2018屆高考物理二輪復(fù)習(xí)(江蘇專用)專題一~專題三

上篇

THEFIRSTPART

專題提升突破

緊扣最新考綱，

劍指高考熱點(diǎn)，

找出一輪短板，

突破弱點(diǎn)重點(diǎn)；

整合知識體系，

規(guī)范審題步驟，?聚焦高考真題

提煉解題模板，——體驗(yàn)高考真題，研析命題趨勢，明確備考方向

提升解題技能.口突破熱點(diǎn)考向

鎖定高考熱點(diǎn)，精練典型考題，掌握解題技法

◎多維拓展變通

——實(shí)現(xiàn)用題遷移，發(fā)散多角變通，拓展思維能力

@指導(dǎo)滿分答題

——點(diǎn)撥破題策略，規(guī)范答題模式，速效沖刺滿分

專題一力與運(yùn)動(dòng)

第1講力與物體的平衡

聚焦高考真題I體齡真膚明考向,

1.（2016?江蘇單科,1）一輕質(zhì)彈簧原長為8cm,在4N的拉力作用下伸長了2cm,

彈簧未超出彈性限度，則該彈簧的勁度系數(shù)為（）

A.40m/NB.40N/mC.200m/ND.200N/m

解析由胡克定律得勁度系數(shù)左=與=200切01,D項(xiàng)對。

答案D

2.（2015?江蘇單科，4）如圖1所示，用天平測量勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度。下列

各選項(xiàng)所示的載流線圈匝數(shù)相同，邊長相等，將它們分別掛在天平的右臂下

方。線圈中通有大小相同的電流，天平處于平衡狀態(tài)。若磁場發(fā)生微小變化，天

平最容易失去平衡的是（）

解析天平處于平衡狀態(tài)，說明線圈受到的重力和安培力的合力等于兩側(cè)祛碼重

力差，根據(jù)安培力公式知處于磁場中的導(dǎo)體受安培力作用的有效長度越

長，所受安培力越大，磁場發(fā)生微小變化，安培力變化越大，天平越容易失去平

衡，由圖知選項(xiàng)A中導(dǎo)體的有效長度最大，所以A正確。

答案A

3.(2014?江蘇單科，13)如圖2所示，在勻強(qiáng)磁場中有一傾斜的平行金屬導(dǎo)軌，

導(dǎo)軌間距為3長為3d,導(dǎo)軌平面與水平面的夾角為仇在導(dǎo)軌的中部刷有一段

長為d的薄絕緣涂層。勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8,方向與導(dǎo)軌平面垂直。

質(zhì)量為帆的導(dǎo)體棒從導(dǎo)軌的頂端由靜止釋放，在滑上涂層之前已經(jīng)做勻速運(yùn)動(dòng),

并一直勻速滑到導(dǎo)軌底端。導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直，且僅與涂層間有摩擦，接在

兩導(dǎo)軌間的電阻為對其他部分的電阻均不計(jì)，重力加速度為g。求：

圖2

(1)導(dǎo)體棒與涂層間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃；

(2)導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小O；

(3)整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，電阻產(chǎn)生的焦耳熱。。

解析(1)在絕緣涂層上運(yùn)動(dòng)時(shí)，受力平衡：

則有mgsine=〃mgcos6?

解得"=tan6?

(2)在光滑導(dǎo)軌上勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為E=BLv?

F

則電路中的感應(yīng)電流/=四

導(dǎo)體棒所受安培力E安=8〃⑤

且由平衡條件得T7安=〃吆卻11。⑥

聯(lián)立③?⑥式，解得。=嚼加@

(3)從開始下滑到滑至底端由能量守恒定律得：

3/wgdsin⑧

又由因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能Qf="mgdcos0?

聯(lián)立⑧⑨解得0=2加gdsin芻浣:11。⑩

箸案(l)tane(2)為不

"%2火飛足28

(3)2〃?gdsin。

［考情分析］

201420152016

T13：受力平衡，法拉T4：安培力作用下的平

力與平衡問題第電磁感應(yīng)定律，能量衡問題T1：胡克定律

守恒定律T14(l)：力的平衡

力的合成與分解、共點(diǎn)力的平衡是高考中的熱點(diǎn)，主要考查對共點(diǎn)力作用下物體

的受力分析以及平衡條件的應(yīng)用。以選擇題形式呈現(xiàn)，難度相對較低，命題突出

受力分析、力的合成與分解方法的考查，也常將受力分析與牛頓運(yùn)動(dòng)定律、功能

關(guān)系進(jìn)行綜合，題型為計(jì)算題。

I突破熱點(diǎn)考郵熱點(diǎn)突破提技能

wn單個(gè)物體的平衡

［規(guī)律方法］

i.靜態(tài)平衡問題：應(yīng)先分析物體的受力情況，再根據(jù)平衡條件列出相應(yīng)方程,

解方程并對結(jié)果進(jìn)行討論。

2.動(dòng)態(tài)平衡問題

研究對象

受三力而處

于動(dòng)態(tài)平衡

的物體.

3.求解共點(diǎn)力平衡問題常用的方法

(1)力的合成法：對研究對象受力分析后，應(yīng)用平行四邊形定則(或三角形定則)

