題紙規(guī)定的位置上。2.答題時(shí)，請(qǐng)按照答題紙上“注意事項(xiàng)”的要求，在答題紙相應(yīng)的位置上規(guī)范作答。在試題卷上的作答一律無(wú)效。3.非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題紙上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)。作圖時(shí)先使用2B鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑，答案寫在本試題卷上無(wú)效。4.可能用到的相關(guān)公式或參數(shù)：重力加速度g均取。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。）1.下列物理量屬于基本量且相應(yīng)單位正確的是（）A.力：NB.速度：C.熱力學(xué)溫度：℃D.長(zhǎng)度：m【答案】D【解析】【詳解】在物理學(xué)中，有七個(gè)基本量，即長(zhǎng)度（m）、質(zhì)量（kg）、時(shí)間（s）、熱力學(xué)溫度（K）、電流強(qiáng)度（A）、物質(zhì)的量（mol）、發(fā)光強(qiáng)度（cd）。故選D。2.關(guān)于如圖四幅圖像，下列說(shuō)法正確的是（）A.圖甲中，灑水車在灑水過(guò)程中慣性變小B.圖乙中，籃球在空中上升時(shí)處于超重狀態(tài)C.圖丙中，離心機(jī)分離血液時(shí)，血液受到離心力作用D.圖丁中，行進(jìn)火車上向前射出的光，其速度大于光速c【答案】A【解析】【詳解】A．灑水車在灑水過(guò)程中質(zhì)量變小，因?yàn)閼T性只與物體質(zhì)量有關(guān)，質(zhì)量越小，慣性越小，即灑水車在灑水過(guò)程中慣性變小，故A正確；B．籃球在空中上升時(shí)加速度豎直向下，則處于失重狀態(tài)，故B錯(cuò)誤；C．不存在離心力，離心機(jī)分離血液時(shí)，是由于血液受到的作用力不足以提供血液所需要的向心力而發(fā)生離心運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．由于光速不變?cè)砜芍?，行進(jìn)火車上向前射出的光，其速度仍等于光速c，故D錯(cuò)誤。故選A。3.如圖所示，M、N分別為自動(dòng)升降桿上的端點(diǎn)和中點(diǎn)，已知升降桿的質(zhì)量為m，長(zhǎng)度為L(zhǎng)，重力加速度為g，桿從水平位置勻速率轉(zhuǎn)至豎直位置的過(guò)程中（）A.升降桿始終處于平衡狀態(tài)B.轉(zhuǎn)動(dòng)裝置對(duì)升降桿做功C.M、N兩點(diǎn)向心加速度大小之比：D.轉(zhuǎn)動(dòng)裝置對(duì)升降桿的作用力大小始終等于mg【答案】C【解析】【詳解】A．由于桿在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，具有向心加速度，所以不是平衡狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．轉(zhuǎn)動(dòng)裝置對(duì)升降桿做的功等于升降桿重力勢(shì)能的增加量，即故B錯(cuò)誤；C．M、N兩點(diǎn)具有相同的角速度，所以向心加速度大小之比為故C正確；D．轉(zhuǎn)動(dòng)裝置對(duì)升降桿的作用力與升降桿重力的合力提供升降桿做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，其大小不斷變化，可能與重力相等、可能大于重力、也可能小于重力，故D錯(cuò)誤。故選C。4.科學(xué)訓(xùn)練可提升運(yùn)動(dòng)成績(jī)，小明在體訓(xùn)前、后百米全程測(cè)試中，圖像分別如圖所示，則（）A.研究起跑動(dòng)作時(shí)可把小明視為質(zhì)點(diǎn)B.內(nèi)，訓(xùn)練后小明的平均速度大C.內(nèi)，訓(xùn)練前后小明跑過(guò)的距離相等D.經(jīng)過(guò)訓(xùn)練，時(shí)刻后小明仍做加速運(yùn)動(dòng)【答案】D【解析】【詳解】A．當(dāng)物體的大小、形狀對(duì)研究的問(wèn)題影響很小可以忽略時(shí)，可以將物體視為質(zhì)點(diǎn)。研究起跑動(dòng)作時(shí)，小明的動(dòng)作、姿態(tài)對(duì)研究的問(wèn)題有影響，若將小明視為質(zhì)點(diǎn)則問(wèn)題無(wú)法研究，A錯(cuò)誤；B．