2021屆山東省高考物理模擬試卷(含答案解析)

2021屆山東省高考物理模擬試卷

一、單選題（本大題共9小題，共28.0分）

1.由上海航天局聯(lián)合國(guó)內(nèi)數(shù)家科研機(jī)構(gòu)研制的月球車(chē)，是我國(guó)探月工程中的重要部分。月球車(chē)進(jìn)

入休眠期時(shí)可采用同位素Piz238電池為其保暖供電。Pu238是人工放射性元素，可用弱痣7Np吸

收一個(gè)中子得到。P&238衰變時(shí)只放出a射線，其半衰期為88年。下列說(shuō)法正確的是（）

A.Np237轉(zhuǎn)變成Pa238的核反應(yīng)方程為猙Np+^nr探Pu+^e

B.a衰變是原子核中的一個(gè)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子

C.若有4個(gè)P“238原子核，經(jīng)過(guò)88年一定只剩下2個(gè)Pu238原子核

D.在月球環(huán)境下Pa238的半衰期可能會(huì)發(fā)生變化

2.如圖所示是沿x軸正向傳播的一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波形，波速yian

為2m/s,圖中％=4m處的質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖應(yīng)是下圖中的哪個(gè)（）

3.壓敏電阻的阻值會(huì)隨所受壓力的增大而減小，一同學(xué)利用壓敏電阻設(shè)計(jì)了判斷升降機(jī)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)

的裝置，如圖甲所示，將壓敏電阻平放在升降機(jī)內(nèi)，受壓面朝上，在上面放一物體機(jī)，升降機(jī)

靜止時(shí)電流表示數(shù)為/（）,某過(guò)程中電流表的示數(shù)如圖乙所示，則在此過(guò)程中（）

C.升降機(jī)一定向上做勻加速運(yùn)動(dòng)D.升降機(jī)可能向下做勻減速運(yùn)動(dòng)

4.如圖所示為初速度為沿直線運(yùn)動(dòng)的物體的速度圖象，其末速度為力,在

時(shí)間t內(nèi)，物體的平均速度9和加速度。是（）

Yr

A.萬(wàn)〉誓，4隨時(shí)間減小

B.亍=等，a恒定

C.?。际?，a隨時(shí)間減小

D.無(wú)法確定

5.圖甲是小型交流發(fā)電機(jī)的示意圖，兩磁極N、S間的磁場(chǎng)可視為水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，為交流電

流表。線圈繞垂直于磁場(chǎng)的水平軸。0'沿逆時(shí)針?lè)较騽蛩俎D(zhuǎn)動(dòng)，從圖甲所示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，產(chǎn)生

的交變電流隨時(shí)間變化的圖象如圖乙所示。下列說(shuō)法正確的是（）

甲乙

A.電流表的示數(shù)為204

B.線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為50?rrad/s

C.t=0.01s時(shí)，穿過(guò)線圈的磁通量為零

D.t=0.02s時(shí)，線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直

6.如圖所示電路中，電源有內(nèi)阻，氏=2.80,R2=1.8/2,當(dāng)開(kāi)關(guān)扳到

位置1時(shí)，電壓表示數(shù)為5.6乙當(dāng)開(kāi)關(guān)扳到位置2時(shí)，電壓表示數(shù)可能

為（）

A.5.4V

B.5.67

C.3.0K

D.3.6K

降落

7.如圖所示是某航天飛船返回艙返回地面的示意圖，假定其過(guò)程可簡(jiǎn)化為：w/

打開(kāi)降落傘一段時(shí)間后，整個(gè)裝置勻速下降，為確保安全著陸，需點(diǎn)燃返

回艙的緩沖火箭，在火箭噴氣過(guò)程中返回艙做減速直線運(yùn)動(dòng)，則（）返回艙

A.返回艙在噴氣過(guò)程中所受合外力可能與運(yùn)動(dòng)方向相同短冷火簫

B.返回艙在噴氣過(guò)程中艙內(nèi)的宇航員處于失重狀態(tài)