求合力的方法。力的合成法常用于僅受三個(gè)共點(diǎn)力作用且保持平衡。

(2)正交分解法：把物體受到的各力都分解到互相垂直的兩個(gè)方向上，然后分別

列出兩個(gè)方向上合力為零的方程并求解。當(dāng)物體受四個(gè)及四個(gè)以上共點(diǎn)力作用而

平衡時(shí)，一般采用正交分解法。

(3)圖解法：對研究對象進(jìn)行受力分析，再根據(jù)平行四邊形定則或三角形定則畫

出不同狀態(tài)下力的矢量圖(畫在同一個(gè)圖中)，然后根據(jù)有向線段(表示力)的長度

變化情況判斷各個(gè)力的變化情況。

用圖解法分析動(dòng)態(tài)平衡問題時(shí)要在矢量三角形中確定不變的量和改變的量。

［精典題組］

1.（2016?全國卷n,14）質(zhì)量為機(jī)的物體用輕繩懸掛于天花板上。用水平向

左的力尸緩慢拉動(dòng)繩的中點(diǎn)O,如圖3所示。用T表示繩04段拉力的大小，在

。點(diǎn)向左移動(dòng)的過程中（）

A.尸逐漸變大，T逐漸變大

B.b逐漸變大，T逐漸變小

C.尸逐漸變小，T逐漸變大

D.b逐漸變小，T逐漸變小

解析對。點(diǎn)受力分析如圖所示，F(xiàn)與T的變化情況如圖，由圖可知在。點(diǎn)向

左移動(dòng)的過程中，尸逐漸變大，T逐漸變大，故選項(xiàng)A正確。

答案A

2.（2016?揚(yáng)州二模）如圖4所示，位于固定的傾角為。=45。的粗糙斜面上的小物

塊尸，受到一沿斜面向上的拉力E沿斜面勻速上滑?，F(xiàn)把力/的方向變?yōu)樨Q直

向上而大小不變，仍能使物塊P沿斜面保持原來的速度勻速運(yùn)動(dòng)，則物塊與斜

面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為（）

B.ju=y[2

2

C.〃=啦-1D.〃=啦+1

解析由題可知，拉力/方向沿斜面向上時(shí)，物塊處于平衡狀態(tài)，對其受力分

析，F(xiàn)=wgsin450+Mmgcos45°；把拉力E的方向變?yōu)樨Q直向上時(shí)，由物塊仍沿

斜面保持原來的速度勻速運(yùn)動(dòng)可知尸=機(jī)8。所以有mgsm45°+//wjgcos45°—mg,

解得〃=啦-1,選項(xiàng)C正確。

答案C

3.（2016?沐陽中學(xué)）將一光滑輕桿固定在地面上，桿與地面間夾角為仇一光滑

輕環(huán)套在桿上。一個(gè)大小和質(zhì)量都不計(jì)的滑輪用輕繩OP懸掛在天花板上，用另

一輕繩通過滑輪系在輕環(huán)上，用手拉住輕繩另一端并使OP恰好在豎直方向，如

圖5所示?，F(xiàn)水平向右拉繩，當(dāng)輕環(huán)重新靜止不動(dòng)時(shí)，OP繩與天花板之間的夾

角為（）

圖5

n

A.90°B.45°C.9D.45°+^

解析由題意可知，當(dāng)輕環(huán)重新靜止不動(dòng)時(shí)，環(huán)受繩子的拉力F,重力mg,輕

桿對其彈力N三個(gè)力作用，處于靜止?fàn)顟B(tài)；此時(shí)，定滑輪尸受。尸繩拉力、和

繩子水平拉力尸、滑輪尸與環(huán)間繩子拉力/作用，處于靜止?fàn)顟B(tài)，如圖所示：設(shè)

此時(shí)OP繩與天花板之間的夾角為a,由幾何知識和力的合成與分解，可得a=

90。一尸=45。+1故D正確，A、B、C錯(cuò)誤。

答案D

酊皿2|多個(gè)物體的平衡

［規(guī)律方法］

1.受力分析時(shí)的“兩點(diǎn)注意”

(1)在分析兩個(gè)或兩個(gè)以上物體間的相互作用時(shí)，一般采用整體法與隔離法進(jìn)行

分析。

(2)當(dāng)直接分析一個(gè)物體的受力不方便時(shí)，可轉(zhuǎn)移研究對象，先分析另一個(gè)物體

的受力，再根據(jù)牛頓第三定律分析該物體的受力，此法叫“轉(zhuǎn)移研究對象法”。

2.處理平衡問題的基本思路

內(nèi)力與外力

確定平研究對象受力分析

衡狀態(tài)卜受力平衡的判斷待求作

系統(tǒng)外力:整體法

用力是內(nèi)力

?=0物體或系統(tǒng)系統(tǒng)內(nèi)力：隔離法

還是外力

I合成法IF介=0|

一

解

答

4

置

畫出力的矢景圖.確

定力的變化及極值

［精典題組］

1.(多選)如圖6所示，甲、乙兩物體用壓縮的輕質(zhì)彈簧連接靜置于傾角為。的粗

糙斜面體上，斜面體始終保持靜止，則下列判斷正確的是()

A.物體甲一定受到4個(gè)力的作用

B.物體甲所受的摩擦力方向一定沿斜面向下

C.物體乙所受的摩擦力不可能為零

D.水平面對斜面體無摩擦力作用

解析若彈簧對甲向上的彈力大小恰好等于〃…gsin。,則甲只受三個(gè)力作用，A、

B錯(cuò)誤；因彈簧對乙有沿斜面向下的彈力，乙的重力也有沿斜面向下的分力，故

乙一定具有向下運(yùn)動(dòng)的趨勢，乙一定受沿斜面向上的摩擦力作用，C正確；對甲、

乙和斜面整體受力分析，由水平方向合力為零可得，水平面對斜面體無摩擦力作

用，D正確。

答案CD

2.將一橫截面為扇形的物體8放在水平面上，一小滑塊/放在物體B上，如圖

7所示，除了物體8與水平面間的摩擦力之外，其余接觸面的摩擦力均可忽略不

計(jì)，已知物體8的質(zhì)量為滑塊/的質(zhì)量為相，當(dāng)整個(gè)裝置靜止時(shí)，滑塊/

與物體8接觸的一面與豎直擋板之間的夾角為仇已知重力加速度為g,則下列

選項(xiàng)正確的是()