圖像與橫坐標(biāo)圍成面積表示位移，由圖像可知，內(nèi)訓(xùn)練前位移較大，由平均速度定義式可知，訓(xùn)練前平均速度較大，B錯(cuò)誤；C．圖像與橫坐標(biāo)圍成面積表示位移，由圖像可知，內(nèi)訓(xùn)練前后圖像與橫坐標(biāo)圍成的面積不相等，即小明訓(xùn)練前后跑過(guò)的距離不相等，C錯(cuò)誤；D．由圖像可知，經(jīng)過(guò)訓(xùn)練，時(shí)刻后小明速度仍然繼續(xù)增大，故時(shí)刻后小明仍做加速運(yùn)動(dòng)，D正確。故選D。5.如圖所示為制作豆腐的石磨裝置，質(zhì)量為m的“T”形木柄水平靜止時(shí)，連接的繩子處于繃緊狀態(tài)，點(diǎn)是三根繩子的結(jié)點(diǎn)。若不計(jì)繩子所受重力，，，F(xiàn)、和分別表示三根繩的拉力大小，則（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【詳解】AB．O點(diǎn)所受三個(gè)力的關(guān)系如下因?yàn)椋?，故△OAB是等邊三角形，則故A錯(cuò)誤，B正確；CD．因?yàn)椤癟”形木柄還受到重力和石磨的支持力，故F與mg的關(guān)系未知，故CD錯(cuò)誤。故選B。6.如圖所示，“羲和號(hào)”是我國(guó)首顆可24小時(shí)全天候?qū)μ?yáng)進(jìn)行觀測(cè)的試驗(yàn)衛(wèi)星，該衛(wèi)星繞地球可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌道平面與赤道平面垂直。衛(wèi)星每天在相同時(shí)刻，沿相同方向經(jīng)過(guò)地球表面A點(diǎn)正上方，恰好繞地球運(yùn)行n圈（）。已知地球半徑為R，自轉(zhuǎn)周期為T，地球表面重力加速度為g，則“羲和號(hào)”衛(wèi)星運(yùn)行的（）A.線速度大于第一宇宙速度B.角速度小于地球同步衛(wèi)星C.向心加速度大于地球同步衛(wèi)星D.軌道距地面高度為【答案】C【解析】【詳解】A．第一宇宙速度是以地球半徑為軌道半徑的衛(wèi)星的運(yùn)行速度，是最大的運(yùn)行速度，故A錯(cuò)誤；B．衛(wèi)星每天在相同時(shí)刻，沿相同方向經(jīng)過(guò)地球表面A點(diǎn)正上方，恰好繞地球運(yùn)行n圈，則衛(wèi)星的周期為其中，由可知既“羲和號(hào)”角速度大于地球同步衛(wèi)星，故B錯(cuò)誤；C．“羲和號(hào)”衛(wèi)星的周期小于同步衛(wèi)星的周期，則軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑，由可得既“羲和號(hào)”向心加速度大于地球同步衛(wèi)星，故C正確；D．由聯(lián)立可得軌道距地面高度為故D錯(cuò)誤。故選C。7.目前科學(xué)家已經(jīng)能夠制備出能量量子數(shù)n較大的氫原子，已知?dú)湓拥趎能級(jí)的能量為，金屬鎢的逸出功為，如圖是按能量排列的電磁波譜，則（）A.紫外線波段的光子均不能使基態(tài)氫原子電離B.氫原子躍遷時(shí)可能會(huì)輻射X射線波段的光子C.足夠長(zhǎng)時(shí)間紅外線照射能使金屬鎢產(chǎn)生光電效應(yīng)D.可見光能使的氫原子失去一個(gè)電子變成氫離子【答案】D【解析】【詳解】A．基態(tài)氫原子具有的能量為若基態(tài)氫原子電離，則需要吸收的光子能量，由題圖可知紫外線波段中存在光子能量的光子，這些光子可以使基態(tài)氫原子電離，A錯(cuò)誤；B．氫原子躍遷時(shí)輻射的光子能量不超過(guò)13.6eV，由題圖可知，X射線的光子能量均大于13.6eV，故氫原子躍遷時(shí)不會(huì)輻射X射線波段的光子，B錯(cuò)誤；C．金屬鎢的逸出功為，由題圖可知，紅外線的光子能量小于，故不能讓金屬鎢產(chǎn)生光電效應(yīng)，C錯(cuò)誤；D．的氫原子能量為由題圖可知可見光的光子能量大于0.034eV，故可見光可以使的氫原子失去一個(gè)電子變成氫離子，D正確。故選D。8.某同學(xué)將半圓形透明磚平放在方格紙上，用激光筆將激光束垂直于AC面射入，可以看到光束從圓弧面ABC出射，緩慢平移激光束，在如圖所示位置時(shí)，出射光束恰好消失，則該透明磚材料的折射率為（）A.1.3B.1.4C.1.6D.1.9【答案】B【解析】【詳解】畫出激光束從玻璃磚射出時(shí)恰好發(fā)生全反射的光路圖如圖所示則由圖可得所以折射率為故選B。9.如圖所示，四根完全相同的均勻帶正電絕緣細(xì)棒，對(duì)稱放置在正方體的四條邊a、b、c、d上，O點(diǎn)為正方體的幾何中心，則（）A.