C.火箭開(kāi)始噴氣瞬間傘繩對(duì)返回艙的拉力不變

D.返回艙在噴氣過(guò)程中減速的主要原因是緩沖火箭噴氣而獲得向上的反沖作用力

8.如圖甲所示，質(zhì)量為m=11kg的木塊靜止在水平面上，現(xiàn)用與水平面成。=37。角的力F拉著木

塊運(yùn)動(dòng),5s后撤去拉力，木塊運(yùn)動(dòng)的u-t圖象如圖乙所示，不計(jì)空氣阻力,sin37o=0.6,cos37o=

0.8,g=10m/s2,則下列說(shuō)法正確的是（）

A.木塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.25

B.拉力產(chǎn)的大小為70N

C.在0.7S內(nèi)，木塊克服摩擦力做功為1400/

D.在2s時(shí)，拉力F的瞬時(shí)功率為2801V

9.在某電視臺(tái)觀看“蹦極”節(jié)目。簡(jiǎn)化如圖，一根彈性橡皮繩一端系于跳臺(tái)，另一端系于蹦極者

身上，不計(jì)空氣阻力。跳極者從開(kāi)始下落到最低點(diǎn)的過(guò)程中。下列說(shuō)法正確的是（）

A.蹦極者的機(jī)械能不變

B.蹦極者下落至橡皮繩原長(zhǎng)位置時(shí)動(dòng)能最大

C.蹦極者下落至最低點(diǎn)時(shí)橡皮繩的彈性勢(shì)能最大

D.蹦極者重力勢(shì)能與橡皮繩彈性勢(shì)能之和不變

二、多選題（本大題共3小題，共12.0分）

10.一電子經(jīng)過(guò)電場(chǎng)中的4、B兩點(diǎn)，電子在4點(diǎn)電勢(shì)能為4.8xICT"/,動(dòng)能為3.2xIO-"/,經(jīng)過(guò)p

點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能為6.4x10-17）,如果只考慮電子受電場(chǎng)力作用，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.電子在B點(diǎn)動(dòng)能為1.6xIO-。/

B.電子從4到B電場(chǎng)力做功為100匹

C.4點(diǎn)電勢(shì)低于B點(diǎn)電勢(shì)

D.A、B兩點(diǎn)電勢(shì)差為1001/

11.如圖所示，兩束單色光a、b分別照射到玻璃三棱鏡4c面上，穿過(guò)三棱

鏡后互相平行，則（）

A.a光頻率高、

B.b光頻率高

C.a光穿過(guò)棱鏡的時(shí)間短

D.b光穿過(guò)棱鏡的時(shí)間短

12.木衛(wèi)一是最靠近木星的衛(wèi)星，丹麥天文學(xué)家羅邁早在十七世紀(jì)通過(guò)對(duì)木二J二

衛(wèi)一的觀測(cè)測(cè)出了光速.他測(cè)量了木衛(wèi)一繞木星的運(yùn)動(dòng)周期T和通過(guò)木富用木衛(wèi)_

星影區(qū)的時(shí)間t.若已知木星的半徑R和萬(wàn)有引力恒量G,T遠(yuǎn)小于木星繞一：'.、一/一一

太陽(yáng)的運(yùn)行周期，根據(jù)以上條件可以求出（）

A.木星的密度

B.木衛(wèi)一的密度

C.木衛(wèi)一繞木星運(yùn)動(dòng)的向心加速度大小

D.木衛(wèi)一表面的重力加速度大小

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共14.0分）

13.某同學(xué)設(shè)計(jì)的“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，實(shí)驗(yàn)中認(rèn)為細(xì)繩對(duì)小

車(chē)?yán)等于所掛砂和砂桶的總重力，小車(chē)的加速度a利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測(cè)得。

（1）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的有

A.實(shí)驗(yàn)時(shí)必須先接通電源再釋放小車(chē)

員小車(chē)的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于砂和砂桶的總質(zhì)量

C.實(shí)驗(yàn)前應(yīng)調(diào)節(jié)滑輪高度，使滑輪和小車(chē)間的細(xì)線與木板平行

D平衡摩擦力時(shí)，掛上砂和砂桶，將木板右端適當(dāng)墊高，使小車(chē)恰好勻速下滑

（2）圖乙為實(shí)驗(yàn)中得到的一條紙帶的一部分，0、1、2、3、4為計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)打

點(diǎn)末畫(huà)出。交變電流的頻率為50Hz,從紙帶上測(cè)出X]=6.00cm,x2=6.87cm,x3=7.75cm,

/=8.64cm。則紙帶的（填“左”或“右”）端與小車(chē)相連，小車(chē)運(yùn)動(dòng)的加速度大小為

m/s2.（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）

（3）探究合力一定，物體加速度與質(zhì)量關(guān)系時(shí)，在小車(chē)上依次放置祛碼，多次測(cè)量小車(chē)的加速度a,

繪制的圖象如圖所示，圖中ni為小車(chē)上所放祛碼的質(zhì)量，圖線斜率為k,縱軸截距為b則小車(chē)受

到的拉力尸=，小車(chē)質(zhì)量M-。

14.如圖所示為實(shí)驗(yàn)室常用的兩個(gè)量程的電壓表原理圖.當(dāng)使用。、4兩接線柱——冬]

時(shí)，量程為3V；當(dāng)使用。、B兩接線柱時(shí)，量程為15V.已知電流計(jì)的內(nèi)電阻——A——

Rg=500。，滿偏電流b=100“求分壓電阻&和/?2的阻值.a:

15V3V?