A.物體8對水平面的壓力大小為朋’g

B.物體3受水平面的摩擦力大小為加gtan。

C.滑塊N與豎直擋板之間的彈力大小為施

D.滑塊4對物體8的壓力大小為黑

解析以滑塊A為研究對象進(jìn)行受力分析，并運(yùn)用合成法，如圖所示，由幾何

知識得，擋板對滑塊4的彈力大小為樂|=器，C正確；物體3對滑塊/的彈

力大小為外2=普，根據(jù)牛頓第三定律，滑塊2對物體8的壓力大小為煞，

D錯(cuò)誤；以滑塊4和物體3組成的系統(tǒng)為研究對象，在豎直方向上受力平衡，

則水平面對物體8的支持力FN=(Af+w)g,故水平面所受壓力大小為(A/+/w)g,

A錯(cuò)誤；4和3組成的系統(tǒng)在水平方向上受力平衡，則水平面對物體3的摩擦力

大小為6=F‘NI=百高，B錯(cuò)誤。

答案c

3.（多選）如圖8所示，用一段繩子把輕質(zhì)滑輪吊裝在工點(diǎn)，一根輕繩跨過滑輪，

繩的一端拴在井中的水桶上，人用力拉繩的另一端，滑輪中心為。點(diǎn)，人所拉

繩子與的夾角為夕，拉水桶的繩子與的夾角為呢人拉繩沿水平面向左

運(yùn)動(dòng)，把井中質(zhì)量為機(jī)的水桶勻速提上來，人的質(zhì)量為M，重力加速度為g,在

此過程中，以下說法正確的是（）

A.a始終等于4

B.吊裝滑輪的繩子上的拉力逐漸變大

C.地面對人的摩擦力逐漸變大

D.地面對人的支持力逐漸變大

解析水桶勻速上升，拉水桶的輕繩中的拉力T始終等于加g,對滑輪受力分析

如圖甲所示，垂直于0A方向有Tsina=Tsin夕，所以a=0,沿OA方向有F=Tcos

a+Tcos夕=2Tcosa,人向左運(yùn)動(dòng)的過程中a+4變大，所以a和4均變大，吊裝

滑輪的繩子上的拉力產(chǎn)變小，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；對人受力分析如圖乙所示，

8=a+夕逐漸變大，水平方向有/=7sin仇地面對人的摩擦力逐漸變大，豎直方

向有FN+TCOS。=朋￡,地面對人的支持力FN=%—7cos。逐漸變大，選項(xiàng)C、

D正確。

\Mg

乙

答案ACD

電磁場中的平衡問題

［規(guī)律方法］

1.帶電體的平衡問題仍然滿足平衡條件，只是要注意準(zhǔn)確分析場力——電場力、

安培力或洛倫茲力。

2.處理電學(xué)中平衡問題的方法：

與純力學(xué)問題的分析方法一樣，學(xué)會(huì)把電學(xué)問題力學(xué)化。

選取研究對象|之造“整體法”或“隔離法”

多了電場力E=Eq或安培力歹=3〃

受力分析|

f或洛倫茲力

列平衡方程一%=0或涇=0,Fy=0

［精典題組］

1.（2016?南京二模）均勻帶正電的薄圓盤的右側(cè)，用絕緣細(xì)線/、8懸掛一根水

平通電直導(dǎo)線仍，電流方向由。到從導(dǎo)線平行于圓盤平面?，F(xiàn)圓盤繞過圓心的

水平軸沿如圖9所示方向勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，細(xì)線仍然豎直，與圓盤靜止時(shí)相比，下列說

法正確的是（）

A.細(xì)線所受彈力變小

B.細(xì)線所受彈力不變

C.細(xì)線所受彈力變大

D.若改變圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)方向，細(xì)線所受彈力變大

解析圓盤靜止時(shí)，通電直導(dǎo)線受到豎直向上的彈力和豎直向下的重力，兩者等

大反向，合力為零。當(dāng)圓盤勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)右手螺旋定則，圓盤產(chǎn)生水平向右

的磁場，根據(jù)左手定則，通電直導(dǎo)線受到方向向下的安培力，故細(xì)線所受的彈力

變大，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤，C正確；若改變圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)方向，通電直導(dǎo)線受到的安培

力方向向上，細(xì)線所受的彈力變小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

答案C

2.（多選）（2016?鹽城三模）某老師用圖10所示裝置探究庫侖力與電荷量的關(guān)系。/、

B是可視為點(diǎn)電荷的兩帶電小球,用絕緣細(xì)線將A懸掛，實(shí)驗(yàn)中在改變電荷量時(shí),

移動(dòng)8并保持48連線與細(xì)線垂直。用。和q表示Z、8的電荷量，d表示4、

8間的距離，不是很?。┍硎炯?xì)線與豎直方向的夾角，x表示“偏離。點(diǎn)的水

平距離。實(shí)驗(yàn)中（）

A.d應(yīng)保持不變

B.3的位置在同一圓弧上

C.x與電荷量乘積。q成正比

D.tan。與/、8間庫侖力成正比

解析因此實(shí)驗(yàn)要探究庫侖力與電荷量的關(guān)系，故兩電荷間距d應(yīng)保持不變，選

項(xiàng)A正確；因要保持/、8連線與細(xì)線垂直且距離總保持d不變，故8的位

置在同一圓弧上，選項(xiàng)B正確；對Z球由平衡知識可知/庫=mgsin仇即呼=

Y

m定,可知x與電荷量乘積。q成正比，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。

答案ABC

3.如圖11所示，將長為50cm、質(zhì)量為10g的均勻金屬棒的兩端用兩只相同

的彈簧懸掛成水平狀態(tài)，位于垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場中。當(dāng)金屬棒中通以