正方體內(nèi)O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度最大B.若將a處的絕緣棒移去，則O點(diǎn)電勢(shì)升高C.若將b處的絕緣棒向O點(diǎn)靠近，則該棒電勢(shì)能增加D.若將c處的絕緣棒移去，則O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向垂直指向a【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)對(duì)稱性可知，四根完全相同的均勻帶電絕緣長(zhǎng)棒在O點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小均為E，且b處的絕緣棒和d處的絕緣棒由于對(duì)稱性，在O點(diǎn)產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)為0；故a處的絕緣棒與c處的絕緣棒在O點(diǎn)產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)也為0。所以O(shè)點(diǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度大小為零，故A錯(cuò)誤；B．電勢(shì)是標(biāo)量，若以無(wú)窮遠(yuǎn)處為電勢(shì)零點(diǎn)，四根帶正電的絕緣棒周圍的電勢(shì)均大于0，O點(diǎn)的電勢(shì)等于所有棒在O點(diǎn)激發(fā)的電勢(shì)的代數(shù)和，故移去a處的絕緣棒后O點(diǎn)的電勢(shì)減小，故B錯(cuò)誤；C．若將b處的絕緣棒向O點(diǎn)靠近，絕緣棒受到的電場(chǎng)力做負(fù)功，則該棒電勢(shì)能增加，故C正確；D．若將c處的絕緣棒移去，O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)可以認(rèn)為是由a處的絕緣棒單獨(dú)產(chǎn)生。a處的絕緣棒帶正電，且由對(duì)稱性可知，其在O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)應(yīng)垂直指向c。故D錯(cuò)誤。故選C。10.下列說(shuō)法正確的是（）A.液體分子永不停息的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)稱為布朗運(yùn)動(dòng)B.光經(jīng)過(guò)大頭針尖時(shí)影的輪廓模糊屬于干涉現(xiàn)象C.康普頓效應(yīng)中入射光子與電子碰撞發(fā)生散射后，波長(zhǎng)變大D.黑體輻射電磁波的強(qiáng)度只與黑體的本身材料有關(guān)，與溫度無(wú)關(guān)【答案】C【解析】【詳解】A．懸浮在液體中小微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)稱為布朗運(yùn)動(dòng)，不是液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．光經(jīng)過(guò)大頭針尖時(shí)影輪廓模糊屬于衍射現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤；C．康普頓效應(yīng)中入射光子與電子碰撞時(shí)，根據(jù)動(dòng)量守恒可知其動(dòng)量減少，根據(jù)可知光子散射后波長(zhǎng)邊變長(zhǎng)，故C正確；D．根據(jù)黑體輻射實(shí)驗(yàn)的規(guī)律可知，黑體輻射電磁波的強(qiáng)度只與黑體的溫度有關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選C。11.風(fēng)力發(fā)電將為2023年杭州亞運(yùn)會(huì)供應(yīng)綠色電能，其模型如圖所示。風(fēng)輪機(jī)葉片轉(zhuǎn)速m轉(zhuǎn)/秒，并形成半徑為r的圓面，通過(guò)轉(zhuǎn)速比的升速齒輪箱帶動(dòng)面積為S、匝數(shù)為N的發(fā)電機(jī)線圈高速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的交變電流經(jīng)過(guò)理想變壓器升壓后，輸出電壓為U。已知空氣密度為，風(fēng)速為v，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，忽略線圈電阻，則（）A.