四、計(jì)算題（本大題共4小題，共46.0分）

15.如圖所示，在光滑水平地面上有一固定的擋板，擋板上固定一個(gè)輕彈簧?，F(xiàn)有一質(zhì)量M=3kg,

長(zhǎng)L=4m的小車(chē)4B（其中。為小車(chē)的中點(diǎn)，力。部分粗糙，OB部分光滑），一質(zhì)量為m=1kg的小

物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），放在車(chē)的最左端，車(chē)和小物塊一起以%=4m/s的速度在水平面上向右勻速

運(yùn)動(dòng)，車(chē)撞到擋板后瞬間速度變?yōu)榱?，但未與擋板粘連。已知車(chē)OB部分的長(zhǎng)度大于彈簧的自然

長(zhǎng)度，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，小物塊與車(chē)4。部分之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為4=0.3,重力加速度

g=lOui/sZ.求：

（1）小物塊和彈簧相互作用的過(guò)程中，彈簧具有的最大彈性勢(shì)能;

（2）小物塊和彈簧相互作用的過(guò)程中，彈簧對(duì)小物塊的沖量；

（3）小物塊最終停在小車(chē)上的位置距4端多遠(yuǎn)。

AW/VWWVg

16.如圖為某種步槍子彈的結(jié)構(gòu)示意圖，容積為V=2.24mL的火藥倉(cāng)裝滿火藥，擊發(fā)子彈時(shí)火藥瞬

間完成完全燃燒，產(chǎn)生的燃?xì)庥衝=0.04mol,此時(shí)燃?xì)饨^對(duì)溫度為72=870（7。為（TC時(shí)的絕對(duì)

溫度），燃?xì)饪梢暈槔硐霘怏w，若的任何氣體在溫度為T(mén)。、壓強(qiáng)為po（p0為標(biāo)準(zhǔn)大氣壓）時(shí)體

積均為％=22.4L.求：

（I）擊發(fā)子彈時(shí)燃?xì)猱a(chǎn)生的壓強(qiáng)為多少？（用po為單位，下同）

(n)擊發(fā)后彈頭進(jìn)入槍管，最后從槍口射出時(shí)燃?xì)獾臏囟葹?7°,若槍管容積為槍管有膛線造

成一點(diǎn)漏氣，彈頭射出槍口時(shí)彈倉(cāng)和槍管中只保留了剛擊發(fā)時(shí)90%的燃?xì)夥肿?，求彈頭射出槍

口時(shí)燃?xì)猱a(chǎn)生的壓強(qiáng)為多少？(用Po為單位)

彈殼

17.如圖所示，是檢測(cè)單匝線框是否合格(完全閉合)的部分裝置示意圖，被檢測(cè)單匝金屬線框隨傳

送帶以相同的速度U從左向右勻速運(yùn)動(dòng)，通過(guò)觀察線框進(jìn)入一固定勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域后是否相對(duì)傳送

帶滑動(dòng)就能夠檢測(cè)出線框是否合格.已知固定磁場(chǎng)區(qū)域邊界MN、PQ與傳送帶運(yùn)動(dòng)方向垂直,MN

與PQ間的距離為d,磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,方向垂直于傳送帶平面向下.被檢測(cè)的正方形

金屬線框abef的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)(L<d),質(zhì)量為M，電阻為R,線框與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，當(dāng)

地的重力加速度為g,線框的ab邊從磁場(chǎng)邊界MN進(jìn)入磁場(chǎng)，當(dāng)線框的ab邊經(jīng)過(guò)邊界PQ時(shí)又恰

好與傳送帶的速度u相同，設(shè)傳送帶足夠長(zhǎng)，且線框在傳送帶上始終保持ab邊平行于磁場(chǎng)邊界,

求：

(1)線框的右側(cè)邊ab剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)所屬安培力的大?。?/p>

(2)大致畫(huà)出線框從進(jìn)入到離開(kāi)磁場(chǎng)后一段時(shí)間內(nèi)可能的一種u-t圖象;

(2)求整個(gè)過(guò)程中線框中產(chǎn)生的焦耳熱.

18.人、G為相互平行的足夠長(zhǎng)光滑導(dǎo)軌，位于光滑水平面內(nèi).一個(gè)略長(zhǎng)于導(dǎo)軌間距，質(zhì)量為M的

光滑絕緣細(xì)管與導(dǎo)軌垂直放置，細(xì)管可在兩導(dǎo)軌上左右平動(dòng).細(xì)管內(nèi)有一質(zhì)量為小、帶電量為+q

的小球，小球與L導(dǎo)軌的距離為d.開(kāi)始時(shí)小球相對(duì)細(xì)管速度為零，細(xì)管在外力作用下從Pi位置以

速度火向右勻速運(yùn)動(dòng).垂直平面向里和向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)/、口分別分布在人軌道兩側(cè)，如圖所示，

磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為8.小球視為質(zhì)點(diǎn)，忽略小球電量變化.