0.4A的電流時(shí)，彈簧恰好不伸長。g=10m/s2o

圖11

(1)求勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大??；

(2)當(dāng)金屬棒中通過大小為0.2A、方向由a到b的電流時(shí)，彈簧伸長1cm0如果

電流方向由6到訪而電流大小不變，則彈簧伸長又是多少？

解析(1)彈簧恰好不伸長時(shí)，棒受到向上的安培力8〃和向下的重力加g大

小相等，即

BIL=mg

解得8=方=0.51

(2)當(dāng)金屬棒中通過大小為0.2A、方向由a向b的電流時(shí)，ab棒受到兩只彈簧向

上的拉力2h1及向上的安培力8//和向下的重力/Mg作用，處于平衡狀態(tài)。根

據(jù)平衡條件有2kx\+BhL=mg

當(dāng)電流反向后，ah棒在兩個(gè)彈簧向上的拉力2人乃及向下的安培力BI2L和重力

加g作用下處于平衡狀態(tài)。根據(jù)平衡條件有

2kxi=nig+BI2L

mg+BIL

聯(lián)立解得x=2

2^Fwx,=3cm

答案(1)0.5T(2)3cm

多維拓展變通I；-題多變拓思維

高頻考點(diǎn)一整體法與隔離法的綜合應(yīng)用

［解題方略］解題中的''一題多變”是通過轉(zhuǎn)化題目中的條件和所求問題，生成

多道不同的、新的題目。此項(xiàng)練習(xí)能使同學(xué)們觸類旁通，更加熟練地掌握解題方

法，培養(yǎng)靈活解題的能力，同時(shí)訓(xùn)練同學(xué)們思維的變通性和邏輯性，能開拓思維

的廣度和深度，提升同學(xué)們的解題推理能力。

【典例】如圖12所示，兩段等長細(xì)線串接著兩個(gè)質(zhì)量相等的小球a、b,并懸

掛于。點(diǎn)?，F(xiàn)在兩個(gè)小球上分別加上水平方向的外力，其中作用在力球上的力

為R作用在。球上的力為2足則此裝置平衡時(shí)的位置可能是下列圖中的（）

可''

"0

解析對b球受力分析，設(shè)拉b球的細(xì)線與豎直方向的夾角為仇其受力圖如圖

甲所示，由圖可得tan。=焉。對a、b兩球整體受力分析，可知A不可能；設(shè)

拉。球的細(xì)線與豎直方向的夾角為a,小球a、力整體受力圖如圖乙所示，由圖

可得tana=￡,所以。>a；由圖可知，B圖中6=a,C圖中6>a,D圖中。

<a,故C圖可能，B、D圖不可能。

答案C

變式1改變物體的受力情況

如圖13所示，兩段等長絕緣細(xì)線將質(zhì)量分別為2m、m的小球AB懸掛在O點(diǎn),

小球A8分別帶有+曲和一夕的電荷量，不考慮4、8兩小球之間的作用力，

當(dāng)系統(tǒng)處于水平向右的勻強(qiáng)電場中并靜止時(shí)，可能出現(xiàn)的狀態(tài)應(yīng)是（）

0

A0+W

圖13

1////2///

0O/.

/1

/>+4,/Ad：+*/

Bd-q

?

ABCD

解析（解題方法同典例）

將典例中的力學(xué)情境變?yōu)殡妼W(xué)情境，將所加的外力變?yōu)殡妶隽Α?球：tan。

=《，對/、8兩小球整體tana=驍，所以有a=。，D圖正確。

mg5mg

答案D

變式2改變物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)

如圖所示，車廂里懸掛著兩個(gè)質(zhì)量分別為加卜〃力的小球（下面球的質(zhì)量為如），

當(dāng)車廂向右做勻加速運(yùn)動(dòng)（空氣阻力不計(jì)），達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)，下列各圖中正確的

是（）

解析將典例中小球由平衡狀態(tài)變?yōu)閯蚣铀龠\(yùn)動(dòng)狀態(tài)。對下面的小球受力分析，

設(shè)拉下面小球的細(xì)線與水平方向的夾角為其受力圖如圖甲所示，由圖可得tan

。=器=務(wù)對兩球整體受力分析，設(shè)拉上面小球的細(xì)線與水平方向的夾角為a,

受力圖如圖乙所示，由圖可得tan。=戶抖了=?,所以。=a,故選項(xiàng)B正

（加］十加2）aa

確。

叫4，v

（叫+mjg

甲乙

答案B

變式3改變物體所處的情境

如圖14所示，有三根長度皆為/=1.0m的不可伸長的絕緣輕線，其中兩根的一

端固定在天花板上的。點(diǎn)，另一端分別掛有質(zhì)量均為掰=1.0義102kg的帶電小

球〃和8,它們的電荷量分別為一q和+q,q=1.0X10-7C。4、8之間用第三

根線連接起來?？臻g存在大小為E=LOXI()6N/C的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)方向水平向

右。平衡時(shí)4、8兩球的位置如圖所示。現(xiàn)將。、8之間的線燒斷，由于空氣阻

力，A,B球最后會(huì)達(dá)到新的平衡位置。則最后兩球的機(jī)械能與電勢能的總和與

燒斷前相比改變了(不計(jì)兩帶電小球間相互作用的靜電力)()

圖14

A.減小6.8XKT?jB.增加6.8XIO-2J

C.減小9.8XIO-jD.增加9.8X10-j

解析由上面的分析可知，將。、6之間的線燒斷后，A,8球最后達(dá)到的平衡

位置如圖甲所示，對8球受力分析，受力圖如圖乙所示。

tana=^=l,?=45°0與原來位置相比，/球的重力勢能減少了EA=mgl(\—sm

60°),8球的重力勢能減少了EB=mg/(l—sin600+cos45°),Z球的電勢能增加

了WA=qElcos600,8球的電勢能減少了WB=qEl(sin450-sin30°),兩種勢能總

和減少了代入數(shù)據(jù)解得%=6.8X10-2j,即最后兩球的

機(jī)械能與電勢能的總和與燒斷前相比減少了%=6.8X10-2J。故選項(xiàng)A正確。

答案A

I提升訓(xùn)練I

一、單項(xiàng)選擇題

1.如圖1所示，一豎直放置的大圓環(huán)，在其水平直徑上的/、8兩端系著一根不

可伸長的柔軟輕繩，繩上套有一光滑小鐵環(huán)?，F(xiàn)將大圓環(huán)在豎直平面內(nèi)繞。點(diǎn)

順時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)過一個(gè)微小角度，則關(guān)于輕繩對46兩點(diǎn)拉力巳、出的變化情

況，下列說法正確的是（）

圖1

A.乙變小，心變小B.B變大，&變大

C.用變大，出變小D."變小，F(xiàn)B變大

解析柔軟輕繩上套有光滑小鐵環(huán)，兩側(cè)輕繩中拉力相等。將大圓環(huán)在豎直平面

內(nèi)繞0點(diǎn)順時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)過一個(gè)微小角度，/、3兩點(diǎn)之間的水平距離減小，光滑