單位時(shí)間內(nèi)沖擊風(fēng)輪機(jī)葉片氣流的動(dòng)能為B.經(jīng)升壓變壓器后，輸出交變電流的頻率高于C.變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為D.高壓輸電有利于減少能量損失，因此電網(wǎng)的輸電電壓越高越好【答案】C【解析】【詳解】A．單位時(shí)間內(nèi)沖擊風(fēng)輪機(jī)葉片氣流的體積氣體質(zhì)量動(dòng)能故A錯(cuò)誤；B．發(fā)電機(jī)線圈轉(zhuǎn)速為mn，則頻率經(jīng)升壓變壓器后，輸出交變電流的頻率仍為，故B錯(cuò)誤；C．變壓器原線圈兩端電壓最大值有效值則變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為，故C正確；D．考慮到高壓輸電的安全性和可靠性，電網(wǎng)的輸電電壓并非越高越好，故D錯(cuò)誤。故選C。12.如圖所示為一地下電纜探測(cè)裝置，圓形金屬線圈可沿水平面不同方向運(yùn)動(dòng)，若水平地面下有一平行于y軸且通有恒定電流I的長(zhǎng)直導(dǎo)線，P、M和N為地面上的三點(diǎn)，線圈圓心P點(diǎn)位于導(dǎo)線正上方，平行于y軸，平行于x軸、關(guān)于導(dǎo)線上下對(duì)稱。則（）A.電流I在P、Q兩點(diǎn)產(chǎn)生磁感應(yīng)強(qiáng)度相同B.電流I在M、N兩點(diǎn)產(chǎn)生磁感應(yīng)強(qiáng)度大小C.線圈從P點(diǎn)勻速運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)過(guò)程中磁通量不變D.線圈沿y方向勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電流【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)安培定則，電流I在P處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度沿x軸負(fù)方向，在Q處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度沿x軸正方向，故A錯(cuò)誤；B．由于MN平行y軸，電流I也平行y軸，且M、N到長(zhǎng)直導(dǎo)線的距離相等，故B正確；C．電流I在P處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度沿x軸負(fù)方向，故線圈在P點(diǎn)的磁通量為零，電流I在N處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度斜向左下方，故線圈在N點(diǎn)的磁通量不為零，故線圈從P點(diǎn)到N點(diǎn)的過(guò)程中的磁通量發(fā)生了變化，故C錯(cuò)誤；D．線圈沿y方向運(yùn)動(dòng)，線圈始終在長(zhǎng)直導(dǎo)線的正上方，磁感應(yīng)強(qiáng)度始終沿x軸負(fù)方向，線圈中磁通量始終為零，故線圈中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D錯(cuò)誤。故選B。13.如圖所示，2022年長(zhǎng)江流域發(fā)生嚴(yán)重干旱災(zāi)害期間，農(nóng)民通過(guò)潛水泵抽取地下水灌溉農(nóng)田。已知潛水泵由電動(dòng)機(jī)、水泵、輸水鋼管組成，某地下水源距離地表6m深，安裝潛水泵時(shí)將一根輸水鋼管豎直打入地底下與地下水源連通，水泵出水口離地表高度為0.45m，水流由出水口水平噴出時(shí)的速度為4m/s，每秒出水量為3kg。水泵由功率為330W的電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)，已知電動(dòng)機(jī)額定電壓為220V，水泵的抽水效率為75%，水的密度為1.0×103kg/m3，則（）A.出水口鋼管橫截面積為2.5×10-3m2B.每秒內(nèi)水流機(jī)械能增加24JC.水泵的輸出功率為217.5WD.電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為【答案】D【解析】【詳解】A．設(shè)每秒出水量為m，根據(jù)題意有聯(lián)立解得故A錯(cuò)誤；B．