(1)當(dāng)細(xì)管運(yùn)動(dòng)到L1軌道上P2處時(shí)，小球飛出細(xì)管，求此時(shí)小球的速度大??；

(2)小球經(jīng)磁場(chǎng)II第一次回到刀軌道上的位置為。，求。和Pz間的距離；

(3)小球回到刀軌道上。處時(shí)，細(xì)管在外力控制下也剛好以速度必經(jīng)過(guò)。點(diǎn)處，小球恰好進(jìn)入細(xì)管.此

時(shí)撤去作用于細(xì)管的外力.以。點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，沿G軌道和垂直于人軌道建立直角坐標(biāo)系，如圖

所示，求小球和細(xì)管速度相同時(shí)，小球的位置(此時(shí)小球未從管中飛出).

XXX?XXXXX

X”XXXXXX

XXXXXXXXXX

參考答案及解析

1.答案：A

解析：解：根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒及核電荷數(shù)守恒，弱星7Np得到品8Pa的核反應(yīng)方程式為：

H7Np+lnPu+^e.P“238衰變時(shí)只放出a射線，其衰變方程式為：H8Pu->^4U+^He.

A、根據(jù)核反應(yīng)方程式知，中子被Np237吸收后，轉(zhuǎn)變?yōu)镻u238時(shí)，將放出電子，故4正確；

8、根據(jù)Pu238的a衰變方程知，衰變時(shí)并不是中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子，故B錯(cuò)誤；

C、半衰期適用于大量原子核，故C錯(cuò)誤；

。、原子核衰變不會(huì)受外界因素影響而變化，故。錯(cuò)誤。

故選：Ao

根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒及核電荷數(shù)守恒，寫(xiě)出弱朗7Np得到至8Pa的核反應(yīng)方程式及PU238衰變方程式；在

S衰變中，一個(gè)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子；半衰期適用于大量原子核；原子核衰變不會(huì)受外界

因素影響而變化。

本題考查了核反應(yīng)方程式的書(shū)寫(xiě)、原子核衰變等知識(shí)點(diǎn)，根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒及核電荷數(shù)守恒寫(xiě)出核反

應(yīng)方程式是解決本題的關(guān)犍，掌握a與￡衰變的區(qū)別，注意半衰期的適用條件與特征。

2.答案：A

解析：解：由波動(dòng)圖象讀出波長(zhǎng)2=4m,由波速公式=：得7=：=3s=2s

簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，在t=0時(shí)刻x=4m處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向向上，且正好通過(guò)平衡位置，位

移為零，由此可知x=4m處的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象應(yīng)是4圖。故A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選:Ao

由波動(dòng)圖象讀出波長(zhǎng)；I，由波速公式。=*求出周期。根據(jù)t=0時(shí)刻x=4m處的質(zhì)點(diǎn)的位置和速度方

向，再進(jìn)行判斷。

本題考查基本的讀圖能力，由波動(dòng)圖象讀出波長(zhǎng)，由波的傳播方向判斷質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向，判斷質(zhì)點(diǎn)

的振動(dòng)方向等等都是基本功，要加強(qiáng)訓(xùn)練，熟練掌握。

3.答案：D

解析：解：物體小不是壓敏電阻，物體電阻與受力無(wú)關(guān)，電阻不變，A正確；

8、升降機(jī)靜止時(shí)電流表示數(shù)為/。，而運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電流表示數(shù)為2/。，由歐姆定律分析壓敏電阻的阻

值變小，說(shuō)明壓敏電阻所受壓力增大，大于重力，則物體處于超重狀態(tài)，8錯(cuò)誤；

CD、升降機(jī)具有向上的加速度，可能向上勻加速運(yùn)動(dòng)也可能向下做勻減速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤，。正確；

故選：0。

壓敏電阻的阻值會(huì)隨所受壓力的增大而減小。運(yùn)動(dòng)中電流增大，說(shuō)明壓敏電阻的電阻值較減，壓力

增大，然后受力分析，判斷超重與失重。

本題需信息轉(zhuǎn)化，將電流的變化轉(zhuǎn)化為壓力的變化；需熟悉超重和失重過(guò)程的加速度方向和可能速

度方向。

4.答案：A

解析：

速度時(shí)間圖線的切線斜率表示加速度，根據(jù)圖線斜率的變化判斷加速度的變化.連接圖線的首末兩

點(diǎn)，該直線表示做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，得出平均速度速度的大小，通過(guò)圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示

位移比較物體的平均速度與勻變速直線運(yùn)動(dòng)的平均速度大小.

解決本題的關(guān)鍵知道速度時(shí)間圖線的切線斜率表示加速度，圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示位移.

圖線的斜率逐漸減小，知加速度隨時(shí)間減小.連接圖線首末兩點(diǎn)，該直線表示物體做勻加速直線運(yùn)

動(dòng)，平均速度了=空，因?yàn)樽兗铀僦本€運(yùn)動(dòng)圖線與時(shí)間軸圍成的面積大于勻加速直線運(yùn)動(dòng)圖線與

時(shí)間軸圍成的面積，即變加速直線運(yùn)動(dòng)的位移大于勻加速直線運(yùn)動(dòng)的位移，時(shí)間相等，則平均速度

大于勻加速直線運(yùn)動(dòng)的平均速度，即方＞空.故A正確，B、C、。錯(cuò)誤.