小鐵環(huán)兩側(cè)輕繩間夾角2a減小，由2Fcosa=mg可知，輕繩中拉力b減小，輕

繩對4、8兩點(diǎn)的拉力K和a都變小，選項(xiàng)A正確。

答案A

2.如圖2所示，一光滑小球靜置在光滑半球面上，被豎直放置的光滑擋板擋住,

現(xiàn)水平向右緩慢地移動(dòng)擋板，則在小球運(yùn)動(dòng)的過程中（該過程小球未脫離球面且

球面始終靜止），擋板對小球的推力R半球面對小球的支持力外的變化情況是

（）

A.F增大,人減小B.尸增大，尺增大

C.E減小，入減小D.F減小,尸N增大

解析某時(shí)刻小球的受力如圖所示，設(shè)小球與半球面的球心連線跟豎直方向的夾

角為a,則尸=Mgtana,尺=懸＞隨著擋板向右移動(dòng)，a越來越大，則夕和

COb（X

尺都要增大。

答案B

3.如圖3所示，絕緣水平桌面上放置一長直導(dǎo)線a,導(dǎo)線。的正上方某處放置

另一長直導(dǎo)線6,兩導(dǎo)線中均通以垂直紙面向里的恒定電流。現(xiàn)將導(dǎo)線b向右平

移一小段距離，若導(dǎo)線。始終保持靜止，則（）

a/

圖3

A.導(dǎo)線b受到的安培力方向始終豎直向下

B.導(dǎo)線b受到的安培力逐漸減小

C.導(dǎo)線〃對桌面的壓力減小

D.導(dǎo)線。對桌面的摩擦力方向水平向左

解析導(dǎo)線6均處在對方產(chǎn)生的磁場中，故兩導(dǎo)線均會(huì)受到安培力作用，由

“同向電流相互吸引，異向電流相互排斥”可知，當(dāng)導(dǎo)線b未移動(dòng)時(shí)，其受到的

安培力方向豎直向下指向?qū)Ь€a,當(dāng)導(dǎo)線6向右平移一小段距離后，導(dǎo)線6受到

的安培力仍會(huì)指向?qū)Ь€a,選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由于導(dǎo)線a、b之間的距離增大而導(dǎo)線

中的電流不變，故兩導(dǎo)線之間的相互作用力減小（安培力/=8〃），選項(xiàng)B正確；

導(dǎo)線匕向右平移后導(dǎo)線。的受力情況如圖所示，由于導(dǎo)線a始終在桌面上保持靜

止，所以有RN=G—Esin8,因?yàn)榘才嗔減小，sin。減小，所以桌面對導(dǎo)線“

的支持力增大，由牛頓第三定律可知，導(dǎo)線a對桌面的壓力增大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

由圖可知，桌面對導(dǎo)線a的靜摩擦力方向水平向左，故導(dǎo)線a對桌面的摩擦力方

向水平向右，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

效

&/F

G

答案B

4.如圖4所示，粗糙水平地面上的長方體物塊將一重為G的光滑圓球抵在光滑

豎直的墻壁上，現(xiàn)用水平向右的拉力F緩慢拉動(dòng)長方體物塊，在圓球與地面接

觸之前，下面的相關(guān)判斷正確的是（）

圖4

A.球?qū)Ρ诘膲毫χ饾u減小

B.水平拉力R逐漸減小

C.地面對長方體物塊的摩擦力逐漸增大

D.地面對長方體物塊的支持力逐漸增大

解析對球進(jìn)行受力分析，如圖甲所示。

FN1=Gtan0,仆2=忌。當(dāng)長方體物塊向右運(yùn)動(dòng)中，。增大，入卜入2均增大，

CObC7

由牛頓第三定律知，球?qū)Ρ诘膲毫χ饾u增大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；圓球?qū)ξ飰K的壓

力在豎直方向的分力FN2'COSe=G等于重力，在拉動(dòng)長方體物塊向右運(yùn)動(dòng)的過程

中，對物塊受力分析如圖乙所示，物塊與地面之間的壓力FN=GI+FN2'C0S0=

Gi+G不變，滑動(dòng)摩擦力/=〃尺不變，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；又由于圓球?qū)ξ飰K的壓力

在水平方向的分力FN2'sin。逐漸增大，所以水平拉力EN2'sin。逐漸減小，

選項(xiàng)B正確；由于物塊與地面之間的壓力不變，由牛頓第三定律可知，地面對

物塊的支持力不變，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

答案B

二、多項(xiàng)選擇題

5.如圖5所示，一個(gè)半球形的碗固定在桌面上，碗口水平，。點(diǎn)為其球心，碗

的內(nèi)表面及碗口是光滑的。一根細(xì)線跨在碗口上，線的兩端分別系有質(zhì)量分別為

叫和機(jī)2的小球幺、B。當(dāng)它們處于平衡狀態(tài)時(shí)，碗內(nèi)的細(xì)線與水平方向的夾角

為60。，小球8位于水平地面上，設(shè)此時(shí)半球形的碗對Z的彈力為R小球8對

地面的壓力大小為外，細(xì)線的拉力大小為T,則下列說法中正確的是（）

圖5

7

A.FN=（加2一〃?i）gB.7N=m2g—3加ig

C.T=0D.F=^-m}g

解析分析小球/的受力情況，由平衡條件可得，細(xì)線的拉力T=F,Esin60°

+Tsin600=wig,解得/=/=￥加出，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確；分析小球8的受

力情況，由平衡條件可得T+RN=機(jī)喏，即比一￥加過，故A錯(cuò)誤，B正

確。

答案BD

6.（2016?安徽皖南八校二次聯(lián)考）如圖6所示，三角形N8C是固定在水平面上

的三棱柱的橫截面，ZA=30°,Z5=37°,。處有光滑小滑輪，質(zhì)量分別為如、

m2的兩物塊通過細(xì)線跨放在AC面和8c面上，且均恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，已知

ZC面光滑，物塊2與面間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.5,最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩

擦力，則兩物塊的質(zhì)量比如：加2可能是（）

c

4B

圖6

A.1：3B.3：5C.5：3D.2：1

解析物塊1受重力如g、細(xì)線拉力T和斜面支持力尸N作用處于平衡狀態(tài)，則

7=加igsin30°,物塊2受重力機(jī)娉、細(xì)線拉力T、斜面支持力尺’及摩擦力號作

用處于平衡狀態(tài)，當(dāng)加1較大時(shí)，最大靜摩擦力方向沿斜面向下，此時(shí)有7=加喏sin

37。+〃加2gcos37。，即需=2;當(dāng)m較小時(shí)，最大靜摩擦力方向沿斜面向上，此

時(shí)有7=〃?喏5足37°—〃加2非0537°,即食=予所以檢W2。

答案BCD

7.如圖7所示，一根通電的導(dǎo)體棒放在傾斜的粗糙斜面上，置于圖示方向的勻

強(qiáng)磁場中，處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)增大電流，導(dǎo)體棒仍靜止，則在增大電流過程中，

導(dǎo)體棒受到的摩擦力的大小變化情況可能是（）

B

圖7

A.一直增大B.先減小后增大

C.先增大后減小D.始終為零

解析若產(chǎn)安V〃?gsina,因安培力方向向上，則摩擦力方向向上，當(dāng)E安增大時(shí),

E阜減小到零，再向下增大，B項(xiàng)對，C、D項(xiàng)錯(cuò)；若F安＞〃?gsina,摩擦力方向

向下，隨產(chǎn)安增大而一直增大，A項(xiàng)對。

答案AB

8.如圖8所示，帶電物體產(chǎn)、?？梢暈辄c(diǎn)電荷，電荷量相同。傾角為0、質(zhì)量為

M的斜面體放在粗糙水平面上，將質(zhì)量為〃？的物體P放在粗糙的斜面體上。當(dāng)

物體Q放在與P等高（P0連線水平）且與物體P相距為r的右側(cè)位置時(shí)，P靜止

且受斜面體的摩擦力為0,斜面體保持靜止，靜電力常量為左，則下列說法正確

的是（）

A.P、。所市電荷量為—

B.P對斜面的壓力為0

C.斜面體受到地面的摩擦力為0

D.斜面體對地面的壓力為（M+m）g

解析設(shè)P、。所帶電荷量為g,對物體P受力分析如圖所示，受到水平向左的

庫侖力E=巧、豎直向下的重力/Mg、支持力入，由平衡條件可得tan。=春，

解得4='年赤°,選項(xiàng)A正確；斜面對尸的支持力產(chǎn)N=mgcosO+Ain仇

由牛頓第三定律可知，尸對斜面的壓力為FN,n/Mgcos夕+Esin仇選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

對尸和斜面體整體受力分析，可知水平方向受到。對尸向左的庫侖力F=出和

地面對斜面體水平向右的摩擦力，由平衡條件可知，斜面體受到水平向右的摩擦

2

力大小為/=巧，選項(xiàng)c錯(cuò)誤；對P和斜面體整體受力分析，豎直方向受到豎直

向下的重力(M+〃)g和水平面的支持力，由平衡條件可得，水平面支持力等于(〃

+m)g,根據(jù)牛頓第三定律，斜面體對地面的壓力大小為("+掰)g,選項(xiàng)D正確。

答案AD

9.如圖9所示，用兩根完全相同的橡皮筋M、N將兩個(gè)質(zhì)量均為加=1kg的可

視為質(zhì)點(diǎn)的小球4、8拴接在一起，并懸掛在水平天花板上，在小球/上施加一

水平向左的恒力尸，當(dāng)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，橡皮筋〃與豎直方向的夾角為60。。

假設(shè)兩橡皮筋的勁度系數(shù)均為左=5N/cm,且始終處在彈性限度以內(nèi)，重力加速

度取g=10m/s2。則()

A.橡皮筋M的伸長量為4cm

B.橡皮筋N的伸長量為2cm

C.水平恒力的大小為1即N

D.如果將水平恒力撤去，則小球8的瞬時(shí)加速度為零

解析先對小球3進(jìn)行受力分析，小球3受重力mg和橡皮筋N的拉力為，根

據(jù)平衡條件，有~=/Hg=10N,又解得橡皮筋N的伸長量川=*=2

cm,選項(xiàng)B正確；再將小球/、8看成一個(gè)整體，整體受重力2機(jī)g、水平恒力產(chǎn)

和橡皮筋M的拉力F2,如圖所示，根據(jù)平衡條件，有尸=2加gtan60。=2小mg

=2(h/3N,選項(xiàng)C錯(cuò)誤；橡皮筋M的彈力/2=京相=4mg=40N,根據(jù)胡克

定律有出="”，解得橡皮筋”的伸長量.=9=8cm,選項(xiàng)A錯(cuò)誤；小球8

受重力和橡皮筋N的拉力，撤去水平恒力的瞬間，小球8的重力和橡皮筋N的

拉力都不變，故小球仍處于平衡狀態(tài)，加速度為零，選項(xiàng)D正確。

答案BD

三'計(jì)算題

10.如圖10所示，一質(zhì)量為M=2kg的鐵塊套在傾斜放置的桿上，桿與水平方

向的夾角〃=60。，一輕繩一端連在鐵塊上，一端連在一質(zhì)量為m=1kg的小球

上，一水平力F作用在小球上，連接鐵塊與球的輕繩與桿垂直，鐵塊和球都處

于靜止?fàn)顟B(tài)。(g取10mH)求：

圖10

(1)拉力b的大??；

(2)桿對鐵塊的摩擦力的大小。

解析(1)對8球受力分析如圖所示。

根據(jù)力的平衡F=mgtan0

解得/=105N

(2)由于繩對鐵塊的拉力垂直于桿，且鐵塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，因此鐵塊受到的摩擦

力等于鐵塊的重力沿斜面向下的分力，即F尸朋gsin。

N

答案(l)l(h/3N(2)10A/3N

11.如圖11所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間的距離d=1.0m,導(dǎo)軌所在平面與水平面

之間的夾角為。=53。，在導(dǎo)軌所在的空間內(nèi)分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8=1.5T,

方向垂直于導(dǎo)軌所在平面向上的勻強(qiáng)磁場，導(dǎo)軌的一端接有電動(dòng)勢E=6.0V,內(nèi)