以每秒出水量為研究對(duì)象，每秒內(nèi)水流機(jī)械能增加為解得故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)題意，水泵的輸出功率為故C錯(cuò)誤；D．對(duì)電動(dòng)機(jī)，有聯(lián)立可得故D正確。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題2分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得2分，選對(duì)但不全的得1分，有選錯(cuò)的得0分。）14.上世紀(jì)四十年代初，我國(guó)科學(xué)家王淦昌先生首先提出證明中微子存在的實(shí)驗(yàn)方案：如果靜止原子核俘獲核外K層電子e，可生成一個(gè)新原子核X，并放出中微子，即。根據(jù)核反應(yīng)后原子核X的動(dòng)能和動(dòng)量，可以間接測(cè)量中微子的能量和動(dòng)量，進(jìn)而確定中微子的存在，若原子核X的半衰期為，平均核子質(zhì)量大于，則（）A.X是B.X的比結(jié)合能小于C.中微子的能量由質(zhì)子數(shù)減少轉(zhuǎn)變而來(lái)D.再經(jīng)過(guò)，現(xiàn)有的原子核X全部衰變【答案】AB【解析】【詳解】A．根據(jù)題中核反應(yīng)方程，結(jié)合質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒可得X的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)分別為故A正確；B．X與質(zhì)量數(shù)相同，而X的平均核子質(zhì)量大于，根據(jù)質(zhì)能方程可知的結(jié)合能更大，由于二者核子數(shù)相同，都為7，因此的比結(jié)合能更大，故B正確；C．由核反應(yīng)方程可知，中微子的能量是一個(gè)質(zhì)子與一個(gè)電子結(jié)合轉(zhuǎn)變成一個(gè)中子而得到，故C錯(cuò)誤；D．經(jīng)過(guò)，只剩下現(xiàn)有的原子核X的未衰變，故D錯(cuò)誤。故選AB。15.一定量理想氣體經(jīng)歷狀態(tài)，其過(guò)程如圖上的兩條線段所示，則氣體（）A.對(duì)外做功值小于吸收的熱量B.在狀態(tài)b處的壓強(qiáng)小于狀態(tài)c處的壓強(qiáng)C.過(guò)程氣體分子的數(shù)密度一直變小D.過(guò)程每一個(gè)氣體分子的動(dòng)能都減小【答案】AC【解析】【詳解】A．由圖像可知，的過(guò)程氣體溫度升高，內(nèi)能增大，體積增大，則氣體對(duì)外做功，由熱力學(xué)第一定律可知，對(duì)外做功值小于吸收的熱量，故A正確；B．氣體狀態(tài)方程結(jié)合的過(guò)程中溫度降低體積增大，可知，壓強(qiáng)減小，既在狀態(tài)b處的壓強(qiáng)大于狀態(tài)c處的壓強(qiáng)，故B錯(cuò)誤；C．從的過(guò)程中，氣體體積一直增大，所以氣體分子的數(shù)密度一直變小，故C正確；D．過(guò)程中，溫度降低，氣體分子的平均動(dòng)能減小，但個(gè)別分子的動(dòng)能可能增大，故D錯(cuò)誤。故選AC。16.如圖所示，嘉興市某高中的兩位學(xué)生課外在研究簡(jiǎn)諧繩波的特點(diǎn)，、是處于繩波兩端的兩個(gè)波源，波源的振動(dòng)頻率均為f，振幅均為Y，某時(shí)刻發(fā)出的波恰好傳到c點(diǎn)，發(fā)出的波恰好傳到a點(diǎn)，圖中只畫出了此時(shí)刻兩列波在部分的疊加波形，間、間波形沒有畫出，已知a、b、c三點(diǎn)處于平衡位置，d點(diǎn)的平衡位置距離b點(diǎn)八分之一波長(zhǎng)，則（）A.d點(diǎn)的振幅為B.a、b、c三點(diǎn)是振動(dòng)減弱點(diǎn)C.再經(jīng)過(guò)時(shí)間，間的波形是一條直線D.再經(jīng)過(guò)時(shí)間，b處質(zhì)點(diǎn)距離平衡位置【答案】ABC【解析】【詳解】A．由題可知兩列波疊加之后繩上的最大振幅為，b點(diǎn)為振動(dòng)減弱點(diǎn)，而d點(diǎn)的平衡位置距離b點(diǎn)八分之一波長(zhǎng)，則d點(diǎn)的振幅為最大振幅的倍，即d點(diǎn)的振幅為，故A正確；BC．根據(jù)平移法可知，再經(jīng)過(guò)后，波形圖如圖所示：此時(shí)a、b、c均是波峰和波谷相遇，都是振動(dòng)減弱點(diǎn)，此時(shí)ac間所有質(zhì)點(diǎn)的位移都為零，波形圖為一條直線，故B、C正確；D．