故選A.

5.答案：C

解析：解：小由題圖乙可知交流電電流的最大值為：加=10魚(yú)4周期為：T=0.02s

由于電流表的示數(shù)為有效值，故示數(shù)為：/=/=催=104故A錯(cuò)誤；

B、線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為：w=Y=-^rad/s=100nrad/s,故B錯(cuò)誤；

C、t=0.01s時(shí)線圈中的感應(yīng)電流達(dá)到最大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，則穿過(guò)線圈的磁通量變化最快，磁

通量為0,故C正確；

。、0.02s時(shí)線圈中的感應(yīng)電流最大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，則穿過(guò)線圈的磁通量變化率最大，磁通量為0,

線圈平面與磁感線平行，故。錯(cuò)誤。

故選：C。

由題圖乙可知交流電電流的最大值、周期，電流表的示數(shù)為有效值；感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，則穿過(guò)線圈

的磁通量變化最快，磁通量為0,線圈平面與磁感線平行

本題考查交變電流的產(chǎn)生及有效值的定義，要注意明確電流表示數(shù)、機(jī)器銘牌上所標(biāo)的電流值、電

壓值等均為有效值。

6.答案：A

解析：解：根據(jù)閉合電路歐姆定律，當(dāng)開(kāi)關(guān)扳到位置1時(shí)，電壓表的讀數(shù)U1=*=5.6V

當(dāng)開(kāi)關(guān)扳到位置2時(shí)，電壓表的讀數(shù)4=含

兩式相比可得者=%(出+丁)

u

2R2(7?j+r)

即4=鬻電1

K1^K2+r)

當(dāng)r=0時(shí)4=力=5.6V

當(dāng)r=8時(shí)/=*=署V=3.6U

AJZ.O

由此可見(jiàn)，4的取值范圍為3.6V<U2<5.6V

故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：J4O

當(dāng)電鍵扳到位置1時(shí)，外電阻減小，路端電壓減小，電流增大。根據(jù)歐姆定律進(jìn)行判斷。

本題要根據(jù)路端電壓隨外電阻減小而減小，電流隨外電阻減小而增大確定路端電壓的變化范圍。

7.答案：D

解析：解：4、返回艙在噴氣的過(guò)程中，做減速運(yùn)動(dòng)，加速度方向與速度方向相反，則合力的方向與

速度方向相反。故A錯(cuò)誤。

8、在噴氣的過(guò)程中，加速度方向向上，宇航員處于超重狀態(tài)，故B錯(cuò)誤。

C、火箭開(kāi)始噴氣前勻速下降拉力等于重力減去返回艙受到的空氣阻力，火箭開(kāi)始噴氣瞬間反沖力直

接對(duì)返回艙作用因而傘繩對(duì)返回艙的拉力變小，此時(shí)火箭噴氣過(guò)程中傘繩對(duì)返回艙的拉力小于重力,

故C錯(cuò)誤；

。、返回艙在噴氣過(guò)程中減速的主要原因是緩沖火箭噴氣而獲得向上的反沖作用力，故。正確。

故選：D?

打開(kāi)降落傘一段時(shí)間后，返回艙已經(jīng)做勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)的速度還是比較大，當(dāng)著陸時(shí)點(diǎn)燃緩沖火箭

使返回艙的速度快速的減為零，合力與速度反向相反，從而安全著陸，所以在點(diǎn)燃返回艙的緩沖火

箭的過(guò)程中，起主要作用的是緩沖火箭，緩沖火箭對(duì)返回艙做負(fù)功使其動(dòng)能減小.

在著陸的過(guò)程中，主要是靠緩沖火箭來(lái)使返回艙減速到零，所以緩沖火箭對(duì)返回艙做負(fù)功，返回艙

做減速運(yùn)動(dòng)有向上的加速度，處于超重狀態(tài).本題需要同學(xué)分析清楚返回艙的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，從而判斷

返回艙運(yùn)動(dòng)的狀態(tài)

8.答案：B

解析：解：力、撤去拉力后木塊做勻減速運(yùn)動(dòng)，由u-t圖象的斜率可得，勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小

為=*=5?n/s2,由牛頓第二定律得：i^mg=ma2,解得〃=0.5,故A錯(cuò)誤.

B、0-5s內(nèi)木塊的加速度為％=：=￡=2m/s2,由牛頓第二定律得：Fcosd-n(mg-Fsind)=

mar,解得F=70N,故B正確.

C、在0.7s內(nèi)，木塊的位移為x="I=1x2x0.72m=0.49m,木塊克服摩擦力做功W=^mg一

Fsind)x=0.5x(11x10-70x0.6)x0.49=16.66/,故C錯(cuò)誤.