阻r—1.0C的直流電源?，F(xiàn)將質(zhì)量m—OSkg,電阻7?=3.0。，長度為1.0m

的導(dǎo)體棒仍垂直導(dǎo)軌放置，開關(guān)S接通后導(dǎo)體棒剛好能保持靜止。已知電路中

定值電阻Ro=6.OQ,重力加速度g=Om/s2,sin53°=0.8,cos53°=0.6,導(dǎo)體

棒受到的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，求：

(1)導(dǎo)體棒中通過的電流大小；

(2)導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)。

解析(1)由電路知識可知，導(dǎo)體棒與定值電阻取并聯(lián)后接在電源兩端，設(shè)電路

中的總電阻為火總，則有R總=方空'+r,代入數(shù)據(jù)可得R總=3C,由閉合電路

F

歐姆定律可知，電路中的總電流/=j=2A,導(dǎo)體棒附兩端的電壓為〃/,=?-

。，代入數(shù)據(jù)可得。M=4V,所以流經(jīng)導(dǎo)體棒的電流4=華=方A。

(2)對導(dǎo)體棒進(jìn)行受力分析如圖所示。設(shè)導(dǎo)軌對導(dǎo)體棒的支持力大小為外，摩擦

力大小為外導(dǎo)體棒受到的安培力大小為尸。由題意可知，導(dǎo)體棒中的電流方向

為b-a,由左手定則可知，導(dǎo)體棒受到的安培力沿導(dǎo)軌所在的平面向上，其大

小F=Bkd,代入數(shù)據(jù)有產(chǎn)=2N,又因?yàn)橹亓ρ貙?dǎo)軌所在的平面向下的分量為

mgsin53°=4N,所以可判斷出此時(shí)的摩擦力方向一定沿導(dǎo)軌所在的平面向上，

且大小為上帆gsin53。一個(gè)即6=2N,又產(chǎn)尸刖geos53。，代入數(shù)據(jù)解得〃=

2

答案(講A(2)|

12.（2016?全國卷I,24）如圖12,兩固定的絕緣斜面傾角均為仇上沿相連。

兩細(xì)金屬棒"（僅標(biāo)出a端）和cd（僅標(biāo)出c端）長度均為L,質(zhì)量分別為2m和m；

用兩根不可伸長的柔軟輕導(dǎo)線將它們連成閉合回路abdca,并通過固定在斜面上

沿的兩光滑絕緣小定滑輪跨放在斜面上，使兩金屬棒水平。右斜面上存在勻強(qiáng)磁

場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為5,方向垂直于斜面向上，已知兩根導(dǎo)線剛好不在磁場中，

回路電阻為幾兩金屬棒與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為〃，重力加速度大小為g,

已知金屬棒“b勻速下滑。求

（1）作用在金屬棒ah上的安培力的大小；

（2）金屬棒運(yùn)動(dòng)速度的大小。

解析（1）由于。b、cd棒被平行于斜面的導(dǎo)線相連，故“b、c"速度總是大小相等,

cd也做勻速直線運(yùn)動(dòng)。設(shè)兩導(dǎo)線上拉力的大小為T,右斜面對棒的支持力的

大小為尸NI,作用在棒上的安培力的大小為E,左斜面對〃棒的支持力大小

為FN2。對于仍棒，受力分析如圖甲所示，由力的平衡條件得

甲乙

2加gsinO=fiF^\+T+b①

FNi=2mgcos。②

對于cd棒，受力分析如圖乙所示，由力的平衡條件得

mgsin

FN2=^gCOS0?

聯(lián)立①②③④式得：

F=/Mg（sin。-3〃cos。）⑤

（2）設(shè)金屬棒運(yùn)動(dòng)速度大小為°,棒上的感應(yīng)電動(dòng)勢為

E=BLv?

F

回路中電流

安培力F=BIL⑧

聯(lián)立⑤⑥⑦⑧得:

r=(sin3//cos

答案(1)mg(sin3/zcos夕)

(2)(sin。-3〃cos

第2講力與直線運(yùn)動(dòng)

喋焦高考真題體驗(yàn)真題明考向

1.（2016?江蘇單科，5）小球從一定高度處由靜止下落，與地面碰撞后回到原高

度再次下落，重復(fù)上述運(yùn)動(dòng)，取小球的落地點(diǎn)為原點(diǎn)建立坐標(biāo)系，豎直向上為正

方向。下列速度。和位置x的關(guān)系圖象中，能描述該過程的是（）

解析由題意知在運(yùn)動(dòng)過程中小球機(jī)械能守恒，設(shè)機(jī)械能為E,小球離地面高度

為X時(shí)速度為0,則有加gx+1m02=E,可變形為*=—或+言，由此方程可知

圖線為開口向左、頂點(diǎn)在（毒，0）的拋物線，故選項(xiàng)A正確。

答案A

2.（多選）（2016?江蘇單科，9）如圖1所示，一只貓?jiān)谧肋吤偷貙⒆啦紡聂~缸下拉

出，魚缸最終沒有滑出桌面，若魚缸、桌布、桌面兩兩之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均相等,

則在上述過程中（）

圖1

A.桌布對魚缸摩擦力的方向向左

B.魚缸在桌布上的滑動(dòng)時(shí)間和在桌面上的相等

C.若貓?jiān)龃罄?，魚缸受到的摩擦力將增大

D.若貓減小拉力，魚缸有可能滑出桌面

解析桌布對魚缸摩擦力的方向向右，A項(xiàng)錯(cuò)誤；各接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃,

魚缸的質(zhì)量為in,由牛頓第二定律可得魚缸在桌布和桌面上滑動(dòng)的加速度大小相

同，均為a=〃g,魚缸離開桌布時(shí)的速度為。，則魚缸在桌布上和在桌面上滑動(dòng)

7）

時(shí)間均為/=晟，B項(xiàng)正確；貓?jiān)龃罄r(shí)，魚缸受到的摩擦為不變，C

項(xiàng)錯(cuò)；若貓減小拉力，魚缸在桌布上加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間變長，離開桌布時(shí)的速度0