由上可知，a、b、c三點(diǎn)是振動(dòng)減弱點(diǎn)，則b處質(zhì)點(diǎn)一直處于平衡位置，故D錯(cuò)誤。故選ABC。非選擇題部分三、非選擇題（本題共6小題，共55分）17.小姚同學(xué)用如圖甲所示裝置做“探究加速度與力、質(zhì)量關(guān)系”實(shí)驗(yàn)。①關(guān)于此實(shí)驗(yàn)的下列說(shuō)法，正確的是__________。A．墊上木塊是為了更好地使小車加速下滑B．補(bǔ)償阻力時(shí)，應(yīng)使小車拖著紙帶但不掛槽碼C．應(yīng)調(diào)節(jié)滑輪高度使細(xì)線與小車軌道平行D．槽碼質(zhì)量應(yīng)該和小車質(zhì)量差不多，以減小相對(duì)阻力②圖乙為某次實(shí)驗(yàn)得到的紙帶，圖中相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未畫出，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器頻率為50Hz，則打下計(jì)數(shù)點(diǎn)4時(shí)小車的速度為__________m/s，由紙帶可得小車運(yùn)動(dòng)的加速度為__________。（以上均保留兩位有效數(shù)字）③根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)得到加速度與力的關(guān)系如圖丙中實(shí)線所示，則可知所掛槽碼質(zhì)量不應(yīng)超過(guò)__________（單選）。A.22gB.30gC.50g【答案】①.BC##CB②.0.28～0.32③.④.A【解析】【詳解】①[1]A．墊上木塊是為了平衡摩擦力，使小車所受合外力為繩子的拉力，故A錯(cuò)誤。B．補(bǔ)償阻力時(shí)，應(yīng)使小車拖著紙帶但不掛槽碼，能夠沿著木板勻速下滑，故B正確；C．應(yīng)調(diào)節(jié)滑輪高度使細(xì)線與小車軌道平行，從而使拉力即為小車的合外力，故C正確；D．應(yīng)使槽碼質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量，才可以將槽碼重力近似為小車的合外力，故D錯(cuò)誤。故選BC。②[2]由題意可得，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為則由圖可得打下計(jì)數(shù)點(diǎn)4時(shí)小車的速度為[3]由題可得加速度為③[4]由圖像得，當(dāng)時(shí)，a-F圖像不再是過(guò)原點(diǎn)的直線，則所掛槽碼質(zhì)量不應(yīng)超過(guò)故選A。18.小強(qiáng)同學(xué)用如圖所示裝置探究氣體等溫變化的規(guī)律。①他在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中注射器沒有完全豎直而是略微傾斜，則壓力表讀數(shù)______（單選）。A.偏大B.偏小C.沒有影響②下列實(shí)驗(yàn)操作，正確的有______（單選）。A.柱塞上應(yīng)該涂油以更好地密封氣體B.應(yīng)快速推拉柱塞以避免氣體與外界熱交換C.用手握住注射器推拉柱塞以使裝置更加穩(wěn)定【答案】①.C②.A【解析】【分析】理解氣體壓強(qiáng)的特點(diǎn)；熟悉正確的實(shí)驗(yàn)操作步驟。【詳解】①[1]壓力表測(cè)量的是注射器中氣體的壓強(qiáng)，同一個(gè)容器內(nèi)氣體壓強(qiáng)處處相等，所以實(shí)驗(yàn)過(guò)程中注射器沒有完全豎直對(duì)壓力的測(cè)量沒有影響，故C正確。故選C。②[2]A．柱塞上涂油是為了避免漏氣，即更好地密封氣體，故A正確；B．推拉柱塞時(shí)要緩慢進(jìn)行，讓氣體更好的與空氣進(jìn)行熱交換，避免引起氣體溫度的變化，故B錯(cuò)誤；C．用手握住注射器會(huì)改變注射器內(nèi)氣體的溫度，故C錯(cuò)誤。故選A。19.小剛同學(xué)欲探究如圖甲所示的一根螺旋形金屬絲的電阻特性。（1）他先用多用電表粗測(cè)其電阻。讀取數(shù)據(jù)時(shí)，多用電表?yè)跷缓椭羔樜恢萌鐖D乙所示，則對(duì)應(yīng)的讀數(shù)是__________Ω。（2）他設(shè)計(jì)電路進(jìn)一步精確測(cè)量，除已有電源（電動(dòng)勢(shì)3.0V，內(nèi)阻不計(jì)）、電壓表（量程0～3V，內(nèi)阻約3kΩ）、開關(guān)、導(dǎo)線若干外，還提供如下實(shí)驗(yàn)器材：A.