。、在2s時(shí)，木塊的速度為v==4m/s,此時(shí)拉力F的瞬時(shí)功率為P=FvcosO=70x4x0.8W=

224W,故。錯(cuò)誤.

故選：B

撤去拉力后木塊做勻減速運(yùn)動(dòng)，由u-t圖象的斜率求出加速度，再由牛頓第二定律求木塊與水平面

間的動(dòng)摩擦因數(shù).再研究有拉力作用的過(guò)程，由v-t圖象求出加速度，再由牛頓第二定律求拉力產(chǎn)的

大小.由位移公式求出0.7s內(nèi)木塊的位移，再由功的公式求克服摩擦力做功.由速度公式求出2s末

木塊的速度，再由公式P=Fucos。求瞬時(shí)功率.

本題是牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合處理動(dòng)力學(xué)問(wèn)題，加速度是關(guān)鍵量，是聯(lián)系力和運(yùn)動(dòng)學(xué)關(guān)系

的橋梁，在這種方法中是必求的量.

9.答案:C

解析：解：4下落過(guò)程中，彈性繩對(duì)蹦極者向上的力做負(fù)功，則蹦極者的機(jī)械能減少，故A錯(cuò)誤；

反彈性繩剛開(kāi)始繃緊時(shí)，彈性繩的拉力為零，物體只受重力，合外力向下，運(yùn)動(dòng)員向下做加速運(yùn)動(dòng)，

速度繼續(xù)增大，故此時(shí)運(yùn)動(dòng)員的速度不是最大。故8錯(cuò)誤；

C.到最低點(diǎn)彈性繩的形變量最大，所以彈性勢(shì)能最大，故C正確；

。.在整個(gè)下落過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員和彈性繩組成的系統(tǒng)，只有重力和彈力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，由

于運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)能先增大后減小，所以由系統(tǒng)的機(jī)械能守恒知，重力勢(shì)能與彈性繩的彈性勢(shì)能之和先

減小后增大，故。錯(cuò)誤。

故選：C。

彈性繩剛開(kāi)始繃緊后運(yùn)動(dòng)員受到重力和彈性繩向上的拉力，開(kāi)始階段，拉力小于重力，運(yùn)動(dòng)員向下

做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)拉力大于重力后，運(yùn)動(dòng)員做減速運(yùn)動(dòng)。拉力大小隨著伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度增加而增大，根據(jù)

牛頓第二定律分析速度變化。根據(jù)功能關(guān)系分析動(dòng)能、重力勢(shì)能和彈性勢(shì)能之間的關(guān)系。

正確對(duì)研究對(duì)象進(jìn)行受力分析，根據(jù)受力分析運(yùn)動(dòng)情況，知道機(jī)械能守恒的條件；

10.答案：AD

解析：解：4、只受電場(chǎng)力，則電子的能量守恒，在4點(diǎn)￡=EK+琢=3.2xICT。+女8xKT"=

8X10T7/,在B點(diǎn)/=E-Ep=8x10-17-6.4x10-17=1.6x10-0/,故A正確；

B、電場(chǎng)力做的功等于電勢(shì)能的變化量，所以由4到B電場(chǎng)力做功以B=EPA-EPB=-1.6xIO-”/=

—100ev,故8錯(cuò)誤;

C、因?yàn)镋p4<Ep8，電子帶負(fù)電，根據(jù)電勢(shì)能的定義知外>0B，故C錯(cuò)誤；

D、I4^e=-eUAB,所以以B=100V,故。正確；

故選：AD.

根據(jù)能量守恒求出電子的動(dòng)能，根據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的變化關(guān)系求電場(chǎng)力做的功，同時(shí)可以求

出兩點(diǎn)間的電勢(shì)差。

本題重點(diǎn)考查了電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的變化關(guān)系MB=EPA-Epp這個(gè)關(guān)系式，結(jié)合功的公式即可解

決此類(lèi)題目。

11.答案：BC

解析：解：AB.a、b穿過(guò)三棱鏡后互相平行，貝膚昉光偏折程度，b光的折射率大，b光的頻率大.故

A錯(cuò)誤，B正確.

CD、根據(jù)“=￡得，b光的折射率大，則b光在棱鏡中速度較小，a光在棱鏡中傳播速度較大，且a光

在棱鏡中的路程較短，所以a光穿過(guò)棱鏡的時(shí)間較短.故C正確，。錯(cuò)誤.

故選：BC.

根據(jù)光線的偏折程度比較光的折射率大小，從而得出光在介質(zhì)中的速度大小關(guān)系，從而比較出光在

棱鏡中傳播的時(shí)間長(zhǎng)短.

解決本題的突破口在于通過(guò)光線的偏折程度比較折射率的大小，知道在介質(zhì)中速度與折射率的關(guān)系.