增大，加速運(yùn)動(dòng)的位移增大，且魚缸在桌面上減速滑行的位移X2

小

=3元也增大，則魚缸有可能滑出桌面，D項(xiàng)對。

答案BD

3.（2015?江蘇單科，5）如圖2所示，某“闖關(guān)游戲”的筆直通道上每隔8m設(shè)

有一個(gè)關(guān)卡，各關(guān)卡同步放行和關(guān)閉，放行和關(guān)閉的時(shí)間分別為5s和2s。關(guān)卡

剛放行時(shí)，一同學(xué)立即在關(guān)卡1處以加速度2m/s2由靜止加速到2m/s,然后勻

速向前，則最先擋住他前進(jìn)的關(guān)卡是（）

關(guān)卡1關(guān)卡2關(guān)卡3關(guān)卡4關(guān)卡5

IIIIjh

8m8m8m8m

圖2

A.關(guān)卡2B.關(guān)卡3C.關(guān)卡4D.關(guān)卡5

-V

解析由題意知，該同學(xué)先加速后勻速，速度增大到2m/s用時(shí)人=々=1s,在

加速時(shí)間內(nèi)通過的位移xi=%d=lm,及=4s,X2="2=8m,已過關(guān)卡2,/3=

2s時(shí)間內(nèi)X3=4m,關(guān)卡打開，〃=5s,x4=^4=10m,此時(shí)關(guān)卡關(guān)閉，距離關(guān)

卡4還有1m,到達(dá)關(guān)卡4還需f5=0.5s,小于2s,所以最先擋住他前進(jìn)的是關(guān)

卡4,故C正確。

答案C

4.（多選）（2015?江蘇單科，6）一人乘電梯上樓，在豎直上升過程中加速度。隨時(shí)

間t變化的圖線如圖3所示，以豎直向上為。的正方向，則人對電梯的壓力（）

圖3

A.f=2s時(shí)最大B.f=2s時(shí)最小

C./=8.5s時(shí)最大D.7=8.5s時(shí)最小

解析由題圖知，在上升過程中，在0?4s內(nèi)，加速度方向向上，F(xiàn)^-mg=ma,

所以向上的加速度越大，電梯對人的支持力就越大，由牛頓第三定律可知，人對

電梯的壓力就越大，故A正確，B錯(cuò)誤；由題圖知，在7?10s內(nèi)加速度方向向

下，由加g—樂=加。知，向下的加速度越大，人對電梯的壓力就越小，故C錯(cuò)

誤，D正確。

答案AD

5.（2014?江蘇單科，5）一汽車從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，然后剎車做勻減

速直線運(yùn)動(dòng)，直到停止。下列速度。和位移x的關(guān)系圖象中，能描述該過程的是

（）

解析由勻加速直線運(yùn)動(dòng)速度與位移的關(guān)系：。2=2四羽可知0—X圖象應(yīng)為開口

向x軸正方向的拋物線的一部分，故C、D錯(cuò)；當(dāng)汽車做勻減速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，由

2

逆向思維法可得v=2a2x,即v—x圖象應(yīng)為開口向x軸負(fù)方向的拋物線的一部

分，故A正確，B錯(cuò)誤。

答案A

6.（多選）（2014江蘇單科,8）如圖4所示，48兩物塊的質(zhì)量分別為2加和%

靜止疊放在水平地面上。AB間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，8與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)

為

最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g。現(xiàn)對/施加一水平拉力R

則（）

圖4

A.當(dāng)尸<2wng時(shí)，4、B都相對地面靜止

B.當(dāng)F=^tmg時(shí)，A的加速度為

C.當(dāng)加g時(shí)，/相對8滑動(dòng)

D.無論尸為何值，8的加速度不會(huì)超過5g

解析4、8間的滑動(dòng)摩擦力力=2〃加g,8與地面間的滑動(dòng)摩擦力為%=；〃（2加

33

+m）g=2^ng,因此當(dāng)于加gvFC/Mg時(shí)，8與地面發(fā)生相對滑動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

3

設(shè)4、8間剛好發(fā)生相對滑動(dòng)時(shí)，拉力為凡），則對物塊8有2pmg—出加g=m的，

1上3

則ao=5〃g,把力、8看作整體，有F—3img=3mao,得尸=3〃叫，即當(dāng)F>3〃加g

時(shí)，/相對8滑動(dòng)，C正確；A,3間發(fā)生相對滑動(dòng)后，8的加速度總為三/g不變，

53

D正確；當(dāng)尸=呼〃這時(shí)，〃、B一起運(yùn)動(dòng),則對4、3整體有：F—3img=3ma",

解得〃=g〃g,B正確。

答案BCD

［考情分析］

201420152016

T5：自由下落和豎

T5：勻變速直線運(yùn)動(dòng)T5：勻變速直線運(yùn)動(dòng)

力與直直上拋

的v-t圖象T6：牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)

線運(yùn)動(dòng)T6：勻變速直線運(yùn)

T8：牛頓運(yùn)動(dòng)定律用

動(dòng)，牛頓第二定律

高考對力與直線運(yùn)動(dòng)考查的內(nèi)容主要有：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律及運(yùn)動(dòng)圖象問

題；行車安全問題；物體在傳送帶（或平板車）上的運(yùn)動(dòng)問題；題型既有選擇題（為

主）又有計(jì)算題，題目新穎，與生活實(shí)際聯(lián)系密切，試題大多綜合牛頓運(yùn)動(dòng)定律、

受力分析、運(yùn)動(dòng)過程分析等內(nèi)容。

突破熱點(diǎn)考向熱點(diǎn)突破提技能

考向H運(yùn)動(dòng)圖象的理解及應(yīng)用

［規(guī)律方法］

圖象、情境、規(guī)律是解決圖象問題不可分割的三個(gè)要素，要把物理規(guī)律和物理圖

象相結(jié)合。利用圖象解題時(shí)一定要從圖象的縱、橫坐標(biāo)軸所代表的物理量及兩個(gè)

物理量間的函數(shù)關(guān)系，圖線中的“點(diǎn)”、“線”、“斜率”、“截距”和“面積”等方

面尋找解題的突破口。解決此類問題的一般思路

遑逋）~＞明確圖象是工-，圖象還是，