電流表（量程0～0.6A，內(nèi)阻約0.1Ω）B.電流表（量程0～3.0A，內(nèi)阻約0.02Ω）C.滑動(dòng)變阻器（最大阻值10Ω，額定電流2A）D.滑動(dòng)變阻器（最大阻值1kΩ，額定電流0.5A）則實(shí)驗(yàn)中電流表和滑動(dòng)變阻器應(yīng)分別選用__________。（選填對(duì)應(yīng)的字母）（3）小剛測(cè)量金屬絲兩端的電壓U和電流I，得到多組數(shù)據(jù)，并在坐標(biāo)紙上標(biāo)出，如圖丙所示。請(qǐng)作出該金屬絲的U-I圖線（），并根據(jù)圖線得出該金屬絲電阻R=__________Ω（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。（4）小剛用電流傳感器測(cè)量通過(guò)該螺旋金屬絲的電流，電流隨時(shí)間變化的圖線如圖丁所示。由圖丁信息可知，在閉合開關(guān)的時(shí)刻t0，電流沒有發(fā)生突變，請(qǐng)簡(jiǎn)要作出解釋：____________________?！敬鸢浮竣?6.0##6②.AC③.④.5.7⑤.螺旋形金屬絲通電時(shí)產(chǎn)生自感現(xiàn)象，阻礙電流增大【解析】【詳解】（1）[1]歐姆表的讀數(shù)為指針讀數(shù)與倍率的乘積，所以圖中所測(cè)電阻值為（2）[2]假設(shè)讓電動(dòng)勢(shì)為3V的電源給約為6.0?的待測(cè)電阻供電，其最大電流約為0.5A，由此可知，電流表量程應(yīng)選0~0.6A，故電流表選A；[3]為了便于調(diào)節(jié)，測(cè)量準(zhǔn)確，滑動(dòng)變阻器的最大阻值應(yīng)與待測(cè)電阻阻值較為接近的，故滑動(dòng)變阻器選擇C。（3）[4]描點(diǎn)連線時(shí)，應(yīng)讓更多的點(diǎn)落在直線上，不在直線上的點(diǎn)分居于直線兩側(cè)，可以舍去一些偏差角大的點(diǎn)，待測(cè)電阻的U-I圖線如圖所示[5]圖線的斜率表示待測(cè)電阻的阻值，所以（4）[6]當(dāng)閉合開關(guān)時(shí)，螺旋金屬絲產(chǎn)生自感現(xiàn)象，阻礙電流增大，但不能阻止電流流過(guò)，所以在通電時(shí)電流由零逐漸增大到穩(wěn)定值。20.小吳同學(xué)在“用單擺測(cè)重力加速度”實(shí)驗(yàn)中①他的下列操作正確的有__________。A．?dāng)[球盡量選擇質(zhì)量大些、體積小些的B．?dāng)[線要選擇細(xì)些、伸縮性好的，并且適當(dāng)長(zhǎng)一些C．為了使擺的周期大一些，以方便測(cè)量，開始時(shí)拉開擺球，使擺角較大D．釋放擺球，從擺球經(jīng)過(guò)平衡位置開始計(jì)時(shí)，記下擺球做50次全振動(dòng)所用的時(shí)間t，則單擺周期②測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)，他采用了用刻度尺直接測(cè)量方法。實(shí)驗(yàn)中刻度尺、三角板和擺球的位置如圖所示，則測(cè)得的重力加速度g值__________。（選填“偏大”、“偏小”“沒有影響”）【答案】①.AD＃DA②.偏大【解析】【詳解】①[1]A．為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，擺球盡量選擇質(zhì)量大些、體積小些的，故A正確；B．為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，擺線要選擇細(xì)些、伸縮性小的，并且適當(dāng)長(zhǎng)一些，故B錯(cuò)誤；C．?dāng)[的周期大一些可以方便測(cè)量，但是擺角過(guò)大，會(huì)使擺球的擺動(dòng)不能看做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．釋放擺球，從擺球經(jīng)過(guò)平衡位置開始計(jì)時(shí)，記下擺球做50次全振動(dòng)所用的時(shí)間t，則單擺做一次全振動(dòng)的時(shí)間既周期為故D正確。故選AD；②[2]由可得圖中方法測(cè)得的擺長(zhǎng)偏大，所以測(cè)得的重力加速度g值偏大。21.