12.答案：AC

解析:解：人仄如圖:通過(guò)木星影區(qū)的時(shí)間3周期為7,則=J,解得:。=解兀,而/=sin；=sin5,

2nTTr2T

24a2r34TT*2D3

根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力：G等=m^r,解得：”=k=折碎，可求得中心天體的質(zhì)量,

AM37r

球體體積v=2兀R3,可得：P=-=ru,故A正確，8錯(cuò)誤；

sT

C、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力：G等=?nQ=7n羽r,解得：。=〒-=正薩，故C正確；

。、公式只能計(jì)算中心天體的物理量，故。錯(cuò)誤：

故選：AC

根據(jù)木衛(wèi)一繞木星的運(yùn)動(dòng)周期T和通過(guò)木星影區(qū)的時(shí)間3計(jì)算走影區(qū)對(duì)應(yīng)的圓心角，進(jìn)而到木衛(wèi)一

的軌跡半徑，從而求得中心天體質(zhì)量和圓周運(yùn)動(dòng)的加速度.

本題關(guān)鍵是根據(jù)木星的衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力有萬(wàn)有引力提供，列出方程，分析方程式即可看出

要測(cè)量的量.

13.答案：(1)4C；⑵左；0.88；(3冷］

解析：(1)為了保證打第一個(gè)點(diǎn)時(shí)小車(chē)速度為零及充分利用紙帶打出足夠的點(diǎn)，應(yīng)該先接通電源再釋

放小車(chē)；為了保證繩子的拉力大小近似等于砂和砂桶的重力，小車(chē)的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)大于砂和砂桶的總質(zhì)

量；為了保證繩子拉力方向和小車(chē)運(yùn)動(dòng)方向始終相同，實(shí)驗(yàn)前應(yīng)調(diào)節(jié)滑輪高度，使滑輪和小車(chē)間的

細(xì)線與木板平行；平衡摩擦力時(shí)，不能夠掛上砂和砂桶。故AC正確。

(2)小車(chē)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，且點(diǎn)跡間距從左到右逐漸變大，則故紙帶的左端與小車(chē)相連；相鄰兩計(jì)

數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)打點(diǎn)末畫(huà)出，所以7=5x0.02s=0.1s,

2

根據(jù)逐差法：a=*+%］”+&)=7.75+&6：；：：；0+6.87)義1Q-2m/s=0.88m/s?

(3)根據(jù)牛頓第二定律:F=(zn+M)a,整理得［=y+^m,其中b=%k=",解得:F=*,M=也

故答案為：(1)2C；(2)左；0.88；⑶%匕

實(shí)驗(yàn)時(shí)必須先接通電源再釋放小車(chē)；小車(chē)的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)大于砂和砂桶的總質(zhì)量；滑輪和小車(chē)間的細(xì)線

與木板平行；平衡摩擦力時(shí)，不掛上砂和砂桶；利用逐差法求加速度；根據(jù)牛頓第二定律列出方程，

把方程整理成快于m的一次函數(shù)，結(jié)合圖象和題目條件可以求出拉力和小車(chē)質(zhì)量。

本題考查了探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)。教科書(shū)本上的實(shí)驗(yàn)，我們要從實(shí)驗(yàn)原

理、實(shí)驗(yàn)儀器、實(shí)驗(yàn)步驟、實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理、實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)這幾點(diǎn)去搞清楚。

對(duì)于實(shí)驗(yàn)我們要清楚每一項(xiàng)操作存在的理由。比如為什么要平衡摩擦力，為什么要先接通電源后釋

放紙帶等。

14.答案：解：串聯(lián)分壓電路的特點(diǎn)就是電流相同，在改裝的電壓表中，各量程達(dá)到滿偏電壓時(shí)，經(jīng)

過(guò)“表頭”的電流均為滿偏電流.

根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律，接。、A時(shí)：％=儡，解得R】=^-Rg=麗奈？-500=2.95x104。，

接°、B時(shí)：解得/?2=為一%-8=7^—500—2.95X104=1.2X1050，

答：分壓電阻Ri的阻值為2.95x104/2,/?2的阻值為12x1。50.

解析：本題的關(guān)鍵是明確電壓表是電流表與分壓電阻串聯(lián)而改裝成的，當(dāng)電壓表達(dá)到量程時(shí)通過(guò)電

流表的電流應(yīng)為滿偏電流，然后根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律求出分壓電阻的大小即可.

電壓表是電流表與分壓電阻串聯(lián)而成，當(dāng)電壓表達(dá)到量程時(shí)通過(guò)電流表的電流應(yīng)為滿偏電流.

15.答案：解：(1)對(duì)小物塊，格ma=-umg

根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式后-詔=2a，

由能量關(guān)系如。2=Ep,

解得的=2/。

(2)設(shè)小物塊離開(kāi)彈簧時(shí)的速度為％,有=

對(duì)小物塊，根據(jù)動(dòng)量定理1--m%-mv

由⑤⑥式并代入數(shù)據(jù)得/=-4kgm/s.