如圖甲所示為小姚設(shè)計(jì)液體拉力測(cè)量?jī)x，一容積的導(dǎo)熱汽缸下接一圓管，質(zhì)量、橫截面積的活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞下端用輕繩懸掛一質(zhì)量的U形金屬細(xì)絲，剛好處于A位置，摩擦不計(jì)，外界大氣壓強(qiáng)，環(huán)境溫度保持不變，求：（1）活塞處于A位置時(shí)，汽缸中的氣體壓強(qiáng)；（2）如圖乙所示，將金屬絲部分浸入液體中，緩慢升起汽缸，使金屬絲在液體中上升但未脫離，活塞穩(wěn)定于B位置，已知A、B距離，求液體對(duì)金屬絲拉力F的大小；（3）金屬絲拉出液體后要維持活塞的最低位置B，氣缸向上運(yùn)動(dòng)的加速度大小?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）由活塞受力平衡得代入數(shù)據(jù)得（2）當(dāng)活塞在B位置時(shí)，汽缸內(nèi)壓強(qiáng)為，氣體溫度不變，根據(jù)等溫變化得代入數(shù)據(jù)解得由平衡方程得解得（3）由牛頓第二定律可得解得22.如圖所示，某游樂(lè)場(chǎng)游樂(lè)裝置由豎直面內(nèi)軌道組成，左側(cè)為半徑的光滑圓弧軌道，軌道上端點(diǎn)B和圓心O的連線與水平方向的夾角a，下端點(diǎn)與粗糙水平軌道相切，為傾角的粗糙傾斜軌道，一輕質(zhì)彈簧上端固定在E點(diǎn)處的擋板上?，F(xiàn)有質(zhì)量為的小滑塊P（視為質(zhì)點(diǎn)）從空中的A點(diǎn)以的初速度水平向左拋出，經(jīng)過(guò)后恰好從B點(diǎn)沿軌道切線方向進(jìn)入軌道，沿著圓弧軌道運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)之后繼續(xù)沿水平軌道滑動(dòng)，經(jīng)過(guò)D點(diǎn)后沿傾斜軌道向上運(yùn)動(dòng)至F點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），彈簧恰好壓縮至最短，已知，滑塊與軌道、間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，各軌道均平滑連接，不計(jì)其余阻力，。求：（1）連線與水平方向的夾角的大??；（2）小滑塊P到達(dá)與O點(diǎn)等高的點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力；（3）彈簧的彈性勢(shì)能的最大值；（4）試判斷滑塊返回時(shí)能否從B點(diǎn)離開，若能，求出飛出時(shí)對(duì)B點(diǎn)壓力大小；若不能，判斷滑塊最后位于何處?！敬鸢浮浚?）；（2），方向向左；（3）；（4）能，【解析】【詳解】（1）滑塊恰好從B點(diǎn)進(jìn)入軌道有平拋運(yùn)動(dòng)可知解得（2）由由動(dòng)能定理可知解得經(jīng)過(guò)點(diǎn)時(shí)受軌道的支持力大小，有解得由牛頓第三定律可得滑塊在點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小，方向向左（3）設(shè)從B到F有代入數(shù)據(jù)可解得（4）設(shè)滑塊返回時(shí)能上升的高度為h運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)：解得有牛頓第三定律可知對(duì)B點(diǎn)的壓力為23.如圖所示，電阻為2r、半徑為R的單匝圓形導(dǎo)體線圈兩端與導(dǎo)軌、相連，處于豎直向下磁場(chǎng)中，其磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化規(guī)律為：，其中、為已知量。、、是三根材質(zhì)和粗細(xì)相同的勻質(zhì)金屬棒，的長(zhǎng)度為3d、電阻為3r、質(zhì)量為m。導(dǎo)軌與平行且間距為d，導(dǎo)軌與平行且間距為3d，和的長(zhǎng)度相同且與、的夾角均為30°。區(qū)域Ⅰ和區(qū)域Ⅱ是兩個(gè)相鄰的邊長(zhǎng)均為L(zhǎng)的正方形區(qū)域，區(qū)域Ⅰ中存在豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。時(shí)間內(nèi)，水平外力使棒在區(qū)域Ⅰ中某位置保持靜止，且其兩端分別與導(dǎo)軌與對(duì)齊。其余導(dǎo)體電阻均不計(jì)，導(dǎo)軌均固定于水平面內(nèi)，不計(jì)一切摩擦。（1）和內(nèi)，分別比較棒兩端的電勢(shì)高低，并分別求使棒保持靜止的水平外力F大??；（2）在以后的某時(shí)刻，撤去右側(cè)圓形磁場(chǎng)，若區(qū)域Ⅰ內(nèi)的磁場(chǎng)在外力作用下全