彈簧對(duì)小物塊的沖量大小為4kgm/s,方向水平向左。

(3)小物塊滑過(guò)0點(diǎn)和小車(chē)相互作用，由動(dòng)量守恒=(爪+M)V2.

由能量關(guān)系“mgx=ijnvf+M)域

小物塊最終停在小車(chē)上距4的距離/=g-％

解得辦=l-5m?

答：(1)小物塊和彈簧相互作用的過(guò)程中，彈簧具有的最大彈性勢(shì)能為2/。

(2)小物塊和彈簧相互作用的過(guò)程中，彈簧對(duì)小物塊的沖量大小為4kgm/s,方向水平向左。

(3)小物塊最終停在小車(chē)上的位置距4端為1.5m。

解析：(1)根據(jù)牛頓第二定律求出小物塊在40段做勻減速直線運(yùn)動(dòng)的加速度大小，從而根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)

公式求出小物塊與B彈簧接觸前的速度，根據(jù)能量守恒定律求出彈簧的最大彈性勢(shì)能。

(2)小物塊和彈簧相互作用的過(guò)程中，根據(jù)能量守恒定律求出小物塊離開(kāi)彈簧時(shí)的速度，根據(jù)動(dòng)量定

理求出彈簧對(duì)小物塊的沖量。

(3)根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出小物塊和小車(chē)保持相對(duì)靜止時(shí)的速度，根據(jù)能量守恒定律求出小物塊在小

車(chē)上有摩擦部分的相對(duì)路程，從而求出小物塊最終位置距離4點(diǎn)的距離。

本題綜合考查了動(dòng)量定理、動(dòng)量守恒定律以及能量守恒定律，綜合性較強(qiáng)，對(duì)學(xué)生的能力要求較高，

關(guān)于這方面的問(wèn)題，需加強(qiáng)訓(xùn)練。

16.答案：解：(I)在擊發(fā)子彈時(shí)

初始狀態(tài)參量：Pi=Po，匕="匕，71=70，

-3

末狀態(tài)參量：T2=8T0,V2=V=2.24x10L

根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程有

PiVi_PzVz

代入數(shù)據(jù)解得：p2=3200po

（口）彈頭射出槍口的過(guò)程中

初始狀態(tài)參量：p3=p0,V3=O.9nVo,T3=T0,

-33

末狀態(tài)參量：T4=4T0,14=K+UK=12x2.24x10L=26.88x10-L

根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程有

P3V3_P4V4

代入數(shù)據(jù)解得：p4=12Opo

答：（I）擊發(fā)子彈時(shí)燃?xì)猱a(chǎn)生的壓強(qiáng)為3200P。

（口）彈頭射出槍口時(shí)燃?xì)猱a(chǎn)生的壓強(qiáng)為為120p0。

解析：（I）分析擊發(fā)子彈前后氣體的壓強(qiáng)、體積、溫度各為多大，根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可解得

擊發(fā)子彈時(shí)燃?xì)猱a(chǎn)生的壓強(qiáng)。

（口）同（I）分析擊發(fā)子彈前后氣體的壓強(qiáng)、體積、溫度各為多大，利用理想氣體的狀態(tài)方程即可解得。

本題考查理想氣體狀態(tài)方程，做題關(guān)鍵在于分析氣體變化前后的三種物理量情況，再利用理想氣體

的狀態(tài)方程即可解得。

17.答案：解：（1）線框右側(cè)邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E=BLv0,

根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得感應(yīng)電流：

K

右側(cè)邊所受安培力：F=BIL=膂；

（2）線框以速度必進(jìn)入磁場(chǎng)，在進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，受安培力而減Vf

速運(yùn)動(dòng)；進(jìn)入磁場(chǎng)后，在摩擦力作用下加速運(yùn)動(dòng)，r----7T---7"---

當(dāng)其右側(cè)邊到達(dá)PQ時(shí)速度又恰好等于火,因此，可能的圖象如圖f

所示，

2

（3）根據(jù)勻加速運(yùn)動(dòng)的位移速度關(guān)系可得：v-vj=2a（d-L）0;

根據(jù)牛頓第二定律可得：Rmg=ma,

以線框?yàn)檠芯繉?duì)象，根據(jù)動(dòng)能定理可得：iimgL-W=^mvl-\mv2,

克服安培力做的功等于回路中初速度焦耳熱，線框進(jìn)入磁場(chǎng)和離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程中受力情況和運(yùn)動(dòng)情

況完全相同，

所以有：Q=2W,

聯(lián)立解得：Q=2林mgd.

答：(1)線框的右側(cè)邊ab剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)所屬安培力的大小為竺夢(mèng)；

(2)大致畫(huà)出線框從進(jìn)入到離開(kāi)